理综答案(1)_2023年11月_0211月合集_2024届四川省阆中中学校高三上学期一模_四川省阆中中学校2024届高三上学期一模理综

物理解析答案 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B C D A A AD BD ACD 22. （6分）（1）F′；(2分) （2）C；(2分) （3）ACD。(2分) 23．（9分）（1）0.513（0.512-0.515均正确）；(2分) （2） B；(1分) F；(1分) （3） ；(2分) ；(2分) （4）不存在。(1分) 24.（12分） 解：（1）小朋友滑至 点速度最大，依据匀变速直线运动规律，有 (2分) 解得 (2分) （2）设小朋友在 段的加速度大小分别为 和 ，在 段，小朋友匀加速运动，有 (1分) 代入数据得 (1分) 依据牛顿第二定律，有 (1分) 代入数据得 (1分) 在 段，小朋友匀减速运动，有 (1分) 代入数据得 (1分) 依据牛顿第二定律有 (1分) 解得 (1分) （其它解法酌情给分） 25. （20分） 解：（1）小物块离开平台后做平抛运动，将其A点速度沿水平和竖直方向分解， 第 1 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司由平抛运动规律知竖直分速度 (2分) 解得：v ＝4m/s y 由几何关系可得物块的初速度： (2分) 由机械能守恒定律可得弹簧储存的弹性势能为 ＝ J＝9J； (2分) （2）从水平面运动到B点的过程，由动能定理可得： (2分) 经过B点时，由向心力公式可得： (2分) 代入数据解得F ′＝86N (2分) N 由牛顿第三定律知，对轨道的压力大小为F ＝F ′＝86N，方向竖直向下； (1分) N N （3）取最低点B所在的水平面为零势能面，物块从B运动到C过程由机械能守恒定律得： ＝mgR（1﹣cos37°）+ (2分) 解得：v ＝ m/s (1分) C 物体沿轨道CD向上作匀减速运动，速度减为零后，由于mgsin37°＞ mgcos37°，物体继续下滑至圆轨 道上A点，碰后以原速返回后经过C点后继续上滑，如此反复，直到物体无法滑上C点，此过程由能 μ 量守恒定律可得： ＝ mgcos37°•s (2分) μ 代入数据可解得 ＝3.625m。 (2分) 34.选考题（共15分） （1）（5分）ADE。 （2）（10分） 解：（1）入射光线与OP面的夹角为 ，且sin ＝ ， α α 设入射角为i，则sini＝ ， (1分) 设折射角为 ，根据折射定律有：n＝ (1分) 根据几何关系可知，光线在M点的入射角为90°﹣ ，光线在M点恰好发生全反射，有： γ γ 第 2 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司sin（90°﹣ ）＝ (1分) γ 解得玻璃砖对该单色光的折射率n＝ ； (2分) （2）由（1）中各式可解得折射角 ＝30° 根据几何关系可得∠OPM＝60°，即△OPM为等边三角形，则PM的长度x ＝R，根据光的反射定律 PM γ 可知反射角∠OMN＝60°， 根据几何关系可知反射光线MN与OQ面垂直， MN的长度x ＝Rcos60°＝ R (1分) MN 光在玻璃砖内传播的速度v＝ (1分) 单色光从P点射入玻璃砖到射出玻璃砖所经历的时间：t＝ (1分) 解得：t＝ 。 (2分) 508196226；学 化学解析答案 BCCDADB 7．B 【详解】A．氧化铝熔点高，可用于制作耐火材料，故A正确； B．ClO 有氧化性，可用于自来水消毒，故B错误； 2 C．维生素C具有还原性，可用作食品抗氧化剂，故C正确； D．Na O 能与CO 反应生成O ，发生反应2NaO+2CO =2Na CO+O ，所以可作潜水艇中的供氧剂，故D 2 2 2 2 2 2 2 2 3 2 正确。 