物理（苏州卷）（考试版A4)全解全析_8、物理总复习_2024中考模拟题物理_三模（37套）_物理（苏州卷）

2024年中考第三次模拟考试（苏州卷） 物理 （考试时间：100分钟 �试卷满分：100分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第Ⅰ卷（选择题） 一、单选题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个 正确） 1．（本题2分）下列估测最接近实际的是（ ） A．正常初中生的质量约为110kg B．正常洗澡水温度约为70℃ C．学校教室长度约为10m D．人心平气和时，脉搏跳动一次的时间约为0.3s 【答案】C 【详解】A．成年人质量在65kg左右，中学生质量略小于此数值，在50kg左右，故A不 符合题意； B．人的体温在37℃左右，洗澡水的温度比人体温度略高，大约为40℃左右，不可能达到 70℃，故B不符合题意； C．学校教室的长度一般在10m左右，故C符合题意； D．正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D 不符合题意。 故选C。 2．（本题2分）如图所示为描述的常见物态变化现象，其中需要吸热的是（ ） A．甲、乙 B．甲、丙 C．乙、丁 D．丙、丁 【答案】B【详解】甲：屋檐上的冰凌正在消融，由固态变成液态，属于熔化现象，熔化吸热； 乙：草叶上出现了霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热； 丙：食品盒中的干冰变小，由固态直接变成了气态，属于升华现象，升华吸热； 丁：山间升起了雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热。 因此需要吸热的是甲和丙，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 3．（本题2分）如图，小明在暗室中将红色和蓝色透明玻璃部分重叠放置，在玻璃的右侧 放白纸。将太阳光照射到玻璃片上，白纸上A、B、C三个区域呈现的颜色为（ ） A．A区域绿色 B．B区域黑色 C．C区域红色 D．全部是白色 【答案】B 【详解】太阳光由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光组成；红色透明玻璃只能让太阳 光中的红光通过，所以区域A为红色；蓝色透明玻璃只能让太阳光中的蓝光通过，所以区 域C为蓝色；在区域B的左侧，两色玻璃重叠，红色玻璃只能透过红光，但红光无法透过 第二层的蓝色玻璃，因此，没有色光透过两块重叠的玻璃，则区域B为黑色。故B符合题 意，ACD不符合题意。 故选B。 4．（本题2分）如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中。下列说法正确的是（ ） A．用玻璃板代替平面镜，是为了观察到的蜡烛的像更清晰 B．只要把光屏放在恰当的位置，就能承接到蜡烛的像 C．蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的像就越小D．只把玻璃板向左平移，蜡烛的像的位置不变 【答案】D 【详解】A．用玻璃板代替平面镜，是为了更好的确定像的位置，故A错误； B．平面镜成的是虚像，用光屏无法承接，故B错误； C．蜡烛的像与物体是等大的，蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的大小不变，故蜡烛的像的大小 不变，故C错误； D．只把玻璃板向左平移，平面镜的位置不变，蜡烛的位置不变，蜡烛的像与物体关于平 面镜对称，故蜡烛的像的位置也不变，故D正确。 故选D。 5．（本题2分）2023年哈尔滨马拉松于8月26日鸣枪开跑，比赛采用感应器计时系统。 感应器芯片里的线圈一旦有电流通过，就会激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信 息。当正确佩带芯片的参赛者通过起点和终点设置有磁场的地带时，就能计时，下列器件 工作原理与它相同的是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终 点设置的磁感应带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从 而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息； A．利用安培定则判断通电线圈的磁极，是电流的磁效应，故A不符合题意； B．图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象， 故B符合题意； C．图中给导体通电，导体会运动，利用的是通电导体受到磁场力的作用，故C不符合题 意；D．