文档内容
化学试卷
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将自己的姓
名、准考证号、座位号填写在本试卷上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标
号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。涂写在本试卷上
无效。
3.作答非选择题时，将答案书写在答题卡上，书写在本试卷上无效。
4.考试结束后：将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：
一、选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选
项中，只有一项是符合题目要求的。
1．“国之重器”是我国科技综合实力的结晶。下述材料属于金属材料的是
A．“C919”大飞机用的氮化硅涂层 B．“梦想”号钻探船钻头用的合金
C．“望宇”登月服用的聚酰亚胺隔热层 D．“雪龙2”号破冰船制淡水用的反渗透膜
2．下列化学用语或图示表达正确的是
A． 的电子式为 B．基态 原子的价电子排布式为
C． 的球棍模型为 D．反-2-丁烯的结构简式为
3．下列有关物质性质与用途对应关系错误的是
A．单晶硅熔点高，可用于制造芯片 B．金属铝具有还原性，可用于冶炼金属
C．浓硫酸具有吸水性，可用作干燥剂 D．乙炔燃烧火焰温度高，可用于切割金属
4．抗坏血酸葡萄糖苷( )具有抗氧化功能。下列关于 的说法正确的是
试卷第1页，共3页A．不能使溴水褪色 B．能与乙酸发生酯化反应
C．不能与 溶液反应 D．含有3个手性碳原子
5．“机械键”是两个或多个分子在空间上穿插互锁的一种结合形式。我国科研人员合成了
由两个全苯基大环分子组成的具有“机械键”的索烃，结构如图，下列说法错误的是
A．该索烃属于芳香烃 B．该索烃的相对分子质量可用质谱仪测定
C．该索烃的两个大环之间不存在范德华力 D．破坏该索烃中的“机械键”需要断裂共价
键
6．下列对物质性质的解释错误的是
选项 物质性质 解释
A 氯化钠熔点高于氯化铯 氯化钠离子键强于氯化铯
B 碘易溶于四氯化碳 碘和四氯化碳都是非极性分子
C 草酸氢钠溶液显酸性 草酸氢根离子水解程度大于电离程度
D 离子液体导电性良好 离子液体中有可移动的阴、阳离子
A．A B．B C．C D．D
7．下列有关反应方程式错误的是
A．泡沫灭火器反应原理：
B．用金属钠除去甲苯中的微量水：
C．用 溶液吸收尾气中的
试卷第2页，共3页D．氯气通入冷的石灰乳中制漂白粉：
8．一种负热膨胀材料的立方晶胞结构如图，晶胞密度为 ，阿伏加德罗常数的值为
，下列说法错误的是
A．沿晶胞体对角线方向的投影图为
B． 和B均为 杂化
C．晶体中与 最近且距离相等的 有6个
D． 和B的最短距离为
9．一种高聚物 被称为“无机橡胶”，可由如图所示的环状三聚体制备。X、Y和Z
都是短周期元素，X、Y价电子数相等，X、Z电子层数相同，基态Y的 轨道半充满，Z
的最外层只有1个未成对电子，下列说法正确的是
A．X、Z的第一电离能： B．X、Y的简单氢化物的键角：
C．最高价含氧酸的酸性： D．X、Y、Z均能形成多种氧化物
试卷第3页，共3页10．下列实验方案不能得出相应结论的是
A B
结论：金属活动性顺序为
结论：氧化性顺序为
C D
结论：甲基使苯环活化 结论：增大反应物浓度，该反应速率加快
A．A B．B C．C D．D
11．某元素的单质及其化合物的转化关系如图。常温常压下G、J均为无色气体，J具有漂
白性。阿伏加德罗常数的值为 。下列说法错误的是
