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绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 01（新高考通用）
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新考法：新高考更高注重利用数学知识解决实际物理问题，基于实际生活情境设计问题，利用所
学数学知识（如三角函数关系、均值不等式等）解决实际设计过程中的难题；同时新高考也体现出知
识的融合性，如变压器与热学的融合、光电效应与电磁感应的融合、机械振动与静电场的融合等。
高考·新情境：新高考物理试题实现从“解题”到“解决问题”转变，提高解决物理问题的能力。达到
这一目的，新高考物理试题基于真实的生活实践情境设置物理问题。如运动员踢足球过程应用动能定
理求解变力做功，借助新能源汽车测试利用机车启动知识解决测试过程中出现的偏差，从而调整数据。
命题·大预测：本卷试题整体先易后难，较多试题基于实际生活情境设计问题，有效的实现从“解题”
到“解决问题”转变，提高解决物理问题的能力；本卷的第1、2、5、8、13题都基于真实的生活实践
情境设置物理问题，需要学生能识别生活实践情境中所考查的知识原理，一旦识别试题可非常顺利解
决；第3、6题考查学生对理想模型建立条件的理解和解模的能力；第15题在考查牛顿第二定律的基础
上综合用能量解决传送带问题，在一轮复习过程中应注意知识的综合应用能力的训练；第14题将光电
效应与电磁感应相结合，是本卷的一大创新亮点，再次提醒广大教师、学生，在复习过程中不能仅局
限于模块专题复习，应打破传统的复习方式，分析和处理好各模块知识间的衔接点，找到解决此类新
考法的突破点。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一．选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，1~7题只有一项符合题目要求，每
小题4分，8~10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0
分。）
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学科网（北京）股份有限公司1．2024年8月，我国运动员获得第33届奥运会男子100 m自由泳冠军。比赛所用标准泳池的长度为50
m，下列与该运动员实际运动过程最接近的位移—时间（x − t）图像是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【详解】根据题意标准泳池的长度为50 m，我国运动员获得第33届奥运会男子100 m自由泳冠军，可知
运动员最后的位移为零，所以位移先增大后减小，离出发点最远处位移为50 m，只有C选项满足。
故选C。
2．香烟中含有多种放射性物质，其中以钋（ ）最为危险，是吸烟者罹患肺癌的原因之一。钋（
）可以放出 射线，衰变成稳定的铅，半衰期为138天。下列说法正确的是（ ）
A．香烟燃烧时，由于高温 的衰变将变快
B．1000个 原子核经过276天，将有750个 原子核发生衰变
C．衰变生成的铅原子核内的中子数为124
D．衰变产物的结合能之和比 的结合能小
【答案】C
【详解】A．半衰期不受温度影响，故A错误；
B．半衰期为统计规律，对少量原子核不适用，不一定有750个 原子核发生衰变，故B错误；
C． 发生衰变的核反应方程为
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学科网（北京）股份有限公司衰变生成的铅原子核内的中子数为
故C正确；
D．自发核反应放出能量，产物结合能之和比反应物结合能大，两者之差就是释放出核能的数值，故D错
误。
故选C。
3．实际的变压器存在铁芯漏磁、原线圈与副线圈存在一定的电阻、铁芯中的涡旋电流导致发热等现实问
题，所以原、副线圈的各个物理量的关系与理想变压器的情况会有微小差别。设原、副线圈的匝数比为
，感应电动势分别为 和 ，两端的电压为 和 ，电流分别为 和 ，下列说法正确的是（
）
A．实际的变压器仍满足
B．实际变压器满足
C．实际的变压器仍满足
D．实际的变压器一定不满足
【答案】D
【详解】AB．根据法拉第电磁感应定律，有
由于漏磁，有
则有
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学科网（北京）股份有限公司故AB错误；
