云南省三校联考（四）理综-答案(1)_2023年11月_0211月合集_2024届云南省三校高三高考备考实用性联考卷（四）_云南省三校2024届高三高考备考实用性联考卷（四）理综

2024 届云南三校高考备考实用性联考卷（四） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共13小题，每小题6分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 C B B D C A A B C D D C B 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一 项符合题目要求；第 19～21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给0分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D D B C D BC AD AC 【解析】 1．B 点时 CO 释放量与 O 消耗量之比为 7∶3，则有氧呼吸与无氧呼吸的CO 释放量之比为 2 2 2 3∶4，所以消耗的葡萄糖之比为1∶4，A正确。C点时光合作用强度与呼吸作用强度相等， 所以C点之前已开始进行光合作用，B正确。自由水/结合水的比值上升时，结合水相对减 少，植物的抗逆性应减弱，C 错误。低温诱导促使植物开花的作用称为春化作用，促进冬 小麦开花进而提高结实率，D正确。 2．交感神经兴奋使支气管扩张，A错误。肾上腺髓质分泌肾上腺素增加，能促进细胞代谢， 提高机体应激能力，B正确。缓冲物质位于细胞外液中，可调节血浆（细胞外液）的pH， C错误。血浆中Ca2+浓度降低会引起手足抽搐，D错误。 3. 显性纯合子和隐性纯合子自交子代都不发生性状分离，故不能判断出亲本的基因型，A 错 误。测交就是检测待测个体产生的配子种类及比例，B 正确。根据测交子代出现宽叶∶窄 叶=1∶1，高茎∶矮茎=1∶1，只能判断这两对基因遵循分离定律，不能判断出这两对基因 遵循自由组合定律，C 错误。根据杂合子 AaBb 自交子代出现 4 种表型可能是基因自由组 合，也可能是染色体互换导致的，不能判断出这两对基因遵循自由组合定律，D错误。 4．杂交育种的原理是基因重组，A正确。射线处理可能导致植株发生基因突变引起基因结构 变化，也可能发生染色体变异导致基因数量或排列顺序改变，B 正确。人工选育过程会淘 汰不需要的表型，从而定向改变种群基因频率，C 正确。使用这些育种手段并未发生地理 隔离，D错误。 理科综合参考答案·第1页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}5．板栗、茶树两种植物高度不一，其进行间作时利用的是群落的垂直结构，A错误。植物生 态位通常应该研究植物的出现频率、种群密度、植株高度以及与其他物种的关系等，B 错 误。该立体农业模式有利于区域小气候、土壤条件的发展，对生态系统具有调节功能，故 体现出生物多样性的间接价值，C 正确。该立体农业未能体现出对能量的多级利用，而是 将生物在时间、空间上进行合理配置，增大流入生态系统的总能量，D错误。 6．使用PCR技术扩增抗冻基因，只需要知道抗冻基因两端碱基序列设计引物即可，A正确。 使用限制酶Ⅱ会破坏 Vir 区的基因，Vir 区的基因活化能促进 T−DNA 的加工和转移，是 T−DNA转移整合到受体细胞DNA上必不可少的，不能选限制酶Ⅱ，B错误。农杆菌侵染 植物细胞后，Ti 质粒上的 T−DNA 能转移到被侵染的细胞并整合到该细胞的染色体 DNA 上，所以Vir区基因活化可促进T−DNA转移并整合到受体细胞的染色体DNA上，C错误。 转化成功的植物细胞染色体 DNA 上整合了 T−DNA 片段，只获得了四环素抗性基因，所 以培养基中最好加入四环素进行筛选，D错误。 7．航天飞机返回舱外层的隔热瓦使用的是耐高温复合材料，而不是能导热的金属材料，A错 误。Ti−Fe合金是一种新型储氢合金材料，B正确。制造5G芯片的氮化铝晶圆属于无机非 金属材料，C正确。高吸水性树脂聚丙烯酸钠是丙烯酸钠通过加聚反应合成的，D正确。 8．光照下烃基氢可以与氯气反应，但是氯气不会取代苯环上的氢，A正确。