文档内容
2024 届高三第一次联考
物理参考答案及评分标准
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项
符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选
错的得0分。
题号 14 15 16 17 18 19 20 21
答案 B D A C D AC CD BC
三、非选择题：共62分。
（一）必考题：共47分。
22．（6分）
（1）0.84（2分） 2.74（2分）
（2）小（2分）
23．（9分）
（1）B（2分）
（2）① 左端（1分） ② 0.377（2分） ③ 0.390（2分）
（3）乙（2分）
24．（12分）
解：（1）物品在传送带上匀加速运动时，由牛顿第二定律有 （1分）
设物品达到传送带的速度所需时间为
（1分）
（1分）
位移大小 （1分）
物品在传送带上匀速运动的时间 （1分）
解得 （1分）
（2）物品在斜面上下滑时，由牛顿第二定律有 （2分）
由运动学公式有 （2分）
解得 （2分）
（其它合理解法，参照给分）25．（20分）
解：（1）滑块1从A点运动到B点的过程中，由动能定理有 （2分）
在B点，对滑块1由牛顿第二定律有 （2分）
（1分）
由牛顿第三定律可得，滑块1对圆弧轨道的压力大小 （1分）
（2）滑块1从B点运动到C点的过程中，由动能定理有 （1分）
两滑块碰撞过程中，两滑块组成的系统动量和机械能守恒，规定水平向右为正方向，则有
（2分）
（2分）
解得 ， （1分）
（3）两滑块在水平地面上运动时，加速度大小相等，即 （1分）
对滑块2有 ， （1分）
位移大小 （1分）
假设滑块2停下来时还未与滑块1发生第二次碰撞
对滑块1分析有 （1分）
由于 ，因此假设成立，发生第二次碰撞时，同理有
（1分）
（1分）
解得 ，
两者之间的距离 （1分）
解得 （1分）
（其它合理解法，参照给分）
（二）选考题：共15分。
33．（15分）
（1）（5分）BDE（评分标准：选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0
分）
（2）（10分）
解：（ⅰ）旋转后，上部分气体发生等温变化，根据玻意尔定律可知
（2分）
解得旋转后上部分气体的压强为 （1分）
旋转后，下部分气体发生等温变化，下部分气体的体积增大为 ，则
（1分）
解得旋转后下部分气体的压强为 （1分）
（ⅱ）对“H”形连杆活塞整体受力分析，活塞的重力竖直向下，上部分气体对活塞的作用力竖
直向上，下部分气体对活塞的作用力竖直向下，大气压力上、下部分抵消，根据平衡条件
可知
（3分）
解得活塞的质量为 （2分）
（其它合理解法，参照给分）
34．（15分）
（1）（5分）负（2分） 8（1分） 6（2分）
（2）（10分）
解：（ⅰ）光路图如答图1所示，可知 （1分）
答图1
（2分）
解得 （2分）
（ⅱ）由几何关系，该束光线首次射出棱镜时的入射角 （1分）
（2分）解得 （2分）
（其它合理解法，参照给分）
解析：
14．【答案】B
【解析】该空间站和同步卫星均绕地球做匀速圆周运动，满足 ，该空间站
的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，因此该空间站的运行速度大于同步卫星的运行速度，A错误；
该空间站的运行周期小于同步卫星的运行周期，B正确；该空间站的向心加速度大于同步卫星的向心
加速度，C错误；空间站和同步卫星的质量均未知，因此它们受到地球的万有引力大小不能比较，D
错误。
15．【答案】D
【解析】M、N两点处于同一条电场线上，沿着电场线方向电势降低，因此M点的电势低于N点，A
错误；N点所在区域的电场线比M点密集，因此N点的电场强度大于M点，电子在N点所受电场力
大于M点，电子在N点的加速度大于在M点的加速度，B错误；电子从M点运动到N点，电场力做
正功，动能增大，电势能减小，C错误，D正确。
16．【答案】A
【解析】足球与头部相互作用前，根据运动学公式有 ，足球与头部相互作用后，根据运
动学公式有 ，足球与头部相互作用的过程中，规定竖直向下为正方向，根据动量定理
有 ，联立求解得 ，A正确。
17．【答案】C
【解析】对O点做受力分析如答图2所示，按水平方向、竖直方向正交分解， ，
，因蜘蛛处于静止状态，因此 ，联立求解得 ，C正确。
答图2 答图3 答图4
18．【答案】D
【解析】对汽车做受力分析如答图3所示，根据牛顿第二定律有 ， ，
