文档内容
D、E为大桥上五根钢丝绳吊索，每两根吊索之间距离相等，若汽车从吊索A处开始做匀减速
2025 届广东省省内两校十月第一次模拟
直线运动，刚好在吊索E处停下，汽车通过吊索D时的瞬时速度为v ，通过DE段的时间为t，
D
2024.10 则( )
命题人：客路中学 龙门中学 教研组
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，
用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上
无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
A. 汽车通过吊索A时的速度大小为4v
D
4.诚信考试，拒绝舞弊。
B. 汽车减速的时间大于2t
C. 汽车通过AD段的平均速度是通过DE段平均速度的3倍
20241015 手动选题通用卷 2
D. 汽车通过吊索C时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
3.2024年巴黎奥运会有300多个运动小项.其中下列运动，可将运动员视为质点的是( )
1.在十米跳台比赛中，从全红婵离开跳台开 始计时，其速度随
时间变化情况可简化如图，下列结论错误的 是( )
A. 研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度 B. 研究乙图运动员的空中转体姿态
A. 0～t 时间内，全红婵不做自由落体运 动
1
C. 研究丙图运动员的入水动作 D. 研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作
v −v 4.如图所示，公园里有一仿制我国古代欹器的U形水桶，桶可绕水平轴转动，水管口持续有水
B. 0～t 时间内，运动员的平均速度等于 2 1
1 2
流出，过一段时间桶会翻转一次，决定桶能否翻转的主要因素是( )
C. t 时刻运动员下潜到最低点
2
D. t ～t 时间内，运动员的加速度逐渐减小
2 3 A. 水桶自身重力的大小 B. 水管每秒出水量的大小
2.如图甲所示，黄埔大桥南汊桥是悬索桥。图乙中A、B、C、
学科网（北京）股份有限公司C. 水流对桶撞击力的大小 D. 水桶与水整体的重心高低
5.在刚结束的巴黎奥运会，郑钦文获得女单网球冠军，创造历史性的
一刻。如图所示，郑钦文把飞来的网球击打回去，落到了对方场内，
则下列说法正确的是( )
A. 飞来的网球速度越大，惯性越大
B. 球被打飞回去，是因为力是维持物体运动状态的原因
A. 向后轻拉刀具，磨刀器受到的摩擦力向前
C. 若球拍没有击打球，则球会保持原来的运动状态不变
B. 水平匀速向后拉刀具，磨刀器对刀具的作用力竖直向上
D. 球拍对球的弹力，是因为球拍发生弹性形变而产生的
C. 加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力小于磨刀器受到的摩擦力
D. 对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，越难被拉动
6.一质量为M的楔形木块放在水平桌面上静止，它的顶角为90°，两底角为α和β；a、b为两
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
个位于斜面上质量均为m的小木块，则下列说法正确的是( )
8.如图所示，倾角为α=37°的斜面体静置在粗糙水平地面上，
劲度系数为k的轻弹簧下端拴接在斜面体底端的挡板上，质量
为m的物块a拴接在轻弹簧的上端，放在斜面体上质量为m的
物块b通过跨过光滑定滑轮的细绳与质量为2m的球c拴接。
初始时a、b接触，c在外力的作用下，使b、c间绳子伸直但无拉力。物块b、滑轮间的细绳与
A. 若斜面是光滑的，斜面对地面的压力为Mg+2mg
斜面平行，斜面光滑，重力加速度为g。撤去球c的外力一瞬间，下列说法正确的是( )
B. 若斜面是光滑的，斜面对地面的压力为Mg
A. 物块b的加速度为2g
C. 若斜面不光滑，a、b匀速下滑，斜面对地面的压力为Mg+2mg
B. 物块a的加速度0.5g
D. 若斜面不光滑，a、b匀速下滑，斜面对地面的压力为Mg
C. 斜面体受到水平向右的静摩擦力作用
7.如图是竖直放置的某款可调角度的简便磨刀器，该磨刀器左右两侧对称，通过调整磨刀角度
可以使该磨刀器的两侧面与刀片尖端的两侧面紧密贴合，就可以轻松满足家庭日常的各种磨刀 16
D. 撤去球c的外力后，当弹簧弹力大小为 mg时，a、b刚好分离
15
需求。使用磨刀器过程中，下列说法正确的是( )
