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2025 年安徽卷物理真题
一、单选题
1.2025年4月，位于我国甘肃省武威市的钍基熔盐实验堆实现连续稳定运行，标志着人类在第四代核电技
术上迈出关键一步。该技术利用钍核 俘获x个中子 ，共发生y次 衰变，转化为易裂变的
(❑ 232Th) (❑ 1n) β
90 0
铀核 ，则( )
(❑
233U)
92
A. x=1,y=1 B. x=1,y=2 C. x=2,y=1 D. x=2,y=2
2.如图，某同学演示波动实验，将一根长而软的弹簧静置在光滑水平面上，弹簧上系有一个标记物，在左
端沿弹簧轴线方向周期性地推、拉弹簧，形成疏密相间的机械波。下列表述正确的是( )
A. 弹簧上形成的波是横波
B. 推、拉弹簧的周期越小，波长越长
C. 标记物振动的速度就是机械波传播的速度
D. 标记物由静止开始振动的现象表明机械波能传递能量
3.在恒温容器内的水中，让一个导热良好的气球缓慢上升。若气球无漏气，球内气体(可视为理想气体)温
度不变，则气球上升过程中，球内气体( )
A. 对外做功，内能不变 B. 向外放热，内能减少
C. 分子的平均动能变小 D. 吸收的热量等于内能的增加量
4.汽车由静止开始沿直线从甲站开往乙站，先做加速度大小为a的匀加速运动，位移大小为x；接着在t时
间内做匀速运动；最后做加速度大小也为a的匀减速运动，到达乙站时速度恰好为0。已知甲、乙两站之
间的距离为8x，则( )
1 1 1 1
A. x= at2 B. x= at2 C. x= at2 D. x= at2
18 16 8 2
5.如图，装有轻质光滑定滑轮的长方体木箱静置在水平地面上，木箱上的物块甲通过不可伸长的水平轻绳
绕过定滑轮与物块乙相连。乙拉着甲从静止开始运动，木箱始终保持静止。已知甲、乙质量均为1.0kg，甲与木箱之间的动摩擦因数为0.5，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，则在乙下落的过程中( )
A. 甲对木箱的摩擦力方向向左 B. 地面对木箱的支持力逐渐增大
C. 甲运动的加速度大小为2.5m/s2 D. 乙受到绳子的拉力大小为5.0N
6.在竖直平面内，质点M绕定点O沿逆时针方向做匀速圆周运动，质点N沿竖直方向做直线运动，M、N
在运动过程中始终处于同一高度。t=0时，M、N与O点位于同一直线上，如图所示。此后在M运动一周
的过程中，N运动的速度v随时间t变化的图像可能是( )
A. B.
C. D.
7.如图，在竖直平面内的Oxy直角坐标系中，x轴上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为
B。在第二象限内，垂直纸面且平行于x轴放置足够长的探测薄板MN，MN到x轴的距离为d，上、下表
面均能接收粒子。位于原点O的粒子源，沿Oxy平面向x轴上方各个方向均匀发射相同的带正电粒子。已
qBd
知粒子所带电荷量为q、质量为m、速度大小均为 。不计粒子的重力、空气阻力及粒子间的相互作用，
m则( )
A. 粒子在磁场中做圆周运动的半径为2d
B. 薄板的上表面接收到粒子的区域长度为√3d
C. 薄板的下表面接收到粒子的区域长度为d
πm
D. 薄板接收到的粒子在磁场中运动的最短时间为
6qB
8.某理想变压器的实验电路如图所示，原、副线圈总匝数之比n :n =1:3，A为理想交流电流表。初始时，
1 2
输入端a、b间接入电压u=12√2sin(100πt)V的正弦式交流电，变压器的滑动触头P位于副线圈的正中
间，电阻箱R的阻值调为6Ω。要使电流表的示数变为2.0A，下列操作正确的是( )1
A. 电阻箱R的阻值调为18Ω B. 副线圈接入电路的匝数调为其总匝数的
3