CD．实际的变压器存在铁芯漏磁、原线圈与副线圈存在一定的电阻、铁芯中的涡旋电流导致发热等现实
问题，所以不再满足
C错误，D正确。
故选D。
4．手持软绳的一端O点在光滑水平面上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动，形成沿水平方向传播的
简谐波，建立坐标轴如图，M、N为绳上的两点， 时O点由平衡位置出发开始振动，第1s末恰好完成
5次全振动， 时绳上ON间形成如图所示的波形（N点之后的波形未画出）， 时，关于M、N
点的描述正确的是（ ）
A．M点在波峰，N点在波谷 B．M点在波谷，N点在波峰
C．M点沿y轴正方向运动 D．N点沿y轴正方向运动
【答案】D
【详解】AB．第1s末恰好完成5次全振动，说明振动周期为0.2s
故 时，波形图如图虚线所示
M、N点在均处于平衡位置，A、B项错误；
CD．根据传播方向与振动方向关系，可知M点沿y轴负方向运动，N点沿y轴正方向运动，C错误，D正
确。
故选D。
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学科网（北京）股份有限公司5．“篮球夹背”是考验两人协作能力的游戏，两人背对背、手挽手，背上夹着球，从起点跑到终点，在
球不掉落的情况下，最先完成的即获胜。如图甲所示，两位同学夹着篮球匀速前进，开始时两位同学的背
之间的夹角为锐角。其模型可简化为图乙，篮球夹在两个平面之间。若忽略篮球受到的摩擦力和空气阻力，
则下列说法正确的是（ ）
A．若左右两位同学的背与竖直方向的夹角均减小，则篮球所受两位同学的合力增大
B．若仅左边同学的背与竖直方向的夹角增大，则左边同学对篮球的作用力增大
C．若仅右边同学的背与竖直方向的夹角增大，则左边同学对篮球的作用力增大
D．若仅左边同学的背与竖直方向的夹角增大，则右边同学对篮球的作用力减小
【答案】D
【详解】A．由题意可知篮球处于平衡状态，则对篮球受力分析可知篮球所受两位同学的合力等于篮球的
重力，故篮球所受两位同学的合力不变，故A错误；
B．若仅左边同学的背与竖直方向的夹角增大，则篮球受到两位同学作用力的夹角减小，作出篮球受力的
动态矢量三角形，如图所示
可知左边同学对篮球的作用力可能减小，可能不变，也可能增大，但是右边同学对篮球的作用力一定减小，
故B错误，D正确；
C．若仅右边同学的背与竖直方向的夹角增大，则篮球受到两位同学作用力的夹角减小，作出篮球受力的
动态矢量三角形，如图2所示
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学科网（北京）股份有限公司可知左边同学对篮球的作用力减小，故C错误。
故选D。
6．我国首个火星探测器“天问一号”发射过程可简化为：探测器在地球表面加速并经过一系列调整变轨，
成为一颗沿地球公转轨道绕太阳运行的人造行星；再在适当位置加速，经椭圆轨道 霍曼转移轨道 到达火
星。已知地球的公转周期为T，P、N两点分别为霍曼转移轨道上的近日点与远日点，可认为地球和火星在
同一轨道平面内运动，火星轨道半径约为地球轨道半径的 倍。则（ ）
A．火星的公转周期为
B．探测器在霍曼转移轨道上的运行周期为
C．探测器在霍曼转移轨道上P、N两点线速度之比为
D．探测器在霍曼转移轨道上P、N两点加速度之比为
【答案】D
【详解】A．设地球绕太阳公转轨道半径为 r ，则火星轨道半径约为 ，根据开普勒第三定律 ，
火星的公转周期为地球公转周期的 倍， A错误；
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学科网（北京）股份有限公司B．设地球绕太阳公转轨道半径为 r ，则火星轨道半径约为 ，可知霍曼转移轨道半长轴为
，对地球和探测器，由开普勒第三定律可得
解得
B错误；
C．根据开普勒第二定律
P、N两点线速度之比为3：2，C错误；
D．根据万有引力提供向心力
探测器在霍曼转移轨道上P、N两点加速度之比为 ，D正确。
故选D。
7．如图所示为某半导体气相溅射沉积镀膜法的原理图，在真空室中，接电源正极的电容器上极板处放置
待镀膜的硅晶圆，接电源负极的下极板处放置镀膜靶材。等离子体氩气从左端进入真空室中的电场（可认
为离子初速为零），带正电的氩离子（Ar+）在电场力作用下加速轰击靶材，使得靶材原子溅射到上方硅晶
圆衬底上，从而实现硅晶圆镀膜。已知Ar的相对原子质量大于He的相对原子质量，不考虑离子间相互作
用，则离子在电场中的运动过程，下列说法正确的是（ ）
A．Ar+的电势能增大
B．若Ar+换为He+则获得的动量变小
