文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 01（江苏专用）
物 理
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新动向：江苏省高考物理命题越来越注重考查学生的物理思维、分析和解决问题的能力，不仅仅
只是对知识点的记忆。本卷中第5、7、9、10题，就是需要学生运用物理原理解决实际问题的情境题。
高考·新考法：对于一些常规考点，可能会结合设计现代科技中机械系统，通过新颖的问题来考查学生
的理解深度和应用能力。如，第2题，要求学生能结合物理知识分析其工作原理，这不仅考查了基础
知识，同时又锻炼了学生的实际应用能力。
命题·大预测：基于上述观点，可见2025年江苏省高考物理将会继续加强考核学生能力，尤其是创新能
力和实践能力的考查。因此，平时备考时要加强掌握基本概念和规律，关注时事，了解当前科技发展
动态和社会热点问题，以便更好地应对开放性和应用性强的题目，适当涉猎其他学科的知识，为解决
复杂的综合性问题打下基础。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：共11题，每题4分，共44分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
1．杂技运动员在训练时的照片如图所示。有一小球自由落下，碰到水平桌面后反弹，如此数次落下
和反弹。若规定竖直向下为正方向，碰撞时间不计，空气阻力不计，则下列v--t图像中正确的是（ ）A． B． C． D．
【答案】B
【解析】下落过程，速度越来越大，方向为正，当碰撞瞬间，速度发生突变（即没有时间发生改变，
一瞬间速度即变为负向最大，如D图表示有一定的时间发生改变）为竖直向上，即方向为负，由于碰撞能
量损失，所以起跳的速度要小于刚落地时的速度，如此重复，故B正确。
2．餐厅暖盘车的储盘装置示意图如图所示，三根完全相同的弹簧等间距竖直悬挂在水平固定圆环上，
下端连接托盘。托盘上叠放若干相同的盘子，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平。已知单个盘子
的质量为300g，相邻两盘间距1.0cm，重力加速度大小取10m/s2。弹簧始终在弹性限度内，每根弹簧的劲
度系数为（ ）
A．10N/m B．100N/m C．200N/m D．300N/m
【答案】B
【解析】由题知，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平，则说明一个盘子的重力可以使弹簧形
变相邻两盘间距，则有mg = 3∙kx，解得k = 100N/m。故选B。
3．如图（a），我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的谷粒中有两颗的运动
轨迹如图（b）所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为 ，且轨迹交于 点，抛出时谷粒1和谷粒2
的初速度分别为 和 ，其中 方向水平， 方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下
列说法正确的是（ ）A．谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度 B．谷粒2在最高点的速度小于
C．两谷粒从 到 的运动时间相等 D．两谷粒从 到 的平均速度相等
【答案】B
【解析】抛出的两谷粒在空中均仅受重力作用，加速度均为重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒
2的加速度，A错误；谷粒2做斜向上抛运动，谷粒1做平抛运动，均从O点运动到P点，故位移相同。
在竖直方向上谷粒2做竖直上抛运动，谷粒1做自由落体运动，竖直方向上位移相同故谷粒2运动时间较
长，C错误；谷粒2做斜抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的
分速度。与谷粒1比较水平位移相同，但运动时间较长，故谷粒2水平方向上的速度较小即最高点的速度
小于 ，B正确；两谷粒从O点运动到P点的位移相同，运动时间不同，故平均速度不相等，谷粒1的平
均速度大于谷粒2的平均速度，D错误。故选B。
4．设想将来发射一颗人造卫星，能在月球绕地球运动的轨道上稳定运行，该轨道可视为圆轨道。该
卫星与月球相比，一定相等的是（ ）
A．质量 B．向心力大小
C．向心加速度大小 D．受到地球的万有引力大小
【答案】C
【解析】根据 ，可得 ，因该卫星与月球的轨道半径相同，可知向心加速度相同；
因该卫星的质量与月球质量不同，则向心力大小以及受地球的万有引力大小均不相同。故选C。
5．如图，足够长的间距 的平行光滑金属导轨MN、PQ固定在水平面内，导轨间存在一个宽度
的匀强磁场区域，磁感应强度大小为 ，方向如图所示．一根质量 ，阻值
的金属棒a以初速度 从左端开始沿导轨滑动，穿过磁场区域后，与另一根质量，阻值 的原来静置在导轨上的金属棒b发生弹性碰撞，两金属棒始终与导轨垂直且接