分子中除苯环上 的羟基，其他羟基不与氢氧化钠反应，B 错误。催化剂存在下与足量氢气反应，苯环加成 为饱和碳环，羰基氧加成为羟基，故π键均可断裂，C正确。橙皮苷不与NaOH醇溶液反 应，故多羟基六元环不可形成π键，D正确。 1 9．NCl 中中心原子N周围的价层电子对数为3 (531)4，故空间结构为三角锥形，其 3 2 分子中正、负电荷中心不重合，为极性分子，而 SiCl 中中心原子周围的价层电子对数为 4 1 4 (441)4，是正四面体形结构，为非极性分子，A错误。NCl 和NH 中中心原子 3 3 2 1 N周围的价层电子对数均为3 (531)4，故二者 N 均为 sp3杂化，B错误。由题干 2 NCl 反应历程图可知，NCl 水解时首先 H O中的H原子与 NCl 上的孤电子对结合，O与 3 3 2 3 Cl结合形成HClO，而SiCl 上无孤电子对，故SiCl 的水解反应机理与之不相同，C正确。 4 4 NHCl 和NH 分子中均存在N—H键和孤电子对，故均能与H O形成氢键，D错误。 2 3 2 10．银镜反应需要在碱性溶液中进行，应加入氢氧化钠调溶液为碱性，A 错误。在 2mL 0.01mol/L H C O 溶液中加入5mL 0.01mol/L酸性KMnO ，酸性KMnO 溶液过量，紫色 2 2 4 4 4 理科综合参考答案·第2页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}不会褪去，B错误。 因为K (AgI)< K (AgCl)，所以在AgI悬浊液中滴加稀NaCl溶液至 sp sp 过量，黄色沉淀不能全部转化为白色沉淀，C 错误。还原性 Fe2+大于 Br−，向 FeBr 溶液 2 中加入少量氯水，先与Fe2+反应，再加CCl ，振荡无Br 生成，可以得出Fe2+和Br−的还 4 2 原性强弱，D正确。 11．石墨Ⅱ附近发生的电极反应式为2N O +O +4e− =4NO，A错误。石墨Ⅰ为负极，石 2 5 2 3 墨Ⅱ为正极，甲池内的NO向石墨Ⅰ移动，B 错误。乙池中 Fe(Ⅰ)棒为阳极，发生的电 3 极反应为 Fe−2e−=Fe2+，Fe(Ⅱ)棒为阴极，2H++2e−=H ↑，C 错误。因为 2 CrO2~6Fe2+~12e−所以若溶液中减少了 0.2mol CrO2，则电路中至少转移了 2.4mol 电 2 7 2 7 子，D正确。 12．工业上通过分离液态空气获得X 单质，则X是N或O。Y元素基态原子最外电子层上s、 2 p电子数相等，Y是C或Si。Z元素+2价阳离子的核外电子排布与氖原子相同，Z是Mg。 W元素原子的 M层有 1个未成对的 p电子，W是 Al或 Cl。X元素的最简单氢化物可能 是 NH 或 H O，分子空间结构可能是三角锥形或 V形，A不正确。Y元素最高价氧化物 3 2 为 CO 或 SiO ，晶体类型可能是分子晶体或共价晶体，B不正确。镁既能和氮气反应生 2 2 成氮化镁，又能和氧气反应生成氧化镁，C正确。若 W是氯元素，则氯的第一电离能比 镁元素的大，D不正确。 13．从图甲可以看出pH=10.25时，碳酸氢根离子与碳酸根离子浓度相同，电荷守恒，A正确。 从图乙可以看出 pH=11、lg[c(Mg2)]6时，该点位于曲线Ⅰ和曲线Ⅱ的下方，不会产 生碳酸镁沉淀或氢氧化镁沉淀，B不正确。从图乙可以看出pH=9、lg[c(Mg2)]2时， 该 点 位 于 曲 线 Ⅱ 的 上 方 ， 会 生 成 碳 酸 镁 沉 淀 ， 根 据 物 料 守 恒 ， 溶 液 中 c(H CO )c(HCO)c(CO2)0.1molL1，C正确。pH=8 时，溶液中主要含碳微粒是 2 3 3 3 HCO，pH=8，lg[c(Mg2)]1时，该点位于曲线Ⅱ的上方，会生成碳酸镁沉淀，因此 3 反应的离子方程式为Mg2++2HCO=MgCO ↓+H O+CO ↑，D正确。 3 3 2 2 14．卡文迪什巧妙地采用了放大法，运用扭秤测出引力常量，故 A 错误。伽利略为了说明力 不是维持物体运动的原因用了理想实验法，故 B 错误。在探究加速度与力和质量关系的 实验中采用了控制变量法，故 C 错误。