A．G、K均能与 溶液反应 B．H、N既具有氧化性也具有还原性
C．M和N溶液中的离子种类相同 D． 与足量的J反应，转移电子数为
试卷第4页，共3页12．格氏试剂性质活泼，可与空气中的 和 等反应。某兴趣小组搭建了图示无水无氧
装置(部分装置略)，以乙醚(沸点 )为溶剂，利用下述反应高产率地制备二苯甲酮。
下列说法错误的是
A．气球中填充保护气，并起缓冲压力的作用
B．烧瓶中液体是格氏试剂的乙醚溶液
C．图中的漏斗不能用球形分液漏斗代替
D．产率高表明苯甲酰氯比二苯甲酮更易与格氏试剂反应
13．我国科研人员采用图示的电解池，由百里酚(TY)合成了百里醒(TQ)。电极b表面的主
要反应历程见图(灰球表示电极表面催化剂)，下列说法错误的是
A．电解时， 从右室向左室移动
试卷第5页，共3页B．电解总反应：
C．以 为原料，也可得到TQ
D．用 标记电解液中的水，可得到
14．常温下，溶液中 以氢氧化物形式沉淀时， 与
的关系如图[其中X代表 或
]。已知： ， 比 更易与碱反应，形成
；溶液中 时，X可忽略不计。
下列说法错误的是
A．L为 与 的关系曲线
B． 的平衡常数为
试卷第6页，共3页C．调节 溶液浓度，通过碱浸可完全分离 和
D．调节溶液 为 ，可将浓度均为 的 和 完全分离
二、非选择题：本题共4小题，共58分。
15．某实验室制备糖精钴 ，并测定其结晶水含量。
已知： 表示糖精根离子，其摩尔质量为 ，糖精钴的溶解度在热水中较大，
在冷水中较小；丙酮沸点为 ，与水互溶。
(一)制备
I．称取 ，加入 蒸馏水，搅拌溶解，得溶液1。
Ⅱ．称取 (稍过量)糖精钠( )，加入 蒸馏水，加热搅拌，得溶液2。
Ⅲ．将溶液2加入到接近沸腾的溶液1中，反应3分钟后停止加热，静置，冷却结晶。
Ⅳ．过滤，依次用三种不同试剂洗涤晶体，晾干得产品。
回答下列问题：
(1)I和Ⅱ中除烧杯外，还需用到的玻璃仪器有 、 (写出两种)
(2)Ⅲ中静置过程有少量晶体出现时，可将烧杯置于 中，以使大量晶体析出。
(3)Ⅳ中用①丙酮、②冷水、③冷的 溶液洗涤晶体，正确顺序为 。
A．①③② B．③②① C．②①③
(4)Ⅳ中为了确认氯离子己经洗净，取水洗时的最后一次滤液于试管中， (将实验操
作、现象和结论补充完整)。
(5)与本实验安全注意事项有关的图标有 。
试卷第7页，共3页(二)结晶水含量测定
和 形成 配合物。准确称取 糖精钴产品于锥形瓶中，加蒸馏水，加热溶
解，再加入缓冲溶液和指示剂，在50~60℃下，用 的 标准溶液滴定。
(6)下列操作的正确顺序为 (用字母排序)。
a．用标准溶液润洗滴定管 b．加入标准溶液至“0”刻度以上 处
c．检查滴定管是否漏水并清洗 d．赶出气泡，调节液面，准确记录读数
(7)滴定终点时消耗标准溶液 ，则产品 中x的测定值为
(用含m、c、V的代数式表示)；若滴定前滴定管尖嘴处无气泡，滴定后有气泡，会导致x
的测定值 (填“偏高”“偏低”或“无影响”)。
16．一种综合回收电解锰工业废盐(主要成分为 的硫酸盐)的工艺流程如
下。
已知：①常温下 ， ， ；
② 结构式为 。
回答下列问题：
(1)制备废盐溶液时，为加快废盐溶解，可采取的措施有 、 。(写出两种)
(2)“沉锰I”中，写出形成的 被氧化成 的化学方程式 。当
将要开始沉淀时，溶液中剩余 浓度为 。
试卷第8页，共3页(3)“沉锰Ⅱ”中，过量的 经加热水解去除，最终产物是 和 (填
化学式)。
(4)“沉镁I”中，当 为8.0~10.2时，生成碱式碳酸镁 ，煅烧得
到疏松的轻质 。 过大时，不能得到轻质 的原因是 。
(5)“沉镁Ⅱ”中，加 至 时， 沉淀完全；若加至 时沉淀完全溶解，
据图分析，写出沉淀溶解的离子方程式 。
