文档文本内容
北京二中教育集团 2023—2024 学年度第二学期
初三物理保温训练试卷
考生须知
1. 本试卷分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题纸，共14页；其中第Ⅰ卷4页，第Ⅱ卷6页，答题纸4
页。全卷共五大题，29道小题。
2. 本试卷满分70分，考试时间70分钟。
3. 在第Ⅰ卷、第Ⅱ卷指定位置和答题纸的密封线内准确填写班级、姓名、考号、座位号。
4. 考试结束，将答题纸和机读卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题 共30分）
一、单项选择题（以下每题只有一个正确的选项，每小题2分，共24分）
1. 下列文具中，通常情况下属于绝缘体的是
A. 铅笔芯 B. 橡皮 C. 金属小刀 D. 不锈钢尺
【答案】B
【解析】
【详解】铅笔芯的主要成分都是石墨，属于导体，金属小刀和不锈钢尺都是金属材料做成的，也是导体，
橡皮的成份是橡胶，是绝缘体。
故选B。
2. 下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）
A. 电饭煲 B. 电风扇 C. 电磁炉 D. 笔记本电脑
【答案】A
【解析】
【详解】A．电饭锅将电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A符合题意；
B．电风扇是利用通电导体在磁场中受力的作用来工作的，主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效
应工作的，故B不符合题意；
C．电磁炉是利用电磁感应现象来工作的，不是利用电流热效应工作的，故C不符合题意；
D．笔记本电脑主要将电能转化为光能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。
故选A。
3. 图示的四个物态变化的实例中，由于液化形成的是（ ）A. 湖中冰化成的水 B. 草叶上的露珠
C. 树叶上的霜 D. 落在地上的雪
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．冰化成的水，物质从固态变为液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠是水蒸气遇冷液化而成的，故B符合题意；
C．霜是水蒸气直接凝华而形成的，故C不符合题意；
D．雪是水蒸气直接凝华而形成的，故D不符合题意。
故选B。
4. 如图所示的四种用具中，正常使用时属于省力杠杆的是（ ）
A. 开瓶器
B. 筷子
C. 食品夹
D. 天平
【答案】A
【解析】
【详解】A．开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A符合题意；B．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不符合题意；
C．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；
D．天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故D不符合题意。
故选A。
5. 如图所示，小东和小成坐在火车车厢内，通过观察窗外的景物判断火车是否运动的情景。小东认为：以
窗外的站台为参照物，火车的位置没有发生变化，因此火车是静止的；小成认为：以窗外驶过的动车为参
照物，火车的位置发生了变化，因此火车是运动的。下列说法正确的是（ ）
的
A. 只有小东 观点正确 B. 只有小成的观点正确
C. 两人的观点都正确 D. 两人的观点都不正确
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】火车相对于站台而言位置没有发生改变，故以站台作为参照物，火车是静止的，小东的观点是正
确的；火车相对于窗外驶过的动车，位置发生了变化，故以窗外驶过的动车为参照物，火车是运动的，故
小成的观点也是正确的，故C正确。
故选C。
6. 关于能源以及能的转化，下列说法中正确的是（ ）
A. 煤、石油、天然气都是可再生能源
B. 风力发电是将电能转化为机械能
C. 四冲程汽油机在做功冲程中内能转化为机械能
D. 通电线圈在磁场中受力转动的过程中，机械能转化为电能
