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年邵阳市高二联考参考答案与评分标准
2024
物 理
一、二、选择题(共 分, 题为单选,每题 分; 题为多选,全对 分,选对但不全得
44 1-6 4 7-10 5 3
分,不选或错选得 分)
0
题 号
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答 案
A D B D B C BD BD AD ACD
【解析】 由图乙所示的交变电流,根据有效值定义可得
10. A.
( ) ( )
2 T 2 T
I 2R′T 8 R′ 6 R′
1 = +
2 2 2 2
则输入电流的有效值为I ,即电流表的示数为 ,故 正确;
1=5 A 5A A
根据原副线圈的匝数比可知副线圈的电流为 I ,设电流表 的示数为 I,则通过 R
B. 2=1 A A 1
ΔU
的电流为I I,电压表的电压U R (I I),可得 R , 选项错误;
2- = 1 2- ΔI = 1 B
R (R R )
副线圈的总电阻 R 1 2+ 3 ,当 R 取最大值时 R 最大,则 U 的最大值为 ,
C. 总=R (R R ) 2 总 12 V C
1+ 2+ 3
选项正确;
.R 和R 的总功率为P IR(I I),根据数学知识可知总功率P先增大后减小, 选项正确。
D 2 3 = 1 2- D
三、非选择题:本题共 小题,共 分。
5 56
p
. 不需要 1
11 (1) (2)2 (3) q , q
. R 如右图 增加
12 (1) 2 (2) (3)
.
(4)1 8 W(1.6 W~1.9 W)
【解析】( )器材中提供的直流电压表量程只有 ,而小灯
1 3 V
泡L的额定电压为 ,所以需要给电压表串联一个电阻
4 V
从而扩大量程,设定值电阻的阻值为 R,则根据串联分压规
律有
R
1
R =
V 3
解得R ,则定值电阻选择R ;
=2 kΩ 2
( )随着电流的增大小灯泡伏安特性曲线割线的斜率减小,而
3
其斜率的倒数为小灯泡的电阻,所以小灯泡的电阻增加。
( )假设通过灯泡的电流为I,灯泡两端的电压为 U,由闭合电
4
路欧姆定律定律得
UI
U 2 I·r E′
+ I +3 =
3
化简得 I 5U
=- +1
18
如图中曲线所示,与小灯泡伏安特性曲线的交点即为电路工作点,该点纵横坐标值的乘积等
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{#{QQABJYCAogiIAIBAAQhCQQVKCEMQkBCACagOgEAMoAAAwANABAA=}#}于小灯泡的功率,功率为
P UI . .
= =2 10×0 42 W≈0.882 W
故变阻器消耗的功率P′ P .
=2 ≈1 8 W
. 4 向外爆裂 4
13 (1)8×10 Pa (2) (3)2×10 Pa
【详解】( )以表内气体为研究对象,初状态的压强为p 5 ,
1 1=1.0×10 Pa
温度为T ,
1=273+27 K=300 K
设末状态的压强为p ,温度为T ,………………………………… ( 分)
2 2=273-33 K=240 K 1
p p
根据查理定律,有 1 2 …………………………………… ( 分)
T =T 2
1 2
解得 p 4 ………………………………… ( 分)
2=8×10 Pa 2
( )如果手表的表盘玻璃是向内爆裂的,则外界的大气压强至少为
2
p p Δp 4 4 5 ,
0= 2+ =8×10 Pa+6.0×10 Pa=1.4×10 Pa
大于山脚下的大气压强(即常温下大气压强),这显然是不可能的, ………………… ( 分)
1
所以可判断手表的表盘玻璃是向外爆裂的。 ………………………………………… ( 分)
2
( )当时外界的大气压强为:p ′ p Δp 4 …………………………………… ( 分)
3 0 = 2- =2×10 Pa 2
. 1 v 1 v 1 mv2
14 (1) 0 (2) 0 (3) 0
2 4 8
【详解】( )子弹与物体 作用后, 的速度最大,根据动量守恒可知
1 A A
mv (m m)v ……………………………… ( 分)
0= + A 2
解得 v 1v …………………………………… ( 分)
