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2025 年高考生物第二次模拟考试
生物·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本题共15 小题，1-10 每小题2 分，11-15 题每题4 分，共40 分，在每小题给出的四个选项中，
只有一项符合题目要求。
1．群落演替指一个群落替代另一个群落的过程，包括初生演替和次生演替。下列实例属于初生演替的是
（ ）
A．裸岩的表面长出地衣
B．草原过度放牧后出现大片裸地
C．荒草地改造成荷花塘
D．云杉林被大量砍伐后杂草丛生
【答案】A
【分析】群落的演替包括初生演替和次生演替。在一个从来没有过植被或者原来存在过植被，但被彻
底消灭了的地方开始初生演替，如火山岩（裸岩）、冰川泥上的演替；在原有植被虽已不存在，但是
保留原有土壤条件，甚至种子或其他繁殖体的地方开始次生演替，如从过量砍伐的森林开始的演替、
从弃耕荒废的农田开始的演替、火灾过后的草原开始的演替。
【详解】A、在一个从来没有过植被或者原来存在过植被，但被彻底消灭了的地方开始初生演替，裸岩
的表面长出地衣属于初生演替，A 正确；
BCD、在原有植被虽已不存在，但是保留原有土壤条件，甚至种子或其他繁殖体的地方开始次生演替，
草原过度放牧后出现大片裸地、荒草地改造成荷花塘、云杉林被大量砍伐后杂草丛生都属于次生演替
BCD 错误。
故选A。
2．虾酱是以虾为原料的传统发酵食品。在乳酸菌、芽孢杆菌等多种微生物共同作用下，原料中的蛋白质
和脂肪发生水解，形成虾酱的特有风味。下列叙述错误的是（ ）
A．虾酱特有风味的形成受发酵时间的影响
1
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B．传统虾酱的制作过程需要严格执行无菌操作
C．原料中的蛋白质会被水解成小分子的肽和氨基酸
D．虾酱发酵过程微生物种类和数量的分析有助于改良风味
【答案】B
【分析】直接利用原材料中天然存在的微生物，或利用前子发酵保存下来的面团、卤汁等发酵物中的
微生物进行发酵制作食品的技术一般称为传统发酵技术。利用传统发酵技术制作的食品，还有酱、酱
油、醋、泡菜和豆豉等。
【详解】A、虾酱是由微生物发酵形成的，虾酱特有风味的形成受发酵条件、发酵温度、发酵时间的影
响，A 正确；
B、传统虾酱的制作过程利用原料中带有的微生物进行发酵，不需要经过严格无菌操作，B 错误；
C、原料中的蛋白质会被蛋白酶水解成小分子的肽和氨基酸，C 正确；
D、虾酱发酵由乳酸菌、芽孢杆菌等多种微生物共同参与，虾酱发酵过程微生物种类和数量的分析有助
于改良风味，D 正确。
故选B。
3．环境因素可通过下图所示途径影响生物性状。有关叙述错误的是（ ）
A．①可引起DNA 的碱基序列改变
B．②可调节③水平的高低
C．②引起的变异不能为生物进化提供原材料
D．④可引起蛋白质结构或功能的改变
【答案】C
【分析】基因与性状的关系：（1）基因通过其表达产物——蛋白质来控制性状，细胞内的基因表达与
否以及表达水平的高低都是受到调控的；（2）基因与性状的关系并不是简单的一一对应关系：①一个
性状可以受多个基因的影响；②一个基因也可以影响多个性状；③生物体的性状也不完全是由基因决
定的，环境对性状也有着重要影响。
【详解】A、①诱变可引起DNA 的碱基序列改变，产生新基因，A 正确；
B、②甲基化修饰DNA 的启动子，RNA 聚合酶不能结合在启动子，使③转录过程无法进行，故②可调
2
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节③水平的高低，B 正确；
C、②引起的变异为DNA 甲基化，属于表观遗传，是可遗传变异，能为生物进化提供原材料，C 错误；
D、④环境因素如温度、pH 可影响蛋白质空间结构，结构决定功能，功能也会随之改变，D 正确。
故选C。
4．图示植物原生质体制备、分离和检测的流程。下列相关叙述正确的是（ ）
A．步骤①添加盐酸以去除细胞壁
B．步骤②吸取原生质体放入无菌水中清洗
C．原生质体密度介于图中甘露醇和蔗糖溶液密度之间
D．台盼蓝检测后应选择蓝色的原生质体继续培养
【答案】C
【分析】植物的体细胞杂交是将不同植物的细胞通过细胞融合技术形成杂种细胞，进而利用植物的组
织培养将杂种细胞培育成多倍体的杂种植株。植物体细胞杂交依据的原理是细胞膜的流动性和植物细
胞的全能性。
【详解】A、步骤①添加纤维素酶或果胶酶去除细胞，其原理是酶的专一性，A 错误；
B、步骤②吸取原生质体放入等渗液中清洗，否则会导致原生质体吸水涨破，B 错误；
C、结合图示可知原生质体处于甘露醇和蔗糖溶液之间，因而可推测原生质体的密度介于图中甘露醇和
蔗糖溶液密度之间，C 正确；
D、台盼蓝检测后应选择无色的原生质体继续培养，染成蓝色的原生质体活性差或死亡，D 错误。
故选C。
5．成年棘胸蛙存在雄蛙大、雌蛙小的两性异形现象，推测这是雌蛙对雄蛙长期选择的结果。支持该推测
的证据是（ ）
A．体型较大的雄蛙能获得更多的交配机会
B．雌蛙对相同种群雄蛙的求偶鸣叫更敏感
C．雄蛙在雌蛙产卵高峰期求偶鸣叫更积极
D．体型较大的雌蛙交配后能产出更多的卵
【答案】A
【分析】成年棘胸蛙存在雄蛙大、雌蛙小的两性异形现象，是长期自然选择的结果，可能是由于体型
3