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．煤、石油、天然气不能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源，故A错误；
B．风力发电机的发电过程中，消耗机械能而产生电能，故是将机械能转化为电能的过程，故B错误；
C．四冲程汽油机的做功冲程中，将高温高压燃气的内能转化为活塞的机械能，故C正确；D．通电线圈在磁场中受力转动的过程中，电能转化为机械能，故D错误。
故选C。
7. 关于光现象，下列说法中正确的是
A. 人站在平面镜前所看到自己在镜中的像是实像
B. 人通过放大镜观察物体时看到的是物体正立放大的实像
C. 凹透镜对光有发散作用，可用来矫正远视眼
D. 在电影院从不同角度都能看到银幕上的影像，是光的漫反射现象
【答案】D
【解析】
【详解】A．人站在平面镜前看到自己在镜中的像是正立、等大的虚像，故A项错误；
B．用放大镜观察物体时看到的是物体正立、放大的虚像，故B项错误；
C．远视眼是晶状体曲度变小、会聚能力减弱造成的，应佩戴会聚透镜使物体的像成在视网膜上，故应佩
戴凸透镜来矫正，因凹透镜对光线有发散作用，故C项错误；
的
D．银幕是凹凸不平 ，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人
的眼睛，不同方向的人们都能看到银幕上的影像，因此光在银幕上发生了漫反射，故D正确．
8. 如图是短道速滑女子3000米接力赛中的场景。在完成接力的过程中，后方运动员乙用力向前推前方运
动员甲，甲在冰面上加速滑行。下列说法正确的是（ ）
A. 甲在冰面上加速滑行的过程中，运动状态保持不变
B. 甲在冰面上加速滑行的过程中，所受的合力不为零
C. 甲能够加速滑行，是因为甲受到惯性的作用
D. 乙用力向前推甲时，乙对甲的力大于甲对乙的力
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲在冰面上加速滑行，运动速度变大，所以运动状态发生变化，故A错误；
B．甲在冰面上加速滑行的过程中，运动状态发生变化，所以她受到的力是非平衡力，即所受合力不为零，故B正确；
C．甲能够加速滑行，是因为甲受到乙的推力的作用，不能说受到惯性作用，故C错误；
D．乙用力向前推甲时，乙对甲的力和甲对乙的力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。
故选B。
9. 一位摄影爱好者采用在同一张底片上多次曝光的方法，拍摄了极限跳伞运动员从悬崖上跳下的过程。从
运动员离开悬崖时开始，每隔 0.3s 曝光一次，得到了一张记录运动员在打开降落伞之前的一段下落情况
的照片，如图。已知运动员从 a 点到 d 点可视为沿竖直方向运动，，通过 ab、bc 和 cd 的时间间隔均
为 0.6s，空气阻力不能忽略。对于运动员从 a 点到 d 点的下落过程，下列分析中正确的是（ ）
A. 运动员下落过程中速度的大小保持不变
B. 运动员所受的重力在ab段所做的功等于在cd段所做的功
C. 运动员所受的重力在ab段做功比在 cd 段做功慢
D. 运动员下落过程中减少的重力势能全部转化为动能
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．由图知，运动员下落过程中在相同时间内通过的距离不同，因此他的速度的大小是变化的，
故A错误；
B．由图知，运动员在ab段与cd段通过的距离不同，但运动员的重力不变，由公式W=Gh可知，其所受
的重力在ab段所做的功不等于在cd段所做的功，故B错误；
C．由图知，运动员在ab段比在cd段通过的距离短，因此相同时间内做功少，即重力在ab段做功比在cd
段做功慢，故C正确；
D．由于空气阻力不能忽略，所以运动员下落过程中克服空气阻力会消耗一部分机械能（会转化为内能），
所以减少的重力势能并没有全部转化为动能，故D错误。
故选C。
10. 如图所示是科技小组的四位同学设计的安装在潜水器上的显示下潜深度的深度表的电路原理图，其中R为压敏电阻（用符号表示），R的阻值随其所受水的压强的增大（下潜深度的增加）而减小，R 为定值
0
电阻，电源两端的电压保持不变．电路设计要求潜水器下潜深度增大时，电路中的电表示数增大，如图所
示电路图中符合设计要求的是
