参考答案_2024年3月_013月合集_2024届云南三校高三下学期联考备考实用性联考（七）_2024届云南三校高三下学期联考备考实用性联考（七）理综

2024 届云南三校高考备考实用性联考卷（七） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共13小题，每小题6分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 B A C C D C C C B D C B D 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一 项符合题目要求；第 18～21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给0分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B D C B AD AC BC BD 【解析】 1．内质网是蛋白质等大分子物质的合成、加工场所和运输通道，是由膜围成的管状、泡状或 扁平囊状结构连接的内腔相通的膜性管道系统，A错误。细胞骨架是由蛋白质组成的纤维 状网架结构，维持着细胞的形态，锚定并支撑许多细胞器，与细胞的运动、分裂、分化以 及物质运输、能量转化、信息传递等生命活动密切相关，B 正确。丙酮酸在线粒体基质中 被氧化分解，产物是CO 和[H]，在线粒体内膜上O 和[H]反应生成H O，C错误。细胞 2 2 2 核具有核膜、核仁、核孔、染色质等结构。其中核仁与某种 RNA 的合成与核糖体的形成 有关，D错误。 2．藓类、黑藻的叶片很薄，可以直接制片观察，A正确。观察植物细胞有丝分裂不需要洗去 浮色，B 错误。艾弗里在各组中加入酶水解相应的物质，应用的是减法原理，C 错误。猪 属于哺乳动物，红细胞无细胞核，没有DNA，D错误。 3．真核生物在有性生殖过程形成配子时，发生变异的染色体在减数第一次分裂后期遵循同源 染色体分离，非同源染色体自由组合的规律，所以遵循基因分离定律和基因自由组合定律 遗传给子代，A正确。如果二倍体的减数分裂出现错误，形成含有两个染色体组的配子， 这样的配子与含有一个染色体组的配子结合，发育成的个体的体细胞中就含有三个染色体 组，称为三倍体，B 正确。水稻的单倍体育种过程包括植物组织培养后用秋水仙素处理获 得纯合水稻，体现了染色体变异原理，C 错误。杂交育种可使具有不同优良性状的两个亲 本杂交，再筛选出所需要的优良品种，如纯种小麦，杂交水稻，D正确。 理科综合参考答案·第1页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}4．协调机体平衡的是小脑，不是脑干，A 错误。神经递质经过扩散通过突触间隙，B 错误。 喷嚏反射受低级中枢控制，属于非条件反射，D错误。 5．桔小实蝇与按石蝇均寄生于番石榴，可推测二者之间的种间关系为种间竞争，A错误。桔 小实蝇与按石蝇是否存在生殖隔离未知，无法判断是否为同一物种，因此不能确定是否为 同一种群，B 错误。影响实蝇选择果实的挥发性香气属于化学信息，C 错误。利用信息素 破坏实蝇的性别比例属于生物防治，D正确。 6．杂交瘤细胞具有两类细胞的遗传物质，但是不一定能表现出两类细胞的全部遗传性状，A 错误。制备过程第一次筛选杂交瘤细胞用选择培养基，第二次用多孔培养板，B 错误。抗 体检测为阳性的杂交瘤细胞可以在体外培养，也可以在小鼠腹腔中培养，C 正确。动物细 胞不能吸收蔗糖作为能量来源，D错误。 7．鎏金工艺主要是将金和水银混合成“金汞剂”，涂抹在铜或银器表面，然后加热使水银蒸 发，使金附着在器面不脱去，用于提高器物的光亮性和色泽度，从而增强金银铜器的观赏 效果，该工艺不涉及电解原理。 8．聚乳酸是可降解的高分子材料，使用聚乳酸材料有利于减少白色污染，A正确。聚乳酸和 乳酸分子中均存在手性碳原子，位置如*标注所示（聚乳酸： ；乳酸： （ ），B正确。