8．C 【详解】A. 烃指分子中只含碳氢元素，Penguinone分子中含有碳、氢、氧三种元素，所以不是烃，故A 项错误； B. 根据已知结构简式，Penguinone的分子式为C H O，故B项错误； 10 14 C. Penguinone结构较为对称，分子中只存在3种环境的氢，一氯代物有3种，故C项正确。 D. 1个Penguinone分子中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D项错误。 9．C 【详解】A．标况下乙醇为液体，故A错误； B．氯气与水反应为可逆反应，所以1molCl 通入足量水充分反应，转移的电子数小于N ，故B错误； 2 A C．N 和CO的摩尔质量都是28g/mol，14gN 和CO混合气体中原子总数为N ，故C正确； 2 2 A D．铵根离子为弱碱阳离子，所以0.1L3mol·L﹣1NH NO 溶液中含有的NH+数目小于0.3N ，故D错误。 4 3 4 A 10．D A．正确的离子方程式为HCO−+Ba2++OH−=BaCO ↓+H O，故A错误； 3 3 2 B．氨水为弱碱不能拆，正确的为Al3++3NH ⋅H O=Al(OH) ↓+3NH+，故B错误； 3 2 3 4 C．铜是活性电极，阳极是铜失电子发生氧化反应，故C错误； D．用碳酸钠溶液处理水垢中的硫酸钙时，CaSO 将转化为CaCO ，故D正确。 4 3 11．A 第 3 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司【详解】A．四氯化碳能隔绝氨气与稀硫酸，不会在导管口产生较大压强差，能防止倒吸，故A正确； B．胶体能透过滤纸，不能过滤分离，故B不符合题意； C．挥发的盐酸也会和偏铝酸钠反应生成氢氧化铝沉淀，干扰了实验，故C不符合题意； D．将酸滴入氢氧化钠待测液时，需要使用酸式滴定管滴加酸，图中滴定管为碱式滴定管，故D错误。 12．D 【分析】根据W是有机分子的骨架元素，知W为C元素：由图可如，Y形成1个双键，则其最外层有6 个电子，结合原子序数关系知，Y为O元素，则X为N元素；Z形成1个单键，则Z为F元素；M的成 键总数为6，则M为S元素。以此解答。 【详解】A．电子层数相同，则氧离子半径大于氟离子半径，故A错误； B．X为N元素，含氧酸有亚硝酸，亚硝酸为弱酸，故B错误； C．X为N元素，该阴离子中N形成2个单键，有2对孤对电子，满足8电子稳定结构，故C错误： D．Y的简单氢化物是水，水分子间形成氢键，沸点较高，则Y>M故D正确； 13．B 【分析】向亚硫酸溶液中滴加NaOH溶液，亚硫酸物质的量浓度逐渐减小，亚硫酸氢根物质的量浓度逐 渐增大，因此曲线I为亚硫酸，曲线II为亚硫酸氢根，再继续加NaOH溶液，亚硫酸氢根物质的量浓度减 小，亚硫酸根物质的量浓度增大，因此曲线III为亚硫酸根。 【详解】A．根据前面分析曲线II表示HSO❑ −的分布系数随pH的变化，故A正确； 3 B．pH=7时，根据电荷守恒和pH=7得到c(Na+)=2c(SO❑ 2− )+c(HSO❑ − )，又由于pH=7时c(SO❑ 2− )＜ 3 3 3 c(HSO❑ − )，因此c(Na+)＞3c(SO❑ 2− )，故B错误； 3 3 C．在pH=7.2时，亚硫酸氢根物质的量浓度和亚硫酸根物质的量浓度相等，则Ka(H SO )= 2 2 3 c(H+)=1×10−7.2=100.8×10−8，因此Ka(H SO )的数量级为10−8，故C正确； 2 2 3 D．根据图中信息得到NaHSO 溶液pH大约为4，说明溶液显酸性，是亚硫酸氢根电离占主要，抑制水的 3 电离，因此溶液中水电离出的c(H+)＜1×10−7 mol·L−1，故D正确。 26．