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学科网（北京）股份有限公司C．若Ar+换为He+则获得的动能变小
D．等离子体中的负电荷从高电势向低电势运动
【答案】B
【详解】A．电场力对Ar+做正功，Ar+的电势能减小，故A错误；
B．根据
解得
Ar+与He+两粒子所带电荷量相等，Ar的相对原子质量大于He的相对原子质量，可知，若将Ar+换为He+，
则获得的动量变小，故B正确；
C．根据
由于Ar+与He+两粒子所带电荷量相等，可知，若将Ar+换为He+，则获得的动能不变，故C错误；
D．等离子体中的负电荷在电场力作用下将向上偏转，可知，负电荷从低电势向高电势运动，故D错误。
故选B。
8．为起到更好的隔音效果，阳台窗户使用双层玻璃，双层平行玻璃中间是氙气，两块玻璃的厚度相同均
为h。用一支激光笔，让激光从窗户一侧与玻璃成60°角入射并记录入射点A，同时记录A点在对面玻璃外
面的投影点A′，如图所示。然后在窗户另一侧记录激光出射点的位置B。测量A′B的距离为d。已知玻璃对
该激光的折射率为1.5，可认为氙气对该激光的折射率为1。该激光在真空中的传播速度为c，不考虑多次
反射，则下列说法正确的是（ ）
A．激光在氙气中的传播速度比在玻璃中的慢
B．双层玻璃中间氙气的厚度为
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学科网（北京）股份有限公司C．激光从A到B在玻璃中的传播时间为
D．激光从A到B的传播时间为
【答案】BC
【详解】A．根据折射率公式
可知，折射率越大，光在介质中的传播速度越慢，所以激光在氙气中的传播速度比在玻璃中的快，故A错
误；
B．作出激光的传播路线图如图所示
光在玻璃中的折射角为θ，根据公式，有
所以
由几何关系可得
解得双层玻璃中间氙气的厚度为
故B正确；
C．激光在玻璃中传播的路程
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学科网（北京）股份有限公司所以激光在玻璃中的传播时间
故C正确；
D．激光在氙气中的传播时间为
所以激光从A到B的传播时间为
故D错误。
故选BC。
9．如图甲， 为正三角形CDE各边中点，三角形FGH区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为
，方向垂直纸面向里，一带电粒子从 点以大小为 的速度沿CG方向进入正三角形区域，运动时间
后沿 的角平分线方向从 点离开。改变匀强磁场所在的区域，如图乙所示，磁感应强度大小为 ，
方向垂直纸面向里，该带电粒子以相同的速度从 点射入正三角形区域，运动时间 后，仍能沿 的
角平分线方向从 点离开。已知正三角形CDE的边长为 ，粒子质量为 、电荷量大小为 ，粒子重力不
计。下列说法正确的是（ ）
A． B．
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学科网（北京）股份有限公司C． D．
【答案】BC
【详解】AB．在图甲所示磁场中，根据洛伦兹力提供向心力有
粒子运动轨迹如图1所示
根据几何关系有
解得
粒子运动的时间
故A错误，B正确；
CD．在图乙所示磁场中，粒子运动轨迹如图2所示
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学科网（北京）股份有限公司根据几何关系有
则
根据洛伦兹力提供向心力有
解得
粒子运动的时间
由此可知
故C正确，D错误。
故选BC。
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学科网（北京）股份有限公司10．如图所示，一根长为L的轻杆的两端分别固定小球A和B。轻杆可绕距A球为 处的轴O在竖直平面
内转动，初始时杆处于竖直位置，小球B恰好与水平光滑地面接触。在杆的左侧紧贴着B球有边长为 的
立方体滑块C，A、B、C的质量均为m。现用一水平恒力F作用于A球上，使之绕固定的O轴顺时针转动，
直到B转动到C的右上角分离。设在此过程中C滑块一直紧贴地面，不计一切摩擦。关于此过程，下列判
断正确的是（ ）
A．力F的功率逐渐减少
B．分离之前滑块C的动能始终小于球A的动能
C．力F做的功大于滑块C的动能增量与球A、B重力势能增量之和
D．滑块C的最大速度为
【答案】CD
【详解】AC．用 表示A球转过 角时A球的速度大小，用 表示A球转过 角时B球的速度大小，v
表示此时立方体的速度大小，则
由于A与B的角速度相同，且
OA=
则
OB=
则