在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动 过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，其 和代表物体的位移，这里采用了微元法，故D正确。 理科综合参考答案·第3页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}15．对滚筒进行受力分析，受重力 G，撑杆对滚筒的弹力 N ，墙面对滚 2 筒的支持力N ，由力的分解可知N mgtan，由牛顿第三定律滚筒 1 1 对墙面的压力为mgtanθ，故A错误。N mgtan，θ变小，N 变小， 1 1 由牛顿第三定律，滚筒对墙的压力变小，故B错误。滚筒缓慢移动， mg 处于动态平衡，N 、N 的合力等于滚筒重力，保持不变，故C错误。N  ，θ变小， 2 1 2 cos N 变小，故D正确。 2 16．由题可知物体做平抛运动，且位移大小之比为 1∶2，方向相同，由运动的分解可知，竖 1 直位移之比为1∶2。由h gt2，运动时间之比为1∶ 2，故A、C、D错误，B正确。 2 17．空间站里的宇航员处于悬浮状态是因为处于完全失重状态，故 A 错误。根据万有引力提 Mm v2 GM 供向心力，有G m ，可得 v ，可知该组合体运行的线速度大于地球同步 r2 r r Mm GM 轨道卫星的线速度，故B错误。根据牛顿第二定律，有G m2r，可得 ， r2 r3 可知“天舟五号”独立在轨运行时的角速度大于同步卫星的角速度，而同步卫星的角速 度等于地表物体的角速度，故“天舟五号”独立在轨运行时的角速度大于地表物体的角 速度，故 C 正确。“天舟五号”货运飞船绕地球运动，“天舟五号”货运飞船的发射速 度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D错误。 18．速度方向与OB的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场， 由粒子运动的轨迹，根据左手定则可判断，粒子带负电， 故A错误。由此粒子的运动轨迹结合几何关系可知，粒子 v2 做圆周运动的半径rd ，由牛顿第二定律，有qvBm ， r qBd 则粒子运动的速度大小为v ，故 B 错误。由于粒子 m 做圆周运动的速度大小相同，因此在磁场中运动的轨迹越长，时间越长，分析可知，粒 子在磁场中运动的最长弧长为四分之一圆周，因此最长时间为四分之一周期，即最长时 πm 间为 ，故C错误。由图可知磁场区域有粒子通过的面积为图中AOCDA区域的面积， 2qB 1 4π 即为d2  πd2  d2，故D正确。 4  4  理科综合参考答案·第4页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}19．vt图像中图线与坐标轴所围面积表示位移。已知t0时A物体在B物体的前方25m处， 在 0~10s 内，B 物体的位移比 A 物体的位移大，两者逐渐靠近，故 A 错误。根据vt图 像与时间轴所围的面积表示位移，可知在 0~10s 内，B 物体的位移与 A 物体的位移之差 105 为xx x  10m510m25m，因为t0时A物体在B物体的前方25m处， B A 2 则在10s末B物体刚好追上A物体，即两者相遇，故B正确。在10s末两物体相遇，在 10~20s内，A物体的位移比B物体的位移大，两物体逐渐远离，故C正确。根据vt图 像与时间轴所围的面积表示位移，可知在0~20s内两物体的位移相同，所以平均速度也相 同，故D错误。 20．由图看出b光的折射角大于a光的折射角，b光的偏折程度大，根据折射定律得知水对a 光的折射率小于对b光的折射率，因此，a光的频率小于b光的频率，故A正确，B错误。 c a 光的折射率小于 b 光的折射率，根据v 分析知在同种介质中传播，a 光的传播速度 n 大于b光的传播速度，故C错误。根据光的反射定律知，a、b两种单色光入射角相同， 反射角也相同，所以反射光一定是复色光，故D正确。 21．开始时弹簧被压缩，此时对 B 由平衡条件有F kx mgsin，释放物块 C 的瞬间， 弹1 1 对BC整体根据牛顿第二定律有mgF mgsin2ma，解得a0.5g，故A正确。