9.如图所示，送水工人用推车运桶装水，到达目的地后，工
人抬起把手，带动板OA转至水平即可将水桶卸下。若桶与接
学科网（北京）股份有限公司触面之间的摩擦不计，∠AOB为锐角，板OA、OB对水桶的压力大小分别为F 、F ，保持
1 2 出1点时小车速度为________m/s，小车加速度大小a=________m/s2.(结果保留三位有效数
OB不动，使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中( )
字)
A. 水桶受到的合力不变 B. F ，F 都在减小
1 2
C. F 不断减小，F 先增大后减小 D. F 先减小后增大，F 不断减小
1 2 1 2
10.如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O
的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形
12.某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的关系”。
物体上的小球P相连，DA水平。现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中(小球P未到达半球
最高点前)，下列说法正确的是( )
(1)下列说法正确的是________
A.连在小车这一侧的细线可不平行于木板
B.平衡摩擦力时，小车前面不与砂桶连接，后面应固定条纸带，纸带穿过打点计时器
C.小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源
(2)若将砂和砂桶的总重力mg近似地当成小车所受的拉力，需满足的条件：________(选填“远
大于”或“远小于” 小车质量 。若小车所受拉力的真实值为 ，为了使mg−F ，则
A. 弹簧变短 B. 弹簧变长 ) M F真 真<5% M
F
真
C. 小球对半球的压力不变 D. 小球对半球的压力变大
三、实验题：本大题共2小题，共12分。 m
与m应当满足的条件是 <__________
M
11.如图所示为某实验小组研究小车做匀变速直线运动规律打出的纸带，已知打点计时器使用
(3)某同学根据测量数据作出的a−F图象如图所示，实验中可能存在的问题是：_________。
的交流电频率为50Hz，0、1、2、3、4、5、6为纸带上选取的计数点，相邻两计数点间还有
四、计算题：本大题共3小题，共42分。
4个打点未画出．从纸带上测出x =1.05cm，x =1.81cm，x =4.06cm，x =4.80cm.则打
1 2 5 6
13.图(a)为某国际机场某货物传送装置实物图，简化图如图(b)，该装置由传送带ABCD及固
学科网（北京）股份有限公司定挡板CDEF组成，固定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与水平台面的夹角
θ=37°。传送带匀速转动时，工作人员将正方体货物从D点由静止释放，在L=10m处取下货
物，货物运动时的剖面图如图(c)所示，已知传送带匀速运行的速度v=1m/s，货物质量
m=10kg，其底部与传送带上表面ABCD的动摩擦因数为μ =0.25，其侧面与挡板CDEF的动
1
摩擦因数为μ =0.25(重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力)。
2
15.质量为2kg的长木板A放在水平地面上，质量为1kg的物块B放在长木板的左端，给物块B
施加一个水平向右的拉力F，将F从零开始逐渐增大，当F为3N时，物块B和长木板A刚好要
一起滑动，当F为6N时，物块B刚好要相对长木板A滑动，重力加速度g=10m/s2，设最大
(1)求传送带上表面对货物的摩擦力大小f 和挡板对货物的摩擦力大小f ； 静摩擦力等于滑动摩擦力，求：
1 2
(2)货物在传送带上运动的时间t；
(3)货物若传送到s=0.2m时，传送带由于故障突然停止，工作人员待货物安全停止时立即进
行维修，用时T=30s，传送带恢复正常，忽略传送带加速至恢复正常的时间，求由于故障， (1)A与地面之间，B与A之间的动摩擦因数的大小；
传送货物耽误的时间Δt。(保留两位小数) (2)若开始拉物块B时，F恒定为10N，结果拉力F作用1s，物块B刚好从A上滑离，A的长度；
14.如图甲为大型游乐设施跳楼机，图乙为其结构简图。轿厢从a位置自由下落，从b位置到c (3)(2)问中F作用t 时间后撤去，此后物块B刚好不滑离长木板A(长度为(2)问中所求得的长
0