图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D不符合题意。 故选B。 6．（本题2分）如图所示，下列关于力的作用效果不同于其它三个的是（ ） A． 流水推动水车 B． 碰到球拍 的网球变瘪 C． 橡皮泥捏成小船D． 人陷进雪地 【答案】A 【详解】流水推水车，水车转动，说明力可以改变物体的运动状态；碰到球拍的网球变瘪、 橡皮泥捏成小船、人陷进雪地，说明力可以改变物体的形状，A与BCD的力的作用效果不 同，综上分析知，故A不符合题意，BCD符合题意。 故选A。 7．（本题2分）天空课堂上，王亚平老师演示浮力实验，将乒乓球放在一杯水中，乒乓球 漂在水面上，然后她用一根吸管将乒乓球往下压，再移开吸管，乒乓球悬停在水中。此刻 （ ） A．惯性消失了 B．太空重力消失时，浮力也就消失了C．乒乓球密度变大了 D．乒乓球受到水的压强变大了 【答案】B 【详解】A．一切物体在任何情况下都具有惯性，因此乒乓球在空间站和地面上都具有惯 性，惯性不会消失，故A不符合题意； B．在空间站微重力环境中，图甲中乒乓球所受重力几乎为零，乒乓球悬停处于平衡状态， 因此水对乒乓球的浮力几乎为零，即太空重力消失时，浮力也就消失了，故B符合题意； C．乒乓球的质量和体积都没有改变，根据密度公式，所以乒乓球密度不变，故C不符合 题意； D．液体由于受重力作用且有流动性，故液体内部向各个方向都有压强，太空重力消失时， 乒乓球不受到水的压强，故D不符合题意。 故选B。 8．（本题2分）小明利用如图所示的装置探究杠杆的平衡条件，对于该实验，下列说法正 确的是（ ） A．实验过程中，应控制一侧的钩码数量及位置不变，用到了控制变量法 B．实验结论表明“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离” C．应该用质量可忽略的轻质杠杆进行实验，否则杠杆的自重会对实验造成影响 D．为了让实验结论更具有普遍性，既可以改变钩码的数量，又可以改变钩码的位置 【答案】D 【详解】AD．实验过程中，为了得到普遍规律，既可以改变钩码的数量，又可以改变钩码 的位置，进行多次实验，没有用到控制变量法。故A错误，D正确； B．实验结论表明“动力×动力臂＝阻力×阻力臂”，力臂是支点到力的作用线的距离，故 B错误； C．实验中只需将杠杆的重心通过支点，就可以避免杠杆的自重会对实验造成的影响，故C 错误。 故选D。9．（本题2分）如图所示的电路中，闭合开关S、S，电流表、灯泡L 和L 均能正常工 1 2 1 2 作。则下列说法正确的是（ ） A．开关S、S 都闭合，灯泡L 和L 串联 1 2 1 2 B．只闭合开关S，电源外部电流流向为a→b→c→d 1 C．开关S、S 都闭合，灯泡L 与L 的亮度一定相同 1 2 1 2 D．先闭合S，再闭合开关S，电流表示数变大 1 2 【答案】D 【详解】A．由图可知，开关S、S 都闭合，灯泡L 和L 并联，故A错误； 1 2 1 2 B．由图可知，只闭合开关S，电源外部电流从正极流向负极为d→c→b→a，故B错误； 1 C．灯泡规格不明，开关S、S 都闭合，灯泡L 与L 的亮度不一定相同，故C错误； 1 2 1 2 D．先闭合S，再闭合开关S，电流表示数变大，故D正确。 1 2 故选D。 10．（本题2分）如图所示，2024年2月23日凌晨，因电动车违规进入居民楼充电，南京 市某小区发生特大火灾，引发社会关注。关于安全用电下列做法不正确的是（ ） A．发生火灾时要先断电再灭火 B．用电器充完电后要及时拔掉充电器 C．只要插排上的插孔足够多，就可以插满不同用电器同时使用 D．带金属外壳的家用电器通常使用三孔插座并接地 【答案】C 【详解】A．发生火灾时要先断电再灭火，以免用水灭火时因电路短路造成触电事故，故 A正确，不符合题意； B．用电器充完电后要及时拔掉充电器，防止用电器由于长时间充电发热引起电路短路而造成安全隐患，故B正确，不符合题意； C．插排上的插孔足够多，也不可以插满不同用电器同时使用，因为这样会造成电路的总 功率过大，总电流过大，故B错误，符合题意； D．带金属外壳的家用电器通常使用三孔插座并接地，防止由于电器漏电时人触碰金属外 壳而发生触电事故，故D正确，不符合题意。 故选C。 11．（本题2分）将同一小球以相同大小的速度按如图两种方法抛掷小球。甲图是竖直上 抛，乙图是以一定的角度斜抛小球。忽略运动过程中所受的空气阻力。下列叙述正确的是 （ ） A．甲图中小球在运动过程中受到重力和手的推力 B．乙小球在运动过程中质量不变，但是机械能会减小 C．如果甲图中小球到达最高点时失去重力，该小球将竖直向上做匀速直线运动 D．如果乙图中小球到达最高点时失去重力，该小球将水平向右匀速直线运动 【答案】D 【详解】A．甲图是竖直上抛，由于惯性向上运动，忽略运动过程中所受的空气阻力，只 受重力，故A错误； B．乙小球在运动过程中，所含物质的多少没有变化，因此质量不变；由于忽略运动过程 中所受的空气阻力，所以其机械能不变，故B错误； C．