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A、由电路图可知，R与R 并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以当潜水器下潜
0
深度增大（R电阻的阻值减小）时电压表的示数不变，故A不符合题意；
B、由电路图可知R与R 并联，电流表测R 支路的电流，根据并联电路独立工作互不影响可知，当当潜水
0 0
器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）时电流表的示数不变，故B不符合题意；
C、由电路图可知，R与R 串联，电流表测电路中的电流，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、
0
电路的总电阻减小，根据欧姆定律 可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故C符合题意；
D、由电路图可知，R与R 串联，电压表测R两端的电压，当潜水器下潜深度增大（R电阻的阻值减小）、
0
电路的总电阻减小，根据串联电路电阻的分压特点可知R两端分得的电压减小，即电压表的示数减小，故
D不符合题意．
11. 标有“12V 12W”的灯泡 L 和标有“12V 6W”的灯泡 L ，先后按串联和并联方式接在电压恒为
1 2
12V 的电源两端。如果不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（ ）
A. 串联时灯 L 两端的电压等于灯L 两端的电压，且均为6V
1 2
B. 并联时通过灯L 的电流I 大于通过灯L 的电流I，且 I=2I
2 2 1 1 2 1
C. 串联时灯L 的功率P 大于灯L 的功率P，且P=2P
1 1 2 2 1 2
D. 并联时灯L 的功率P′大于串联时灯L 的功率P，且
2 2 2 2【答案】D
【解析】
【详解】A．由题意可知，灯泡 L 的电阻为
1
灯泡 L 的电阻为
2
当两灯串联时，由串联分压原理可得，灯泡 L 和灯泡 L 的两端电压之比为
1 2
①
根据串联电路的电压规律可得
②
联立①②式，解得U=4V，U=8V。故A错误；
1 2
B．由欧姆定律可得，并联时通过灯L 的电流为
1
通过灯L 的电流为
2
因此并联时通过灯L 的电流I 小于通过灯L 的电流I，且 I=2I，故B错误；
2 2 1 1 1 2
C．串联时通过灯L 的电流I 等于通过灯L 的电流I，则灯L 的功率P 和灯L 的功率P 的关系为
2 2 1 1 1 1 2 2
因此，串联时灯L 的功率P 小于灯L 的功率P，且P=2P。故C错误；
1 1 2 2 2 1
D．并联时灯L 的两端电压为12V，正常发光，因此功率为P′=6W；串联时灯L 的功率为
2 2 2
则并联时灯L 的功率P′大于串联时灯L 的功率P，且有
2 2 2 2故D正确。
故选D。
12. 如图所示，完全相同的甲、乙两个烧杯内分别装有密度不同的液体。在两烧杯中，距离杯底同一高度
处有A、B两点，已知A、B两点压强相等，烧杯甲、乙对桌面的压强为 、 ，若将两个体积相等的
实心物体M、N分别轻轻地放入甲、乙两容器中，发现M漂浮在甲液面上，N悬浮在乙液体中，两容器中
液体均未溢出，则下列说法正确的是（ ）
A.
B. 两物体的密度关系为
C. 放入两物体后，容器底增加的压强关系为
D. 两物体受到的浮力关系为
【答案】C
【解析】
【详解】A．A、B所处的深度关系为
h >h
A B
因A、B两点压强相等，即
p =p
A B
由p=ρgh可知两液体的密度关系为
ρ <ρ
甲 乙
因圆柱形容器内液体对容器底部的压力和液体的重力相等，所以，由
G=F=pS
可知，A点和B点液面以上两液体的重力相等，又因A、B两点距离杯底同一高度，所以，A点和B点液面
以下两液体的体积相等，由G=mg=ρVg
可知，A点液面以下液体的重力小于B点液面以下液体的重力，综上可知，甲容器内液体的重力小于乙容
器内液体的重力，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以由
可知，甲、乙两烧杯对桌面的压强关系为
p <p
甲 乙
故A错误；
B．将两个体积相等的实心物体M、N分别轻轻地放入甲、乙量容器中，发现M漂浮在甲液面上，N悬浮