位置下落的距离为25m，经历的时间为1m。轿厢从c位置后以恒力制动，再经3s停下(重力加 度)，则t 多大。
0
速度 取 。求：
g 10m/s2 )
(1)跳楼机从a位置到c位置下落的距离；
(2)跳楼机下落的总高度。
学科网（北京）股份有限公司AD段的平均速度等于DE段平均速度的3倍，故C正确；
答案和解析
D、D点是AE段匀减速运动的时间中点，所以汽车通过吊索D点时的瞬时速度等于通过AE段
的平均速度，由题意可知，汽车通过吊索C点时的瞬时速度大于通过D的瞬时速度，则汽车通
1.【答案】
过吊索C点时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度，故D错误。
【解析】解：A.根据图像可知，0～t 时间内，运动员的初速度为−v ，则运动员做的不是自
1 1 故选：C。
由落体运动，故A对；
根据逆向思维，结合初速度为零的匀变速直线运动的比例关系，再根据平均速度是中间时刻速
B.根据速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图像可知，在0～t 时间内运动员的
1
度求解即可。
− −v +v 本题考查匀变速直线运动的规律。解决问题的关键是清楚汽车减速到零的运动，可以看成反向
加速度一直不变，做匀变速直线运动，则运动员的平均速度v= 1 2，故B正确；
2
的初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀变速直线运动的比例关系分析判断。
C.t 时刻，运动员速度减为0，可知，t 时刻运动员下潜到最低点，故C错误；
3 3 3.【答案】A
D.根据速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图像可知，t ～t 时间内，运动员的
2 3 【解析】A.研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的
加速度逐渐减小，故D对。
影响能够忽略，此时运动员能够看成质点，故A正确；
故选：C。
B.研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，
根据速度—时间图像读出运动员的运动情况，0～t 时间内，运动员做匀变速直线运动，根据
1 此时运动员不能够看成质点，故B错误；
− v +v
C.研究丙图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时
v= 0 求平均速度。速度—时间图像的斜率表示加速度，斜率正负表示加速度方向。
2 运动员不能够看成质点，故C错误；
本题考查了对利用速度—时间图像的斜率求解物体运动的加速度的掌握。
D.研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能
2.【答案】C
够忽略，此时运动员不能够看成质点，故D错误。
【解析】解：AB、由题意可知，汽车做匀减速直线运动，由于DE：AD=1：3，则由逆向思
4.【答案】D
维，汽车做初速度为零的匀加速直线运动，可知可得汽车通过DE、AD段所用的时间之比为1：
【解析】【分析】
明确水桶翻转原理，知道重心的性质。
v +0
1，可得汽车减速的时间等于2t，则有：v = A ，解得：v =2v ，故AB错误；
D 2 A D 本题考查重心知识的应用，要注意将所学物理规律用到生活中去，从而激发学习物理的兴趣。
C、根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系可知，汽车通过DE段的位移与AD段位移之 【解答】
比为1：3，所以汽车通过该两段的时间相等，所以平均速度之比等于位移之比，所以汽车通过
当桶中水增多时，水桶和水的重心上移，当重心上移到某一高度时，竖直向下的重力作用线的
学科网（北京）股份有限公司作用点偏离中心转轴，导致水桶不能稳定平衡，发生翻转，所以决定桶能否翻转的主要因素是
N' =N' cosβ=mgcos2β
2y 2
重心的高低，与自身重力、出水量和撞击力等无关，故D正确，ABC错误。
对斜面受力分析可得
故选：D。
5.【答案】D N
地
=Mg+N'
1y
+N'
2y
=Mg+mgcos2α+mgcos2β=Mg+mg
【解析】解：A、惯性的大小仅与质量有关，与物体的速度无关，故A错误；
由牛顿第三定律可知斜面对地面的压力为 Mg+mg ，故AB错误；
B、球被打飞出去，是因为力是改变物体运动状态的原因，故B错误； CD.若斜面不光滑，a、b匀速下滑，则a、b均受力平衡，斜面给a、b的力都为mg，方向竖直