C. 输入端电压调为u=12√2sin(50πt)V D. 输入端电压调为u=6√2sin(100πt)V
二、多选题
9.2025年4月，我国已成功构建国际首个基于DRO(远距离逆行轨道)的地月空间三星星座，DRO具有
“低能进入、稳定停泊、机动转移”的特点。若卫星甲从DRO变轨进入环月椭圆轨道，该轨道的近月点
和远月点距月球表面的高度分别为a和b，卫星的运行周期为T；卫星乙从DRO变轨进入半径为r的环月
圆形轨道，周期也为T。月球的质量为M，半径为R，引力常量为G。假设只考虑月球对甲、乙的引力，
则( )
A. a+b+R B. a+b C. 4π2r3 D. 4π2R3
r= r= +R M= M=
2 2 GT2 GT2
10.如图，两个倾角相等、底端相连的光滑绝缘轨道被固定在竖直平面内，空间存在平行于该竖直平面水
平向右的匀强电场。带正电的甲、乙小球(均可视为质点)在轨道上同一高度保持静止，间距为L，甲、乙
所带电荷量分别为q、2q，质量分别为m、2m，静电力常量为k，重力加速度大小为g。甲、乙所受静电力
的合力大小分别为F 、F ，匀强电场的电场强度大小为E，不计空气阻力，则( )
1 2
1
A. F = F
1 2 2
kq
B. E=
2L2C. 若将甲、乙互换位置，二者仍能保持静止
D. 若撤去甲，乙下滑至底端时的速度大小 √kq2
v=
mL
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某实验小组通过实验探究加速度与力、质量的关系。
(1)利用图甲装置进行实验，要平衡小车受到的阻力。平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小车
__________。(选填正确答案标号)
a.能在轨道上保持静止
b.受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动
c.不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动
(2)利用图乙装置进行实验，箱体的水平底板上安装有力传感器和加速度传感器，将物体置于力传感器上，
箱体沿竖直方向运动。利用传感器测得物体受到的支持力F 和物体的加速度a，并将数据实时传送到计算
N机。
①图丙是根据某次实验采集的数据生成的F 和a随时间t变化的散点图，以竖直向上为正方向。t=4s时，
N
物体处于__________(选填“超重”或“失重”)状态；以F 为横轴、a为纵轴，根据实验数据拟合得到的
N
a-F 图像为图丁中的图线a；
N
②若将物体质量增大一倍，重新进行实验，其a-F 图像为图丁中的图线__________。(选填“b”“c”或
N
“d”)
12.某同学设计了一个具有两种挡位(“×1”挡和“×10”挡)的欧姆表，其内部电路如图甲所示。电源为
电池组(电动势E的标称值为3.0V，内阻r未知)，电流表G(表头)的满偏电流I =20mA，内阻R =45Ω，
g g
定值电阻R =5Ω，滑动变阻器R的最大阻值为200Ω。设计后表盘如图乙所示，中间刻度值为“15”。
0
(1)测量前，要进行欧姆调零：将滑动变阻器的阻值调至最大，闭合开关S 、S ，此时欧姆表处于“×1”
1 2
挡，将红表笔与黑表笔__________，调节滑动变阻器的阻值，使指针指向__________(选填“0”或“∞”)
刻度位置。(2)用该欧姆表对阻值为150Ω的标准电阻进行试测，为减小测量误差，应选用欧姆表的__________(选填
“×1”或“×10”)挡。进行欧姆调零后，将电阻接在两表笔间，指针指向图乙中的虚线位置，则该电阻
的测量值为__________Ω。
(3)该同学猜想造成上述误差的原因是电源电动势的实际值与标称值不一致。为了测出电源电动势，该同