在乙液体中，因物体的密度小于液体的密度时漂浮，物体密度等于液体密度时悬浮，所以
ρ <ρ
M 甲
ρ =ρ
N 乙
则两物体的密度关系为
ρ <ρ
M N
故B错误；
C．因实心物体M、N的体积相等，M漂浮在甲液面上时排开甲液体的体积小于N悬浮在乙液体中排开液
体的体积，所以，由 可知，放入M、N两物体后，乙烧杯内液面上升的高度较大，由Δp=ρgΔh
可知，乙烧杯内的液体密度大，上升的高度大，则乙容器底增加的压强大，即
Δp <Δp
甲 乙
故C正确；
D．因乙液体的密度大，N排开液体的体积大，所以，由F =ρgV 可知，M受到的浮力小于N受到的浮力，
浮 排
故D错误。
故选C。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每
小题2分，每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的不得分）
13. 下列说法中正确的是（ ）
A. 温度越高的物体，放出的热量就越多
B. 比热容与物质的质量和吸收或放出的热量无关
C. 组成物质的分子之间，存在相互作用的引力和斥力
D. 组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关【答案】BCD
【解析】
【详解】A．由Q=cmΔt可知，放出热量与物质的比热容、质量和降低的温度有关，因此温度高的物体，
放出的热量不一定多，故A错误；
B．比热容是物质本身的一种特性，其大小是由物质种类决定的，与是否吸热、放热、状态、温度高低、
质量等因素无关，故B正确；
C．分子之间有相互作用的引力和斥力，分子引力和分子斥力是同时存在的，故C正确；
D．分子无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故D正确。
故选BCD。
14. 图所示的四个实验中，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图所示的实验说明同名磁极相互排斥
B. 乙图所示的实验可以研究电流周围是否存在磁场
C. 丙图所示的实验装置可以研究电动机工作的原理
D. 丁图所示的实验中只要闭合开关，灵敏电流计的指针就会发生偏转
【答案】ABC
【解析】
【详解】A．由图甲可知，两个磁体的N极靠近时，小磁针远离，说明同名磁极相互排斥，故A正确；
B．乙图，给直导线通电，导线下方的小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B正确；
C．丙图，通电导体在磁场中受力运动，根据此原理制成了电动机，故C正确；
D．丁图，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中才能产生感应电流，故D错误。
故选ABC。
15. 某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图中图线 a所示，物体上
升的高度随时间变化的关系如图中图线b所示。已知物体的质量为450g，所用动滑轮的质量为50g，绳子
自由端的拉力F为1.3N。g取10N/kg。下列说法中正确的是（ ）A. 滑轮组的机械效率为90%
B. 在0~2s过程中，滑轮组做的有用功为0.45J
的
C. 物体上升时，拉力F 功率为0.26W
D. 若用此滑轮组匀速竖直提升质量为750g的物体，需在绳子自由端施加的拉力F应为2N
【答案】BC
【解析】
【详解】ABC．由图线ab可知，当时间为2.0s时，绳子自由端移动的距离是40cm，物体上升的高度是
10cm，滑轮组的动滑轮绕绳子的段数
有用功
W =Gh=mgh=0.45kg×10N/kg×0.1m=0.45J
有
总功
W =Fs=1.3N×0.4m=0.52J
总
拉力F的功率为
滑轮组的机械效率为
故A错误，BC正确；
D．不计绳重和摩擦，若用此滑轮组匀速竖直提升质量为750g的物体，需在绳子自由端施加的拉力
题目中没有不计绳重和摩擦，绳子自由端施加的拉力大于2N，故D错误。
故选BC。第Ⅱ卷（非选择题 共40分）
三、实验解答题（共28分，17题2分，22题3分，25题3分，26题4分，其余每空1分）
16. （1）用调节好的天平测金属块的质量，如图甲所示，则金属块的质量是___________g；
（2）如图乙所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，就有一部分电荷转移到验电器的两片金