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较大的雄蛙能获得更多的交配机会，经过长期的筛选，导致成年棘胸蛙雄蛙普遍偏大。
【详解】A、体型较大的雄蛙能获得更多的交配机会，经过长期的筛选，导致成年棘胸蛙雄蛙普遍偏大，
A 正确；
BC、雌蛙对相同种群雄蛙的求偶鸣叫更敏感，雄蛙在雌蛙产卵高峰期求偶鸣叫更积极，不影响雄蛙大
小的选择，BC 错误；
D、体型较大的雌蛙交配后能产出更多的卵，会导致体型较大的雌蛙繁殖率高，导致成年棘胸蛙雌蛙普
遍偏大，与题干矛盾，D 错误。
故选A。
6．北京冬奥会期间，越野滑雪运动员身着薄比赛服在零下10℃左右的环境中展开激烈角逐，关于比赛中
运动员的生理现象，下列叙述正确的是（ ）
A．血糖分解加快，储存的ATP 增加，产热大于散热
B．血液中肾上腺素含量升高，甲状腺激素含量下降，血糖分解加快
C．心跳加快，呼吸频率增加，温度感受器对低温不敏感而不觉得寒冷
D．在运动初期骨骼肌细胞主要通过肌糖原分解供能，一定时间后主要通过肝糖原分解供能
【答案】C
【分析】运动员在寒冷条件下剧烈运动时体内发生体温调节等生理过程，运动时需要消耗大量能量，
骨骼肌细胞分解肌糖原提供能量，在运动后期需要摄取血糖进行氧化分解以满足机体对能量的需要。
【详解】A、运动期间需要大量能量，血糖分解加快，ATP 和ADP 的转化速率加快，但储存的ATP 基
本不变，A 错误；
B、血液中肾上腺素含量升高，甲状腺激素含量上升，血糖分解加快，细胞代谢速率加快，B 错误；
C、比赛中运动员心跳加快，呼吸频率增加，为机体提供更多能量，温度感受器由于适应性而对低温不
敏感，因此不觉得寒冷，C 正确；
D、运动初期骨骼肌细胞主要通过ATP 和磷酸肌酸供能，一定时间后主要通过肌糖原分解供能，D 错误。
故选C。
7．实验中常根据菌落外表特征鉴别微生物，进而对实验结果做出判断，下列实验不是根据菌落外表特征
做出判断的是（ ）
A．艾弗里证明肺炎链球菌的转化因子是DNA
B．判断分离酵母菌的固体培养基是否被毛霉污染
C．利用浸有抗生素的滤纸片筛选大肠杆菌中耐药性强的菌株
D．判断在尿素为唯一氮源的培养基上生长的尿素降解菌是否有不同种类
4
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【答案】C
【分析】1、在艾弗里证明遗传物质是DNA 的实验中，艾弗里将S 型细菌的DNA、蛋白质、糖类等物
质分离开，单独的、直接的观察它们各自的作用。另外还增加了一组对照实验，即DNA 酶和S 型活菌
中提取的DNA 与R 型菌混合培养。
2、培养酵母菌时，在接种前需要检测培养基是否被污染．对于固体培养基应采用的检测方法是将未接
种的培养基在适宜的温度下放置适宜的时间，观察培养基上是否有菌落产生。
3、抗生素消灭细菌的原理是抑制细菌细胞壁的合成、与细胞膜相互作用、干扰蛋白质的合成以及抑制
核酸的复制和转录等。利用浸有抗生素的滤纸片筛选大肠杆菌中耐药性强的菌株可从抑菌圈边缘菌落
挑取大肠杆菌，可能获得目的菌株。
4、将一定稀释度的样品接种在以尿素为唯一氮源的培养基上，并在适宜的条件下培养。分解尿素的微
生物能在该培养基上生长繁殖，而不能利用尿素的微生物不能生长繁殖，这是因为只有能够分解尿素
的微生物能够产生脲酶，从中获取氮源。
【详解】A、艾弗里将S 型细菌的DNA、蛋白质、糖类等物质分离开，单独的、直接的观察它们各自
的作用进行对比，R 型肺炎双球菌没有荚膜（菌落表面粗糙），S 型肺炎双球菌有荚膜（菌落表面光
滑），该实验是通过观察培养基上形成的不同菌落特征，来判断转化是否成功的，A 不符合题意;
B、毛霉属于多细胞的真菌，由细胞形成菌丝，可根据毛霉的形态判定固体培养基是否是被毛霉污染了，
B 不符合题意;
C、抗生素可消灭细菌，利用浸有抗生素的滤纸片筛选大肠杆菌中耐药性强的菌株是从抑菌圈边缘菌落
挑取大肠杆菌来获得目的菌株，没有依靠菌落外表形态特征做出判断，C 符合题意;
D、不同尿素降解菌降解尿素的能力不同，因此在分离出的以尿素为唯一氮源的尿素降解菌后，若要验
证其中是否有不同种类降解菌，可在以尿素为唯一氮源的培养基中加入酚红指示剂，接种并培养初步
筛选的菌种，若根据菌落周围出现红色环带的大小判定其种类，D 不符合题意。
故选C。
8．某同学利用幼嫩的黑藻叶片完成“观察叶绿体和细胞质流动”实验后，继续进行“质壁分离”实验，
示意图如下。
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下列叙述正确的是（ ）
A．实验过程中叶肉细胞处于失活状态
B．①与②的分离，与①的选择透过性无关
C．与图甲相比，图乙细胞吸水能力更强
D．与图甲相比，图乙细胞体积明显变小
【答案】C
【分析】在逐渐发生质壁分离的过程中，细胞液的浓度增加，细胞液的渗透压升高，细胞的吸水能力
逐渐增强。
【详解】A、由题意可知，该细胞可观察叶绿体和细胞质流动，说明细胞没有失活，A 错误；
B、①与②的分离，与①的选择透过性有关，其原因就是因为蔗糖可通过全透性的细胞壁，但不能通过
具有选择透过性的细胞膜，B 错误；
C、与图甲相比，图乙细胞处于失水状态，细胞液渗透压升高，吸水能力更强，C 正确；
D、与图甲相比，图乙细胞体积几乎不变（植物细胞体积是看细胞壁），D 错误。
故选C。
9．为了解动物共存方式，科学家调查M1等西南3 个山系肉食动物的捕食偏好，如图推断最合理的（ ）