由 弹1 前式可知当弹簧恢复原长时，此时B的加速度仍然沿绳子向上不等于零，B会继续加速； 当B的加速度等于零时速度最大，弹簧此时处于伸长状态，有mgmgsinF 0，解 弹2 得F F 0.5mg。弹簧形变量相等，故开始和当物块 B 的速度达到最大时，弹簧的 弹2 弹1 1 弹性势能相等，两状态下 BC 系统的机械能相等，有 2mv2  mg2x sin 2 m 1 mg2 mg2x 1 ，解得 v  ，故B错误，C正确。当B的速度达到最大时此时物块A刚 m 2k 好将要离开挡板，从初始状态到该过程中，弹簧先被压缩后被拉伸，形变量先减小后增 大，即弹簧的弹性势能先减小后增大，该过程BC和弹簧组成的系统机械能不变，故B、 C的机械能之和先增大后减小，故D错误。 三、非选择题：共14题，共174分。 22．（每空2分，共8分） （1）C 理科综合参考答案·第5页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}d2  1 1  （2）    2xt 2 t 2  B A （3）A D 【解析】（1）平衡摩擦力只需要进行一次即可；平衡摩擦力不能挂沙桶，故选C。 d d v2 v2 （2）小车通过A光电门的速度为v  ，同理有v  ；小车的加速度a B A  A t B t 2x A B d2  1 1    。 2xt2 t2  B A （3）图像没过原点，在F 0时就已经有了加速度，可知小车和长木板之间的摩擦力平衡 过度，故 A 正确，B 错误。图像的末端出现弯曲，说明小桶和沙子的总质量没能远小于 小车的质量，故C错误，D正确。 23．（每空2分，共8分） （2）V 10Ω 75Ω 1 （3）541 【解析】（2）为了测量更加精确，电压表应选 V ，滑动变阻器 R 选最大阻值为 10Ω 的， 1 方便调节；又因电流表的量程为1mA，内阻为300Ω，通过测量电阻的最大电流为5mA， 因此电流表量程应扩大为原来的5倍，因此分流电阻阻值应为该电流表内阻的四分之一， 故电流表并联电阻的阻值为R 75。 0 （3）R 两端电压即为电压表读数 2.30V；因电流表与 R 并联，量程扩大，通过待测电阻 x 0 的电流为电流表读数的 5 倍，即通过 R 的电流为 50.85mA4.25mA ，故 x 2.30 R  541。 x 4.25103 24．（12分） 解：（1）对弹珠B，有 0.2m g m a ① 2 2 将弹珠B逆向看成初速度为零的匀加速直线运动，有 1 x  at2 ② 2 2 得x 1m ③ 2 （2）因弹珠A和B发生弹性正碰，设碰撞前、后弹珠A的速度分别为v 、v ，碰撞后弹 A A 理科综合参考答案·第6页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}珠B的速度为v ，有 B mv mv m v ④ 1 A 1 A 2 B 1 1 1 mv2  mv2  m v2 ⑤ 2 1 A 2 1 A 2 2 B 其中v at ⑥ B 得v 1.8m/s ⑦ A 对弹珠A，有 1 1 0.2mgx  mv2  mv2 ⑧ 1 1 2 1 A 2 1 0 得v 3m/s ⑨ 0 评分标准：本题共 12 分。正确得出①、②、⑧式各给 2 分，其余各式各给 1 分。其余正 确解法也相应给分。 25．（14分） E 解：（1）回路电流为I  ① Rr 当杆a开始向右运动，有mg BIL ② 联立解得E6V ③ （2）金属框进入磁场时，框的右边切割磁感线，产生感应电动势，等效电路如图 EBLv 1 E I  R 总 B2L2v F BIL 1 ④ 安 1 R 总 1 此时杆a与金属框形成的总电阻为R R R3 ⑤ 总 2 从金属框刚进入磁场到完全进入磁场过程，根据动量定理有 B2L2v  1 t Mv R 总 B2L3 两边求和有 1 Mv Mv ⑥ R 1 总 理科综合参考答案·第7页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}2 联立解得v  m/s ⑦ 1 3 （3）金属框完全进入磁场后，金属框相当于电源，EH和FG均受向左的安培力而做减速 运动，最终停下，则从完全进入磁场到停下的整个过程，根据能量守恒定律有 1 2 Q Mv2  J ⑧ 2 1 9 2 4 Q  Q J ⑨ a 3 27 评分标准：本题共 14 分。