(6)“结晶”中，产物X的化学式为 。
(7)“焙烧”中， 元素发生了 (填“氧化”或“还原”)反应。
17． / 循环在 捕获及转化等方面具有重要应用。科研人员设计了利用
与 反应生成 的路线，主要反应如下：
I．
II．
III．
回答下列问题，
(1)计算 。
试卷第9页，共3页(2)提高 平衡产率的条件是_______。
A．高温高压 B．低温高压 C．高温低压 D．低温低压
(3)高温下 分解产生的 催化 与 反应生成 ，部分历程如图，其中吸
附在催化剂表面的物种用*标注，所示步骤中最慢的基元反应是 (填序号)，生成水
的基元反应方程式为 。
(4) 下，在密闭容器中 和 各 发生反应。反应物( 、 )的
平衡转化率和生成物( 、 )的选择性随温度变化关系如下图(反应III在 以下不
考虑)。
试卷第10页，共3页注：含碳生成物选择性
①表示 选择性的曲线是 (填字母)。
②点M温度下，反应Ⅱ的 (列出计算式即可)。
③在 下达到平衡时， 。 ，随温度升高 平衡转化率
下降的原因可能是 。
18．我国某公司研发的治疗消化系统疾病的新药凯普拉生(化合物H)，合成路线如下(部分
试剂、反应条件省略)。
已知：
回答下列问题：
(1)A中官能团的名称是 。
(2)B的结构简式为 。
(3)由C转变为D的反应类型是
(4)同时满足下列条件的B的同分异构体有 种(不考虑立体异构)。
①含有两个甲基；②与钠反应产生氢气。
(5)由D转变为E的过程中经历了两步反应，第一步反应的化学方程式是： (要求配
平)。
(6)下列关于F说法正确的有_______。
试卷第11页，共3页A．F能发生银镜反应
B．F不可能存在分子内氢键
C．以上路线中E+F→G 的反应产生了氢气
D．已知醛基吸引电子能力较强，与 相比F的N-H键极性更小
(7)结合合成H的相关信息，以 、 和含一个碳原子的
有机物(无机试剂任选)为原料，设计化合物 的合成路线
。
试卷第12页，共3页1．B
【详解】A．氮化硅涂层属于新型陶瓷材料，属于无机非金属材料，A不符合题意；
B．合金是金属与其他元素熔合而成的材料，属于金属材料，B符合题意；
C．聚酰亚胺是高分子有机材料，不属于金属材料，C不符合题意；
D．反渗透膜通常由高分子聚合物制成，属于有机材料，D不符合题意；
故选B。
2．A
【详解】
A． 与 结构类似，电子式为 ，A正确；
B．Be是4号元素，基态 原子的价电子排布式为 ，B错误；
C．乙炔的球棍模型为 ，图中表示乙炔的空间填充模型，C错误；
D．反-2-丁烯的分子中，两个甲基位于双键的不同侧，结构简式是 ，
D错误；
故选A。
3．A
【详解】A．单晶硅用于制造芯片主要因其半导体性质，而非熔点高，熔点高与用途无直
接关联，A错误；
B．金属铝还原性强，可通过铝热反应冶炼金属（如Fe、Mn等），B正确；
C．浓硫酸吸水性使其可干燥中性/酸性气体（如H、CO），C正确；
2 2
D．乙炔燃烧产生高温氧炔焰（约3000℃），可熔化金属进行切割，D正确；
故选A。
4．B
【详解】A．由物质的结构可知，该物质含有碳碳双键，能和溴水发生加成反应而褪色，A
错误；
B．由物质的结构可知，该物质含有羟基，能和乙酸在浓硫酸催化下，发生酯化反应，B正
确；
C．该物质中含有一个酯基，能与 溶液反应，C错误；
答案第1页，共2页D．手性碳原子为连接4个不同基团的碳原子，该物质中含有7个手性碳，
，D错误；
故选B。
5．C
【详解】A．该物质是由两个全苯基大环分子组成的具有“机械键”的索烃，含有苯环，
属于芳香烃，A正确；
B．质谱仪可测定相对分子质量，质谱图上最大质荷比即为相对分子质量，B正确；