学先将电阻箱以最大阻值(9999Ω)接在两表笔间，接着闭合S 、断开S ，将滑动变阻器的阻值调到零，再
1 2
调节电阻箱的阻值。当电阻箱的阻值调为228Ω时，指针指向“15”刻度位置(即电路中的电流为10mA)；
当电阻箱的阻值调为88Ω时，指针指向“0”刻度位置(即电路中的电流为20mA)。由测量数据计算出电
源电动势为__________V。(结果保留2位有效数字)
四、计算题
13.如图，玻璃砖的横截面是半径为R的半圆，圆心为O点，直径与x轴重合。一束平行于x轴的激光，从
√2
横截面上的P点由空气射入玻璃砖，从Q点射出。已知P点到x轴的距离为 R，P、Q间的距离为√3R。
2
(1)求玻璃砖的折射率；
(2)在该横截面沿圆弧任意改变入射点的位置和入射方向，使激光能在圆心O点发生全反射，求入射光线
与x轴之间夹角的范围。
14.如图，M、N为固定在竖直平面内同一高度的两根细钉，间距L=0.5m。一根长为3L的轻绳一端系在
M上，另一端竖直悬挂质量m=0.1kg的小球，小球与水平地面接触但无压力。t=0时，小球以水平向右的
初速度v =10m/s开始在竖直平面内做圆周运动。小球牵引着绳子绕过N、M，运动到M正下方与M相
0
距L的位置时，绳子刚好被拉断，小球开始做平抛运动。小球可视为质点，绳子不可伸长，不计空气阻力，
重力加速度g取10m/s2。
(1)求绳子被拉断时小球的速度大小，及绳子所受的最大拉力大小；
(2)求小球做平抛运动时抛出点到落地点的水平距离；(3)若在t=0时，只改变小球的初速度大小，使小球能通过N的正上方且绳子不松弛，求初速度的最小值。
15.如图，平行光滑金属导轨被固定在水平绝缘桌面上，导轨间距为L，右端连接阻值为R的定值电阻。水
平导轨上足够长的矩形区域MNPQ存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。某装置从MQ左侧沿
导轨水平向右发射第1根导体棒，导体棒以初速度v 进入磁场，速度减为0时被锁定；从原位置再发射第
0
2根相同的导体棒，导体棒仍以初速度v 进入磁场，速度减为0时被锁定，以此类推，直到发射第n根相
0
同的导体棒进入磁场。已知导体棒的质量为m，电阻为R，长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好(发射
前导体棒与导轨不接触)，不计空气阻力、导轨的电阻，忽略回路中的电流对原磁场的影响。
求：
(1)第1根导体棒刚进入磁场时，所受安培力的功率；
(2)第2根导体棒从进入磁场到速度减为0的过程中，其横截面上通过的电荷量；
(3)从第1根导体棒进入磁场到第n根导体棒速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的总热量。答案和解析
1.【答案】B
【解析】根据题意可知，钍核每俘获1个中子质量数加1，电荷数不变，每发生一次 β 衰败，质量数不变，
电荷数加1，钍核变成铀核，质量数加1，电荷数加2，则俘获1个中子，发生 2 次 β 衰败，即 x=1 ，
y=2
故选B。
2.【答案】D
【解析】A.弹簧上形成的波的振动方向与传播方向平行是纵波，故A错误；
B.同一介质中，波的传播速度相同，则波的传播速度不变，推、拉弹簧的周期越小，波的周期越小，由公
式 λ=vT 可知，波长越短，故B错误；
C.标记物振动的速度反应的是标志物在平衡位置附近往复运动的快慢，机械波的传播速度是波在介质中的
传播速度，二者不是同一个速度，故C错误；
D.标记物由静止开始振动，说明它获得了能量，这是因为机械波使得能量传递给标记物，则标记物由静止
开始振动的现象表明机械波能传递能量，故D正确。
故选D。
3.【答案】A
【解析】根据题意可知，气球缓慢上升的过程中，气体温度不变，则气体的内能不变，分子的平均动能不