A．棕熊从低营养级中获得能量少，对其所在生态系统的影响较弱
B．M2的豹猫和雪豹均为三级消费者，处于第四营养级
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C．3 个山系中，M3的肉食动物丰富度和生态系统的抵抗力稳定性均最高
D．大型捕食者偏好捕食小型猎物，大、小型肉食动物通过生态位分离实现共存
【答案】C
【分析】题图分析，食肉动物与其猎物的体重之间存在正相关性，体型相近的食肉动物之间具有更高
程度的食性重叠。
【详解】A、棕熊为顶级的大型肉食动物，处于食物链的顶端，对其所在的生态系统的影响较大，A 错
误；
B、豹猫和雪豹为肉食动物，可能属于次级消费者、三级消费者等，处于第三、第四营养级等，B 错误；
C、有图可知，三个山系中，M3 的肉食动物最多，食物网最复杂，肉食动物丰富度和生态系统的抵抗
力稳定性均最高，C 正确；
D、食肉动物与其猎物的体重之间存在正相关性，一般来说，大型捕食者偏好捕食大型猎物，D 错误。
故选C。
10．抗虫和耐除草剂玉米双抗12-5 是我国自主研发的转基因品种。为给监管转基因生物安全提供依据，采
用PCR 方法进行目的基因监测，反应程序如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A．预变性过程可促进模板DNA 边解旋边复制
B．后延伸过程可使目的基因的扩增更加充分
C．延伸过程无需引物参与即可完成半保留复制
D．转基因品种经检测含有目的基因后即可上市
【答案】B
【分析】PCR 过程为：①变性，当温度上升到90℃以上时，氢键断裂，双链DNA 解旋为单链；②复性，
当温度降低到50℃左右是，两种引物通过碱基互补配对与两条单链DNA 结合；③延伸，温度上升到
72℃左右，溶液中的四种脱氧核苷酸，在DNA 聚合酶的作用下，根据碱基互补配对原则合成新的
DNA 链。
【详解】A、预变性是使模板DNA 充分变性，A 错误；
B、后延伸过程后延伸是为了让引物延伸完全并让单链产物完全退火形成双链结构，可使目的基因的扩
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增更加充分，B 正确；
C、延伸过程需引物参与，C 错误；
D、转基因品种不只需要检测是否含有目的基因，还要检测是否表达，还有安全性问题，D 错误；
故选B。
11．神经元的轴突末梢可与另一个神经元的树突或胞体构成突触。通过微电极测定细胞的膜电位，PSP1 和
PSP2 分别表示突触a 和突触b 的后膜电位，如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A．突触a、b 前膜释放的递质，分别使相应突触后膜的离子通透性增大、降低
B．PSP1 和PSP2 由离子分布改变形成，共同影响突触后神经元动作电位的产生
C．PSP1 由K+外流或Cl-内流形成，PSP2 由Na+或Ca2+内流形成
D．突触a、b 前膜释放的递质增多，分别使PSP1 幅值增大、PSP2 幅值减小
【答案】B
【分析】兴奋在神经元之间传递过程为：兴奋以电流的形式传导到轴突末梢时，突触小泡释放递质
（化学信号），递质作用于突触后膜，引起突触后膜产生膜电位（电信号），从而将兴奋传递到下一
个神经元。
【详解】A、据图可知，突触a 释放的递质使突触后膜上膜电位增大，推测可能是递质导致突触后膜的
通透性增大，突触后膜上钠离子通道开放，钠离子大量内流；突触b 释放的递质使突触后膜上膜电位减
小，推测可能是递质导致突触后膜的通透性增大，突触后膜上氯离子通道开放，氯离子大量内流，A 错
误；
BC、图中PSP1 中膜电位增大，可能是Na+或Ca2+内流形成的，PSP2 中膜电位减小，可能是K+外流
或Cl-内流形成的，共同影响突触后神经元动作电位的产生，B 正确、C 错误；
D、 细胞接受有效刺激后，一旦产生动作电位，其幅值就达最大，增加刺激强度，动作电位的幅值不
再增大，推测突触a、b 前膜释放的递质增多，可能PSP1、PSP2 幅值不变，D 错误。
故选B。
12．Bax 蛋白和Bak 蛋白在T 淋巴细胞凋亡过程中发挥特定作用。为探究相关机制，科研人员分别用凋亡诱
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导试剂a 和b 处理不同基因型的T 淋巴细胞，计算细胞的存活率，结果如图所示。
下列叙述错误的是（ ）
A．T 淋巴细胞数量异常会影响机体的特异性免疫
B．试剂a 诱导T 淋巴细胞凋亡的效果优于试剂b
C．试剂a 依赖Bax 蛋白和Bak 蛋白诱导T 淋巴细胞的凋亡
D．Bax 蛋白和Bak 蛋白协同参与试剂b 诱导的T 淋巴细胞凋亡
【答案】C
【分析】细胞凋亡是由基因决定的，属于正常的生命现象，对生物体有利；细胞坏死是由外界环境因
素引起的，是不正常的细胞死亡对生物体有害。
【详解】A、T 淋巴细胞在体液免疫和细胞免疫中都发挥着重要作用，故T 淋巴细胞数量异常会影响机
体的特异性免疫，A 正确；
B、分析题图可知，凋亡诱导试剂a 处理不同基因型的T 淋巴细胞后T 淋巴细胞存活率一样且均低于凋
亡诱导试剂b 处理不同基因型的T 淋巴细胞后T 淋巴细胞存活率，由此可知，试剂a 诱导T 淋巴细胞凋
亡的效果优于试剂b，B 正确；
C、分析题图可知，凋亡诱导试剂a 处理不同基因型的T 淋巴细胞后T 淋巴细胞存活率一样，由此可知，