正确得出①、②、③、⑦式各给 1 分，其余各式各给 2 分。其 余正确解法也相应给分。 26．（20分） 解：（1）物块P过B点，由牛顿第三定律可知，圆轨道对其支持力大小为 F F 12N ① N N 由牛顿第二定律有 v2 F mg m B ② N R 4 解得v  10m/s ③ B 5 对物块P由静止释放运动到B点的过程，利用动能定理有 1 qExmgx mv2 ④ 2 B 解得E1103V/m ⑤ （2）如图所示，令电场力与重力的合力与水平方向夹 角为θ，有 mg tan ⑥ qE 解得53 ⑦ 图中 C 为等效场的最低点，D 为等效场的最高点，F 为等效场中与圆心等高的点。令 物块 P运动到 F点的速度为v ，利用动能定理有 F 1 1 qERsinmgR(1cos) mv2  mv2 ⑧ 2 F 2 B 解得v 0 ⑨ F 物块P恰好不超过F点，故进入圆弧轨道后的运动过程不会与圆轨道分离 ⑩ 理科综合参考答案·第8页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}（3）电场力和重力的合力大小为 mg F  5N ⑪ 合 sin 物块P进入圆弧轨道后恰好能做完整的圆周运动，过D点有 v2 F m D ⑫ 合 R 令释放点距B点的距离为x，利用动能定理有 1 qE(xRcos)mgxmgR(1sin) mv2 ⑬ 2 D 解得x1.84m ⑭ 物块P过C点时，圆轨道对其支持力最大，物块P由C到D，利用动能定理有 1 1 F 2R mv2  mv2 ⑮ 合 2 D 2 C 物块P过C点时，利用牛顿第二定律有 v2 F F m C ⑯ m 合 R 解得F 30N ⑰ m 评分标准：本题共 20 分。正确得出②、④、⑮式各给 2 分，其余各式各给 1 分。其余正 确解法也相应给分。 27.（除特殊标注外，每空2分，共14分） （1）适当升高温度、搅拌、增加硫酸的浓度，将钛铁矿粉碎等等（任写一点）（1分） （2）蒸发浓缩（1分） 冷却结晶（1分） （3）TiOSO +2H O=H TiO ↓+ H SO 4 2 2 3 2 4 （4）①无（1分） pH=2.0时，Q[Al(OH) ]=0.001×(10−12)3=10−39<1.0×10−33，此时无 3 Al(OH) 沉淀生成 3 ②4.7 （5）还原剂 （6）FePO +Li++e−=LiFePO 4 4 【解析】（4）②将 Al3+完全除去，则c(Al3)≤1.0105molL1，根据1.0105c(OH)3≥ K [Al(OH) ]1.01033，求得c(OH)≥1.0109.3，pH≥4.7，故要将 Al3+完全除去，需 sp 3 将pH调整到4.7。 理科综合参考答案·第9页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}28.（除特殊标注外，每空2分，共14分） （1）连接仪器，检查装置气密性 （2）③或①② （3）c、d 减压蒸馏 （4）防止外界水蒸气进入C中使催化剂中毒（1分） （5）防止温度过高H O 分解（1分） 2 2 （6）H +O H O 2 2 2 2 （7）13.6% 【解析】（1）实验开始前需要检查装置气密性。 （2）H O、HX 等杂质易使 Ni 催化剂中毒，需通过碱石灰除去 HX 和 H O，所以装置 B 2 2 应该选③或①②。 （3）开始制备时，打开活塞 a、c，A 中产生的H 进入 C 中，在Ni催化作用下与乙基蒽 2 醌反应生成乙基蒽醇，一段时间后，关闭a、c，仅保持活塞b打开，将残留H 抽出，随 2 后关闭活塞 b，打开活塞 c、d，将 O 通入 C 中与乙基蒽醇反应生成 H O 和乙基蒽醌。 2 2 2 过氧化氢受热易分解，而减压蒸馏可以降低温度。 （4）H O容易使Ni催化剂中毒，实验中需要保持C装置为无水环境，F的作用为防止外 2 界水蒸气进入C中。 （5）防止温度过高H O 分解，所以反应过程中控温45℃。 2 2 （6）第一步为H 在Ni催化作用下与乙基蒽醌反应生成乙基蒽醇，第二步为O 与乙基蒽 2 2 醇反应生成H O 和乙基蒽醌，总反应为H +O H O 。 