如果甲图中小球到达最高点时失去重力，在最高点时，其速度为零，根据牛顿第一定 律可知，该小球将处于静止状态，故C错误； D．如果乙图中小球到达最高点时失去重力，在最高点时，该球在水平向右的方向上有一 定的速度，所以根据牛顿第一定律可知，该小球将水平向右匀速直线运动，故D正确。 故选D。 12．（本题2分）如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“6V 3W”字样（假设灯 泡的电阻不变），电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，滑动变阻器R的最大阻值 为200Ω。当只闭合S和S，移动滑动变阻器的滑片P时，它两端的电压与其接入电路的电 1阻关系如图乙所示。下列描述正确且最全面的是（ ） ①定值电阻R 与R 的比值为2∶1 0 1 ②只闭合S和S，在保证电路安全的情况下，灯泡的最小功率为0.75W 2 ③只闭合S和S，电路消耗的最大功率为9W 2 ④只闭合S和S，滑动变阻器允许调节的范围是24~60Ω 2 A．②③ B．②④ C．②③④ D．①②③④ 【答案】D 【详解】由P=UI可得，灯泡正常发光时的电阻为 灯泡L正常发光时的电流为 ①当只闭合S和S 时，R 与R串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。变 1 0 1 阻器接入电路中的为R 和4R 时，电路中的电路中的电流分别为 1 1 由图乙可知，变阻器接入电路中的为R 和4R 时对应电压表的示数分别为U、2U，则两 1 1 1 1 次电压表的示数之比为 解得，2R=R，即R∶R=2∶1，故①正确； 1 0 0 1 ②只闭合S和S 时，L与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当电 2 压表的示数U =15V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，因串联电路中总电压等 R大于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压为 U =U-U =18V-15V=3V L小 R大 灯泡的最小功率为 故②正确； ③只闭合S和S，L与R串联，电路中的最大电流不能超过灯泡的额定电流，故电路消耗 2 的最大功率为 P=UI =18V×0.5A=9W L 故③正确； ④只闭合S和S，L与R串联，电路中的最大电流不能超过灯泡的额定电流，此时滑动变 2 阻器的电阻最小，最小值为 电压表得量程为0~15V，当滑动变阻器电阻最大时分得电压最大，最大为15V，此时灯泡 得电压为 U =U-U =18V-15V=3V L小 R大 根据串联正比分压可得 代入数据得 解得R =60Ω，所以滑动变阻器允许调节的范围是24~60Ω，故④正确。 大 综上，①②③④正确，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 二、填空题（本题共9题，每空1分，共25分） 13．（本题3分） 如图甲所示，琳琳用刻度尺测量了橡皮的长度为 cm；然后用刻 度尺进行了如图乙所示的实验，用相同的力度拨动刻度尺，改变尺伸出桌面的长度，是为 了研究 与振动频率的关系；琳琳用如图丙所示秒表，测量了刻度尺振动的时间为 s。【答案】 3.80 音调 8 【详解】[1]橡皮的左端与6.00cm处对齐，左端与9.80cm处对齐，所以橡皮的长度为 [2]用相同的力度拨动刻度尺，尺的振幅相同；改变尺伸出桌面的长度，改变了尺振动的频 率，是为了研究音调与振动频率的关系。 [3]秒表的小盘指针示数为0，大盘指针示数为8s，所以刻度尺振动的时间为8s。 14．（本题3分）为解决高楼灭火难题，军工转民用“导弹灭火”技术实验成功，如图所 示，发射架上有三只眼：可见光、红外线和紫外线，光在真空中的速度 m/s。当 高楼内有烟雾火源不明时，可用 （选填“可见光”“红外线”或“激光”）发 现火源，“导弹”加速升空过程中， 能转化为机械能。 【答案】 红外线 内 【详解】[1]光的传播不需要介质，光在真空中的传播速度为 。 [2]当高楼内有烟雾火源不明时，由于物体都会辐射红外线，可用红外线来发现火源。 [3]“导弹”加速升空过程中，克服摩擦和重力做功，将内能转化为机械能。 15．（本题3分）甲、乙两小车在水平面上做直线运动，它们的s-t图象如图所示。则甲车 的速度是 m/s，它们相遇时，乙运动的路程是 m；若甲车向南行驶，则以甲车为参照物，乙车向 行驶。 【答案】 10 20 北 【详解】[1]如图，当甲的路程为100m时，用时10s，故甲车的速度为 [2]由图可知，两车在4s时相遇，此时乙的路程为 60m－40m＝20m [3]由图可知，在0~4s时，甲乙两车相距越来越近，甲车向南运动，则以甲车为参照物，乙 车向北运动。 16．