(1)平衡气压，使浓盐酸顺利滴下 MnO +4H++2Cl− ≜ Mn2++Cl ↑+2H O 2 2 2 (2)产生棕红色的烟 (3)在A、B之间添加一个盛饱和食盐水的洗气瓶 (4)BC (5) (6)不正确，可能固体中有剩余铁粉，发生反应2Fe3++Fe=3Fe2+ 【详解】（1）a管的作用：平衡气压，使浓盐酸顺利滴下； （2）加热条件下氯气与铁反应生成氯化铁，反应现象：产生棕红色的烟； （3）反应后产物中常存在氯化亚铁杂质，是因为生成的氯气中混有盐酸挥发出的HCl气体与铁反应生 成，对装置进行改进的方法：在A、B之间添加一个盛饱和食盐水的洗气瓶； （4）A．实验前先检查装置气密性，再装药品，A错误； B．先加热A装置，产生的气体可将装置中残留的空气排出，再加热C处发生反应，B正确； C．氯化铁易升华，低温时收集才有利于得到固体氯化铁，C正确； (5) （6）不正确，可能固体中有剩余铁粉，发生反应2Fe3++Fe=3Fe2+； 27．(1)+4 (2)加快反应速率，提高浸出率 (3)温度过高会导致过氧化氢分解、氨水挥发 (4)Ce (SO ) +H O +6NH ⋅H O=2Ce(OH) ↓+3(NH ) SO 2 4 3 2 2 3 2 4 4 2 4 (5)蒸发浓缩 冷却结晶 乙醇 (6)50% 【详解】（1）(NH ) Ce(SO ) 中铵根、硫酸根化合价分别为+1、-2价，根据化合价代数和为零，可知铈 4 2 4 3 元素的化合价为+4； （2）将Ce (CO ) 矿石粉碎，目的是加快反应速率，提高浸出率； 2 3 3 （3）过氧化氢不稳定、氨水易挥发，反应温度需要控制在0~30℃，原因是温度过高会导致过氧化氢分 解、氨水挥发；应完全后，要将混合物升温至90℃，目的是使得过氧化氢分解为水和氧气，除去过量的 过氧化氢； 第 4 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司（4）Ce (SO ) 与H O 、NH ⋅H O反应生成Ce(OH) ，反应中Ce化合价由+3变为+4、过氧化氢中氧化 2 4 3 2 2 3 2 4 合价由-1变为-2，结合电子守恒、质量守恒可知，化学方程式为 Ce (SO ) +H O +6NH ⋅H O=2Ce(OH) ↓+3(NH ) SO ； 2 4 3 2 2 3 2 4 4 2 4 （5）步骤三反应完全后的溶液经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤，得到晶体。硫酸铈铵微溶于水，不溶于乙 醇，故最后用乙醇洗涤2~3次后，得到高纯硫酸铈铵晶体； （6）由Ce守恒可知，Ce (CO ) ∼2(NH ) Ce(SO ) ，则(NH ) Ce(SO ) 的产率为 2 3 3 4 2 4 3 4 2 4 3 4.64×103g ×100%=50% 4.60×103g 。 ×2×464g/mol 460g/mol 28．(1) ΔH 第一步 第一步反应的活化能更低 B 2 (2) AB < > P2 0 【详解】（1）①图中ΔE指第二步反应的反应热，则ΔE= ΔH ； 2 ②活化能越低，反应速率越快，则反应速率较快的是第一步反应； ③A．高温，可加快正反应速率，升温，平衡逆移，降低了CO 平衡转化率；B．高压，可加快正反应速 2 率，提高CO 平衡转化率；C．降低CO 浓度，降低正反应速率，提高了CO 平衡转化率；D．分离出尿 2 2 2 素，不影响反应速率和平衡移动；E．催化剂，可加快反应速率，不影响平衡移动；故选B； （2）①A．CH 和H 的物质的量之比保持不变时，证明达到平衡状态，故A正确； 4 2 B．反应速率：2v (CO )=v (H ) ，表示正逆反应速率相等，达到平衡状态，故B正确； 正 2 逆 2 C．CO和H 的浓度相等时，不一定是平衡状态，故C错误； 2 D．同时断裂4mol C-H键和2mol H-H键时，达到平衡状态，故D错误； 故选AB； ②相同温度下，压强越大，CH 的平衡转化率越低，则P