试剂a 诱导T 淋巴细胞的凋亡不需要依赖Bax 蛋白和Bak 蛋白，C 错误；
D、分析题图可知，凋亡诱导试剂b 处理同时含有Bax 基因和Bak 基因的T 淋巴细胞后T 淋巴细胞存活
率最低，由此可知，Bax 蛋白和Bak 蛋白协同参与试剂b 诱导的T 淋巴细胞凋亡，D 正确。
故选C。
13．某哺乳动物的体细胞核DNA 含量为2C，对其体外培养细胞的核DNA 含量进行检测，结果如图所示，
其中甲、乙、丙表示不同核DNA 含量的细胞及其占细胞总数的百分比。
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下列叙述错误的是（ ）
A．甲中细胞具有核膜和核仁
B．乙中细胞进行核DNA 复制
C．丙中部分细胞的染色体着丝粒排列在细胞中央的平面上
D．若培养液中加入秋水仙素，丙占细胞总数的百分比会减小
【答案】D
【分析】1、分裂间期是有丝分裂的准备阶段。细胞内发生着活跃的代谢变化，最重要的变化是发生在
S 期的DNA 复制。S 期之前的G1 期，主要是合成DNA 复制所需的蛋白质，以及核糖体的增生，S 期
之后的G2 期，合成M 期所必需的一些蛋白质。当分裂间期结束，细胞进入分裂期时，组成染色质的
DNA 已经完成复制，有关蛋白质已经合成。这些复杂的变化需要较长的时间，因此在细胞周期中，分
裂间期的时间总是长于M 期。
2、题图分析：据图中核DNA 含量及占比分析，甲为G1 期和有丝分裂末期细胞，乙为S 期细胞，丙为
G2 期和有丝分裂分裂期的细胞。
【详解】A、据图可知，甲中细胞核DNA 含量为2C 的细胞，在甲乙丙三组细胞占比最大，说明此时细
胞处于分裂间期的G1 期，DNA 还未进行复制，此时细胞具有核膜和核仁，A 正确；
B、据图可知，乙中细胞核DNA 含量为2C-4C，说明细胞处于S 期，细胞进行DNA 复制，B 正确；
C、据图可知，丙中细胞核DNA 含量为4C，说明细胞处于G2 期和分裂期。当细胞处于有丝分裂中期
时，细胞中染色体着丝粒排列在细胞中央的平面上，C 正确；
D、秋水仙素抑制纺锤体形成，若培养液中加入秋水仙素，细胞无法完成细胞分裂，丙占细胞总数的百
分比会增加，D 错误。
故选D。
14．NO3
-和NH4
+是植物利用的主要无机氮源，NH4
+的吸收由根细胞膜两侧的电位差驱动，NO3
-的吸收由
H+浓度梯度驱动，相关转运机制如图。铵肥施用过多时，细胞内NH4
+的浓度增加和细胞外酸化等因素引起
植物生长受到严重抑制的现象称为铵毒。下列说法正确的是（ ）
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A．NH4
+通过AMTs 进入细胞消耗的能量直接来自ATP
B．NO3
-通过SLAH3 转运到细胞外的方式属于被动运输
C．铵毒发生后，增加细胞外的NO3
-会加重铵毒
D．载体蛋白NRT1.1 转运NO3
-和H+的速度与二者在膜外的浓度呈正相关
【答案】B
【分析】物质跨膜运输主要包括两种方式:被动运输和主动运输，被动运输又包括自由扩散和协助扩散，
被动运输是由高浓度向低浓度一侧扩散，而主动运输是由低浓度向高浓度一侧运输。其中协助扩散需
要载体的协助，但不需要消耗能量:而主动运输既需要消耗能量，也需要载体的协助。
【详解】A、由题干信息可知，NH4+的吸收是根细胞膜两侧的电位差驱动的，所以NH4+通过AMTs 进
入细胞消耗的能量不是来自ATP，A 错误；
B、由图上可以看到，NO3-进入根细胞膜是H+的浓度梯度驱动，进行的逆浓度梯度运输，所以NO3-通
过SLAH3 转运到细胞外是顺浓度梯度运输，属于被动运输，B 正确；
C、铵毒发生后，H+在细胞外更多，增加细胞外的NO3-，可以促使H+向细胞内转运，减少细胞外的
H+，从而减轻铵毒，C 错误；
D、据图可知，载体蛋白NRT1.1 转运NO3-属于主动运输，主动运输的速率与其浓度无必然关系；运输
H+属于协助扩散，协助扩散在一定范围内呈正相关，超过一定范围后不成比例，D 错误。
故选B。
15．玉米的高秆（H）对矮秆（h）为显性。现有若干H 基因频率不同的玉米群体，在群体足够大且没有其
他因素干扰时，每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型频率与H 基因频率（p）的关系如图。
下列分析错误的是（ ）
A．0<p<1 时，亲代群体都可能只含有纯合体
B．只有p＝b 时，亲代群体才可能只含有杂合体
C．p＝a 时，显性纯合体在F1中所占的比例为1/9
D．p＝c 时，F1自交一代，子代中纯合体比例为5/9
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【答案】D
【分析】当H 的基因频率为1 时，自由交配后代的个体的基因型都是HH，即亲本基因型只有HH；当
H 的基因频率为a 时，自由交配后代是Hh=hh；当H 的基因频率为b 时，自由交配一代的基因型及比例
是Hh=1/2，HH=hh=1/4；当H 的基因频率为c 时，自由交配一代，后代HH=Hh。
【详解】A、当H 的基因频率为a 时，Hh 与hh 的基因型频率相等，根据遗传平衡定律可得2a（1-a）=
（1-a）2，解得a=1/3，则亲本基因型是1/3HH、2/3hh，A 正确；
B、根据基因型频率计算种群基因频率的公式是：H=HH+1/2Hh，h=hh+1/2Hh，如果H 和h 的基因频率