变，气体压强减小，根据理想气体方程可知气体的体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律可知，由
于气体的内能不变，则吸收的热量与气体对外做的功相等。
故选A。
4.【答案】A
【解析】设匀加速直线运动时间为 t' ，匀速运动的速度为 v ，
v
匀加速直线运动阶段，由位移公式 x= t'
2
加速阶段和减速阶段加速度大小相等，由逆向思维可知，匀减速直线运动阶段的位移等于匀加速直线运动
阶段的位移，
t
则匀速直线运动阶段有 8x-x-x=vt，得 t'=
3
1 1
根据 x= at'2，解得 x= at2，BCD错误，A正确。
2 18
故选A。5.【答案】C
【解析】A.因为物块甲向右运动，木箱静止，根据相对运动，甲对木箱的摩擦力方向向右，A错误；
B.设乙运动的加速度为 a ，乙有竖直向下的恒定加速度，
对甲、乙和木箱，由整体法，竖直方向受力分析有 F =M g-ma
N 总
则地面对木箱的支持力大小不变，B错误；
CD.设绳子的弹力大小为 T ，对甲受力分析有 T-μmg=ma
对乙受力分析有 mg-T=ma
联立解得 a=2.5m/s2 ， T=7.5N，C正确，D错误。
故选C。
6.【答案】D
【解析】因为M、N在运动过程中始终处于同一高度，所以N的速度 v 与M在竖直方向的分速度 v
N My
大小相等，
设M做匀速圆周运动的角速度为 ω ，半径为r，其竖直方向分速度 v =ωrcosωt
My
即 v =ωrcosωt
N
则D正确，ABC错误。
故选D。
7.【答案】C
mv2 mv
【解析】A.根据洛伦兹力提供向心力有 qvB= ，可得 R= =d ，故A错误；
R qB
B.当粒子沿x轴正方向射出时，上表面接收到的粒子离y轴最近，如图轨迹1，根据几何关系可知
s =d ；当粒子恰能通过N点到达薄板上方时，薄板上表面接收点距离y轴最远，如图轨迹2，根据几
上min
何关系可知， ，故上表面接收到粒子的区域长度为 ，故B错误；
s =√3d s =√3d-d
上max 上C.根据图像可知，粒子可以恰好打到下表面N点；当粒子沿y轴正方向射出时，粒子下表面接收到的粒子
离y轴最远，如图轨迹3，根据几何关系此时离y轴距离为d，故下表面接收到粒子的区域长度为d，故C
正确；
D.根据图像可知，粒子恰好打到下表面N点时转过的圆心角最小，用时最短，有 60∘ 2πm πm
t = ⋅ =
min 360∘ qB 3qB
，故D错误。
故选C。
8.【答案】B
【解析】A.由题意可知，输入电压峰值 ，则输入电压有效值 U ，滑动触头在正
U =12√2V U = m=12V
m 1 √2
中间，即副线圈的接入匝数是副线圈总匝数的一半；根据变压比可知，输出电压 0.5n ，若
U = 2U =18V
2 n 1
1
将电阻箱阻值调为18Ω，则电流为1A，故A错误；
1
1 n
B.若将副线圈匝数调为总匝数的 ，根据变压比可知，输出电压 3 2 ，则副线圈电流变
3 U '= U =12V
2 n 1
1
U '
为 I '= 2 =2A ，故B正确；
2 R
C.输入端电压调为 u=12√2sin(50πt)V 时，其有效值不变，不会导致电流的变化，仍然
U
为 I= 2=3.0A ，故C错误；
R
1
U
D.将输入电压峰值减小一半，则输入电压有效值变为 2 m ，输出电
U ''= =6V
1 √2
压 0.5n ，副线圈电流变为 U '' ，故D错误。
U ''= 2U ''=9V I ''= 2 =1.5A
2 n 1 2 R
1
故选B。
9.【答案】BCa+b+2R
( ) 3 a+b
【解析】AB.对于卫星甲和乙，由开普勒第三定律有 2 r3，解得r= +R，故A错误，
= 2
T2 T2
B正确；
CD.