触良好，导轨电阻不计，则（ ）
A．金属棒a第一次穿过磁场时做匀减速直线运动
B．金属棒a第一次穿过磁场时回路中有顺时针方向的感应电流
C．金属棒a第一次穿过磁场区域的过程中，金属棒b上产生的焦耳热为0.25J
D．金属棒a最终停在距磁场左边界0.8m处
【答案】D
【解析】金属棒a第一次穿过磁场时受到安培力的作用，做减速运动，由于速度减小，感应电流减
小，安培力减小，加速度减小，故金属棒a做加速度减小的减速直线运动，故A错误；根据右手定则可
知，金属棒a第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流，故B错误；电路中产生的平均电动势为
，平均电流为 ，金属棒a受到的安培力为 ，规定向右为正方向，对金属棒
a，根据动量定理得 ，解得对金属棒第一次离开磁场时速度 ，金属棒a第
一次穿过磁场区域的过程中，电路中产生的总热量等于金属棒a机械能的减少量，即 ，
联立并带入数据得 ，由于两棒电阻相同，两棒产生的焦耳热相同，则金属棒b上产生的焦耳热
，故C错误；规定向右为正方向，两金属棒碰撞过程根据动量守恒和机械能守恒得
， ，联立并带入数据解得金属棒a反弹的速度为
设金属棒a最终停在距磁场左边界 处，则从反弹进入磁场到停下来的过程，电路中产生的平均电动
势为 ，平均电流为 ，金属棒a受到的安培力为 ，规定向右为正方向，对金属棒a，根据动量定理得 ，联立并带入数据解得 ，故D正确。故选
D。
6．在同一均匀介质中，分别位于坐标原点和 处的两个波源O和P，沿y轴振动，形成了两列
相向传播的简谐横波a和b，某时刻a和b分别传播到 和 处，波形如图所示。下列说法正确
的是（ ）
A．a与b的频率之比为 B．O与P开始振动的时刻相同
C．a与b相遇后会出现干涉现象 D．O开始振动时沿y轴正方向运动
【答案】A
【解析】由同一均匀介质条件可得a和b两列波在介质中传播速度v相同，由图可知，a和b两列波的
波长之比为 ，根据 ，可得a与b的频率之比为 ，故A正确；因a和b两列波
的波速相同，由a和b两列波分别传播到x=3m和x=5m处的时刻相同，可知O与P开始振动的时刻不相
同，故B错误；因a与b的频率不同，a与b相遇后不能产生干涉现象，故C错误；a波刚传到3m处，由
波形平移法可知，3m处的质点开始振动方向沿y轴负方向，而所有质点的开始振动方向都相同，所以O
点开始振动的方向也沿y轴负方向，故D错误。故选A。
7．如图所示，正三角形三个顶点固定三个等量电荷，其中 带正电， 带负电， 为
边的四等分点，下列说法正确的是（ ）
A． 、 两点电场强度相同 B． 、 两点M点电势高
C．负电荷在 点电势能比在 点时要小 D．负电荷在 点电势能比在 点时要大
【答案】C
【解析】根据场强叠加以及对称性可知，MN两点的场强大小相同，但是方向不同，选项A错误；因在AB处的正电荷在MN两点的合电势相等，在C点的负电荷在MN两点的电势也相等，则MN两点电势
相等，选项B错误；因负电荷从M到O，因AB两电荷的合力对负电荷的库仑力从O指向M，则该力对负
电荷做负功，C点的负电荷也对该负电荷做负功，可知三个电荷对该负电荷的合力对其做负功，则该负电
荷的电势能增加，即负电荷在M点的电势能比在O点小；同理可知负电荷在N点的电势能比在O点小。
选项C正确，D错误。故选C。
8．如图，两端开口、下端连通的导热汽缸，用两个轻质绝热活塞（截面积分别为 和 ）封闭一定
质量的理想气体，活塞与汽缸壁间无摩擦。在左端活塞上缓慢加细沙，活塞从 下降 高度到 位置时，
活塞上细沙的总质量为 。在此过程中，用外力 作用在右端活塞上，使活塞位置始终不变。整个过程环
境温度和大气压强 保持不变，系统始终处于平衡状态，重力加速度为 。下列说法正确的是（ ）
A．整个过程，外力 做功大于0，小于
B．整个过程，理想气体的分子平均动能保持不变
C．整个过程，理想气体的内能增大
D．整个过程，理想气体向外界释放的热量大于
【答案】B
【解析】根据做功的两个必要因素有力和在力的方向上有位移，由于活塞 没有移动，可知整个过
程，外力F做功等于0，A错误；根据汽缸导热且环境温度没有变，可知汽缸内的温度也保持不变，则整
个过程，理想气体的分子平均动能保持不变，内能不变，B正确，C错误；由内能不变可知理想气体向外
界释放的热量等于外界对理想气体做的功：Q=W2的能级
α β γ δ
跃迁到n=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定
A．H 对应的前后能级之差最小
α
B．同一介质对H 的折射率最大
α
C．同一介质中H 的传播速度最大
δ
D．用H 照射某一金属能发生光电效应，则H 也一定能
γ β
【答案】A【解析】波长越大，频率越小，故H 的频率最小，根据 可知H 对应的能量最小，根据
α α
可知H 对应的前后能级之差最小，A正确；H 的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据
α α
可知H 的传播速度最大，BC错误；H 的波长小于H 的波长，故H 的频率大于H 的频率，若用H