C>Si 2 (3) N ❑√2 4×62 (4) a 4 N ×a3×10-30 A ❑√2 （4）紧邻的N原子所在的位置为晶胞面对角线的一半，所以r(N3-)= a pm；该该晶胞中含有Ti原子数 4 1 1 1 为：12× +1=4，含有的N原子数为：8× +6× =4，晶胞边长为apm，则该晶胞的密度 4 8 2 ρ= m = 4×(48+14) g/cm−3= 4×62 g/cm−3 ❑√2 4×62 ，故答案为： a； 。 V N ×(a×10-10 ) 3 N ×a3×10-30 4 N ×a3×10-30 A A A 35．(1)碳碳双键、羧基 (2)③⑤ (3) (4) 第 5 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司(5) (6) 15 【详解】（1）由图可知，f含有的官能团名称是碳碳双键、羧基； （2）反应①是苯和四氯化碳的取代反应。反应②是卤代烃的水解反应，由于引入了2个羟基。不稳定， 所以脱水生成羰基。反应③是羰基的加成反应。反应④则是羟基的消去反应，反应⑤是碳碳双键与氢气 的加成反应，所以属于加成反应的是③⑤； （3）由分析可知，中间体(Ⅰ)的结构简式是 ； （4）反应①的是苯和四氯化碳的取代反应，化学反应方程式为 ； （5）如果将⑤、⑥两步颠倒， 将被H 加成生成HOOOCH CHCOOH，故最后得到的产物 2 2 2 的结构简式中应不含不饱和的双键．即为 ； （6）与物质a具有相同碳架结构的同分异构体，则碳骨架为 ，共有 6+6+3=15种(不考虑立体异构)情况，其中核磁 共振氢谱的峰面积之比为2：2：1，则结构对称，为 。 生物解析答案 一、选择题（每题只有一个答案最符合题意，将答案写在答题卡上，在试卷上答题无效。 每题6分，共36分） BCCDCA 1．解析：选B 该基因中大多数脱氧核糖上均连接着2个磷酸和1个含氮碱基，A错误；该基因中T ＝A＝20%，C＝G＝30%，因此该基因中(C＋G)∶(A＋T)＝3∶2，根据碱基互补配对原则，该基因的两条 单链中(C＋G)∶(A＋T)均为3∶2，B正确；解旋酶作用于碱基对之间的氢键，使DNA双链结构打开，形 成单链，但不能催化该基因水解为多个脱氧核苷酸，C错误；该基因由于某种原因丢失3对脱氧核苷 酸，则发生的变异属于基因突变，D错误。 2.解析：选C ATP酶具有催化作用，可以降低化学反应的活化能，但是不能为 ATP的水解提供能 量，A错误；据图分析可知，Na＋K＋泵在转运Na＋和K＋的跨膜运输过程中，不同的部位结合了Na ＋和K＋，因此该载体蛋白的运输是具有特异性的，B错误；神经细胞Na＋排出的方式是主动运输， 而K＋外流的方式是协助扩散，C正确；细胞通过Na＋K＋泵转运Na＋和K＋的过程需要消耗能量， 所以低温、低氧都会影响Na＋K＋泵运输Na＋、K＋，D错误。 3.解析：选C 甲细胞是次级精母细胞，处于减数第二次分裂后期，由于精原细胞的基因型是AaBb， 并且甲、乙是同一精原细胞形成的两个子细胞，基因型分别为AaBB、aabb，所以甲细胞中含A和a 基因的原因是发生了基因突变，A正确；乙细胞中含b基因的两条染色体没有分离，所以完成本次分 裂后形成的两个子细胞都发生了染色体数目变异，B正确；甲细胞中没有同源染色体，C错误；与乙 第 6 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司细胞来源相同的另一个次级精母细胞所含的基因是A和B，所以完成减数分裂后形成的精细胞的基因 型是AB，D正确。 4.