1mol聚乳酸中含有（n−1）mol酯基和1mol羧基，故1mol 聚乳酸发生碱性水解，最多能够消耗n mol NaOH，C错误。两分子乳酸在一定条件下，能 够通过取代反应形成六元环状化合物，D正确。 9．X、Y、Z、W是四种原子序数依次增大的前四周期元素，根据X的成键规律，X为氢元素； 基态Y原子的s能级电子数是其p能级电子数的两倍，Y的核外电子排布为1s22s22p2，故 Y为碳元素；Z与Y同周期，结合四种元素形成的离子结构，Z为氮元素；W位于元素周 期表的 ds 区，且为第四周期元素，可能为铜元素或锌元素，基态 W 原子的价电子中有一 个未成对电子，故W为铜元素。氮元素的第一电离能大于与其相邻的碳元素和氧元素，A 正确。如图所示的离子中，W 的配体数为 2，配位数为 4，B 错误。Y 和 Z 的杂化方式均 为sp3杂化，C正确。电负性：N>C>H，D正确。 10．葡萄糖中含有醛基和羟基，羟基也能使高锰酸钾溶液褪色，因此向葡萄糖溶液中滴加少 量酸性高锰酸钾溶液，高锰酸钾溶液褪色，无法证明葡萄糖中含醛基，A错误。NaOH溶 理科综合参考答案·第2页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}液过量，Cu(OH) 和Mg(OH) 均会产生，无法比较Cu(OH) 和Mg(OH) 溶度积的大小，B 2 2 2 2 错误。HClO 不是氯元素的最高价含氧酸，同时 HClO 溶液具有漂白性，无法比较 N 和 Cl的非金属性的强弱，C错误。 11．在反应过程中，HCo(CO) 的量不会减少，消耗的H O和生成的H O一样多，也可循环利 4 2 2 用，不需要补充 HCo(CO) 和 H O，只需要补充 CH OH，A 错误。步骤Ⅲ中加入的 H O 4 2 3 2 分子不带电，故 Co 元素的化合价没有发生变化，B 错误。该循环的总反应方程式为 CO+CH OH CH COOH，C 正确。HI 需要引发步骤Ⅰ，反应开始前就需要加入 3 3 HI，所以HI是催化剂，不是中间产物，D错误。 12．由图示可知，化学自充电时，正极的电极反应式为 O +4e−+2H O=4OH−，c(OH−)增 2 2 大，溶液pH增大，A正确。该电池放电时，化学能转化为电能，但化学“自充电”时， 在 O 存在条件下，可以快速恢复到初始状态，无需外接电源，没有电能转化为化学能， 2 B错误。由图示可知，放电时正极的电极反应式为 ，C 正确。放电时， 正极材料中增加了K+的质量，当外电路中通过1 mol电子时，正极材料增加39g，D正确。 c(H)c(HA) 13．在点(2.0，0.5)时，c(H A)=c(HA−)，K (H A) c(H)102.0，同理，在 2 a 2 c(H A) 2 c(H+)c(A2) 点(8.8，0.5)时，c(HA−)=c(A2−)，K (HA) c(H)108.8，A错误。百里 a c(HA) 酚蓝(H A)体现酸性的基团分别是磺酸基和酚羟基，由于磺酸基的酸性强于酚羟基的酸性， 2 所以溶液由红色变为黄色原因是磺酸基发生了变化，溶液由黄色变为蓝色原因是酚羟基 发生了变化，B错误。在0.1mol·L−1 NaHA溶液中，c(Na+)>c(HA−)，但由于K (HA−)=10−8.8， a K K (HA−)= W =10−12.0，K (HA−)>K (HA−)，所以电离产生的A2−浓度大于水解产生的 h a h K (H A) a 2 H A，C错误。 2 14．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，根据粒子的偏转情况，提出了原子的核式结构模型， 故A错误。原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒，故B正确。半衰期是大量粒子 的统计规律，对少数粒子不适用，故 C 错误。原子核的比结合能越大，表示核子结合得 越牢固，原子核就越稳定，故D错误。 