α γ β γ β γ
照射某一金属能发生光电效应，则H 不一定能，D错误。
β
10．2021年5月，中国科学院全超导托卡马克核聚变实验装置（ ）取得新突破，成功实现了可
重复的1.2亿摄氏度101秒和1.6亿摄氏度20秒等离子体运行，创造托卡马克实验装置运行新的世界纪
录，向核聚变能源应用迈出重要一步。等离子体状态不同于固体、液体和气体的状态，被认为是物质的第
四态。当物质处于气态时，如果温度进一步升高，几乎全部分子或原子由于激烈的相互碰撞而离解为电子
和正离子，此时物质称为等离子体。在自然界里，火焰、闪电、极光中都会形成等离子体，太阳和所有恒
星都是等离子体。下列说法不正确的是（ ）
A．核聚变释放的能量源于等离子体中离子的动能
B．可以用磁场来约束等离子体
C．尽管等离子体整体是电中性的，但它是电的良导体
D．提高托卡马克实验装置运行温度有利于克服等离子体中正离子间的库仑斥力
【答案】A
【解析】核聚变释放的能量源于来自于原子核的质量亏损，A错误；带电粒子运动时，在匀强磁场中
会受到洛伦兹力的作用而不飞散，故可以用磁场来约束等离子体，B正确；等离子体是各种粒子的混合
体，整体是电中性的，但有大量的自由粒子，故它是电的良导体，C正确；提高托卡马克实验装置运行温
度，增大了等离子体的内能，使它们具有足够的动能来克服库仑斥力，有利于克服等离子体中正离子间的
库仑斥力，D正确。本题选择错误的，故选A。
11．如图所示，甲乙两图中的理想变压器以不同的方式接在高压电路中。甲图中变压器原副线圈的匝
数比为 ，电压表读数为U，乙图中变压器原副线圈的匝数比为 ，电流表读数为I。则甲图中高压线电
压和乙图中高压线电流分别为（ ）A． ， B． ， C． ， D． ，
【答案】B
【解析】根据理想变压器的电压和电流规律： ， ，解得甲图中高压线电压为 。乙
图中高压线电流为 ，故B正确，ACD错误。故选B。
二、非选择题：共5题，共56分。
12．（10分）某实验小组为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图（a）所示电路，所用器材如
下：
电压表（量程 ，内阻很大）；
电流表（量程 ）；
电阻箱（阻值 ）；
干电池一节、开关一个和导线若干。
（1）根据图（a），完成图（b）中的实物图连线__________。
（2）调节电阻箱到最大阻值，闭合开关。逐次改变电阻箱的电阻，记录其阻值R、相应的电流表示数
I和电压表示数U。根据记录数据作出的 图像如图（c）所示，则干电池的电动势为__________V（保
留3位有效数字）、内阻为__________ （保留2位有效数字）。（3）该小组根据记录数据进一步探究，作出 图像如图（d）所示。利用图（d）中图像的纵轴截
距，结合（2）问得到的电动势与内阻，还可以求出电流表内阻为__________ （保留2位有效数字）。
（4）由于电压表内阻不是无穷大，本实验干电池内阻的测量值__________（填“偏大”或“偏
小”）。
【答案】 1.58 0.64 2.5 偏小
【解析】（1）实物连线如图：
（2）由电路结合闭合电路的欧姆定律可得
由图像可知E=1.58V
内阻
（3）根据
可得
由图像可知
解得（4）由于电压表内阻不是无穷大，则实验测得的是电压表内阻与电源内阻的并联值，即实验中测得
的电池内阻偏小。
13．（8分）如图，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有卡口a和b，a、b间距为h，a距缸底的
高度为H；活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理想气体。已知活塞质量为m，面积为S，
厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计它们之间的摩擦。开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强
均为p，温度均为T。现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体，直至活塞刚好到达b处。求此时汽缸内气体的
0 0
温度以及在此过程中气体对外所做的功。（重力加速度大小为g）
【答案】 ，（pS＋mg）h
0
【解析】开始时活塞位于a处，加热后，汽缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运动。设此时
汽缸中气体的温度为T，压强为p，根据查理定律有 （1分）
1 1
根据力的平衡条件有pS＝pS＋mg （1分）
1 0
联立可得 （1分）
此后，汽缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b处，设此时汽缸中气体的温度为T；活塞位
2
于a处和b处时气体的体积分别为V 和V。根据盖—吕萨克定律有 （1分）
1 2
式中V＝SH，V＝S（H＋h） （2分）
1 2
联立③④⑤⑥式解得 （1分）
从开始加热到活塞到达b处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为 （1分）