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学科网（北京）股份有限公司根据能量守恒定律可知，力F做的功等于滑块C的动能增量与球A，B机械能增量之和，则力F做的功大
于滑块C的动能增量与球A、B重力势能增量之和，可得
解得
由几何关系可知转过的最大角度为
=60°
则力F的功率为
由数学知识可知，功率增加，故A错误，C正确；
B．分离前C的动能为
分离前A的动能为
由数学知识可知角度转动的范围为
0≤ ≤60°
则
可知
故B错误；
D．当 =60°时，C速度最大为
故D正确。
故选CD。
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学科网（北京）股份有限公司二、非选择题：共5题，共54分。其中第13题~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演
算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（6分）某同学用图（a）所示装置研究滑块在水平传送带上的运动。实验前，该同学已先测出滑块和
位移传感器（发射器）的总质量为 。实验中，该同学让传送带保持恒定的速度，将滑块由静止
轻放在传送带上O处并将此时刻作为计时起点，用位移传感器测出了各时刻t滑块相对于O的位移x，利
用测得的多组数据在图（b）所示的 坐标中描出了14个点。（所有计算结果均保留两位有效数字）
(1)根据描出的点作出滑块运动的 图线，可以得出以下结论：
①滑块在传送带上先做的是直线运动；
②传送带的速度大小为 m/s；
③滑块做匀加速直线运动的加速度大小为5m/s2。
(2)若重力加速度大小取 ，则利用实验数据可求得：
①滑块与传送带间的动摩擦因数为 ；
②在 末这段时间内，滑块与传送带间因摩擦产生的热量为 J。
【答案】(1)2.0；(2) 0.50 ，0.45
【详解】（1）由图可知，0.40s后滑块做匀速直线运动，即滑块的速度等于传送带的速度，则有
（2）①[1]滑块在传送带上匀加速的运动时，根据牛顿第二定律可得
代入数据，解得
②[2]由于传送带与滑块之间有相对运动时才有热量产生，所以0.10s末～0.60s末这段时间内，只有0.10s
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学科网（北京）股份有限公司末～0.40s末这段时间有热量产生，这段时间内传送带的位移为
0.1s末滑块的速度为
0.10s末～0.40s末这段时间滑块的位移为
则滑块与传送带之间的相对位移为
则摩擦产生的热量为
12．（9分）某位同学家里装修，购买了5盘铝线，每盘标注长为100 m、横截面积为2 mm2，该同学为了
检测铝线的横截面积和长度是否与标注一样，准备了如下器材：
滑动变阻器R；
电阻箱R 和R（最大阻值均为999.9 Ω）
1 2
定值电阻R（R = 10 Ω）
3 3
灵敏电流表G；
电池组E（电动势约9 V）；
开关S和S，导线若干。
0
该同学的检测过程如下：
（1）通过资料查询到铝的电阻率为2.9 × 10−8 Ω·m；
（2）选择铝线不同位置剥去绝缘皮后，使用螺旋测微器测量铝线直径。某次测量读数如图1所示，则铝
线的直径为 mm；
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学科网（北京）股份有限公司（3）将5盘铝线串联，按图2所示连接电路，R 表示铝线的总电阻；
x
（4）闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应滑到 （填“左”或“右”）端；
（5）闭合开关S及S，调节电阻箱R 和R，当R 和R 的阻值分别为7.8 Ω和5.7 Ω时，电流表的示数恰
0 1 2 1 2
好为零，R 值的表达式为 （用R、R、R 表示）；用该同学按测得的铝线直径计算，发现铝线
x 1 2 3
粗细符合其标注规格。按标注规格2 mm2计算，每盘铝线实际长度为 m（保留一位小数）。
【答案】 1.595（1.594 ~ 1.597） 右 100.8
【详解】[1]螺旋测微器的读数为
[2]为保证电路安全，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应该调节到最大，故滑片滑到右端。
[3]电流表示数为零时，表明达到了电桥平衡，此时有
解得
[4]根据电阻定律
代入数据解得
13．（10分）2024年7月27日巴黎奥运会上，两名00后小将黄雨婷、盛李豪获得射击混合团体10米气
步枪金牌，为中国队夺得首金！比赛用的气步枪是利用压缩空气推动弹丸的枪械，它的原理可简化如下图：