理科综合参考答案·第3页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}15．布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故 A 错误。温度 低的物体分子运动的平均速率小，故 B 错误。内能与物体的温度有关，与速度无关，物 体做减速运动时，物体的内能不会越来越小，故 C 错误。只要一定量的理想气体温度保 持不变，其内能也保持不变，故D正确。 16．垃圾卫星在太空中处于完全失重状态，仍受重力作用，正是引力提供向心力而做圆周运 动，故 A 错误。同一轨道高度的太空垃圾，由于质量关系不确定，因此机械能不一定相 同，故 B 错误。轨道高的垃圾卫星所在位置，处于大气层之外，没有因为大气阻力损耗 机械能，因此更容易成为“长寿”垃圾，故 C 正确。地球同步静止轨道卫星的轨道平面 与赤道共平面，因此不能发射一颗定位在昆明上空的同步静止轨道卫星，故D错误。 17．甲、乙两正方形线圈的材料相同，则它们的密度和电阻率相同，设材料的电阻率为， 密度为，两正方形线圈的边长相同，设线圈边长为L，线圈的横截面积为S，线圈质量 m4nLS 4nLS，由题意可知，两线圈的质量相等，则4n LS =4n LS ，则 甲 甲 乙 乙 n S n S ，两线圈在竖直平面内从同一高度同时由静止开始下落，设线圈下边到磁场 甲 甲 乙 乙 的高度为h，设线圈下边刚进入磁场时的速度为v，线圈进入磁场前做自由落体运动，则 v 2gh，由于下落高度 h 相同，则线圈下边刚进入磁场时的速度v相等。设线圈匝数 为n，磁感应强度为B，线圈进入磁场过程切割磁感线产生的感应电动势EnBLv。由电 4nL E BSv 阻定律可知，线圈电阻R ，由闭合电路的欧姆定律可知，感应电流I   ， S R 4 nB2LSv 线圈受到的安培力F nBIL ，由于n S n S ，B、L、、v都相同，则线 4 甲 甲 乙 乙 圈进入磁场时受到的安培力 F 相同，甲的下边开始进入磁场时以速度v做匀速运动，则 F mg，所以乙的上边进入磁场前也做匀速运动，则速度大小为v，故A错误。线圈进 E Φ ΦS 入磁场的过程中，通过导线的电荷量为qIt  t n  ，由n S n S ，可得 R R 4L 甲 甲 乙 乙 S n 1 甲  乙  ，所以甲和乙进入磁场的过程中，通过导线的电荷量之比为 1∶2，故 B 正 S n 2 乙 甲 nB2LSv 确。甲、乙进入磁场时速度相同，离开磁场时的速度也相同，所受安培力F nBIL 4 也相同，线圈离开磁场的加速度相同，所以甲、乙同时离开磁场，故 C 错误。线圈完全 进入磁场后通过线圈的磁通量不变，线圈中感应电流为0，线圈不再受安培力，线圈在磁 理科综合参考答案·第4页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}场中做加速运动；线圈开始离开磁场时，速度比进入磁场时大，安培力也比重力大，所 以甲、乙下边开始离开磁场时，一定都做减速运动，故D错误。 18．激光进入玻砖后，从底边射出时方向不变，故A正确。激光在玻砖上表面发生偏折，根据题 sin 意可知入射角60，设折射角为β，由折射定律n ，解得30，故B错误。光 sin c 在玻璃中的速度v ，光在玻砖中的路程svt ，玻砖厚度d scos30mm，故D正确。 n  19．由图甲可知波长4m，由图乙可知波的周期T 2s，则波速v 2m/s，故A正确。 T 由图乙可知t1s时，P点向上运动，对比图甲，可知P点后续跟随左侧质点运动，则波 沿x轴正方向传播，故B错误。根据图甲可知时t1s时，x3m处的质点位于波谷处，由 1 于t 20s1s19s9T  T ，可知在t20s时，该质点位于波峰处，故C正确。由图甲 2 可知波的振幅A为5cm，P点运动的路程s34A60cm，故D错误。 20．由运动轨迹可知电场力的方向在轨迹凹侧且垂直于等势线，粒子可以自P点减速运动到Q 点，也可以自Q点加速运动到P点，故A错误，B正确。