C、若球拍没有打击球，球还受到重力和空气阻力的作用，球的运动状态会发生变化，故 C错 向上，由牛顿第三定律可知a、b对斜面的力均为mg，方向竖直向下；对斜面分析可得地面的
误； 支持力为 Mg+2mg ，故斜面对地面的压力为 Mg+2mg ，故C正确，D错误。
D、弹力的产生是因为施力物体发生了形变，所以球拍对球的弹力，是因为球拍发生了弹性形 故选C。
变而产生的，故D正确。 7.【答案】D
故选：D。 【解析】解：A、根据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，向后轻拉刀具，磨刀器相对
惯性的大小仅与质量有关；力是改变物体运动状态的原因；球还受到重力和空气阻力的作用； 于刀具向前运动，则磨刀器受到的摩擦力向后，故A错误；
弹力的产生是因为施力物体发生了形变。 B、水平匀速向后拉动刀具，则磨刀器对刀具的摩擦力向前，两侧支持力的合力竖直向上，则
知道惯性的大小仅与质量有关，力是改变物体运动状态的原因，弹力是因为施力物体发生形变 磨刀器对刀具的支持力和摩擦力的合力不是竖直向上，即磨刀器对刀具的作用力不是竖直向上，
产生的。 故B错误；
6.【答案】C C、加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力和磨刀器受到的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，
【解析】AB.若斜面是光滑，物块a只受重力和斜面的支持力，有
故C错误；
N =mgcosα
1 D、对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，对刀具的压力越大，摩
故a给斜面的压力为
擦力越大，则越难被拉动，故D正确。
N' =N =mgcosα
1 1 故选：D。
将 N' 分解为水平和竖直方向两个分力，竖直向下的分力为
1
根据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，分析磨刀器受到的摩擦力方向；水平匀速向后
N' =N' cosα=mgcos2α
1y 1 拉刀具，磨刀器对刀具的作用力是支持力和摩擦力的合力，根据力的合成法确定磨刀器对刀具
同理可得，b物体给斜面压力的竖直向下的分力为 的作用力方向；加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力与磨刀器受到的摩擦力一对相互作用力，由
学科网（北京）股份有限公司牛顿第三定律分析它们的大小关系；对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹 具有水平向右的分加速度，根据牛顿第二定律得到斜面体与地面之间的摩擦力；在a、b刚好分
角越小，分析摩擦力大小，再进行判断。 离时，a、b间的弹力为0，此时a、b、c的加速度大小相等，根据牛顿第二定律解得弹簧的弹
本题考查摩擦力的大小和方向、相互作用力的关系。要注意磨刀器对刀具的作用力是支持力和 力。
摩擦力的合力。 能够选择合适的研究对象，利用牛顿第二定律计算加速度，知道两个物体分离时的条件是两个
8.【答案】BCD 物体间的弹力为零。
【解析】解：AB.撤去球c的外力前，b、c间绳子伸直但无拉力，弹簧处于压缩状态，设弹簧 9.【答案】AB
的形变量为x ，以a、b为整体，根据平衡条件有 【解析】解：A、使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中，水桶受到的合力一直为0，保持
1
kx =2mgsin37°撤去球c的外力一瞬间，以a、b、c为整体，根据牛顿第二定律可得 不变，故A正确；
1
2mg+kx −2mgsin37°=4ma联立解得a、b、c的加速度大小为 BCD、使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中，板OA对水桶的压力F 从水平向右逐渐变
1 1
a=0.5g故A错误，B正确； 成与F 垂直，以水桶为对象，其受力如图所示
2
C.以斜面体和a、b、c为系统，由于a、b的加速度沿斜面向上，具有水平向右的分加速度
a =acos37°根据牛顿第二定律可得
x
f =2macos37°可知斜面体受到水平向右的静摩擦力作用，故C正确；
地
D.撤去球c的外力后，a、b刚好分离时，a、b间的弹力为0，此时a、b、c的加速度大小相等，
以c为对象，根据牛顿第二定律可得
2mg−T'=2ma'以b为对象，根据牛顿第二定律可得
T'−mgsin37°=ma'以a为对象，根据牛顿第二定律可得