相等，则HH 和hh 的基因型频率相等，分析题图可知，只有H 的基因频率为b 时符合该条件，B 正确；
C、哈迪-温伯格定律的主要内容是指：在理想状态下，各等位基因的频率和等位基因的基因型频率在
遗传中是稳定不变，显性纯合体在F1 中所占的比例为1/3×1/3＝1/9，C 正确；
D、由题图可知，当H 的基因频率为c 时，Hh 与HH 的基因型频率相等，根据遗传平衡定律可得2c（1-
c ）= （c ）2 ，解得c=2/3 ，F1 的基因型及比例是：HH=2/3×2/3=4/9 ，hh=1/3×1/3=1/9 ，
Hh=2×2/3×1/3=4/9，子一代自交，子代中纯合体比例为1-1/2×4/9=7/9，D 错误；
故选D。
二、非选择题（共5 题，共60 分）
16．某湖泊曾处于重度富营养化状态，水面漂浮着大量浮游藻类。管理部门通过控源、清淤、换水以及引
种沉水植物等手段，成功实现了水体生态恢复。引种的3 种多年生草本沉水植物（①金鱼藻、②黑藻、③
苦草，答题时植物名称可用对应序号表示）在不同光照强度下光合速率及水质净化能力见图。
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回答下列问题：
(1)湖水富营养化时，浮游藻类大量繁殖，水体透明度低，湖底光照不足。原有沉水植物因光合作用合成的
有机物少于 的有机物，最终衰退和消亡。
(2)生态恢复后，该湖泊形成了以上述3 种草本沉水植物为优势的群落垂直结构，从湖底到水面依次是
，其原因是 。
(3)为了达到湖水净化的目的，选择引种上述3 种草本沉水植物的理由是 ，三者配合能实现综合
治理效果。
(4)上述3 种草本沉水植物中只有黑藻具有C4光合作用途径（浓缩CO2形成高浓度C4后，再分解成CO2传递
给C5）使其在CO2受限的水体中仍可有效地进行光合作用，在水生植物群落中竞争力较强。根据图a 设计
一个简单的实验方案，验证黑藻的碳浓缩优势，完成下列表格。
实验设计方案
实验材料
对照组： 实验组：黑藻
实验条件
控制光照强度为 μmol·m-2·s-1
营养及环境条件相同且适宜，培养时间相同
控制条件
测量指标
(5)目前在湖边浅水区种植的沉水植物因强光抑制造成生长不良，此外，大量沉水植物叶片凋落，需及时打
捞，增加维护成本。针对这两个实际问题从生态学角度提出合理的解决措施 。
【答案】(1)呼吸作用消耗
(2)
③②①
最大光合速率对应光强度依次升高
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(3)
(
①金鱼藻)除藻率高，②(黑藻)除氮率高，③(苦草)除磷高
(4) 金鱼藻 500 二氧化碳浓度较低且相同 氧气释放量
(5)合理引入浮水植物，减弱沉水植物的光照强度；合理引入以沉水植物凋落叶片为食物的生物
【分析】图a 分析，一定范围内光照强度增大，三种植物的光合速率加快，光照强度超过一定范围，三
种植物的光合速率均减小。图b 分析，金鱼藻、黑藻和苦草都能在一定程度上去除氮和磷、藻。
【详解】（1）由于湖底光照不足，导致原有沉水植物因光合作用合成的有机物少于细胞呼吸消耗的有
机物，生物量在减少，不足以维持生长，最终衰退和消亡。
（2）据图分析，最大光合速率对应光强度依次升高，因此生态恢复后，该湖泊形成了以上述3 种草本
沉水植物为优势的群落垂直结构，从湖底到水面依次是③②①。
（3）据图b 分析，金鱼藻除藻率高，黑藻除氮率高，苦草除磷率高，三者配合能高效的去除氮、磷和
藻，能实现综合治理效果。
（4）根据图a，在相同光照强度下，①金鱼藻与②黑藻的光合作用强度高度接近，尤其在光照强度为
500 时，两者光合作用强度完全相同，有利于控制无关变量一致，而③苦草的光照强度与②黑藻相差较
大。根据题干“上述3 种草本沉水植物中只有黑藻具有C4 光合作用途径”可知①、③均无C4 途径，
而除了上述3 种草本沉水植物外的其他植物是否有C4 途径不确定，所以不能从①、③外的其他植物为
②选对照组。
验证黑藻的碳浓缩优势，因此控制条件为低二氧化碳浓度。因变量是光合速率的快慢，因此检测指标
是单位时间释放氧气的量。
（5）目前的两个实际问题是湖边浅水区种植的沉水植物因强光抑制造成生长不良，大量沉水植物叶片
凋落，需及时打捞，增加维护成本，因此可以合理引入浮水植物，减弱沉水植物的光照强度；合理引
入以沉水植物凋落叶片为食物的生物。
17．心率为心脏每分钟搏动的次数。心肌P 细胞可自动产生节律性动作电位以控制心脏搏动。同时，P 细
胞也受交感神经和副交感神经的双重支配。受体阻断剂A 和B 能与各自受体结合，并分别阻断两类自主神
经的作用，以受试者在安静状态下的心率为对照，检测了两种受体阻断剂对心率的影响，结果如图。
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回答下列问题：
(1)调节心脏功能的基本中枢位于 。大脑皮层通过此中枢对心脏活动起调节作用，体现了神经系统
的 调节。
(2)心肌P 细胞能自动产生动作电位，不需要刺激，该过程涉及
的跨膜转运。神经细胞只有受刺激后，
才引起 离子跨膜转运的增加，进而形成膜电位为 的兴奋状态。上述两个过程中离子跨膜
转运方式相同，均为 。
(3)据图分析，受体阻断剂A 可阻断 神经的作用。兴奋在此神经与P 细胞之间进行传递的结构为
。