从P到Q，电场力做负功，电 势能增加，故带电粒子在P点处的电势能比在Q点处小，故C正确。由于粒子带负电， 故场强的方向指向轨迹凸侧，沿场强方向电势降低，故D错误。 L 21．由几何关系可得R ，故 A 错误。由洛伦兹力提供向心力可得 3 q 3v 2πm 2πL  0 ，设粒子做匀速圆周运动周期为T，T   ，由图可 m BL Bq 3v 0 知粒子第一次到达 Q 点共经历两次圆周运动和一次匀速直线运动， 1 3L 5 (2π 3)L t  T ，t  ，t  T ，故t  ，故B正确。由几何关系作图可知，粒 1 6 2 3v 3 6 Q1 3v 0 0 子第二次经过 Q 点时，速度垂直于 ac 边，故 C 错误。粒子第二次到达 Q 点共经历三次 1 3L 5 2 圆周运动和三次匀速直线运动，由图可知t  T ，t t t  ，t  T ，t  T ， 1 6 2 4 6 3v 3 6 5 3 0 (10π9 3)L 故t  ，故D正确。 Q2 9v 0 理科综合参考答案·第5页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}三、非选择题：共14题，共174分。 22．（每空2分，共6分） （1）DF （2）1.8 (m m)(h h)2 f2 （3）(m m )gh  2 1 3 1 1 2 2 200 【解析】（1）步骤D应先接通电源，后释放纸带；步骤F中根据测量结果计算得出重物甲 下落过程中甲、乙两重物减少的重力势能等于重物甲、乙增加的动能。故错误的步骤是 DF。 1 （2）依题意，相邻计数点的时间间隔为 T 5 0.1s ，B 点时的速度为 f x h h 48.0112.02 v  AC  3 1  102m/s1.8m/s。 B 2T 2T 20.1 (m m)(h h)2 f2 （3）系统从O运动到B的过程中，若机械能守恒，则有(m m )gh  2 1 3 1 。 1 2 2 200 23．（每空2分，共12分） （1）6.0 1.0 （2）V R 如图所示 1 1 （3）3.7（3.5~3.9均可） 【解析】（1）设电压表示数为 U，干路电流为 I，由闭合电路的欧姆定律可得 E U IR r，整理可得U IR rE ，则UI 图像的纵轴截距等于电动势， 0 0 6.03.0 则有E6.0V ，UI 图像的斜率绝对值为R r  3 ，可得电源内阻为 0 1.0 r1.0。 （2）因为小灯泡的额定电压为6V，所以电压表选择V 与R' 串联后与灯泡并联；实验是 1 0 为了描绘完整的伏安特性曲线，电压、电流要从零开始测量，滑动变阻器采用分压式接 R R 法，故滑动变阻器选择R ；根据 V  L ，可知电流表应采用外接法。 1 R R L A 理科综合参考答案·第6页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（3）设灯泡两端电压为U，流经灯泡的电流为I，由闭合 电路欧姆定律得 EU 2I(Rr) ，化简整理得 U 10I 6，在图乙中作出对应的图线，如图所示， 可知交点坐标约为（0.35A，2.5V），故电源的输出 功率为 P2IU (2I)2R20.352.5W(20.35)2 4W3.7W。 24．（10分） 解：（1）喷壶导热性良好，壶内气体发生等温变化，不再喷水时压强变为p V 由玻意耳定律得2p  pV ① 4 1 V V V V  ② 水 1 2 （2）设打入气体后的压强为p ，体积为V 2 1 V 由玻意耳定律得 p  pV ③ 2 2 p 2p ④ 2 壶内气体： pV  pV ⑤ 1 2 3 V 打入气体： pN  pV ⑥ 20 2 4 V V V ⑦ 3 4 1 解得N=10 ⑧ 评分标准：本题共10分。正确得出①、②式各给2分，其余各式各给1分。 25．