C．该物质为分子晶体，分子间存在范德华力，C错误；
D．该物质含有共价键，破坏 “机械键”时需要断裂共价键，D正确；
故选C。
6．C
【详解】A．氯化钠中的钠离子半径（Na+）比氯化铯中的铯离子半径（Cs+）小，离子键
强度更大，因此熔点更高，解释正确，A正确；
B．碘和四氯化碳均为非极性分子，符合“相似相溶”原理，解释正确，B正确；
C．草酸氢钠溶液显酸性是因为草酸氢根（HC O ）的电离程度（释放H+）大于水解程度
2
（生成OH⁻），解释错误，C错误；
D．离子液体的导电性源于其内部可自由移动的阴、阳离子，解释正确，D正确；
故选C。
7．D
【详解】A．泡沫灭火器中Al3+与HCO 发生双水解，生成Al(OH) 和CO，方程式配平正
3 2
确，A正确；
B．金属钠优先与水反应生成NaOH和H，甲苯不参与反应，方程式正确，B正确；
2
C．NO 与NaOH反应生成NO 和NO ，方程式配平及产物均正确，C正确；
2
答案第2页，共2页D．石灰乳（Ca(OH) 悬浊液）不能拆为OH-，正确反应应为2Cl + 2Ca(OH) = CaCl +
2 2 2 2
Ca(ClO) + 2H O，D错误；
2 2
故选D。
8．A
【详解】
A．由晶胞图可知，晶胞中Ag位于体心，B位于顶点，C、N位于体对角线上，沿晶胞体
对角线方向投影，体对角线上的原子投影到中心(重叠)，其余6个顶点原子分别投影到六
元环的顶点上，其他体内的C、N原子抽影响到对应顶点原子投影与体心的连线上，则投
影图为 ，A错误；
B．Ag位于体心，与周围4个N原子原键，价层电子对数为4，且与4个N原子形成正四
面体，则Ag为 杂化；由晶胞中成键情况知，共用顶点B原子的8个晶胞中，有4个晶
胞中存在1个C原子与该B原子成键，即B原子的价层电子对数为4，为 杂化，B正确；
C．晶胞中Ag位于体心，与 最近且距离相等的 就是该晶胞上、下、左、右、前、后
6个相邻的晶胞体心中的 原子，为6个，C正确；
D．B位于顶点，其个数为 ，Ag、C、N均位于晶胞内，个数分别为1、4、4，由晶
胞密度可知晶胞参数a= ， 和B的最短距离为体对角线
的一半，即 ，D正确；
故选A。
9．D
答案第3页，共2页【分析】X、Y价电子数相等，X、Y属于同一主族，且X形成5个键，Y形成3个键，基
态Y的 轨道半充满，则X为P元素，Y为N元素，X、Z电子层数相同， Z的最外层只
有1个未成对电子，Z形成1个键，Z为Cl元素，以此分析。
【详解】A．第一电离能同周期从左到右有增大趋势，第一电离能：Cl>P，A错误；
B．X、Y的简单氢化物分别为：PH 和NH ，电负性：N>P，共用电子对距N近，成键电
3 3
子对斥力N-H大于P-H，键角：NH >PH，B错误；
3 3
C．元素的非金属性越强，其最高价含氧酸酸性越强，非金属性：Cl>N>P，酸性：
HClO>HNO >H PO ，C错误；
4 3 3 4
D．P、N、Cl均能形成多种氧化物，D正确；
答案选D。
10．C
【详解】A．Fe、Cu、稀硫酸原电池中，电子由活泼金属Fe流向Cu，Fe、Zn、硫酸原电
池中，电子有Zn流向Fe，活泼性：Zn>Fe>Cu，A正确；
B．FeCl 与淀粉KI溶液反应，溶液变蓝色，则氧化性：Fe3+>I ，新制氯水加入含KSCN的
3 2
FeCl 溶液中，溶液变红色，生成了Fe3+，则氧化性：Cl>Fe3+，故氧化性： ，B
2 2
正确；
C．酸性高锰酸钾分别滴入苯和甲苯中，甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明了苯环使
甲基活化，C错误；
D．不同浓度的NaSO 与相同浓度的稀硫酸反应，浓度大的NaSO 先出现浑浊，说明增