属箔上，这两片金属箔张开，这是因为___________；
（3）如图丙所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶
中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉玻璃板后，可以看到：___________，这属于扩散现象。
【答案】 ①. 70 ②. 见解析 ③. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，金属块的质量
m=50g+20g=70g
（2）[2]用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电（有多余的电子），用它去接触验电器的金属球时，橡胶棒上多余
的电子会转移到验电器上，则验电器也带上负电，即验电器的金属球和两个金属箔片上都带上了同种电
荷---负电荷；由于同种电荷相互排斥，所以其两个金属箔片会张开。
（3）[3]抽掉玻璃板后，可看到两种气体逐渐混合在一起，颜色变得均匀，这是扩散现象，说明分子在不
停地做无规则运动。
17. 如图所示，在探究条形磁体外部磁场的分布和方向实验中，为了知道在条形磁体附近M点的磁场方向，
请你写出具体做法和判断方法：___________。
【答案】在M点放一个可以自由转动的小磁针，最终小磁针静止时N极的指向，就是N极的受力方向，
就是磁场方向。
【解析】
【详解】放在磁场中的小磁针的N极的受力方向规定为磁场的方向。故我们可以在M点放一个可以自由转
动的小磁针，最终，小磁针静止时，N极的指向，就是N极的受力方向，就是磁场方向。
18. 如图所示是“探究A、B物质熔化时温度随加热时间的变化规律”的实验装置，实验数据如下表所示：
初始时A、B均为固体，4分钟开始有液体出现，9分钟时二者均为液体。根据实验数据分析可知：属于晶体的是___________（选填“A”或“B”）物质，理由是___________。
加热时 1
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9
间/min 0
A物质的 4 4 4 4 4 4 4 4 5 5 5
温度/ 0 1 2 4 6 7 8 9 1 2 4
B物质的 4 4 4 4 4 4 4 4 4 5 5
温度/ 0 2 4 6 8 8 8 8 8 0 3
【答案】 ①. B ②. 有熔点
【解析】
【详解】[1][2]由表格中数据得，A物质熔化过程中，温度持续上升，没有熔点，是非晶体；B物质熔化过
程中，温度保持不变，有固定的熔点，是晶体。
19. 小北和小京合作测小车的平均速度。他们设计了如图所示的实验装置，将小车从带刻度的斜面上端A
点由静止释放到达B点，用电子表记录小车的运动时间，图中方框内的数字是电子表两次测量的显示（数
字分别表示“小时：分：秒”）。
（1）小车的平均速度为___________m/s；
（2）实验中应该控制斜面的坡度较___________（选填“大”或“小”），这样可以减小时间测量的误差。
【答案】 ①. 0.16 ②. 小
【解析】
【详解】（1）[1]小车的平均速度为
（2）[2]实验中应该控制斜面的坡度较小，这样可以减小小车在斜面上的速度，增大小车在斜面上的运动时间，减小时间测量的误差。
20. 如图所示，某同学在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上
50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，移动光屏，直到在光屏上呈现烛焰清晰的
像。此时该像是倒立、___________（选填“放大”或“缩小”）的实像。但蜡烛所放的位置不能离一倍
焦距太近，原因是___________。
【答案】 ①. 放大 ②. 见解析
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，物距为
u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；光屏上承接到的像是实像，凸透镜成实像时，
物距越小，则像距越大，蜡烛所放的位置离一倍焦距太近，像距太大，由于光具座的长度有限，在凸透镜