（14分） 解：（1）在水平传送带上，纸箱受到的加速度mg ma ① 解得a8m/s2 ② v 0.4 加速度到与传送带速度相等的时间t   s0.05s ③ 1 a 8 1 加速到与传送带速度相等时的位移x  at2 0.01m ④ 1 2 1 速度相等后一起匀速运动的位移x L x 3.2m ⑤ 2 2 1 理科综合参考答案·第7页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}x 匀速运动的时间t  2 8s ⑥ 2 v 纸箱被传送到分拣员处经过的时间t t t 8.05s ⑦ 1 2 （2）设装卸工人甲推纸箱的速度为v ，纸箱从推入传送带到与传送带速度相同所需时间 1 t ，由于v v，纸箱做减速运动，加速度大小为 3 1 mgcos37mgsin37 a  0.4m/s2 ⑧ 1 m v v  v  则减速到与传送带速度相等的时间t  1  1 1 s ⑨   3 a 0.4  1 v2 v2  v2  减速到与传送带速度相等时的位移x  1  1 0.2m ⑩ 3 2a 20.4  1 当速度相等后与传送带一起做匀速运动，匀速运动的位移x L x ⑪ 4 1 3 x 匀速运动的时间t  4 ⑫ 4 v 根据t t t ⑬ 3 4 整理得v2 0.8v 0.480 ⑭ 1 1 解得v 1.2m/s ⑮ 1 故纸箱被推入传送带时的速度大小为1.2m/s 评分标准：本题共14分。正确得出②、⑥式各给0.5分，其余各式各给1分。 26．（20分） 解：（1）外壳受向下的重力和向上的弹力，当弹力等于重力时，速度最大 k x4mg ① 4mg 解得x ② k 4mg 故当弹簧的压缩量为 时，外壳的速度达到最大 k 1 设外壳的最大速度为v，根据机械能守恒：E  4mv2 4mgh ③ p 2 1 256m2g2 16m2g2  1 16mg 4mg 即 k    4mv2 4mg   2  k2 k2  2  k k  理科综合参考答案·第8页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}m 解得v6g ④ k m 故外壳的最大速度为6g k （2）设弹簧对外壳的冲量为I，对外壳，由动量定理：I 4mgt 4mv ⑤ m 解得I 24mg 4mgt ⑥ k m 故外壳与内芯碰撞前，弹簧对外壳的冲量为24mg 4mgt k （3）外壳和内芯碰撞过程，由动量守恒定律得4mv=(4mm)v ⑦ 1 碰后过程，对圆珠笔由机械能守恒定律得 (4mm)v2 (4mm)gh ⑧ 2 16mg 4mg 圆珠笔外壳下端离开桌面的最大高度hh   ⑨  k k  588mg 联立解得h ⑩ 25k 588mg 故圆珠笔外壳下端离开桌面的最大高度是 25k 评分标准：本题共20分。正确得出①~⑩式各给2分。 27．（除特殊标注外，每空2分，共14分） （1）4s24p1（1分） （2）Ca (Fe O ) 24H=2Ga3 6Fe3 12H O CaSO （1分） 2 2 4 3 2 4 （3）6.2 （4）2.3（1分） （5）Ga(OH) OH=GaO 2H O（或Ga(OH) OH=Ga(OH)） 3 2 2 3 4 （6） （1分） 484 （7）4 (其他化简形式只要正确都可) N (a1010)3 A 【解析】矿渣中主要含铁酸镓、铁酸锌、SiO ，矿渣中加入稀硫酸，SiO 不溶于稀硫酸， 2 2 浸出渣为SiO ，加入CaO调节pH，从已知②可知，Zn(OH) K 相对Ga(OH) 和Fe(OH) 2 2 sp 3 3 较大，因此调节 pH 可使Ga3、Fe3完全沉淀而Zn2不沉淀，滤液为硫酸锌。再加入稀 理科综合参考答案·第9页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}硫酸酸溶，沉淀溶解为Ga3和Fe3，加入萃取剂萃取，然后加入a mol/L盐酸进行脱铁， 再加入b mol/L的盐酸进行反萃取，根据表中数据可知，脱铁时盐酸浓度较高，促使Fe3 更多地进入水相被除去，盐酸浓度为 6.2mol/L，反萃取中要保证Ga3更可能多地进入水 相，则此时盐酸浓度为 2.3mol/L，随后加入 NaOH 沉镓生成Ga(OH) ，Ga(OH) 经过热 3 3 分解生成Ga O ，最后经过CVD得到GaN。 