2 2 2 2 2 2 （7）滴定反应的离子方程式为2MnO+5H O +6H+=2Mn2++5O ↑+8H O，可得关系式： 4 2 2 2 2 2KMnO 5H O 。三组数据中20.50mL偏差较大，舍去，故消耗酸性高锰酸钾标准溶液 4 2 2 的平均体积为20.00mL，H O 的质量分数为 2 2 5 250mL 20103L0.02mol/L  34g/mol 2 25mL w 100%13.6% 2.50g 29．（除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）326 （2）低温（1分） 理科综合参考答案·第10页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}（3）bc （4）①a（1分） 反应①放热，温度升高，平衡逆向移动，甲醇的选择性降低 ②温度高于270℃时，反应①平衡逆向移动，而反应②平衡正向移动且程度更大 1 ③ 60 （5）8（1分） > 【解析】（1）观察可得C—O键存在于CH OH中，但反应③中CO分子中化学键的键能 3 数据未给出，只能利用反应①进行计算，反应①由反应②和反应③构造而来，根据盖斯 定律有ΔH =ΔH +ΔH =−40kJ·mol−1，根据ΔH=反应物的总键能−生成物的总键能可知， 1 2 3 ΔH =(2×803+3×436)−(3×413+a+463+2×463)=−40kJ·mol−1，可解出a=326kJ·mol−1。 1 （2）反应①的熵变ΔS<0，由（1）可知焓变ΔH<0，根据吉布斯自由能判据ΔG=ΔH−TΔS 可知，该反应在低温条件下自发。 （3）反应②是一个气体分子数不变的反应，故反应前后混合气体的总物质的量不变， 在恒温、恒容条件下，容器内气体的压强保持不变，当容器内气体的压强不再发生改 变时，无法说明反应达到平衡，a错误。CO 的体积分数不再变化能够说明反应达到平 2 衡，b正确。H—H键断裂是正反应，O—H键断裂是逆反应，1mol H—H键断裂的同 时2mol O—H键断裂，说明正逆反应速率相等，能够说明反应达到平衡，c正确。在恒容 容器中，混合气体总质量保持不变，混合气体的平均密度、平均摩尔质量均保持不变， 故混合气体的平均密度、平均摩尔质量不再变化无法说明反应达到平衡，d、e错误。 （4）①反应①放热，温度升高，平衡逆向移动，甲醇的选择性降低，故图中表示 CH OH 3 选择性变化趋势的曲线是a。 ②温度高于270℃时，反应①平衡逆向移动，a(CO )减小，而反应②平衡正向移动，a(CO ) 2 2 增大，总的结果是a(CO )增大，说明当温度高于270℃时，发生的反应以反应②为主，反 2 应②平衡正向移动的程度更大。 ③温度为270℃时，由图可知a (CO )=25%，CH OH的选择性和CO的选择性相同，初始 2 3 进料比 n(CO )∶n(H )=1∶3 投入反应物，可得此时 n(CH OH)=n(CO)，设初始进料为 2 2 3 n(CO )=1mol，n(H )=3mol，达平衡时体系总压强为pMPa，则CO 的总变化量为0.25mol， 2 2 2 CH OH的变化量为0.125mol，CO的变化量为0.125mol，可列出以下三段式： 3 理科综合参考答案·第11页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#} CO (g) + 3H (g)  CH OH(g) +H O(g) 2 2 3 2 起始 变化 0.125mol 0.375mol 0.125mol 0.125mol 平衡  CO (g) + H (g)  CO(g) + H O(g) 2 2 2 起始 变化 0.125mol 0.125mol 0.125mol 0.125mol 平衡 故对于体系中的所有物质而言，总的物质的量变化量三段式为 CO (g) H (g) CH OH(g) H O(g) CO(g) 2 2 3 2 起始 1mol 3mol 0 0 0 变化 0.25mol 0.5mol 0.125mol 0.25mol 0.125mol 平衡 0.75mol 2.5mol 0.125mol 0.25mol 0.125mol 平衡时： 0.75 2.5 0.25 n(总)=3.75mol，p(CO )=  pMPa；p(H )= pMPa；p(H O)= pMPa； 2 2 2 3.75 3.75 3.75 0.125  0.25   p  p 0.125 p(CO) p(H O)  3.75  3.75  1 p(CO)=  pMpa，故K  2   。 