(4)自主神经被完全阻断时的心率为固有心率。据图分析，受试者在安静状态下的心率 （填“大
于”“小于”或“等于”）固有心率。若受试者心率为每分钟90 次，比较此时两类自主神经的作用强度：
。
【答案】(1) 脑干 分级
(2) Na+ 外负内正 协助扩散
(3) 副交感 突触
(4) 小于 交感神经和副交感神经都起作用，副交感神经作用更强
【分析】（1）信息获取与加工
题干关键信息
所学知识
信息加工
细胞受交感神经和副交
感神经的双重支配
自主神经系统
自主神经系统包括交感神经和副交感神经，都是
传出神经，人体处于应激状态时交感神经兴奋
大脑皮层通过低级中枢
对心脏活动起调节作用
神经系统的分级
调节
脑干是调节心跳、呼吸的低级中枢，大脑皮层可
通过对脑干的调节实现分级调节
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神经细胞兴奋时膜电位
的变化
兴奋在神经纤维
上的传导
兴奋产生时，由于钠离子通道开放，导致钠离子
内流了，膜电位变为内正外负的状态
（2）逻辑推理与论证：
【详解】（1）调节心脏功能的基本中枢位于脑干。大脑皮层通过此中枢对心脏活动起调节作用，体现
了神经系统的分级调节。
（2）神经细胞只有受刺激后，才引起Na+跨膜转运的增加，进而形成膜电位为外负内正的兴奋状态。
上述两个过程中离子跨膜转运方式相同，均为协助扩散。
（3）交感神经可以使心跳加快、加强，副交感神经使心跳减慢、减弱，据图分析可知，与对照组相比，
当受体阻断剂A 与受体结合后，心率比安静时明显加快，而受体阻断剂B 与受体结合后，心率下降，
所以受体阻断剂A 可阻断副交感神经的作用，受体阻断剂B 可阻断交感神经的作用。此神经与P 细胞
之间在反射弧中可以作为效应器，故兴奋在此神经与P 细胞之间进行传递的结构为突触。
（4）自主神经被完全阻断时的心率为固有心率，与固有心率（即自主神经完全被阻断也就是最后一组
的心率100）相比，心率90 较低。如果只有交感神经作用，则应该为115（即第二组副交感被阻断的心
率）；如果只有副交感神经作用，则应该为50（即第三组交感神经被阻断的心率），现在为90，说明
既有交感神经也有副交感神经作用，且副交感神经作用更强。
18．有一种植物的花色受常染色体上独立遗传的两对等位基因控制，有色基因B 对白色基因b 为显性，基
因I 存在时抑制基因B 的作用，使花色表现为白色，基因i 不影响基因B 和b 的作用。现有3 组杂交实验，
结果如下。请回答下列问题：
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(1)甲和丙的基因型分别是 、 。
(2)组别①的F2中有色花植株有 种基因型。若F2中有色花植株随机传粉，后代中白色花植株比例为
。
(3)组别②的F2中白色花植株随机传粉，后代白色花植株中杂合子比例为 。
(4)组别③的F1与甲杂交，后代表型及比例为 。组别③的F1与乙杂交，后代表型及比例为 。
(5)若这种植物性别决定类型为XY 型，在X 染色体上发生基因突变产生隐性致死基因k，导致合子致死。基
因型为IiBbX+Y 和IiBbX+Xk的植株杂交，F1中雌雄植株的表型及比例为 ；F1中有色花植株随机传粉，
后代中有色花雌株比例为 。
【答案】(1) iiBB IIBB
(2) 2 1/9
(3)1/2
(4) 白色：有色=1:1 白色：有色=3:1
(5) 白色♀：有色♀：白色♂：有色♂=26:6:13:3 32/63
【分析】【关键能力】
（1）信息获取与加工
题干关键信息
所学知识
信息加工
基因与性状的
关系
基因与性状不只是一
一对应，也有多基因
控制同一性状，或一
个基因与多个性状有
关
有色基因B 对白色基因b 为显性，
基因I 存在时抑制基因B 的作用，使
花色表现为白色，基因i 不影响基因
B 和b 的作用，据此可推测基因与性
状的关系是：基因型iiB-表现有色，
其余基因型表现白色
基因遵循的遗
传定律
基因的分离定律、自
由组合定律
花色受常染色体上独立遗传的两对
等位基因控制，隐性致死基因k 在X
染色体上，故这三对等位基因的遗
传符合自由组合定律
（2）逻辑推理与论证：
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【详解】（1）分析题干，二倍体花颜色受常染色体上两对独立遗传的基因控制，其中有色基因B 对白
色基因b 为显性，基因I 对基因B 有抑制作用，则有色基因型是iiB_，白色基因型是I_B_、I_bb、
iibb，组别②中甲(有色)
丙(白色)，F1 都是白色，自交后白色:有色=3:1，说明F1 是单杂合子，F2 白
色花植株的基因型为I_BB，说明F1 的基因型是IiBB，据此可推知甲的基因型应是iiBB，丙的基因型
是IIBB。
（2）组别①中甲(iiBB) ×乙(白色)，F1 都是有色，自交后有色:白色=3:1，说明F1 是单杂合子，F2 白色
花植株的基因型为iiB_，说明F1 的基因型是iiBb，乙的基因型是iibb。F1 自交后F2 有色花的基因型
有2 种，包括iiBB 和iiBb； F2 有色花的基因型及比例是1/3iiBB、2/3iiBb，产生的配子及比例是
2/3Bi、1/3bi，随机传粉，后代中白色花植株iibb 的比例=1/3×1/3=1/9。
（3）组别②中甲(有色) ×丙(白色)，F1 都是白色，自交后白色:有色=3:1，说明F1 是单杂合子，F2 白色