F −mgsin37°=ma'联立解得弹簧弹力大小为 由图可知，F F 都在减小，故B正确，CD错误。
弹 1 2
故选：AB。
16
F = mg，故D正确。
弹 15 板OA、OB对水桶的压力始终与板垂直，合力大小等于水桶的重力，根据力的三角形法则分析。
故选：BCD。 考查对物体受力分析方法的掌握，水桶始终处于平衡状态，根据力的三角形法则分析受力情况。
先根据平衡条件得到弹簧上的弹力，然后把a、b、c看成一个整体，根据牛顿第二定律得到撤 10.【答案】AC
去球c上外力的瞬间的加速度；以斜面体和a、b、c为系统，由于a、b的加速度沿斜面向上， 【解析】【分析】
分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，根据三
学科网（北京）股份有限公司角形相似法分析N、T的变化。 11.【答案】0.143；0.750。
本题是平衡问题中动态变化分析问题，N与T不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法 【解析】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔
要学会应用。 T=0.1s，
【解答】 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小
以小球为研究对象，分析小球受力情况：受重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出
x +x 1.05+1.81
车的瞬时速度大小v= 1 2= ×10−2m/s=0.143m/s；
N、T的合力F， 2T 2×0.1
根据△x=aT2可得：
， 即 ：
x −x =2a(2T) 2
46 02
(x +x )−(x +x ) 4.06+4.80−1.05−1.81 。
a= 5 6 1 2 = ×10−2m/s2=0.750m/s2
2(2T) 2 8×0.12
故答案为：0.143；0.750。
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小
由平衡条件得知：F=G。 车的瞬时速度大小；根据加速度定义可以求出加速度的大小。
本题考查匀变速直线运动的实验规律，要注意提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问
N F T
由△NFP∽△PDO得： = =
PO DO PD 题的能力，在平时练习中要注意平均速度公式以及推论公式△x=aT2的正确应用。
12.【答案】 B 远小于 0.05 平衡摩擦力时斜面的倾角过大
PO PD
将F=G，代入得：N= G，T= G
【解析】【详解】(1)[1]A.细线不平行木板时，细线拉力变化，故A错误；
DO DO
B.平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，故B正确；
由题将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中，DO，PO不变，PD变小，可见T变小，N不变，
C.小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，故C错误；
即知弹簧的弹力变小，弹簧变短；
(2)[2]在本实验中认为细线的拉力F等于砂和砂桶的总重力 mg ，由此造成的误差是系统误差，
由牛顿第三定律知小球对半球的压力不变，故AC正确，BD错误。
对小车，根据牛顿第二定律得
故选AC。
学科网（北京）股份有限公司F 根据共点力平衡条件有
a= 真
M
N =mgcosθ
1
对整体，根据牛顿第二定律得
f =μ N
1 1 1
a= mg ，且 mg−F 真<5% N =mgsinθ
2
M+m F
真
f =μ N
2 2 2
解得
解得f =40N，f =15N
1 2
m
<0.05 传送带上表面对货物的摩擦力大小为40N，挡板对货物的摩擦力大小为15N；
M
(2)设货物由静止放上传送带获得的加速度为a
(3)[3]由图可知，当F为0时，已具有加速度，说明平衡摩擦力时斜面的倾角过大
对货物：f −f =ma
1 2
13.【答案】解：(1)货物放上传送带后，水平方向受力如图1所示，设传送带对物体的摩擦力 设货物在传送带上经时间t能达到共速，运动的位移为s
1
为f ，挡板对物体摩擦力为f ，由剖面图对货物受力分析如图2，传送带对货物支持力为N ， v=at
1 2 1 1
挡板对货物支持力为N
2 1
s = vt
1 2 1
解得t=0.4s
s =0.2m