2 3 （1）Ga位于第四周期第ⅢA族，价层电子是4s24p1 。 （2）Ga (Fe O ) 与稀硫酸反应生成 Ga3、 Fe3和 H O，反应的离子方程式为 2 2 4 3 2 Ca (Fe O ) 24H=2Ga3 6Fe3 12H O；酸溶前调节 pH 时加入了 CaO，加入 2 2 4 3 2 稀硫酸钙离子和硫酸根离子反应生成硫酸钙，硫酸钙微溶于水，故酸溶滤渣中为CaSO 。 4 （3）酸浸所得浸出液中Ga3、Zn2浓度为质量浓度，需转化为量浓度，0.21g/L和6.5g/L 即0.003mol/L和0.1mol/L，根据K [Zn(OH) ]1016.6，Zn2开始沉淀时c(OH−)=10−7.8， sp 2 开始沉淀的pH为6.2，因此调节pH应小于6.2。 （4）根据分析可知脱铁时盐酸浓度较高，促使Fe3更多地进入水相被除去，反萃取中要 保证Ga3更可能多地进入水相，则此时盐酸浓度为2.3mol/L。 （5）Ga 与 Al 同主族，化学性质相似，沉镓时加入 NaOH 过多，则生成的Ga(OH) 重新 3 溶解生成GaO，离子方程式为Ga(OH) OH=GaO 2H O或Ga(OH) OH 2 3 2 2 3 =Ga(OH)。 4 （6）Ga O 与NH 高温下反应生成GaN和另一种物质，根据原子守恒，可得另一种物质 2 3 3 为H O，则水分子的电子式为 。 2 （7） 每个晶胞中与氮原子距离最近的镓原子为4个，氮原子的配位数为4，GaN晶胞中 原子个数比Ga:N=1:1，则镓原子的配位数也为4；根据均摊法，该晶胞中N原子个数为4， 1 1 484 Ga原子个数为 8 64，则晶胞密度为 g/cm3。 8 2 N (a1010)3 A 28．（除特殊标注外，每空2分，共14分） （1）①V形（1分） ②SO +2NH ·H O=2NH+SO2+H O 2 3 2 4 3 2 （2）①吸收尾气SO 并防止倒吸 球形冷凝管（1分） 2 ②4.6 理科综合参考答案·第10页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（3）①NaHSO HCHOZnH O NaHSO HCHOZn(OH) 3 2 2 2 ②真空蒸发浓缩，冷却结晶（未提到真空扣一分） （4）96.25％ 【解析】将Na SO 与浓H SO 反应生成SO ，二氧化硫通入亚硫酸钠溶液中得到亚硫酸氢 2 3 2 4 2 钠，向三颈烧瓶中加入稍过量的锌粉和一定量甲醛溶液，在80～90℃下，反应约3h，冷 却至室温，抽滤；将滤液真空蒸发浓缩，冷却结晶得到NaHSO HCHO。 2 （1）将Na SO 与浓H SO 反应生成SO ，SO 空间结构为V形，其与足量氨水反应生成 2 3 2 4 2 2 亚硫酸铵。 （2）①装置E为尾气处理装置，倒扣漏斗可以防倒吸；装置X的名称为球形冷凝管。 ②常温下，n(HSO):n(H SO )等于 1 时，溶液的 pH 为 2，溶液体积相等则浓度比也等 3 2 3 于 1∶1，K =1×10−2，n(SO2):n(HSO)等于 1 时，溶液的 pH 为 7.2，溶液体积相等则 a1 3 3 浓度比也等于1∶1，K =1×10−7.2，当溶液中c(SO2)c(H SO )时，K ×K =c (H+)2= a2 3 2 3 a1 a2 1×10−9.2，c(H+)=1×10−4.6，pH=4.6。 （3）①生成 NaHSO HCHO ［副产物为 Zn(OH) ］时发生反应的化学方程式为 2 2 NaHSO HCHOZnH O NaHSO HCHOZn(OH) ； 3 2 2 2 ②真空容器蒸发浓缩，冷却结晶的原因是ⅰ．次硫酸氢钠甲醛在空气中易被氧化，防止 氧气将产物氧化在真空容器中蒸发浓缩，ⅱ．