花植株的基因型为I_BB，F2 白色花植株的基因型包括1/3IIBB、2/3IiBB， 产生的配子是2/3IB、
1/3iB，随机传粉，后代白色花植株的基因型及比例为4/9IIBB、4/9IiBB，所以后代白色花植株中杂合子
占1/2。
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（4）组别③乙(iibb)×丙(IIBB)，F1 是BbIi (配子及比例是BI:Bi:bI:bi=1:1:1:1)，F1 与甲(iiBB)杂交，后代
基因型及其比例为IiBB:iiBB:IiBb:iiBb=1:1:1:1，所以后代表型及比例为白色：有色=1:1; 组别③中F1 与
乙(iibb)杂交，后代基因型及其比例为IiBb:iiBb:Iibb:iibb=1:1:1:1，所以后代表型及比例为白色：有色
=3:1。
（5）若这种植物性别决定类型为XY 型，在X 染色体上发生基因突变产生隐性致死基因k，导致合子
致死。基因型为IiBbX+Y 和IiBbX+Xk 的植株杂交，逐对考虑，F1 中关于花色的基因型及比例为
I_B_:I_bb:iiB_:iibb=9:3:3:1，所以F1 中关于花色的基因型及比例为白色:有色=13:3，X+Y 和X+Xk 的植
株杂交，F1 关于性别的基因型及比例为X+X+: X+Xk: X+Y:XkY (致死)，即F1 中雌性:雄性=2: 1，所以
F1 中雌雄植株的表型及比例为白色♀：有色♀：白色♂：有色♂=26:6:13:3。F1 中有色花植株随机传粉，
其中有色花雌性基因型有iiB_X+X+、iiB_X+Xk，雄性是iiB_X+Y，其中iiB_的比例为1/3BBii、
2/3Bbii，产生的配子及比例是2/3iB、1/3ib， 随机交配后有色个体(iiB_) 占8/9，考虑性染色相关基因，
雌配子及比例是3/4X+、1/4Xk，雄配子及比例是1/2X+、1/2Y，随机交配后子代是3/8X+X+、
1/8X+Xk、3/8X+ Y、1/8XkY (致死)，即雌株:雄株=4:3，故后代中有色花雌株比例8/9×4/7=32/63。
19．免疫检查点阻断疗法已应用于癌症治疗，机理如图1 所示。为增强疗效，我国科学家用软件计算筛到
Taltirelin（简称Tal），开展实验研究Tal 与免疫检查分子抗体的联合疗效及其作用机制。请回答下列问题：
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(1)肿瘤细胞表达能与免疫检查分子特异结合的配体，抑制T 细胞的识别，实现免疫逃逸。据图1 可知，以
为抗原制备的免疫检查分子抗体可阻断肿瘤细胞与 细胞的结合，解除肿瘤细胞的抑制。
(2)为评估Tal 与免疫检查分子抗体的联合抗肿瘤效应，设置4 组肿瘤小鼠，分别用4 种溶液处理后检测肿瘤
体积，结果如图2。设置缓冲液组的作用是 。据图2 可得出结论： 。
(3)Tal 是促甲状腺激素释放激素（TRH）类似物。人体内TRH 促进 分泌促甲状腺激素（TSH），TSH
促进甲状腺分泌甲状腺激素。这些激素可通过 运输，与靶细胞的受体特异结合，发挥调控作用。
(4)根据（3）的信息，检测发现T 细胞表达TRH 受体，树突状细胞（DC）表达TSH 受体。综上所述，关于
Tal 抗肿瘤的作用机制，提出假设：
①Tal 与 结合，促进T 细胞增殖及分化；
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②Tal 能促进 ，增强DC 的吞噬及递呈能力，激活更多的T 细胞。
(5)为验证上述假设，进行下列实验：①培养T 细胞，分3 组，分别添加缓冲液、Tal 溶液和TRH 溶液，检测
；②培养DC，分3 组，分别添加 ，检测DC 的吞噬能力及递呈分子的表达量。
【答案】(1) 免疫检查分子 T
(2) 作为对照组，排除缓冲液作用的影响 Tal 与免疫检查分子抗体都有抗肿瘤效果，二者联合
使用可明显增强抗肿瘤效果
(3) 垂体 体液
(4) T 细胞表面的TRH 受体 TSH 作用于DC 细胞上的受体
(5) T 细胞的数量和毒性T 细胞的比例 缓冲液、Tal+TSH 溶液和TSH 溶液
【分析】细胞免疫过程：①被病原体（如病毒）感染的宿主细胞（靶细胞）膜表面的某些分子发生变
化，细胞毒性T 细胞识别变化的信号。②细胞毒性T 细胞分裂并分化，形成新的细胞毒性T 细胞和记
忆T 细胞。细胞因子能加速这一过程。③新形成的细胞毒性T 细胞在体液中循环，它们可以识别并接
触、裂解被同样病原体感染的靶细胞。④靶细胞裂解、死亡后，病原体暴露出来，抗体可以与之结合
或被其他细胞吞噬掉。
【详解】（1）肿瘤细胞表达能与免疫检查分子特异结合的配体，抑制了T 细胞的识别，从而实现免疫
逃逸。免疫检查分子抗体的作用是阻断肿瘤细胞与免疫细胞的结合。以免疫检查分子为抗原制备的免
疫检查分子抗体，可阻断肿瘤细胞与 T 细胞的结合，解除肿瘤细胞对T 细胞的抑制。
（2）设置缓冲液组的作用是作为对照组，用于排除其他无关因素对实验结果的干扰，从而更准确地评
估Tal 与免疫检查分子抗体的联合抗肿瘤效应。据图2 可知，与缓冲液组相比，免疫检查分子抗体组、
Tal 组和Tal +免疫检查分子抗体组的肿瘤体积都有所减小，其中Tal +免疫检查分子抗体组的肿瘤体积
