湖北省云学名校联盟2025届高三年级2月联考物理答案_2025年2月_250219湖北省云学名校联盟2025届高三年级2月联考（全科）_湖北省云学名校联盟2025届高三年级2月联考物理

2025 年湖北云学名校联盟高三年级 2 月联考
物理试卷评分细则
一、选择题（本题共 10小题，每小题 4分，共 40分。在每小题给出的四个选
项中，第 1-7 题只有一项符合题目要求，第 8-10题有多项符合题目要求。全部
选对的得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分。）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D C A B C B A AC AC AC
1.【答案】D
[解析]α粒子轰击金箔实验，导致原子的核式结构模型的建立，A 错；半衰期与物质的
多少、时间均无关，B错；天然放射现象中产生的γ射线，不能在电场或磁场中发生偏
转，C错. 选D.
2.【答案】C
[解析]b 光折射率大于 a 光，在玻璃中传播速度更小，光子能量更大，更早发生
全发射.选C.
3.【答案】A
[解析]初始，气体压强p =76cmHg+4cmHg=80cmHg，气柱长l =10cm，T =300K。
1 1 1
水银恰好全部进入粗管时，p =76cmHg+2cmHg=78cmHg，气柱长l=16cm，T
2 2.
由 得，T =468K.
2
1  1   2  
水银进  1入=粗  管2 ，气体压强减小，C错；气体温度升高，内能增大，体积膨胀，对外做功，则
管内气体一定吸热，D错. 选A.
4. 【答案】B
解析：对小球受力分析，水平、竖直分解，水平方向 ，竖直方向
，解得 ， .A选项  错    误3，7°B=选  项   正  4确5°.     37°+
5 3 2
C  选   项45，°=释  放  斜面后小  球=开7  始  做圆  周=运7动  ，  释放斜面瞬间小球加速度垂直于绳斜向右下方，
对小球的受力沿绳、垂直绳方向正交分解，垂直绳方向 ,初态
切
45°−     8°=  
,所以 减小，C选项错误.
切
D选=项0，系统  水平方向受绳拉力的分量，所以系统水平方向动量不守恒，D选项错误.
高三2月物理答案 第 1 页 共 6 页5. 【答案】C
解析：A选项，由开普勒第三定律 ，周期变小，半径变小，小于椭圆半长轴，A选项
3

错误.  2 = 
B选项，把椭圆P点的速度沿半径和垂直半径方向正交分解，半径方向速度减为0，所以在
P点速度减小，B选项错误.
C选项，由公式加速度 ，得加速度矢量不变，C选项正确。

2
D选项，若有个过A点  的=正  圆  轨道，则速度 （虚线正圆轨道），A点加速由正圆变椭
圆， ，得 ，D选项错误.
>  
6. 【  答  >案  】B   <  
解析：A选项，位移相等，时间相同，平均速度相等.
B选项，因为 时间内位移相等， ，解得
甲 乙 甲 乙
1 2
0−  3 −  ∙3  1−2  3  1 =  ∙3  1  +  =
，由甲的竖直上抛，有 ，联立解得 ， 、 内各有一个时刻
甲 乙
3 1
2甲  、  1乙速度大小相等，B选项  正=确  .  1  =2   1 0−  1  1−  2
C选项，甲、乙速度相同（共速），间距最大，C选项错误.
D选项， 图所围面积无意义， 时间内甲、乙相对位移为0，D选项错误.
7. 【答案  −】  A 0−  3
d
因为极板带电荷量Q保持不变，插入导体板之后，电容两极板之间的距离变为 ，所以电
2
Q 1
容变为2C，根据电容的定义式：C  ，可知：此时极板之间的电压变为原来的 ，即
U 2
U E
E E  
电压U= ，故得极板间匀强电场的电场强度，也即P点的电场强度： 1 d d ，故选
2
2
A。
8.【答案】AC
[解析]用户端电流 ，输电线中电流为 , =2200
V, = + R=2400' V， 22k 输 W 电线功率损耗 R 2 kW，输电' 效率
2 = 220V = 100A  2 = 10A  1
= ' 00 =91.7%.选AC. 2
U2 U1 I2 ∆P =  2 =
22
9.22【+2答×案1】%AC
质子做圆周运动半径R= =0.3m,故A对；