2 2 3 2 2 3
大反应物浓度，反应速率加快，D正确；
答案选C。
11．D
【分析】
根据转化关系： ，常温常压下G、
J均为无色气体，J具有漂白性，J为SO ，K为SO ，G为HS，H为S，M为NaHSO，N
2 3 2 3
为NaSO ，L为NaSO 。
2 3 2 4
【详解】A．HS和SO 均能与NaOH溶液反应，A正确；
2 3
B．S和NaSO 中S的化合价处于S的中间价态，既具有氧化性又有还原性，B正确；
2 3
答案第4页，共2页C．M为NaHSO，N为NaSO ，二者的溶液中离子种类相同，C正确；
3 2 3
D．1mol HS和足量的SO 反应生成S单质和水，2HS+SO=3S↓+2H O，1mol HS参加反
2 2 2 2 2 2
应，转移2mol电子，转移2N 个电子，D错误；
A
答案选D。
12．B
【详解】A．当气球被充入气体时，气体在气球内产生了一定的压力，这将均匀地作用在
气球内外的表面上，使得外壳可以均匀分担气体的压力，故A正确；
B．格氏试剂性质活泼，为避免反应过于剧烈，烧瓶中应加入苯甲酰氯，格氏试剂通过滴
液漏斗缓慢滴加，故B错误；
C．反应体系为无水、无氧的密封装置，需要用图中的漏斗保持体系能压强不变，保证液
体顺利滴下，而不能用分液漏斗，故C正确；
D．苯甲酰氯比二苯甲酮与格氏试剂反应速率快，导致苯甲酰氯与与格氏试剂产率高，故
D正确；
故答案为B。
13．D
【分析】电极b发生TY→TQ，发生加氧去氢的反应，发生氧化反应，b为阳极，a为阴极，
阴极上氢离子得电子生成H，以此解题。
2
【详解】A．电解时阳离子向阴极移动，H+从右室向左室移动，A正确；
B．根据转化关系图可知，电极b中TY是反应物，TQ是生成物，电极a中水是反应物，
H 为生成物，总反应方程式为： ，B正确；
2
C．将TY( )换成 为原料，仍然能够得到TQ(
)，C正确；
答案第5页，共2页D．根据右图可知，用 标记电解液中的水，可得到的18O在环上甲基的邻位上
，D错误；
答案选D。
14．B
【分析】 和 沉淀形成 和 ， 沉淀形成 ，则 和
的曲线平行，根据 ， 比 更易与碱反应，
因此 生成的pH低于 ，故从左到右曲线依次为：
或 。如图可知： 的平
衡常数为 ，
的平衡常数为
， 的
平衡常数为 ，
的平衡常数为 ，
的平衡常数为 ，
的平衡常数为 。据此分析：
答案第6页，共2页【详解】A．据分析，L为 与 的关系曲线，故A正确；
B．如图可知， 的平衡常数为
，则
的平衡常数为
，故
B错误；
C．如图可知，pH=14时 开始溶解，pH=8.4时 开始溶解，且pH=14时
，即可认为 完全溶解，并转化为 ，因此调节 溶
液浓度，通过碱浸可完全分离 和 ，故C正确；
D． 的 开始沉淀pH为 ， 的 完全沉淀pH
为 ，因此调节溶液 为 ，可将浓度均为 的 和
完全分离，故D正确；
故答案为B。
15．(1) 玻璃棒 量筒（或胶头滴管等，合理即可）
(2)冰水浴
(3)B
(4)加稀硝酸酸化，再滴加AgNO 溶液，无白色沉淀生成，说明Cl-已洗净
3
(5)ABC
(6)cabd
答案第7页，共2页(7) （或： ） 偏高
【分析】按照反应
制备糖精钴，然后在冰水浴中结晶，再按照“冷的1% NaSac溶液、冷水、丙酮”顺序进
行洗涤，得到糖精钴晶体，最后将糖精钴晶体溶解后用EDTA标准溶液滴定测定含有结晶
水的数量。
【详解】（1）步骤I、Ⅱ中需要使用量筒、胶头滴管量取蒸馏水，并用玻璃棒搅拌以加快
固体溶解速率。
（2）因为糖精钴在冷水中溶解度较小，所以为了尽快让大量晶体析出，应降低溶液温度，
可将烧杯置于冰水浴中。