（本题3分）小明同学做“探究二力平衡的条件”实验时，他应选择在较 的水 平桌面进行实验（选填“粗糙”或“光滑”）。如图所示是他在实验过程中的某个情景， 该情景中物体受到两个水平拉力，不计摩擦力对物体的影响，此时物体处于 （选填 “平衡”或“不平衡”）状态，说明小明当时是在探究相互平衡的两个力的 关系。 【答案】 光滑 不平衡 大小 【详解】[1]做“探究二力平衡的条件”实验时，他应选择在较光滑的水平桌面进行实验， 减小摩擦力对实验结果的影响。 [2][3]不计摩擦力对物体的影响，物体受到到的两个拉力大小不相等，不能平衡，此时物体 处于不平衡状态，说明小明当时是在探究相互平衡的两个力的大小关系。 17．（本题2分）神舟十四号载人飞船在空间站完成与神舟十五号乘组的任务交接后于 2022年12月4日20时09分成功返回地面。返回舱在穿越大气层下落的过程中舱体的温度 最高可达1200℃，这是通过 的方式改变了舱体的内能。而在舱内的周围使用了很好 的隔热材料，有效防止了因 造成的舱内内能的增加和温度的升高。 【答案】 做功 热传递【详解】[1]返回舱在穿越大气层下落的过程中与空气剧烈摩擦，由机械能转化为返回舱的 内能，使其表面温度急剧升高，这是通过做功的方式使其内能增加的。 [2]由于摩擦使返回舱的温度变得很高，为了有效防止因热传递造成的舱内内能的增加和温 度的升高。所以要在舱内的周围使用很好的隔热材料。 18．（本题2分）如图所示试管中装有水，用带玻璃管的胶塞塞住，在玻璃管口处放一个 纸做的小叶轮，看到的现象是 且管口有雾，此过程的能量转化和下面汽车内燃 机一个循环4个冲程 图能量转化相同。 【答案】 小叶轮转动 乙 【详解】[1]如图，水沸腾汽化为水蒸气，高温的水蒸气可以驱动叶轮转动，水蒸气的内能 减少，内能转化成小叶轮转动的动能。 [2]甲图排气门打开，进气门关闭，是排气冲程；乙图两气门关闭，火花塞点火，将内能转 化为机械能，是做功冲程；丙图两气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，此过程将机械能转 化成内能；丁图进气门打开，排气门关闭，是吸气冲程；水蒸气内能转化成小叶轮转动的 动能的过程和汽车内燃机一个循环4个冲程乙图相同。 19．（本题2分）如图所示，观察手机锂电池铭牌数据可知，该电池的输出电压为 V，充电过程中若手机电池储存的能量是充电所消耗电能的80%，用一个标有“输出5V 2 A”的充电器，将这块手机电池从零电量到充满，需要时间 s。 【答案】 3.7 8325 【详解】[1]如图所示，图中所标注的标称电压即为该电池的输出电压，即输出电压为 3.7V。[2]如图所示，此电池的容量为 ，该电池充满电时储存的能量为 将这块手机电池从零电量到充满，需要时间为 20．（本题3分）如图甲所示是低温碳纤维电热膜，它是在绝缘材料表面注入一根根导电 墨线，导电墨线两端与金属导线相连。现裁取一段包含2根导电墨线的电热膜，接入电路 如图乙所示研究，每根良好的导电墨线的电阻均为60Ω，电源电压恒为12V。闭合开关， 电流表示数为 A；若导电墨线 的一部分导电材料脱落，如图丙所示，电流表示数 为0.3A，则此时 的阻值为 Ω， 的电功率是 W。 【答案】 0.4 120 1.2 【详解】[1] 分析乙图可知，两根导电墨线并联，根据并联电路的电压特点可知，每根导 电墨线两端的电压相等，且等于电源电压，通过每根导电墨线的电流为 电流表测干路电流，则电流表示数为 [2][3] 电流表示数为0.3A，则导电墨线 的一部分导电材料脱落后， 的电流为 则 的阻值为的电功率为 21．（本题4分）云洲智能“海豚1号”水面救生机器人，具有易操控、高效率、低风险 等特点，可替代传统救生圈实施落水人员救援，也被俗称为“动力救生圈”。这种水面救 生机器人，长约1.15米，重心低，航行稳，小巧便携，使用简便，能自动扶正翻转，夜间 救助无障碍。可从船上、岸上等位置投掷使用，遇到险情时，只需将救生机器人抛掷水面， 即可快速、精准航行至落水人员身边，将其拖拽到安全区域，全过程救援人员无须下水， 只要在岸边或船上遥控施救。可广泛应用于泳池、水库、河流、海滩、游艇、轮渡等场景 中的落水救援工作，成为水上救援智能化的高科技新利器。 如图为“海豚1号”的产品结构图，自重13kg，其空载最大航行速度4m/s，载人（80kg） 速度1.5m/s；拖拽力大，可提供的最大浮力为220N，同时拖拽几个成年人也毫无压力，动 力机采用喷水推进方式，共有两个涵道式喷水推进器，推进器具有防水草缠绕、防沙功能。 最长遥控距离可达800米；电池仓内有两组高容量锂聚合物电池，锂电池独立水密封装， 安全可靠。产品具有防水性，一旦碰裂进水，本体不颠覆并能够继续工作。每组锂电池的 标准电压21.6V，容量12.5Ah，充电电流为2.5A。 （1）“海豚1号”喷水推进获得动力的方式用到了 的物理知识； （2）某次实施营救工作时，海豚1号投掷点距离落水者800m，海豚1号最短需要多少时 间才能到达落水者的位置 ？ （3）充满电后，海豚一号能以200N的牵引力按最大空载速度航行32.4min，则海豚1号的 效率是多大 ？ （4）假设成年人的质量为60kg，在开展营救工作时，需保证人的整个头部露出水面，已 知人的头部占整个身体的 ，人的密度近似水的密度，求海豚1号每次最多可以营救几个 成年人 ？ 【答案】 力的作用是相互的 200s 80% 3【详解】（1）[1] 力的作用是相互的，海豚1号向后喷水时获得向前的动力。 （2）[2] 当以最大空载速度4m/s行驶时，所需时间最短，所以需要的最短时间为 （3）[3] 充满电后储存的电能为 牵引力做的功为 则海豚1号的效率为 （4）[4] 海豚一号重力为 因为 ，所以可以承受的头部总重力为 每个人的头部重力为 则海豚1号每次最多可以营救几个成年人的数量为 第II卷（非选择题） 三、作图题（本题共4小题，每空2分，共8分） 22．（本题2分）请完成光路图，并标出反射角。 【答案】【详解】过入射点垂直镜面作出法线，再在法线的左侧画出反射光线，注意反射角等于入 射角，光与镜面成30°角，入射角为60°，反射角也等于60°，如图所示： 23．（本题2分）按题目要求完成作图。如图所示，请作出向右滚动的足球所受摩擦力的 示意图。 【答案】见详解 【详解】因为足球在操场上向右滚动，在水平方向上只受到向左阻力f的作用，如图所示 24．（本题2分）如图是简易起重机，OA是吊臂，它是一个杠杆，可以绕O点上下转动， 地面上的卷扬机拉动绳子将重物提起。画出杠杆OA的动力F、动力臂l 和阻力F、阻力 1 1 2 臂l。 2 ( )【答案】 【详解】由题意可知，杠杆的阻力由重物的重力提供，绳子的拉力是杠杆的动力，动力 F、动力臂l 和阻力F、阻力臂l 如图： 1 1 2 2 。 25．（本题2分）如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，闭合开关S，条形 磁体静止后，滑片P向右滑动时弹簧缩短。请在括号内标出电磁铁下端和条形磁体上端的 磁极，在虚线框内的磁感线上画出其方向。【答案】 【详解】根据安培定则可知，通电螺线管上端为N极，下端为S极，滑动变阻器的滑片P 向右移动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，磁铁的磁性变强， 此时弹簧缩短，根据同名磁极相互排斥可知，条形磁体下端是N极，上端是S极，磁体周 围的磁感线都是从N极出来，回到S极，如图所示： 四、解答题（共7题，第26题、第27题各6分，并写出解答过程，第28题-第32题每空1 分，共43分） 26．（本题6分）如图所示是一辆小汽车，其总质量为1.2t，不慎陷入泥泞路面，每个轮 胎与路面的接触面积为 ，爱好物理的小敏同学利用滑轮组，帮助司机将汽车拖出。 整个过程中，汽车沿水平方向移动了6m，用时1min，汽车所受水平路面的摩擦力为车总 重的0.08倍，所用拉力F为600N（ ）；求： （1）汽车静止时对水平路面的压强； （2）拉力F所做功的功率； （3）该滑轮组的机械效率。【答案】（1）6×104Pa；（2）120W；（3）80% 【详解】解：（1）汽车静止在路面时，对路面的压力等于其受到的重力，即 由 可得，汽车静止时对水平路面的压 强 （2）由 可得，汽车移动的速度为 由图可知，动滑轮承载绳子的有效股数为n=2，则绳端移动的速度为 由P=Fv可得，拉力F所做功的功率 （3）由W=Pt可得，该滑轮组的做的总功 由题意知，小汽车所受路面的摩擦力为车总重的0.08倍，即 在拖动小车过程中，克服小汽车所受路面的摩擦力做的 功为有用功 该滑轮组的机械效率为 答：（1）汽车静止时对水平路面的压强为6×104Pa； （2）拉力F所做功的功率为120W； （3）该滑轮组的机械效率为80%。 27．（本题6分）图中是小明家中电能表参数。家中仅有一个养生壶（如图乙）在工作， 它的主要参数如丙图所示，其简化电路如图丁所示，其中R、R 是发热电阻。 1 2 （1）该壶在低温挡正常工作时，其低温挡功率为多少W？ （2）若该壶在中温挡正常工作2min，电能表的指示灯闪烁多少次？ （3）调节该壶至高温挡正常工作，将标准大气压下、初温12℃的一满壶水烧开，若此过程中加热效率为80%，则水烧开需要时间为多少s？[水的比热容为c =4.2×103J/（kg·℃）] 水 【答案】（1）275W；（2）55；（3）420s 【详解】解：（1）当S 闭合，S 接A时，电路中只有R 接入电路，此时电路处于中温档， 1 2 1 则 当S 闭合，S 接B时，R、R 并联接入电路，此时电路处于高温档，则此时电路总电阻 1 2 1 2 根据并联电路总电阻与各电阻的关系规律有 代入数据有 解得R=88Ω。