的另一侧移动光屏找到像。
21. 小京用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。
（1） 如图甲所示，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移动至___________端；
（2） 闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，此
时通过小灯泡的电流为___________A．该小灯泡的额定功率为___________W。
【答案】 ①. B ②. 0.3 ③. 0.75
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关前，为了防止因电路中电流过大而损坏电路元件，应将滑动变阻器的滑片P置
于阻值最大处，如图甲所示，滑动变阻器接下端左端的接线柱，故滑片P移动至B端。
（2）[2][3]如乙图可知，电流表所选的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，根据此时指针指示的位置可知读
出电流表的读数为0.3A。即灯泡正常发光时流过灯泡的电流I=0.3A，则灯泡的额定功率为P =U I=2.5V×0.3A=0.75W
额 额
22. 不同材料的导电性能是不同的。表中给出了可供选择的几种导体，分别用A-G七个字母代表。若要利
用图所示的电路比较锰铜、镍铬合金和钛这三种材料的导电性能，可选用的导体代号是 ______ ，选择的
理由是 ______ 。
导体代 长 横截面积/
材料
号 度/m mm2
A 1.0 0.2 锰铜
B 1.0 0.4 锰铜
C 1.0 0.6 锰铜
镍铬合
D 1.0 0.4
金
镍铬合
E 1.0 0.6
金
F 1.0 0.2 钛
G 1.0 0.6 钛
【答案】 ①. C、E、G ②. 导体的长度和横截面积相同，材料不同
【解析】
【详解】[1][2]为了比较锰铜、镍铬合金和钛这三种材料的导电性能，根据控制变量法，则需使导体长度和
横截面积相同，而材料不同，故应选导体C、E、G。
23. 图甲是演示手握金属棒可以产生电流的实验装置，位于左侧的铁棒、铝棒和铜棒分别与检流计的正接
线柱相连；位于右侧的铜棒、铝棒、铁棒分别与检流计的负接线柱相连。实验装置中六根金属棒跟检流计
的线路连接方式如图乙所示。通过检流计可以观察电路中的电流大小及方向。小云用该实验装置进行实验
的步骤如下:首先用左手握住左侧的铁棒，右手握住右侧的铝棒，发现检流计指针发生了偏转；然后，左手
仍握住左侧的铁棒，右手握住右侧的铜棒，发现检流计指针偏转方向与第一次偏转方向相反，请你写出小
云所探究的问题是____________。【答案】手握金属棒产生的电流的方向是否与金属棒的材质有关
【解析】
【分析】
【详解】图是演示手握金属棒可以产生电流的实验装置，用到控制变量法：首先用左手握住左侧的铁棒，
右手握住右侧的铝棒，发现检流计指针发生了偏转；然后，左手仍握住左侧的铁棒，右手握住右侧的铜棒，
发现检流计指针偏转方向与第一次偏转方向相反。即改变右手握住的金属棒，观察电流方向，于是可以提
出：手握金属棒产生的电流的方向是否与金属棒的材质有关。
24. 如图是探究杠杆平衡条件 的实验。
（1）在挂钩码前，杠杆如图甲所示，小慧调节杠杆右端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，其目的是
___________；
（2）接着小慧在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡（如图
乙）。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆___________（选填“左”或“右”）端将下沉；
（3）图丙为小慧制作的简易“杠杆力臂演示仪”，杠杆AOB可绕O点（螺母）转动，不计摩擦和杠杆自
身重力；
①杠杆处于丙图所示水平位置平衡；
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折 后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆
（对应B点）保持左侧物悬挂点位置不变化，要使杠杆在图丁所示位置保持平衡，请你写出一条可行的措