（3）先用冷的1% NaSac溶液洗涤，可降低糖精钴溶解度，减少晶体损失，还能将晶体表
面吸附的Co2+转化为晶体析出，且不引人新的杂质，再用冷水洗涤，可降低晶体溶解度并
洗去溶液中存在的可溶性离子，丙酮可以与水互溶且沸点比关键水的低，故最后用丙酮洗
涤以除去残留的水且能使晶体快速干燥，故答案为B。
（4）Ⅳ中为了确认氯离子己经洗净的步骤为：取水洗时的最后一次滤液于试管中，加稀硝
酸酸化，再滴加AgNO 溶液，无白色沉淀生成，说明Cl-已洗净。
3
（5）进行化学实验需要佩戴护目镜，以保护眼睛，同时化学实验结束后，离开实验室前需
用肥皂等清洗双手，该实验涉及加热操作，因此需要防止热烫，要选择合适的工具进行操
作，避免直接触碰，故A、B、C符合题意；该实验中未涉及锐器的操作，D不符合题意，
故答案为ABC。
（6）使用滴定管前首先要检漏，确定不漏液之后用蒸馏水清洗(c)，再用待装的标准溶液
进行润洗(a)，待润洗完成后 装入标准溶液至“0”刻度以上2~3 mL处(b)，放液赶出气泡后
调节液面至“0”刻度或“0”刻度下，准确记录标准溶液体积的初始读数(d)，故答案为
cabd。
（7）滴定消耗的 ，EDTA与Co2+形成1：1配合物，则样品溶解后的
，即样品中的 ，而
，所以 ，
答案第8页，共2页解得 ；若滴定前滴
定管尖嘴处无气泡，滴定后有气泡，测得消耗EDTA溶液体积偏小，即V偏小，根据
，则x偏高。
16．(1) 搅拌 适当升温等
(2) 6Mn(OH) +O =2Mn O+6H O 10-2.15
2 2 3 4 2
(3)O
2
(4)pH过大，沉淀为Mg(OH) ，不能分解产生CO，不能得到疏松的轻质
2 2
(5)
(6)(NH )SO
4 2 4
(7)还原
【分析】废盐溶液加入氨水，通入氧气沉锰I得到MnO，溶液再加入(NH )SO，进行沉
3 4 4 2 2 8
锰Ⅱ得到MnO ，产生有气体O，溶液再加入NH HCO 和NH ·H O调节pH沉镁I，得到
2 2 4 3 3 2
MgCO ，煅烧得到MgO，溶液再加入HPO 沉镁Ⅱ，得到MgNH PO ·6H O沉淀，溶液加
3 3 4 4 4 2
入HSO 调节pH=6.0结晶得到X硫酸铵，最后与MnO 和MnO 焙烧，经过多步处理得到
2 4 2 3 4
MnSO ·H O。
4 2
【详解】（1）加快废盐的溶解可以采取搅拌、适当升温、粉碎等；
（2）Mn(OH) 被O 氧化得到MnO，化学方程式为：6Mn(OH) +O =2Mn O+6H O；
2 2 3 4 2 2 3 4 2
根据 = ， =10-2.15mol/L；
（3）“沉锰Ⅱ”中，过量的 经加热水解去除， 中存在过氧键，在
加热和水存在下发生水解，生成 和 ：
， 分解 ，总反应为
，最终产物是 和O；
2
答案第9页，共2页（4） 煅烧有CO 生成，可以得到疏松的轻质氧化镁，pH过大，
2
沉淀为Mg(OH) ，不能分解产生CO，不能得到疏松的轻质 ；
2 2
（5）由图可知，pH=8时，阴离子为 ，阳离子为 ，产生的沉淀为 ，调
节到pH=4，磷元素存在形式为 ，磷酸不是强酸，不能拆，离子方程式为：
；
（6）溶液中存在铵根离子和硫酸根离子，结晶后X为(NH )SO ；
4 2 4
（7）“焙烧”中，MnO 和MnO 最终生成MnSO ·H O， 元素化合价降低，发生了还
3 4 2 4 2
原反应。
17．(1)
(2)B
(3) ④ HO*+H*+CH *= CH*+H O
2 2 3 2
(4) c 0.2 反应Ⅱ生成的氢气多于反应Ⅲ消耗的氢气
【详解】（1）已知：
I．
Ⅱ．
将I+ Ⅱ可得 =
，故答案为： ；
（2）已知反应Ⅱ． 为放热反应，要提