当S 断开，S 接A时，R、R 串联接入电路，此时电路处于低温档，则低温 2 1 2 1 2 档功率 （2）该壶在中温挡正常工作2min，消耗的电能 由甲图可知，该电能表标3000imp/kW·h字样，表示用电器每消耗1kW·h的电能，电能表 的指示灯闪烁3000次，则该壶在中温挡正常工作2min，电能表的指示灯闪烁的次数 （3）一个标准大气压下水的沸点是100℃，由丙图表中数据可知，满壶水的质量为1kg， 则水吸收的热量此过程中加热效率为80%，则养生壶消耗的电能 所需要的加热时间 答：（1）低温挡功率为275W； （2）电能表的指示灯闪烁55次； （3）水烧开需要时间为420s。 28．（本题7分）河南是我国粮食生产大省，被称为中国大粮仓。科学选种是提高粮食产 量的关键环节，而盐水选种是我国劳动人民发明的一种巧妙的挑选种子的方法。选小麦种 子所需盐水的密度在 ﹣ 之间。小明想检验爷爷配制的盐水是否合格， 进行了如下实验。 （1）该实验测液体密度的原理是 ； （2）将天平放在水平桌面上，若发现天平指针的位置如图甲所示，则应该将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）侧调节； （3）将待测盐水倒入质量为25g的烧杯中放在左盘中进行测量，天平平衡时，所用砝码和 游码在标尺上的位置如图乙所示 g； （4）将烧杯中盐水全部倒入量筒内，液面位置如图丙所示，则量筒中盐水的体积为 mL，则小明配制的盐水的密度为 kg/m3，为符合要求，他应该向配制的盐水添加适 量的 （选填“盐”或“水”）； （5）小明用这种方法测出的盐水与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。【答案】 左 82 50 盐 偏大 【详解】（1）[1]该实验中，通过测量液体的质量及体积来求密度，实验测密度的原理是 。 （2）[2]将天平放在水平台面上，测量前，将游码置于标尺左端零刻度线处，再调节平衡 螺母。 [3]由图甲知，分度盘中指针向右偏转，应将平衡螺母向左调节，天平才能在水平位置平衡。 （3）[4]当天平平衡时，由图乙知，则待测盐水和烧杯的总质量为 m=50g+20g+10g+2g=82g （4）[5]由图丙知，量筒的分度值为1mL，量筒中盐水的体积为V=50mL=50cm3，量筒中 盐水的质量为 m′=82g-25g=57g [6]则盐水的密度为 [7]盐水密度低于标准值，为符合要求，应向配制的盐水添加适量的盐。 （5）[8]当将烧杯中的盐水倒入量筒中，会有盐水沾在量筒壁上，因此所测的体积会偏小， 盐水质量的测量准确，据 得测得的密度比真实值偏大。 【点睛】本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算等，要能规范正确使用中学常用测量 工具。 29．（本题8分）如图所示，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验： （1）测量摩擦力前，应将弹簧测力计沿 方向进行调零； （2）由 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力 越大； （3）实验操作中，小明发现弹簧测力计斜向上拉动木块A时，也可使木块A在长木板上沿水平方向匀速直线运动，此时弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力，理由是 ； （4）如图丁所示，将实验方案进行改进的实验装置，该装置的优点是 （选填“需 要”或“不需要”）拉动长木板做匀速直线运动。实验中发现：当F为4N时，木块A相 对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数为1.2N，则木块A 所受滑动摩擦力的方向是水平向 （选填“左”或“右”）。 （5）下列现象中，应用了甲、乙两图实验结论的是 。 A．足球守门员戴着防滑手套 B．用力压住橡皮，擦去写错的字 C．移动很重的石块时，在地上铺设滚木 D．气垫船喷出强气流，在船底和水之间形成气垫 （6）若甲、乙两同学拔河，结果甲胜乙负，如果甲拉绳的力为 ，乙拉绳的力为 ，地 面对甲的摩擦力为 ，地面对乙的摩擦力为 ，则 。 A． B． C． D． 【答案】 水平 甲、丙 不是 两个力没有作用在同一直线上 不需要 左 A A 【详解】（1）[1]只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方 向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。 故测量摩擦力前，应将弹簧测力计沿水平方向进行调零。 （2）[2]研究滑动摩擦力大小与压力的关系时，要控制接触面粗糙程度相同，由甲、丙两 图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。 （3）[3][4]实验操作中，小明发现弹簧测力计斜向上拉动木块A时，也可使木块A在长木 板上沿水平方向匀速直线运动，此时弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力不是一对平衡力，理由是两个力没有作用在同一直线上。 （4）[5]如图丁所示， 相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的 滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，该装置的优点是不需要拉动长木板做匀 速直线运动。 [6]因测力计的拉力方向为水平向右，故木块 所受的摩擦力方向为水平向左。 （5）[7]甲、乙两图中压力相同，乙中接触面粗糙，测力计示数大，滑动摩擦力大。 A．足球守门员戴着防滑手套，在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度，增大摩擦力， 故A符合题意； B．用力压住橡皮，擦去写错的字，通过增大压力增大摩擦力，故B不符合题意； C．移动很重的石块时，在地上铺设滚木；变滑动为滚动减小摩擦力，故C不符合题意； D．气垫船喷出强气流，在船底和水之间形成气垫，通过使接触面分离，减小摩擦力，故 D不符合题意。 故选 。 （6）[8]若甲、乙两同学拔河，结果甲胜乙负，甲拉绳的力为F ，F 和绳子拉甲的力为 甲 甲 作用力和反作用力，大小相等；同理，乙拉绳的力为F 和绳子拉乙的力大小相等，因同 乙 一绳子上的力相同，所以F 和F 相等，甲胜乙负是因为地面对甲的摩擦力大于地面对乙 甲 乙 的摩擦力。 30．（本题5分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，用到了如图甲所示的F形光源。 （1）安装器材时，F形光源有灯珠的一侧应该 （选填“面向”或“背向”）凸透镜 放置。 （2）器材组装完成后的装置如图乙所示，此时需降低 的高度，直至光源、凸透镜、 光屏三者的中心在同一水平线上。 （3）完成器材调整后，按下光源开关，光屏上随即出现了一个倒立F的模糊轮廓，为了使 光屏上的像变得清晰，应 （选填“一直向左”“一直向右”或“左右反复”）移动 光屏。 （4）多次改变物距后的探究数据记录如下表。通过分析表中数据可以猜想：当物距在cm之间时（要求所填范围最小），凸透镜可能成等大的像。 物距/cm 35 25 18 15 缩 大小 缩小 放大 放大 小 倒 像的性质 正倒 倒立 倒立 倒立 立 实 虚实 实像 实像 实像 像 （5）为找到等大的像，逐步缩小物距的范围，当观察到光屏上所成像与F形光源的大小大 致相等时，要准确判断像与物是否等大，你的操作是 。 【答案】 面向 光屏 左右反复 18~25 用刻度尺分别测量F形光源 和像的高度并进行对比分析 【详解】（1）[1]由于灯珠是光源，要提供光线，所以，安装器材时，F形光源有灯珠的一 侧应该面向凸透镜放置。 （2）[2]为了让像呈现在光屏的中央，则光源、凸透镜、光屏三者的中心在同一水平线上， 故当器材组装完成后的装置如图乙所示时，应降低光屏的高度。 （3）[3]当光屏上出现了一个倒立F的模糊轮廓，说明此时像没有聚焦到光屏上，为了使 光屏上的像变得清晰，应该左右反复移动光屏。 （4）[4]根据表格的数据可知，当物距大于25时，成缩小的像，当物距小于18时，成放大 的像，当物距在18~25cm之间时，凸透镜可能成等大的像。 （5）[5]要准确判断光屏上所成像与F形光源的大小是否等大，可以用刻度尺分别测量F 形光源和像的高度并进行对比分析。 31．（本题7分）在测量定值电阻阻值实验中，小明准备了以下器材：可调电压电源、电 压表、电流表、滑动变阻器、开关、待测定值电阻R、导线若干。 x （1）如图1﹣甲是小明连接的部分电路，请用笔画线代替导线将电路补充完整。（要求：当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大） ； （2）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现电流表有示数，电压表示数始终为0，造成 这种现象的原因可能是 ； （3）排除故障后，小明测量的部分实验数据如下表所示： 实验次 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω ▲ 数 x 1 0.8 0.16 2 1.6 0.3 3 0.48 ①▲处应填写 ； ②实验中第3次实验的电压表示数如图1﹣乙所示，此次R 的阻值为 Ω。 x （4）利用小明准备的实验器材还能完成的探究实验是 （选填“A”或“B”）； A．探究电流与电压的关系 B．探究电流与电阻的关系 【拓展】用如图2﹣甲所示的电路将电流表改装成直接测量电阻的仪表，M、N是连接待测 电阻的接线端，电流表表盘如图2﹣乙所示，量程选择为0~0.6A，电源电压恒为6V。改装 步骤如下： ①将M、N直接相连，调节滑片P使电流表指针指在0.6A刻度上，此后保持滑片P位置不 变； ②在M、N之间接入不同待测电阻，依据R与I的对应关系，将电流表表盘上刻度对应改 为M、N之间所接电阻的阻值，从而完成将电流表改装成直接测量电阻的“电阻表”。