将高压空气储存在气罐A中，撞击锤向前顶开气阀门K，压缩气体经细小通道进入枪膛B中，A、B中气
体立即达到平衡且不向外界漏气，从而给弹丸强大作用力将其发射出去。已知枪膛B内为常压气体，压强
为 ，体积为 ，气罐A储存的气体初始压强为 ，体积为 ，细小通道体积可忽略不计，不考虑温
度的变化。求：
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学科网（北京）股份有限公司(1)初始储存在气罐A中的气体，做等温变化在压强为 时所对应的体积；
(2)气阀门K打开瞬间枪膛B中的压强。
【答案】(1) ；(2)
【详解】（1）气体做等温变化
解得
（2）气体做等温变化，对A与B中气体整体分析得
解得
14．（15分）如图，两根相距L的无限长的平行光滑金属轨固定放置。导轨平面与水平面的夹角为θ
（sinθ=0.6）。导轨间区域存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。将导轨与阻值为R的电阻、开
关S、真空器件P用导线连接，P侧面开有可开闭的通光窗N，其余部分不透光；P内有阴极K和阳极A，
阴极材料的逸出功为W。断开S，质量为m的的导体棒ab与导轨垂直且接触良好，沿导轨由静止下滑，下
滑过程中始终保持水平，除R外，其余电阻均不计重力加速度大小为g。电子电荷量为e，普朗克常数为
h。
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学科网（北京）股份有限公司(1)求ab开始下滑瞬间的加速度大小；
(2)求ab速度能达到的最大值；
(3)关闭N，闭合S，ab重新达到匀速运动状态后打开N，用单色光照射K，若ab保持运动状态不变，求单
色光的最大频率。
【答案】(1) ；(2) ；(3)
【详解】（1）金属杆由静止释放瞬间，金属杆还没有切割磁感线，没有感应电流，不受安培力，根据牛
顿第二定律得
解得
（2）当金属杆匀速运动时，速度最大，设为v ，由平衡条件得
m
而金属杆产生的感应电动势
感应电流为
联立解得
（3）若ab保持运动状态不变，可知P中不产生光电流，设单色光的最大频率为 ，根据光电效应方程可
知
同时
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学科网（北京）股份有限公司解得
15．（18分）如图所示，传送带始终以 的速度水平传动，将质量 的弹性小滑块（可视
为质点）轻放到传送带A端，若滑块与传送带间的动摩擦因数 ，A、B间距离 。传送带的
右端B与竖直面内一半径 的光滑四分之一圆弧轨道顶端平滑连接。C与水平面连接，且该水平面足
够长。该滑块每次与水平面碰撞前、后，水平方向速度不变，竖直方向速度反向，且大小保持不变。已知
重力加速度 ，该滑块在B处无动能损失，不考虑滑块的滚动，不计空气阻力。求：
(1)该滑块从A运动到B的时间；
(2)该滑块运动到四分之一圆弧顶端时对轨道的压力；
(3)该滑块第一次落到水平面的位置到C处的距离和第6次落到水平面的位置到C处的距离。
【答案】(1) ；(2) ，方向竖直向下；(3) ，
【详解】（1）滑块在传送带上根据牛顿第二定律
解得，滑块的加速度大小为
假设滑块加速到最大速度还没有到达B，则位移为
所以假设成立，此后滑块做匀速直线运动，则匀速时间为
加速的时间为
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学科网（北京）股份有限公司所以，该滑块从A运动到B的时间为
（2）滑块运动到四分之一圆弧顶端时，设圆弧对滑块的支持力为 ，则根据牛顿第二定律
解得
根据牛顿第三定律可知，滑块运动到四分之一圆弧顶端时对轨道的压力大小等于圆弧对滑块的支持力大小，
即
方向竖直向下；
（3）设滑块脱离圆弧时，与水平方向的夹角为 ，速度大小为 ，如图所示
则，此时重力垂直接触面向下的分力恰好提供向心力
根据动能定理
联立，解得
，
则，此时滑块在水平方向的分速度大小为
竖直方向的分速度大小为
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学科网（北京）股份有限公司此后，在竖直方向上，滑块做竖直下抛运动，则
其中
解得
在水平方向的位移大小为
则滑块第一次落到水平面的位置到C处的距离为
第一次落地时，滑块在竖直方向的速度大小为
则，从第一次落地到第六次落地，在空中运动时间为
则，在水平方向的总位移为
则，第六次落地到C点的距离为
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