解析：选D 由题干信息可知，亲本红眼雄果蝇(XBY)产生的精子是正常的，因此精子的基因型为 XB、Y，又已知果蝇的性别决定于X染色体的数目，含一条X染色体为雄性，含两条X染色体为雌 性，含三条X染色体和无X染色体的果蝇胚胎致死，所以子代红眼雄果蝇是由没有 X染色体的卵细胞 与正常精子(XB)结合形成的，即子代中红眼雄果蝇的基因型是XBO(O表示对应染色体缺失)，因此子 代红眼雄果蝇的精原细胞中不存在Y染色体，A正确；子代白眼雌果蝇的基因型是XbXbY，所以其体 细胞处于有丝分裂后期时，最多含四条X染色体，B正确；根据题意分析可知，母本两条X染色体未 分离可能发生在初级卵母细胞中，也可能发生在次级卵母细胞中，C正确；如果母本两条X染色体未 分离只发生在次级卵母细胞中，则与异常卵细胞同时产生的三个极体中只有一个极体染色体数目不正 常，D错误。 5.解析：选C 有丝分裂中期细胞核DNA数量是减数第二次分裂中期细胞核DNA数量的两倍，A错 误；有丝分裂后期染色体数是减数第一次分裂后期细胞染色体数的两倍，B错误；由于减数分裂过程 中核DNA分子进行一次半保留复制，所以分别对减数分裂产生的四个精子的核DNA进行密度梯度离 心，其结果一致，C正确；有丝分裂过程中DNA分子进行一次半保留复制，所以有丝分裂后期细胞中 的DNA分子，含15N标记的DNA分子占总数的100%，D错误。 6.解析：选A 高等植物体内，Ⅰ阶段生成ATP和NADPH所需要的能量只能来自光能，不能来自化 学能，A错误；③和④过程分别表示光合作用的暗反应阶段和无氧呼吸，所以进行的场所分别是叶绿 体基质和细胞质基质，B正确；Ⅰ、Ⅱ阶段所示的过程将无机物合成有机物，并储存能量，是生态系 统赖以维持的重要基础，C正确；④⑤过程分别表示无氧呼吸和有氧呼吸，可发生在同一个体不同部 位的组织细胞中，如人体的红细胞和心肌细胞等，D正确。 二、非选择题 29．（每空1分，共7分）解析：据图分析，细胞外存在信号分子时，无活性的 Ras蛋白释放出自身的 GDP并结合GTP，从而使得Ras蛋白由失活态向活化态转变，最终实现将胞外信号向胞内传递。(1)细胞膜 上的受体结合细胞外的信息分子，体现了细胞膜在细胞间信息交流的作用；信号分子作用的细胞被称为 靶细胞。Ras蛋白为细胞膜上的蛋白质，在核糖体合成的多肽链还需要通过内质网和高尔基体的加工。 (2)GTP与ATP结构相似，ATP的A为腺苷，因而G为鸟苷；GTP参与RNA的形成，而RNA的基本组成单位 只含一个Pi，因此GTP要脱落2个Pi后才能合成RNA；ATP被称为“能量通货”的原因是细胞内更多的生 命活动由ATP直接提供能量，作为直接能源物质。 答案：(1)细胞间信息交流 靶细胞 内质网 高尔基体 (2)鸟苷 2 细胞内更多的生命活动由ATP直接提供能量 30.（每空2分，共10分）解析：(1)由图1可知，②是胰岛A细胞；从图1可见，内分泌腺分泌激素时 除直接感受血糖含量的变化而发挥调节作用外，还受神经系统(或下丘脑)的控制。(2)据图2分析，曲线 甲血糖浓度高于160 mg·dL－1，表示糖尿病患者，曲线乙血糖浓度处于80～120 mg·dL－1，表示正常 人。正常人摄入葡萄糖0.5 h后，图1中④(胰岛素)的分泌量将达到高峰，而⑤(胰高血糖素)和⑥(肾上 腺素)的分泌量则大大减小，使得葡萄糖氧化分解、合成糖原、转化为非糖物质，导致血糖浓度降低。 答案：(1)胰岛A细胞 神经系统(或下丘脑) (2)甲 ④ ⑤⑥ 31.（除标明的外，每空1分，共12分）解析：(1)染色体上某个基因缺失引起果蝇的性状发生改变而成 为缺刻翅个体，雄性中不存在缺刻翅个体，可知这种变异类型属于染色体结构变异，相当于伴X染色体 显性遗传，相关基因用H、h表示。根据题意，由于雌性中纯合子致死，因此缺刻翅雌果蝇基因型为 XHXh，正常翅雄果蝇基因型为XhY，杂交得F1的基因型为XHXh、XhXh、XHY(死亡)、XhY，F 雌果蝇产生的配 1 子类型及比例为XH∶Xh＝1∶3，F 雄果蝇产生的配子类型及比例为Xh∶Y＝1∶1，F 中雌、雄果蝇自由交 1 1 配，F 的基因型及比例为XHXh∶XHY∶XhXh∶XhY＝1∶1∶3∶3，其中XHY致死，所以F 的表现型及比例为缺 2 2 刻翅雌∶正常翅雌∶正常翅雄＝1∶3∶3。 (2)①根据亲本杂交组合和表中杂交结果判断，灰体雌果蝇与灰体雄果蝇杂交，子代出现黑檀体，灰体是 显性性状。后代灰体和黑檀体性状在雌雄中的比例均为3∶1，与性别无关，可以判断控制果蝇灰体/黑檀 体性状的基因位于常染色体上。因为亲本雌果蝇为无眼，雄果蝇为有眼，假设无眼性状是位于X染色体 上的隐性性状，则得到的子代雄果蝇都是无眼，雌果蝇都是有眼，不符合题意，所以可以判断果蝇无眼 第 7 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司性状一定不是位于X染色体上的隐性性状。②无眼雌果蝇(XBXb)×无眼雄果蝇(XBY)→无眼雌果蝇(XBXB、 XBXb)、无眼雄果蝇(XBY)、有眼雄果蝇(XbY)，若后代中有眼只在雄果蝇中出现，则无眼基因位于X染色体 上且为显性。无眼雌果蝇(Bb)×无眼雄果蝇(Bb)→无眼雌雄果蝇(BB、Bb)、有眼雌雄果蝇(bb)，若后代 雌雄果蝇中都有无眼和有眼出现，则无眼基因位于常染色体上且为显性。无眼雌果蝇(bb)×无眼雄果蝇 (bb)→无眼雌雄果蝇(bb)，若后代中雌雄果蝇全为无眼，则无眼基因位于常染色体上且为隐性。 答案：(1)染色体结构变异 缺刻翅雌∶正常翅雌∶正常翅雄＝1∶3∶3 (2)①常 隐性 ②实验方案：选F 无眼雌果蝇和无眼雄果蝇杂交（2分） 1 预期实验结果、结论若后代中有眼只在雄果蝇中出现，则无眼基因位于X染色体上且为显性；（2 分） 若后代雌雄果蝇中都有无眼和有眼出现，则无眼基因位于常染色体上且为显性；（2分） 若后代中雌雄果蝇全为无眼，则无眼基因位于常染色体上且为隐性。（2分） 32.（除标明的外，每空1分，共10分）解析：(1)雄性松毛虫的染色体组成为58＋ZZ。自然界雌雄松毛 虫的比例接近1∶1，其原因是雌性个体产生两种比例为1∶1的卵细胞，且两种卵细胞和精子结合都能正 常发育。(2)赤眼蜂的性别由染色体数目决定，二倍体为雌性，单倍体为雄性。孤雌生殖过程中，经减数 分裂后未受精的卵细胞直接发育成雄性后代。(3)如图1为赤眼蜂体内的某一细胞图，N＝5，染色体数为 奇数，细胞内无同源染色体，它可能是次级卵母细胞、第一极体、雄蜂体细胞。(4)由题意和题图分析可 知，用25 mg·mL－1四环素的蜂蜜水连续饲喂4个世代处理可以获得最高程度赤眼蜂子代雄蜂比。四环素 杀死了Wolbachia，Wolbachia不会影响赤眼蜂的第一次有丝分裂，未受精卵仍然发育成单倍体，为雄 性。 答案：(1)58＋ZZ 1∶1 (2)雄性 (3)次级卵母细胞、第一极体、雄蜂体细胞 （2分） (4)加倍 不含四环素的蜂蜜水 25 mg·mL－1四环素的蜂蜜水连续饲喂4个世代 四环素杀死了Wolbachia，Wolbachia不会影响赤眼蜂的第一次有丝分裂，未受精的卵仍然发育成 单倍体，为雄性。 （2分） 37．（除标明的外，每空2分，共15分） 解析：(1)柚皮精油的提取往往采用压榨法，不用水中蒸馏法的原因是水中蒸馏柚皮容易产生焦糊问 题。压榨得到的糊状液体可通过过滤除去其中的固体杂质。(2)电泳是指带电粒子在电场的作用下发生 迁移的过程。若分离带电荷相同的蛋白质，则其相对分子质量越大，迁移速度越慢。(3)在利用高压蒸 汽灭菌锅对培养基灭菌时，锅内水加热煮沸后，必须排尽冷空气，再关上阀门，以保证灭菌温度达到 121 ℃。做抑菌实验时，在长满致病菌的平板上，会出现以抑菌物质为中心的透明圈。可通过测定透 明圈大小来比较柚皮精油和乳酸菌素的抑菌效果，透明圈越大，抑菌效果越好。(4)萃取效率主要取决 于萃取剂的性质和使用量。 答案：(1)水中蒸馏柚皮容易产生焦糊问题 过滤 (2)带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程（3分） 慢 (3)排尽冷空气 透明圈大小 (4)萃取剂的性质和使用量 第 8 页 共 9 页 学科网（北京）股份有限公司