则 该“电阻表”的刻度是 （选填“均匀”或“不均匀”）的，在电流表0.3A刻度处应 标 Ω。 【答案】 电压表断路，或电压表短路，或定值 电阻短路 电阻的平均值 5 A 不均匀 10 【详解】（1）[1]当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，说明接入电路的电阻变小，滑动变阻器的阻值变小，滑动变阻器应接入右下接线柱，实物图如图 （2）[2]闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压 表示数始终为0，造成这种现象的原因可能是电压表断路，或电压表短路，或定值电阻短 路。 （3）①[3]测量定值电阻的阻值，需要多次测量求平均值，以减小实验误差，▲处应填写 电阻的平均值。 ②[4]实验中第3次实验的电压表选小量程，分度值为0.1V，读数为2.4V，此次R 的阻值为 x （4）[5]定值电阻的电阻不变，多次测的其两端的电压和电流，还能完成的探究实验是探 究电流与电压的关系；探究电流与电阻的关系需要保持定值电阻两端的电压不变，更换不 同的定值电阻，此装置不能完成实验，故选A。 （5）①将M、N直接相连，调节滑片P使电流表指针指在0.6A刻度上，此后保持滑片P 位置不变，此时电路的总电阻 ②[6][7]在M、N之间接入不同待测电阻，依据R与I的对应关系， 上式中电源电压为6V，R 为10Ω，上式可写为 总 由表达式可知，R与I的对应关系不是正比例函数，因此该“电阻表”的刻度是不均匀的， 在电流表示数为0.3A时，表达式为解得刻度处应标的数值为 32．（本题4分）阅读请根据上述材料，回答下列问题： 《海上能源“巨无霸”——LNG船》 液化天然气运输船简称LNG船。由于天然气（主要成分是甲烷）是易燃气体，对于运 输它的船舶建造技术要求极高。 常温下的天然气是气体，在0℃和1个标准大气压条件下，密度仅为 。要运 输气态天然气，成本会很高。要想让天然气液化，光靠压缩体积是不行的，必须要让它的 温度低于 ，否则多大的压力也不能使其液化。在此温度下，须施加44.1兆帕的压 强才能使其液化。如果LNG船装载的是 的液化天然气，罐体就要做的很厚，会大 大增加运输的成本。LNG船通常采用“全冷”方式，就是将天然气的温度降低到 ， 这样在1个标准大气压下天然气就可以变成液态。所以说，LNG船就是一艘“海上超级冷 库”。由于天然气易燃易爆，一旦泄露，后果不堪设想，因此它对建造“冷库”的材料要 求极高。 液舱（装液化天然气的船舱）的围护系统是制造LNG船的核心技术。右图是液舱的结 构图。一般的钢材在超低温环境中容易产生脆裂，建造液舱屏蔽层的材料是厚度只有 0.7mm的殷瓦钢，它就像一张牛皮纸一样薄。虽然殷瓦钢很容易锈蚀（加工时不允许一滴 汗水滴在上面），但它在低温环境下具有膨胀系数小、韧性好、导热性低的物理性质。这 样薄的殷瓦钢，加工起来非常困难，我国也是在前些年才突破这项技术。 一艘LNG船不仅要做到高标准的密封性，而且运输时只有在 的低温环境和0.2 个标准大气压下才能维持液态天然气的稳定（该条件下液化天然气密度约为 ）。 2008年我国建造的第一艘LNG船“大鹏昊”号投入使用，它的装载量为 ，相当于上海市300万个家庭一个月的用气量。 液化天然气到达港口后，送到沿海的LNG接收站，并使之汽化。温度极低的液化天然 气在变成气态时，会和周围的环境发生热交换，过程中转移的内能称为“冷能”。所以接 收站附近经常会看到海产品加工、干冰制造等工厂。 （1）建造屏蔽层的材料要用殷瓦钢，因为它具有 的物理性质； （2）一个标准大气压下0℃的天然气与0.2个标准大气压下 的天然气在质量相等的 情况下，体积之比是 。结合文中信息，可推算出上海300万个家庭一个月大约消耗 （1标准大气压下0℃）的气态天然气； （3）某LNG接收站旁边建了一个海产品冷冻工厂，他们利用LNG“冷能”将捕捞到的海 产品加工冷冻。请简述该工厂利用LNG“冷能”过程中的基本物理原理 。 【答案】 膨胀系数小、韧性好、导热性低 600∶1 液化天然气 汽化时，会从周围环境吸收大量的热，从而达到冷冻海鲜的目的 【详解】（1）[1]文章中写道：“虽然殷瓦钢很容易锈蚀（加工时不允许一滴汗水滴在上 面），但它在低温环境下具有膨胀系数小、韧性好、导热性低的物理性质”。故利用殷瓦 钢建造屏蔽层的原因即其胀系数小、韧性好、导热性低。 （2）[2]由题可知，在0℃和1个标准大气压条件下，天然气的密度 为 ，0.2个 标准大气压下 的液化天然气密度 约为 ，根据 ，质量相等的情况下， 一个标准大气压下0℃的天然气与0.2个标准大气压下 的天然气体积之比是 [3]“大鹏昊”号的装载量V 为 ，则其装载的天然气质量为 容 上海300万个家庭一个月大约消耗的天然气体积为 （3）[4]当LNG船靠岸，接收天然气时，接收站会将液态的天然气重新转化为气态，化天然气汽化时，会从周围环境吸收大量的热，从而达到冷冻海鲜的目的。