质子打在探测板上的长度   为(0.3 +0.3)m,故B错；
质子计数率为 = = ，故C对；3
0
180 1
0
360 2
高三2月物理答案 第 2 页 共 6 页在确保计数率为 = 的情况下，质子做圆周运动半径R与a相等，则磁感应强度B和a的关
1
2
系满足B= ，当 0 时，质子左边圆弧的弦长恰好为直径时对应临界条件，即
3 3
100a 1 <  ≤ 3 m
4R2 R2  L2，即B T.故D错。
max max 4
3 3
≥ 100
10. 【答案】AC
金属棒PQ刚开始运动时， = mg, 得 ，故 对；

之后对金属棒 利用牛顿 Β 第 ΙL 二定  律得 Ι= ：2  ,  =20  金 / 属  棒 A 利用牛顿第二定律得：
mg=m ,金属M棒N MN做加速度减小的加F−速Β运ΙL动=m，  金1,属棒PQP做Q加速度增大的加速运动Β，ΙL当−
二  者加速  度2 相等时，达稳定状态，一起以相同加速度做匀加速直线运动，两金属棒的共同加
a a a
速度为 共，对系统有 mg=2m 共, 共=0.5m/ 故B错，C对.
2
I  E  BLv m F−  
m 2R 2R ，对金属棒PQ：
a
mg= m 共,得 =30m/s.故D错.
2 2
Δ  
二2、  非−选  择题（本题共Δ   5小题，共 60分.）
11.（8分）
【答案】 0， 2.0 （4分，每空 2分）
斜面倾角（答“斜面长度和斜面高度” 亦可）（2分）
(1)0.8
BC（2分）
(2)
【评分细则】11.按照参考答案给分
(3)
12. （9分）
（1）0.800 （2分） （2） （2分）
1
（3）如下图 （3 分），(画对电流表外接给1 分 即：A1电流表放在干路中给1分，电流
表A2放干路中不给分)
（4）4.6（2 分）
【评分细则】12.按照参考答案给分
高三2月物理答案 第 3 页 共 6 页13. （10分）
[解析]（1） 内，波向右传播 距离， = =4 (3分)
∆  4m
2 s~3s 4m  = ∆  1s m/s
时，x=12m处的质点即将向下振动，则波源起振方向向下. (2分)
t=3 s
（2）由图乙可知 ，又 ，得 =1s (1分)

波传到质点  a = 用 4 时 m =  = = 1.  25s，  则质点a振动时间 =3s- =1.75s (2分)
1 2 1
5m
4m/s  
由 =1 T，可知质点a运动路程s=7A=1.4m (2分)
2
3

4
(解答如：“由波形图可知，质点a运动路程s=7A=1.4m”，可给满分)
【评分细则】13.
x 12m
（1）按照此方案也给分：v  4m/s
t 3s
由图可知起振方向为向下
起振方向沿y轴负方向也给分
其余按照参考答案给分
14. （15分）
解析：（1）设A与B碰前速度大小为 ，
A、B碰撞 ……………………………………………………………………1分