高 平衡产率，要使平衡正向移动。
A．高温会使平衡逆向移动，不利于提高 平衡产率，A错误；
B．低温使平衡正向移动，高压也使平衡正向移动，可提高 平衡产率，B正确；
答案第10页，共2页C．高温会使平衡逆向移动，低压会使平衡逆向移动，不利于提高 平衡产率，C错误；
D．低压会使平衡逆向移动，不利于提高 平衡产率，D错误；
故选B。
（3）反应活化能越高，反应速率越慢，从图中可以看出，第四部活化能最高，速率最慢，
基元反应为CH*+H*+2H O=CH*+2H O；由图可知，在第三步时生成了水，基元反应为：
3 2 4 2
HO*+H *+CH *= CH*+H O，故答案为：④；HO*+H *+CH *= CH*+H O；
2 2 3 2 2 2 3 2
（4）已知反应I为吸热反应， Ⅱ为放热反应，III为吸热反应，根据图像，温度逐渐升高，
则碳酸镁的转化率逐渐升高，氢气的转化率下降，在 以下不考虑反应Ⅲ，则二氧化
碳的选择性上升，甲烷的选择性下降，所以a表示碳酸镁的转化率，b表示二氧化碳的选择
性，c表示甲烷的选择性。
①表示 选择性的曲线是c，故答案为：c；
②点M温度下，从图中看出碳酸镁的转化率为49%，则剩余的碳酸镁为0.51mol，根据碳
原子守恒，甲烷和二氧化碳中碳原子的物质的量之和为0.49mol，又因为此时二氧化碳的选
择性和甲烷的选择性相等，则二氧化碳和甲烷的物质的量为0.245mol，根据氧原子守恒得
出水的物质的量为0.49mol，根据氢原子守恒得出 氢气的物质的量为0.02mol，总的物质的
量为0.02+0.245+0.245+0.49=1mol， ，
， ，则反应Ⅱ的
，故答案为： ；
③在 下达到平衡时，碳酸镁完全转化，二氧化碳的选择性为70%，甲烷的选择性为
10%，则生成的二氧化碳为0.7mol，生成的甲烷为0.1mol，根据碳原子守恒得出 1-
0.7-0.1 mol=0.2mol；因为反应Ⅱ是放热的，反应Ⅲ是吸热的。在 ，随温度升高，
反应Ⅱ逆向移动，反应Ⅲ正向移动，由于反应Ⅱ生成的氢气多于反应Ⅲ消耗的氢气，导致
平衡转化率下降，故答案为：0.2；反应Ⅱ生成的氢气多于反应Ⅲ消耗的氢气。
答案第11页，共2页18．(1)硝基、羟基
(2)
(3)还原反应
(4)5
(5) +NaNO +2HCl +NaCl+2HO
2 2
(6)AC
(7)
【分析】A和B发生反应生成C， 的作用是与A和B反应生成的HBr反应，促进反
应正向进行，结合B的分子式 ，以及C的结构简式，可知B的结构简式为
，C中硝基还原为氨基生成D，D经历两步反应生成E，E发生取
代反应生成G，据此解答。
【详解】（1）结合A的结构简式可知，官能团的名称是，硝基、羟基；
（2）由分析可知，B的结构简式为 ；
（3）C中硝基还原为氨基生成D，反应类型是还原反应；
（4）B的分子式 ，含有两个甲基，与与钠反应产生氢气，则官能团为碳溴键和
答案第12页，共2页羟基，采用“定一移的方法”共有 、 、
(箭头所指溴原子位置)，共有5种；
（5）由D转变为E的第一步反应是已知条件的反应，化学方程式为：
+NaNO +2HCl
2
+NaCl+2HO；
2
（6）A．F中含有醛基，能发生银镜反应，A正确；
B．F中亚氨基上的H原子与F原子距离较近，能形成分子内氢键，B错误；
C．E与F发生取代反应生成HCl， ，故有氢气生成，C正确；
D．F中的氟原子以及醛基都是吸电子基，则F的N-H键极性更大，D错误；
故选AC；
（7）目标产物的结构简式与G类似，则其是由 和
发生取代反应而合成，而 可由苯胺发生D→E的反应合成，
答案第13页，共2页可由苯甲醛发生G→H的反应合成，故合成路线为
答案第14页，共2页