14．（10分）在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变。放射出α粒子（ ）在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R。以m、q分别表示α粒子的质量和电
荷量。
（1）放射性原子核用 表示，新核的元素符号用Y表示，写出该α衰变的核反应方程？
（2）α粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求圆周运动的周期和环形电流大小？
（3）设该衰变过程释放的核能都转为为α粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量
亏损△m？
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）根据核反应中质量数与电荷数守恒可知，
该α衰变的核反应方程为 （2分）
（2）设α粒子在磁场中做圆周运动的速度大小为v，由洛伦兹力提供向心力有
（1分）
根据圆周运动的参量关系有 （1分）
得α粒子在磁场中运动的周期 （1分）
根据电流强度定义式，可得环形电流大小为 （1分）
（3）由 ，得 （1分）
设衰变后新核Y的速度大小为v′，核反应前后系统动量守恒，有Mv′–mv=0
可得 （1分）
根据爱因斯坦质能方程和能量守恒定律有 （1分）
解得 （1分）15．（12分）如图的水平轨道中，AC段的中点B的正上方有一探测器，C处有一竖直挡板，物体P
1
沿轨道向右以速度v 与静止在A点的物体P 碰撞，并接合成复合体P，以此碰撞时刻为计时零点，探测器
1 2
只在t=2 s至t=4 s内工作，已知P、P 的质量都为m=1 kg，P与AC间的动摩擦因数为μ=0.1，AB段长
1 2 1 2
L=4 m，g取10 m/s2，P、P 和P均视为质点，P与挡板的碰撞为弹性碰撞。
1 2
（1）若v=6 m/s，求P、P 碰后瞬间的速度大小v和碰撞损失的动能ΔE？
1 1 2
（2）若P与挡板碰后，能在探测器的工作时间内通过B点，求v 的取值范围和P向左经过A点时的
1
最大动能E？
【答案】（1）9J；（2）10m/s＜v＜14m/s，17J
1
【解析】（1）由于P 和P 发生弹性碰撞，据动量守恒定律有 ， （2分）
1 2
碰撞过程中损失的动能为 （1分）
（2）从A点滑动到C点，再从C点滑动到A点的整个过程，P做的是匀减速直线。
设加速度大小为a，则 （1分）
设经过时间t，P与挡板碰撞后经过B点，则 ， ， （2分）
若t=2s时经过B点，可得v=14m/s （1分）
1
若t=4s时经过B点，可得v=10m/s （1分）
1
则v 的取值范围为10m/s＜v＜14m/s （1分）
1 1
v=14m/s时，碰撞后的结合体P的最大速度为 （1分）
1
根据动能定理 （1分）
代入数据，可得通过A点时的最大动能为 （1分）
16．（16分）如图所示，在xOy平面内，有一电子源持续不断地沿 正方向每秒发射出N个速率均为
的电子，形成宽为2b，在 轴方向均匀分布且关于 轴对称的电子流。电子流沿 方向射入一个半径为
R，中心位于原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xOy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出，在磁场区域的正下方有一对平行于 轴的金属平行板K和A，其中K板与P点的距离为d，中间开有
宽度为 且关于 轴对称的小孔。K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压 ，穿过K板
小孔到达A板的所有电子被收集且导出，从而形成电流。已知 ，电子质量为m，电荷量为
e，忽略电子间相互作用．
（1）求磁感应强度B的大小？
（2）求电子从P点射出时与负 轴方向的夹角θ的范围？
（3）当 时，每秒经过极板K上的小孔到达极板A的电子数？
（4）画出电流 随 变化的关系曲线（在答题纸上的方格纸上）．
【答案】（1） ，（2）60o,（3） （4）
【解析】由题意可以知道是磁聚焦问题，即
（1）轨道半径R=r （1分）
根据 （1分）
解得： （1分）
（2）运动轨迹图如下上端电子从P点射出时与负y轴最大夹角 ，由几何关系 （1分）
解得： （1分）
同理下端电子从p点射出与负y轴最大夹角也是600 （1分）
所以电子从P点射出时与负 轴方向的夹角θ的范围： （1分）
（3）进入小孔的电子速度与y轴间夹角正切值大小为： （1分）
解得： （1分）
此时对应的能够进入平行板内电子长度为 ，根据几何关系知： （1分）
设每秒能到达A板的电子数为n，
则由比例关系知： （1分）
解得： （1分）
（4）有动能定理得出遏止电压 与负y轴成450角的电子的运动轨迹刚好与A板相切，
此时速度为 （1分）
其逆过程是类平抛运动，达到饱和电流所需要的最小反向电压 （1分）
或者根据（3）可得饱和电流大小 （1分）作图如下： （1分）