施___________。
【答案】 ①. 方便 测量力臂 ②. 右 ③. 悬挂点A向右移动##悬挂点B向右移动
【解析】
【分析】【详解】（1）[1]当杠杆在水平位置平衡时，应作用在杠杆上的力都在竖直方向，则力的力臂均与杠杆重
合，由此我们可以直接根据杠杆的刻度读出力臂。
（2）[2]设每个钩码重为G，杠杆上每一格为l，则在A、B下方再各加一个相同的钩码时，左端为
右端为
因为 ，所以右端下沉。
（3）[3]由图可知，当OB向下折30°后，F 的阻力臂变小，要使杠杆再次恢复平衡，由平衡条件
2
可知，可以减小动力臂，也就是将悬挂点A点向右移动，或者增大阻力臂，将悬挂点B点向右
移动。
25. 小明在学习浮沉条件后，希望能做出物体在水中处于悬浮的状态。于是小明在气球（体积易受环境因
素影响）下面挂一小金属块，放入水中某处恰好使金属块和气球处于悬浮状态，小明记得老师曾经讲过悬
浮在水中的物体可以悬浮于液面下任何位置，于是他伸手将水中的气球和金属块往下移动一段距离，假设
水足够深，他让气球和金属块在此处静止后，松开手，你认为气球和金属块是否仍然可以在该处悬浮？请
判断并说明理由。
【答案】见解析
【解析】
【详解】原来金属块和气球悬浮在水中，浮力
F =G
浮
将水中的气球和金属块往下移动一段距离，所处的深度增大，由公式p=ρgh可知气球受到水的压强增大，
气球的体积变小，所以气球排开水的体积减小，由公式F =ρ gV 可知，气球受到的浮力减小，使得浮力
浮 液 排
小于自重而向下运动，最后沉在水下。
26. 在初三总复习时，同学们认识到：热量可以被定量测量了。于是小京想设计实验证明：电流通过电阻
产生的热量与电阻大小有关。现有一稳压电源、导线若干，一个开关、三个装有质量均为m、初温相同的煤油的瓶子（煤油的比热容为 ），瓶子中定值电阻丝的阻值 ，瓶子
构造如图所示。请你用上述器材，帮小京完成上述实验。请你设计实验电路图、写出主要实验步骤和实验
数据记录表。
【答案】见解析
【解析】
【详解】（1）根据控制变量法，要探究电流通过电阻产生的热量与电阻大小有关，应控制电流和通电时
间相同，改变电阻的大小，观察电阻产生的热量与电阻大小的关系；根据煤油的比热容和质量相同，由
Q=cmΔt可知，煤油升高的温度越高，电阻产生的热量越多；因保持通过不同的电阻电流大小不变，所以
三个烧瓶中的电阻应串联在电路中，实验电路图如下：
（2）实验步骤：
①按照电路图连接电路，观察并记录装置甲、乙、丙中温度计的示数t，并记录装置甲、乙、丙中电阻丝
0
的阻值大小；
②闭合开关S，通电一段时间，观察观察并记录装置甲、乙、丙中温度计的示数t；
③根据公式Δt=t-t，计算出装置甲、乙、丙中温度计的示数变化量Δt并将数据记录在表格中。
0
（3）实验数据记录表格如下：
R/Ω
t/℃
0
t/℃
Δt/℃四、科普阅读题（共4分）
27. 阅读《负压鱼缸》并回答问题
负压鱼缸
传统鱼缸深度最大不超过60cm，以人的手掌摸到缸底为宜。成年人站立可以勉强操作鱼缸，便决定了传
统鱼缸与底座的总体高度为人的腋下高度，不超过1.2m~1.3m。
如果说传统鱼缸是“卧式”鱼缸，如图甲所示的负压鱼缸则是“立式”鱼缸。“负压”是低于一个标准大
气压的气体压强状态。使用负压鱼缸可以增加高度，换水、喂鱼也很方便，不受操作的限制。
如图乙所示，如果将一个杯子先放水里，排空所有空气，翻转后底部朝上，然后底下拿东西支承着负压的
杯子，一个简易的鱼缸模型就制成了。然而真正的鱼缸体积庞大，装满水后操作不便，因此负压鱼缸的结
构采用独特设计，该设计使负压缸顶部保持低压状态，因此水就不会从底缸出口流出。一般负压鱼缸配有
电子控制系统以及一台真空泵，如图丙所示，可以通过抽吸形成一定负压。负压鱼缸解决了传统正压鱼缸
无法超越的基础性难题：即在操作限制的情况下，可以增加鱼缸的高度，方便观赏，解决了传统家居鱼缸
（水族箱）能长不能高的难题。
（1）如图甲所示的新型鱼缸___________（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）“负压”原理在生活中非常普遍，下列例子中利用了“负压”原理的是___________；
A．我们呼吸时，肺部扩张状态时，新鲜的空气被压入肺内
B．为了能更快喝到美味的老火靓汤，有些人喜欢用高压锅炖汤
C．医生抽血时，将导管一端的针头插入被检查者的静脉，另一端的针头插入真空采血管，血液便自动流