减小最为明显。故得出结论：Tal 与免疫检查分子抗体都有抗肿瘤效果，二者联合使用可明显增强抗肿
瘤效果。
（3）人体内TRH 促进垂体分泌促甲状腺激素（TSH），TSH 促进甲状腺分泌甲状腺激素。这些激素可
通过体液运输，与靶细胞的受体特异结合，发挥调控作用。
（4）① Tal 与T 细胞表面的TRH 受体结合，促进T 细胞增殖及分化。因为受体与相应配体结合才能发
挥作用，而题目中已知T 细胞表达TRH 受体，所以推测Tal 可能与该受体结合。
Tal
②
能促进TSH 作用于DC 细胞上的受体，增强DC 的吞噬及递呈能力，激活更多的T 细胞。已知DC
表达TSH 受体，所以推测TSH 作用于DC 细胞上的受体。
（5）① 培养T 细胞，分3 组，分别添加缓冲液、Tal 溶液和TRH 溶液，检测T 细胞的增殖及分化情况，
即T 细胞的数量和毒性T 细胞的比例。通过对比添加不同物质后T 细胞的数量和毒性T 细胞的比例，
来验证Tal 与TRH 受体结合促进T 细胞增殖及分化的假设。
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② 培养 DC，分3 组，分别添加缓冲液、Tal+TSH 溶液和 TSH 溶液， 检测 DC 的吞噬能力及递呈
分子的表达量。通过对比添加不同物质后 DC 的相关指标，来验证 Tal 促进 TSH 作用于 DC 细胞上
的受体，从而增强其功能的假设。 第一组:添加缓冲液的组作为对照组。 第二组:添加 Tal+TSH 溶液
的组，观察其对 DC 功能的影响。 第三组:添加 TSH 溶液的组，用于与添加 Tal+TSH 溶液的组对比，
以确定Tal 是 否促进 TSH 作用于 DC 细胞。
20．百合具有观赏、食用和药用等多种价值，科研人员对其进行了多种育种技术研究。回答下列问题：
(1)体细胞杂交育种。进行不同种百合体细胞杂交前，先用 去除细胞壁获得原生质体，使原生质体
融合，得到杂种细胞后，继续培养，常用 （填植物激素名称）诱导愈伤组织形成和分化，获得完
整的杂种植株。
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(2)单倍体育种。常用 的方法来获得单倍体植株，鉴定百合单倍体植株的方法是 。
(3)基因工程育种。研究人员从野生百合中获得一个抵抗尖孢镰刀菌侵染的基因L，该基因及其上游的启动
子pL 和下游的终止子结构如图a。图b 是一种Ti 质粒的结构示意图，其中基因gus 编码GUS 酶，GUS 酶活
性可反映启动子活性。
①研究病原微生物对L 的启动子pL 活性的影响。从图a 所示结构中获取pL，首先选用 酶切，将其
与相同限制酶酶切的Ti 质粒连接，再导入烟草。随机选取3 组转基因成功的烟草（P1、P2 和P3）进行病
原微生物胁迫，结果如图c。由此可知：三种病原微生物都能诱导pL 的活性增强，其中 的诱导作
用最强。
②现发现栽培种百合B 中也有L，但其上游的启动子与野生百合不同，且抗病性弱。若要提高该百合中L 的
表达量，培育具有高抗病原微生物能力的百合新品种，简要写出实验思路 。
【答案】(1) 纤维素酶和果胶酶 生长素和细胞分裂素
(2) 花药离体培养 利用显微镜观察根尖有丝分裂中期细胞中染色体的数目
(3) HindⅢ、BamHⅠ 交链格孢 利用转基因技术将百合B 中L 基因的启动子替换为野生百
合中L 基因的启动子pL
【分析】【关键能力】
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去除细胞壁获得原
生质体
植物体细胞杂交
的过程
植物体细胞杂交的过程中需要先去除
植物细胞的细胞壁，植物细胞壁的成
分是纤维素和果胶，需要用相应的酶
完成去壁的过程
获得单倍体植株
植物组织培养技
术
通过植物组织培养技术，经过脱分化
和再分化的过程，利用花药离体培养
可获得单倍体
鉴定百合单倍体植
株
有丝分裂的过程
单倍体植株是由配子发育而来，染色
体数目减半，观察染色体的数目可判
断是否是单倍体植株，有丝分裂中期
的染色体形态固定，数目清晰，是观
察染色体最佳时期
（2）逻辑推理与论证：
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【详解】（1）因植物细胞细胞壁的成分主要是纤维素和果胶，因此获得原生质体的方法是用纤维素酶
和果胶酶对植物细胞进行处理。得到原生质体后使原生质体融合，形成杂种细胞，再用生长素和细胞
分裂素诱导愈伤组织形成和分化，从而获得完整的杂种植株。
（2）获得单倍体植株的常用方法是花药（花粉）离体培养；鉴定百合单倍体植株的方法是利用显微镜
观察根尖有丝分裂中期细胞中染色体的数目，如果染色体数目减少一半，则获得的植株即为单倍体植
株。
（3）根据目的片段以及质粒上限制酶的识别位点，启动子两侧都有两种酶，若要获得pL 并连接到质
粒上，可选用限制酶HindⅢ、BamHⅠ进行酶切，以替换Ti 质粒中的启动子，从而达到根据GUS 酶活
性反映启动子活性的目的。根据图c 的结果可知，交链格孢处理的每一组转基因烟草中的GUS 酶活性
都最高，可确定其诱导作用最强。欲培育具有高抗病原微生物能力的百合新品种，可利用转基因技术
将百合B 中L 基因的启动子替换为野生百合中L 基因的启动子pL。
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