防止温度过高使产物分解； （4）设样品中 NaHSO HCHO2H O 的质量为 x，x=0.01mol×5×154g/mol=7.7g， 2 2 7.7g ×100%=96.25％。 8.0g 29．（除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）−89.7kJ/mol （2）C 0.10.2 （3）① 0.84.63 ②减小（1分） ③温度升高，反应i逆向移动，反应ii正向移动，温度高于260℃时，反应ii正向移动的 理科综合参考答案·第11页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}程度大于反应i逆向移动的程度 ④在该条件下，反应i的速率大于反应ii，单位时间内生成甲醇的量比生成CO的量多 （4）2HSO 2e 2H=S O2 2H O 0.02 3 2 4 2 【解析】（1）根据盖斯定律ⅰ−ⅱ=iii，故答案为−89.7kJ/mol。 （2）绝热恒容容器，反应未达平衡时能量的变化使得体系温度变化，只有达到平衡时体 系温度不变，平衡常数不变。绝热恒容容器，当反应ⅰ的平衡常数 K 保持不变说明反应 ⅰ、ⅱ都已达平衡，A正确。根据质量守恒，混合气体的质量不变，反应i是气体体积减 小的反应，反应 ii 是气体体积不变的反应，则气体的总物质的量随着反应进行减小，气 体的平均相对分子质量增大，当气体的平均相对分子质量保持不变，说明反应体系已达 平衡，B正确。体系达平衡后，若压缩体积，相当于增大压强，则反应i平衡正向移动， 会使反应i中CO 和H 量减小，H O量增大，反应ii的化学平衡逆向移动，C错误。选 2 2 2 用合适的催化剂可以加快反应速率，从而提高CH OH在单位时间内的产量，D正确。故 3 答案为C。 （3）①某温度下，向容积为1L的密闭容器中通入1mol CO (g)和5mol H (g)，10 min后体 2 2 系达到平衡，此时CO 的转化率为20%，则消耗的n(CO )1mol20%0.2mol，CH OH 2 2 3 转化的CH OH的n(CO ) 的选择性为 50%，已知 CH OH 的选择性= 3 2 100%，则转化为 3 消耗的n(CO ) 2 CH OH 的 n(CO )0.2mol50%0.1mol 。平衡时 n(CO )1mol0.2mol0.8mol ， 3 2 2 n(H )5mol0.4mol4.6mol，n(CH OH)0.1mol，n(H O)0.2mol，容器容积为1L， 2 3 2 c(CO )0.8mol/L，c(H )4.6mol/L，c(CH OH)0.1mol/L，c(H O)0.2mol/L反应 i 2 2 3 2 c(CH OH)c(H O) 0.10.2 的平衡常数K  3 2  ； c(CO )c3(H ) 0.84.63 2 2 ②反应 ii 是吸热反应，降低温度，速率常数均减小，化学平衡逆向移动，则v 减小的幅 逆 度小于v ，所以k 减小的幅度大于k ，故k k 减小； 正 正 逆 正 逆 ③温度升高，反应ⅰ逆向移动，反应ⅱ正向移动，温度高于260℃时，反应ⅱ正向移动的 程度大于反应ⅰ逆向移动的程度，故CO 的平衡转化率发生变化。 2 ④在该反应条件下反应ⅰ的速率大于反应ⅱ，单位时间内生成甲醇的量比生成 CO 的量 多，故温度相同时CH OH的选择性：实验值略高于平衡值。 3 理科综合参考答案·第12页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（4）由图可知，电解池中阴极的亚硫酸氢根离子得到电子发生还原反应，反应式为 2HSO 2e 2H =S O2 2H O，阳极反应为2H O4e=4H O ；根 3 2 4 2 2 2 据2H O2NO2S O2=N 4HSO，可得2NO4e O ，当产生224mL O 时 2 2 4 2 3 2 2 (标况)，n(O )0.01mol，则可处理NO的物质的量为0.02mol。 2 30．