入采血管
（3）爱开动脑筋的小明想起了托里拆利实验，按照大气压强为 计算，大气压强应该能支撑起约
10m高的水柱。如图乙所示，如果此时在A点开一个小洞，则负压缸内的水___________（选填“会”或
“不会”）从A点向上喷出；如图丙所示，根据图中给出的条件，计算出负压缸顶部液面上方的气压为
___________Pa。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 不属于 ②. AC ③. 不会 ④. 9×104【解析】
【详解】（1）[1]新型鱼缸的负压缸与外面的大气不相连通，不是上端开口、底部互相连通的容器；所以
该鱼缸不属于连通器，鱼缸上方气体压强小于大气压。
（2）[2]A．我们呼吸时，肺部扩张状态时，肺内气压小于外界大气压，新鲜的空气被压入肺内，利用了
“负压”原理，故A符合题意；
B．为了能更快喝到美味的老火靓汤，用高压锅炖汤，是利用了气压越大、液体的沸点越高的原理，故B
不符合题意；
C．医生抽血时，将导管一端的针头插入被检查者的静脉，另一端的针头插入真空采血管，血液便自动流
入采血管，采血管内气压小于大气压，利用了“负压”原理，故C符合题意。
故选AC。
（3）[3]如果负压缸的顶部选取一点A，上下气压相等，水在重力的作用下会落入底缸内，水不会从A点
向上喷出。
[4]负压缸内1m水柱产生的压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa
负压缸顶部的压强为
p′＝p−p＝105Pa−1×104Pa＝9×104Pa
0
五、计算题（共8分，28题3分、29题5分）
28. 如图所示，将一边长为0.1m的正方体木块放置在装有水的底面积为 的圆柱形容器中，木块下
端有细绳与容器底部相连，竖直静止，此时木块有 露出水面，绳子处于自由状态， ，
，求：
（1）图中木块所受浮力；
（2）木块的密度；
（3）在容器中加入水，直至木块被完全浸没，此时细绳所受到的拉力。（容器足够高）
【答案】（1）6N；（2）0.6×103kg/m3；（3）4N
【解析】【详解】解：（1）图中木块所受浮力
（2）由浮沉条件得，木块的重力为
由 得，木块的质量为
木块的密度
的
（3）在容器中加入水，直至木块被完全浸没，此时细绳所受到 拉力为
答：（1）图中木块所受浮力6N；
（2）木块的密度0.6×103kg/m3；
（3）在容器中加入水，直至木块被完全浸没，此时细绳所受到的拉力4N。
29. 如图甲所示的电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从A端移到B端，得到电路中两个电压表的
示数随电流变化的图像如图乙所示的图像①和图像②。求：
（1）电源电压；
（2）请判断 表随电流变化的图像是①还是②，并说明理由；
（3）滑动变阻器的最大阻值；
（4）整个电路最大总功率。【答案】（1）12V；（2）①；（3）16Ω；（4）14.4W
【解析】
【详解】解：（1）（2）由电路图可知，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电压表V 测R 两端的
1 2 1 1 2 2
电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片从A端移到B端，变阻器连入电路的电阻变大，电路
的总电阻变大，由欧姆定律可知电路中的电流变小，由U=IR可知R 两端的电压变小，即电压表V 示数变
1 1
小，所以 表随电流变化的图像是①，V 表随电流变化的图像是②，滑动变阻器的滑片在A端时，变阻
2
器连入电路的电阻为零，V 的示数为零，只有R 的简单电路，电压表V 测量电源电压，由图乙可知电源
2 1 1
电压
U=12V
（3）将滑动变阻器的滑片从A端移到B端，变阻器连入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由欧姆定
律可知电路中的电流变小，由图乙可知，最小电流是0.5A，电压表V 的示数是8V，滑动变阻器的最大阻
2
值
（4）由图乙可知，电路中的最大电流是1.2A，整个电路最大总功率
P =UI =12V×1.2A=14.4W
大 大
答：（1）电源电压是12V；
（2）V 表随电流变化的图像是①；
1
（3）滑动变阻器的最大阻值是16Ω；
（4）整个电路最大总功率是14.4W。