，联立解得 ，因此汽车做减速运动，根据 可知，随着
速度减小，加速度减小，汽车做加速度减小的减速直线运动，A、B均错误；当汽车的加速度减小为
0 时，由上式可得，汽车的速度为 ，C 错误；汽车在减速过程中，根据动能定理有
，联立解得 ，D正确。
19．【答案】AC
【解析】当自行车不受侧向摩擦力时，对自行车做受力分析如答图 4所示，根据牛顿第二定律有，解得 ，A 正确，B 错误；当自行车的速度大小为 时，
，自行车有向心运动的趋势，因此自行车会受到沿倾斜路面向上的侧向摩擦力，C正
确，D错误。
20．【答案】CD
【解析】谷粒2在上升和下落过程中，经过同一高度时，速度的大小相等，方向不同，A错误；谷粒
2从最高点到P点的运动和谷粒1从O点到P点的运动均为平抛运动，比较这两个过程，谷粒2从最
高点到P点下落的高度更高，运动时间更长，水平位移更短，因此谷粒 2在最高点的速度小于 ，B
错误；从O点到P点，谷粒2的运动时间大于谷粒1的运动时间，C正确；速度的变化量 ，
因此从O点到P点，谷粒2的速度变化量大于谷粒1的速度变化量，D正确。
21．【答案】BC
【解析】当物块和木板刚好要发生相对滑动时，对物块和木板组成的整体，根据牛顿第二定律有
，对物块，根据牛顿第二定律有 ，联立解得 ，因此
当 时 ， 物 块 和 木 板 发 生 相 对 滑 动 。 对 木 板 ， 根 据 牛 顿 第 二 定 律 有
，对物块，根据牛顿第二定律有 ，解得 ，
，A错误；撤去F时，木板的速度大小 ，B正确；撤去F时，物块的速度大
小 ，F作用过程中，木板的位移 ，物块的位移 ，物块
相对木板向左运动的位移 。撤去 F 后，对木板，根据牛顿第二定律有
，解得 ，物块的加速度不变，木板做匀减速直线运动，物块做匀
加速直线运动，当物块与木板共速时有 ，解得 ， ，此过程
中木板的位移 ，物块的位移 ，物块相对木板向左运动的位
移 。共速后，因 ，所以物块和木板不能保持相对静止一起做匀减速直线运
动。对木板，根据牛顿第二定律有 ，解得 ，所以木板以
的加速度做匀减速直线运动，物块以 的加速度做匀减速直线运动，在速度分
别减为零的过程中，设木板的位移为 ，有 ，解得 ，设物块的位移为 ，
有 ，解得 ，物块相对木板向右运动的位移 。整个过程
中，物块相对木板向左运动的位移 ，C正确；根据功能关系，整个过程中
由于摩擦产生的总热量来源于外力F做的功，对木板有 ，因此整个过程中由于摩擦
产生的总热量为240 J，D错误。
22．【解析】
（1）电流表的最小分度值为0.02 mA，因此电流表的示数为0.84 mA，电压表的示数为2.30 V，根
据欧姆定律可得 的测量值 。
（2）根据误差分析可知 ，因此误差 ，因此 越小，误差越小。23．【解析】
（1）实验时，细线要保持与长木板平行，A正确；平衡摩擦力时，不能将装有砂的砂桶用细线通过
定滑轮系在小车上，这样无法平衡摩擦力，B错误；实验时应先接通打点计时器的电源，再释放小
车，C正确；用图a的装置进行操作时，设砂和砂桶的总质量为m，小车的质量为M，细线的拉力T
满足 ，且 ，则 ，只有当 时，T才近似等于mg，砂和砂桶的总重
力大小才能作为细线对小车的拉力大小，D正确。
（2）小车做加速运动，在相等时间内通过的位移逐渐增大，故小车连接在纸带的左端；
， 。
（3）实际上细线的拉力略小于砂和砂桶的总重力，由于两组装置所用小车的质量相同，当加速度相
同时，砂和砂桶的总重力更大，故用图a的装置进行实验得到的是图线乙。
33．【解析】
（1）布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的反映，A错
误；在合适的条件下，某些晶体可以转化为非晶体，某些非晶体也可以转化为晶体，B正确；相互间
达到热平衡的两物体的温度一定相等，内能不一定相等，C错误；一定质量的某种理想气体在等压膨
胀的过程中，根据理想气体状态方程 可知，气体的温度一定升高，理想气体的内能由温度决
定，则内能一定增加，D正确；雨水流过车窗时留有水迹，说明水对玻璃是浸润的，否则不会留有水
迹，E正确。
34．【解析】
（1）所有质点的起振方向相同，由图b可知，波源的起振方向沿z轴负方向，故A点的起振方向沿z
轴负方向；由图 a 可知，该波的波长为 8 m；由图 b 可知，该波的周期 ，因此波速
，O、A两点的距离为8 m，O、B两点的距离为20 m，在波的传播方向上，A、B两
点的距离为12 m，因此该波从A点所在的波面传播到B点所在的波面需要的时间为6 s。