（除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）对羟基苯甲醛（4−羟基苯甲醛） （2）C H OP 18 15 （3）加成（或还原）反应、氧化反应（答对一个得1分） （4）2（1分） 2（1分） （5）13 （6） （3分） 【解析】（1）根据有机物的结构，有机物A名称为对羟基苯甲醛。 （2）根据反应中A、B、C的分子式和质量守恒定律可知，反应前与反应后的原子个数相 同，则反应后另一产物的分子式为C H OP。 18 15 （3）有机物D的结构简式为 ，故②为加成（或还原）反应，③得氧为氧化反应。 （4） 据观察，E分子中手性碳原子有2个，1mol F最多加成2 mol H 。 2 （5）化合物 E 发生消去反应产物的分子式为 C H O ，能与 FeCl 溶液发生显色反应说明 8 8 2 3 含有酚羟基，能发生银镜反应说明含有醛基；如果苯环上有两个取代基（羟基、乙 醛基）有 3 种排列方式；如果苯环上有三个取代基（羟基、醛基、甲基）有 10 种 排列方式；所以符合条件的同分异构体有 13 种。其中，核磁共振氢谱有五组峰且峰 面积之比为1∶2∶2∶2∶1的结构简式为 。 理科综合参考答案·第13页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（6）根据题给已知条件对甲基苯酚与HOCH CH Cl反应能得到 ，之后水解 2 2 反应得到 ，观察题中反应可知得到目标产物需要利用反应④，所以合成的 路线为 。 31．（除特殊标注外，每空1分，共10分） （1）差速离心法 低渗 在光照下（1分），NTUs合成了ATP和NADPH，补充损伤细 胞内的ATP和NADPH含量，改善细胞合成代谢（1分） 类囊体薄膜上含有光反应 所需的光合色素和酶 （2）吞噬细胞 溶酶体 （3）②等量的CM−NTUs C、E（或B、E） ③植入CM−NTUs并照光能有效缓解小鼠的骨关节炎症状 32．（除特殊标注外，每空1分，共12分） （1）叶腋是否长雌花序（2分） 顶端花序的性别 雄 （2）①不能 因为（B基因纯合，）只有T/t一对等位基因，无论B和T是否位于同一条 染色体上，自交结果均为3∶1或甲植株基因型为BBTt，B基因纯合，只有T/t一对等位 基因，无论B和T是否位于同一条染色体上，自交结果均为3∶1（2分） ②Bbtt 3/4（2分） （3）bbTt和bbtt（2分） 33．（除特殊标注外，每空2分，共10分） （1）无氧呼吸（1分） 乳酸（1分） （2）排除手术创口对实验结果的影响 当脑损伤发生后，大量神经细胞受损，NSE可释 放出来进入血液，因此其释放程度可反映出机体神经元的受损情况 （3）静脉注射生理盐水1mL （4）PCOs能降低细胞中NSE和MBP的含量，缓解因缺氧缺血造成的神经元及中枢神经 系统损伤 理科综合参考答案·第14页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}34．（除特殊标注外，每空2分，共10分） （1）生产者（通过光合作用）固定的太阳能、饵料中的化学能、污水中有机物的化学能 （2）115（1分） 13.6% （3）间接、直接 （4）抵抗力（1分） “打捞过度繁殖的藻类”；“移除该水域的沉积物和污染物”； “人工增氧措施，增加水体溶解氧”；“人工浮床种植水生植物，吸收富营养化物质并定 期移除”；“选择有效生物组分并合理布设”（任答两点均可给分，其他合理答案也可给分） 35．（除特殊标注外，每空2分，共12分） （1）植物细胞的全能性 能保持植物原有的遗传特性；繁殖速度快 （2）诱导愈伤组织形成和诱导愈伤组织分化形成试管苗所需的生长素和细胞分裂素的比 例不同 再分化（1分） 诱导叶绿素的形成，使试管苗能够进行光合作用 （3）抑菌（杀菌）（1分） 使培养程序简化、降低成本（其他合理答案也可给分） 理科综合参考答案·第15页（共15页） {#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}