=     +    ……………………………………………………………1分
1 2 1 2 1 2
2    =2     +2   
解得 ， …………………………………………………………………1分
−  2  
又因为   =   +   ，  解  得=   +   ………………………………………………………………2分
(2)A、B碰撞后，B平抛，
−   =     =0.1kg
水平方向： ，竖直方向： ， …………1分
1 2
物块B落地  瞬  间  =水  平=速0度.8m ，竖直2  速  度=  =0.8m  =…0.…4…s…………1分
从N返回平台，水平方向  ：  =2m/s ，  竖  直=方   向=：4m/s …………1分
1 2
解得 …………………  …  …  …−…2…   …  ……=…−…  ………………………  …  …=……  …  ……………1分
又因为 2，解得 ………………………………………………………………2分
=20  / 
（3）方法一：设等效重力场 与竖直方向成 角， …………………………1分
=    =60  / 
'
，      =2
2 1
=     =
………………5……………………5………………………………3分
6 5
方  法   二=：   从    N  −点  返  回   平   台=右5端m/s
高三2月物理答案 第 4 页 共 6 页水平方向： ，竖直方向： ………1分
' '
速度   =   −    =2−20  …  …  …=…  …  …−…  …  …=……4…−…1…0…  …1分
'2 '2 2
=   +   = 500  −160  +20
解得 …………………………………………………………………………………………………2分
6 5
【评分   细   则=】514m./s
第三问方法一，如果说等效重力和速度垂直，分别求出水平竖直分速度，在求和也行，角度
找对了，速度求和公式给出来了，结果错了给2分！！
15. （18分）
(1) = m （2分）
0 1 2
解得
−
=
m
5
g
6J
s
；
in
（
37
1分
AB ）2.  

BC= （2分）
0 0 1 2

解

得
−m
=
g
2
sin3
m
7
/s
(
.（
AB
1
+
分
B
）
C)−    cos37 2.m  
（2）   传送带5的速度 m/s，物块在传送带上先以 =g g =10m/ 做
0 0 2
匀减速直线运动（1  分1 =） 30  1 sin37 +  cos37 
由于 0.5 =0.75，共速后不能一起运动，再以 g g =2m/ 做
0 0 0 2
= <tan37  2 = sin37 −  cos37 
匀减速直线运动（1分）
= ， = ， + =BC（1分）
2 2 2 2
−  1  1−  
解 1 得2  1 =  2 m/s2（  2 1分  1 ）  2
设物块   到28 的速度为 ，C到 动能定理， mg
’ ’ 0 0
ν2  − sin37 CD−    cos37 CD −
mgR = m （1分）
0 1 2 1 2
cos37 2mν2 −2  
解得 ,即恰好到达 ，到达 的速度为 （1分）
’ ’
ν2 =0m/s   ν2 =0m/s.
（3）第一种情况：最高点刚好可以到 点，由第（2）问有传送带速度 m/s，恰好
‘
到达 ， 越小，加速度为10m/ 的时  间越长，到达C点的速度越小，  所 1 =以 30 m/s
带
’ 2
1   ≤ 30
（1分）
由第(1)问有 2 m/s，物块一直减速，到D点速度 =0m/s，不符合题意，所以
带
≤ 5  
2 m/s. （1分）
带
> 5
故传送带转动速度大小速度范围为2 m/s m/s. （1分）
带
5 <  ≤ 30
高三2月物理答案 第 5 页 共 6 页第二种情况：对E点：mg= ，从C到E用动能定理： mg +
2
0 0
sin37 CD    cos37 CD+
mgR(1+ )= m m 解得 43（1分）
0 1 2 1 2 2
cos37 2   − 2     =
先以 做匀减速，和传送带共速后再以 做匀减速到C点， = ， = ， + =BC，
2 2 2 2
−  2  2−  
1  2  1 2  1  2 2  2  1  2
解得 = m/s，所以 m/s（1分）
带
195 195
2 2  ≥ 2
综上：传送带转动速度大小满足2 m/s m/s或 m/s（1分）
带 带
195
【评分细则】15.基本按照给定的参5考答案<改  ，几≤个3修0订的地方  ：≥ 2
第一问增加动能定理方程求解的也算对；
第二小问部分同学看错了题目要求的D”点，直接计算的是D点，最好只扣2分；
第三小问关于E点的临界速度如果没有原始公式直接用二级结论的扣1分；两个临界点
其中很多漏掉D“点的临界条件的直接扣3分
高三2月物理答案 第 6 页 共 6 页