3.75 p p(CO ) p(H ) 0.75   2.5  60 2 2   p p 3.75  3.75  K 24 （5）根据题意可知，反应③=反应①−反应②，故K  1  8。该温度下，向体积为 3 K 3 2 2L的恒容密闭容器中充入1mol CO和2mol H 发生反应③，当CO转化率为50%时，可 2 列出三段式：  CO(g) + 2H (g)  CH OH(g) 2 3 起始 1mol 2mol 0 变化 0.5mol 1.0mol 0.5mol 结束 0.5mol 1.0mol 0.5mol 0.5mol    2L  此时，Q  4K ，故v(正)>v(逆)。 c 0.5mol 1mol 2 3  ×   2L   2L  理科综合参考答案·第12页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}30．（除特殊标注外，每空1分，共15分） （1）苯丙烯醛或肉桂醛或3−苯基丙烯醛 铁粉（或FeBr ）和液溴 3 （2）取代反应 碳碳双键、羧基 （3）CH MgBr sp2、sp3 3 （4）（3分） （5） 、 、 、 （写出任意两 种即可，各1分） （6）（4分） 或 31．（除特殊标注外，每空1分，共12分） （1）磷脂双分子层 主动运输 与自身结合部位相适应的（合理即可，2分） （2）ATP的合成需要ATP合成酶的催化（合理即可） 乙 黑暗 （3）跨膜H+的浓度梯度的推动（合理即可，2分） 实验思路：将解偶联物结合到图乙的囊泡中构建新囊泡，用新囊泡在相同条件下重复图 乙囊泡的实验，检测是否产生ATP。（3分）（正确选择或构建囊泡给1分，正确使用囊泡 进行对照实验给1分，正确描述检测指标给1分） 32．（除特殊标注外，每空1分，共11分） （1）Aabb、AAbb（答出1个给1分，2分） 基因A/a和B/b位于两对同源染色体上 （2）AaBb和aabb（或AaBb和AaBb）（任写1个组合，2分） 黄色∶白色=1∶3（或 黄∶白=3∶13） （3）一对性状可以由多对基因控制；基因可以通过控制酶的合成来控制代谢过程进而控 制生物性状（写出1个给1分，2分） （4）RNA聚合（多写不给分） 基因B转录产生的mRNA与基因A转录产生的mRNA 结合成双链（1分）抑制了基因A的mRNA翻译成相应的酶（1分） 理科综合参考答案·第13页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}33．（除特殊标注外，每空1分，共10分） （1）抗原呈递 表面的特定分子发生变化 细胞因子（或免疫活性物质） （2）细胞毒性T 溶酶体 （3）Th2 HPVE5 蛋白会抑制物质 b 的分泌（或 HPVE5 蛋白会抑制 Th1 促进细胞免疫 的过程） 监视 （4）二次疫苗接种会刺激记忆细胞迅速增殖分化，快速产生大量抗体及更多的记忆细胞 （2分） 34．（除特殊标注外，每空1分，共9分） （1）化能合成 全球 （2）生产者固定的总能量及污水中的化学能 呼吸作用以热能的形式 植物通过光合 作用产生并释放的氧气量也减少 （3）收支平衡 在一个系统中，系统工作的效果，反过来又作为信息调节该系统的工作， 并且使系统工作的效果减弱或受到限制（2分） 自生 35．（除特殊标注外，每空1分，共12分） （1）蛋白质、核酸（DNA和RNA）（2分） 高压蒸汽灭菌法或湿热灭菌法 （2）琼脂 A （3）分离出耐盐微生物（耐盐菌） 透明圈直径与菌落直径的比值大（2分） （4）不定向 增大培养液的溶氧量，利于微生物和培养液充分接触（2分） 稀释涂布 平板 理科综合参考答案·第14页（共14页） {#{QQABBQAEoggoAAAAARhCQwHwCkMQkBGAACoOAEAIsAIAAQNABCA=}#}