A= 0 2
2
( )弹簧压缩量最大时, 、 速度相等,根据动量守恒
2 A B
mv ( m m)v ……………………………… ( 分)
2 A= 2 +2 B 2
v
v 0 …………………………………… ( 分)
B= 2
4
( )弹簧压缩量最大时,根据能量守恒
3
E
Pm=
1(
2
m)v2
A-
1(
2
m
+2
m)v2
B
……………………… (
4
分)
2 2
解得 E Pm= 1mv 0 2 ………………………………… ( 2 分)
8
mE
.( )2 3L ( ) 6 ( )2 3( )L
15 1 2 qL 3 3-1
3 3
【详解】( )1 在电场中做类平抛运动,在磁场中做圆周运
1 1H
动,运动轨迹如图所示。 设 1 在电场中的加速度大小为 a ,
1H 1
初速度大小为v ,它在电场中的运动时间为t ,第一次进入磁
1 1
场的位置到原点O的距离为s 。 由运动学公式有
1
s v t ………………… ( 分)
1= 1 1 ① 1
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{#{QQABJYCAogiIAIBAAQhCQQVKCEMQkBCACagOgEAMoAAAwANABAA=}#}L 1a t2 ………………………………… ( 分)
= 1 1 ② 1
2
由题给条件,1 进入磁场时速度的方向与x轴正方向夹角θ °。1 进入磁场时速度 y 分
1H 1=60 1H
量的大小为
a t v θ ……………………………… ( 分)
1 1= 1tan 1 ③ 1
联立以上各式得
s 2 3L ………………………………… ( 分)
1= ④ 1
3
( )1 在电场中运动时,由牛顿第二定律有
2 1H
qE ma ………………………………… ( 分)
= 1 ⑤ 1
设
1
进入磁场时速度的大小为v′ ,由速度合成法则有
1H 1
v′ v2 (a t )2 …………………………… ( 分)
1= 1+ 1 1 ⑥ 1
设磁感应强度大小为B,1 在磁场中运动的圆轨道半径为 R ,由洛伦兹力公式和牛顿第二
1H 1
定律有
mv′ 2
qv′ B 1 ……………………………… ( 分)
1 = R ⑦ 1
1
由几何关系得
s R θ ……………………………… ( 分)
1=2 1sin 1 ⑧ 1
联立以上各式得
mE
B 6 ……………………………… ( 分)
= qL ⑨ 2
( )设 3 在电场中沿x轴正方向射出的速度大小为v ,在电场中的加速度大小为a ,由题给
3 1H 2 2
条件得
1 ( m)v2 1mv2
3 2= 1 ⑩
2 2
由牛顿第二定律有
qE ma
=3 2
设 3 第一次射入磁场时的速度大小为v′ ,速度的方向与 x 轴正方向夹角为 θ ,入射点到原
1H 2 2
点的距离为s ,在电场中运动的时间为t 。 由运动学公式有
2 2
s v t
2= 2 2
L 1a t2
= 2 2
2
v′ v2 (a t )2
2= 2+ 2 2
a t
θ 2 2
sin 2= v′
2
联立以上各式得 s s ,θ θ ,v′ 3v′ ………………………… ( 分)
2= 1 2= 1 2= 1 3
3
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{#{QQABJYCAogiIAIBAAQhCQQVKCEMQkBCACagOgEAMoAAAwANABAA=}#}设
3
在磁场中做圆周运动的半径为R ,由 式及粒子在匀强磁场中做圆周运动的半径公
1H 2 ⑦
式得
( m)v′
R 3 2 R
2= qB = 3 1
所以出射点在原点左侧。 设
3
进入磁场的入射点到第一次离开磁场的出射点的距离为
1H
s′ ,由几何关系有
2
s′ R θ
2=2 2sin 2
联立 式得,3 第一次离开磁场时的位置到原点O的距离为
④⑧ 1H
s′ s 2 3( )L ………………………… ( 分)
2- 2= 3-1 3
3
注:解答题用其他方法正确解答请参照评分。
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{#{QQABJYCAogiIAIBAAQhCQQVKCEMQkBCACagOgEAMoAAAwANABAA=}#}