对于卫星乙在环月圆轨道，万有引力提供向心力，即 GMm
=m(
2π
) 2r
，解得
M=
4π2r3，故C正
r2 T GT2
确，D错误。
故选BC。
10.【答案】ABD
【解析】AB.如图，
对两球进行受力分析，设两球间的库仑力大小为F，倾角为 θ ，对甲球根据平衡条件有 F cosθ=mg ，
N1
F=F sinθ+Eq ①
N1
可得：F=mgtanθ+qE
对乙球有 F cosθ=2mg ， F sinθ=F+2Eq
N2 N2
可得2mgtanθ=F+2qE
联立解得 F=4Eq ②
故 F 4Eq-Eq 1
1= =
F 4Eq+2Eq 2
2
kq⋅2q kq
同时有 F= ，解得 E= ，故AB正确；
L2 2L2
C.若将甲、乙互换位置，若二者仍能保持静止，同理可得对甲有 F 'cosθ=mg ， F 'sinθ=F+Eq
N1 N1
对乙有 F 'cosθ=2mg ， F 'sinθ+2Eq=F
N2 N2联立可得 F+4Eq=0 ，无解
假设不成立，故C错误；
L L 1
D.若撤去甲，对乙球根据动能定理 2mg⋅ tanθ-2Eq⋅ = ⋅2mv2
2 2 2
根据前面分析由①②可知 3Eq，联立解得 √kq2，故D正确。
tanθ= v=
mg mL
故选ABD。
11.【答案】(1)c
(2)失重 d
【解析】(1)平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小车不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动。
故选c。
(2)根据图像可知 t=4s 时，加速度方向竖直向下，故处于失重状态；
对物体根据牛顿第二定律 F -mg=ma
N
1
整理得 a= ⋅F -g
m N
1
可知图像的斜率为 ，故将物体质量增大一倍，图像斜率变小，纵轴截距不变，其 a-F 图像为图丁中
m N
的图线d。
12.【答案】(1)短接 0
(2)×10 160或160.0
(3)2.8
【解析】(1)测量前，要进行欧姆调零，操作是将红表笔与黑表笔短接，调节滑动变阻器的阻值，使指针
指向0刻度位置。
(2)已知表盘中间刻度值为“15”，若用“×10”挡，测量时指针指在150÷10=15刻度，在中间，应选
用欧姆表的 ×10 挡；根据图乙可知，则该电阻的测量值为 16×10Ω=160Ω
(3)
根据闭合电路欧姆定律
E=I (r+R +R )
，
E=I (r+R +R ' )
1 g 阻 2 g 阻
代入数据 I =10mA ， I =20mA
1 2
联立可得 r=7Ω ， E=2.8V
13.【答案】(1)根据题意得出光路图如图所示√2 √3
R R
根据几何关系可得 2 ， 2 ， α=β
sinα= cosγ=
R R
可得 β=45 ∘ ， γ=30 ∘
sinβ
根据折射定律 n= =√2
sinγ
1
(2)发生全反射的临界角满足 sinC=
n
可得 C=45 ∘
要使激光能在圆心O点发生全反射，激光必须指向 O 点射入，如图所示
只要入射角大于 45 ∘ ，即可发生全反射，则使激光能在圆心O点发生全反射，入射光线与x轴之间夹角
的范围 [0,45 ∘] 。
【解析】详细答案和详细解答过程见答案
14.【答案】(1)小球从最下端以速度v 抛出到运动到M正下方距离为L的位置时，根据机械能守恒定
0
1 1
律 mv2=mg⋅2L+ mv2
2 0 2
v2
在该位置时根据牛顿第二定律 T-mg=m
L
解得 v=4√5m/s ， T=17N
1
(2)小球做平抛运动时 x=vt ， 2L= gt2
2
解得x=4mv'2
(3)若小球经过N点正上方绳子恰不松弛，则满足 mg=m
2L
1 1
从最低点到该位置由动能定理 mv'2=mg⋅5L+ mv'2
2 0 2
解得
v '=2√15m/s
0
【解析】详细答案和详细解答过程见答案
15.【答案】(1)第1根导体棒刚进入磁场时产生的感应电动势为E = BLv
0
E
则此时回路的电流为 I=
2R
此时导体棒受到的安培力F = BIL
安
此时导体棒受安培力的功率大小为 B2L2v2
P=F v = 0
安 0 2R
(2)第2根导体棒从进入磁场到速度减为0的过程中，根据动量定理有 -BI L⋅Δt=0-mv
0
其中 I⋅Δt=q
mv
解得 q= 0
BL
(3)由于每根导体棒均以初速度v 进入磁场，速度减为0时被锁定，则根据能量守恒，每根导体棒进入磁
0
1
场后产生的总热量均为 Q= mv2
2 0
1
第1根导体棒进入磁场到速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的热量 Q = ⋅Q
R1 2
1 1
第2根导体棒进入磁场到速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的热量 Q = ⋅ ⋅Q
R2 2 3
1 1
第3根导体棒进入磁场到速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的热量 Q = ⋅ ⋅Q
R3 3 4
1 1
第n根导体棒进入磁场到速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的热量 Q = ⋅ ⋅Q
Rn n n+1
则从第1根导体棒进入磁场到第n根导体棒速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的总热量Q
R
= Q +Q +Q +…+Q n
R1 R2 R3 R
得出 n
nmv2
，n = 1，2，3，…
Q = ⋅Q= 0
R n+1 2(n+1)【解析】详细答案和详细解答过程见答案
