物理参考答案（萍实四次）_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年11月试卷_1126江西省萍乡实验学校2025届高三月考试卷(四)暨长郡十八校联考考前演练

萍乡实验学校2025届高三月考试卷（四） 大联考 暨长郡十八校联考考前演练 物理参考答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C C D B B A BC BD BD AD 1.C【解析】能否看作质点，取决于物体的大小和形状对所研究的问题是否有影响，不能只看体积或者运动状 态，AD错误；观察野蜂采花时，要看到采花的动作，不能看作质点，B错误；追踪野蜂回巢踪迹时，野蜂自 身的大小和形状可以忽略，可以看成质点，C正确。 2.C【解析】物体从同一竖直圆上各点沿不同的光滑弦由静止下滑，到达圆周最低点的时间 1 R 相等，如图即等时圆模型，小球下滑过程均满足2Rcos gcost2解得t2 2 g 根据等时圆模型可知三个滑环下滑的时间均相等，A错；三个滑环重力相等，根据冲量 I  Ft可知重力对各环的冲量大小相等，B错；假设光滑细杆与ad 的夹角为，受力分析 可知滑环所受弹力为N mgsin，cd 杆与ad 的夹角最大，所以弹力最大，根据冲量的 定义可知弹力对各环的冲量中c的最大，C正确；根据动量定理可知合外力的冲量等于动量的变化量，根据机 1 械能守恒定律mgh mv2解得v 2gh可知从a滑到底端的滑环速度最大，合外力的冲量最大，D错。 2 3.D【解析】用双手快速且有节奏地摩擦鱼洗盆边双耳时，可产生两个频率相同的振源，振波在水中传播，发 生了波的干涉，故A错；鱼洗做受迫振动，当摩擦力引起的振动频率和鱼洗壁振动的频率相等或十分接近时， 鱼洗壁产生了共振，从而使鱼洗中的水剧烈震荡，鱼洗中的水位越低，则与鱼洗壁接触部分越少，水的振动越 不明显，则越不容易喷出水柱，故BC错，D正确。 4.B【解析】设重物上升的速度为v ，则v vcos随着减小，v 增大，则物块加速上升，因此重物受到的 1 1 1 合力向上，故A错；由于人匀速运动，人受到的合力为零，故B正确；轻绳的拉力大于G ，地面对人的摩擦力 3 大于Tcos30 G，同样，轻绳对滑轮的作用力大小大于2Tcos30 3G，选项CD错。 2 v2 42 5.B【解析】设小球与圆心的连线与竖直方向的夹角为θ，对小球受力分析可知mgtanm m rma r T2   其中r  R2 h2 ,tan R2h2 .可得T 2 h v g R2 h2 ,a  g R2 h2 选项AD错，B正确；陶 h g h h mg mgR 罐对小球的支持力为F   ,选项C错。 N cos h 6.A【解析】金属棒向下做加速运动，产生的感应电动势增大，回路的电流增大，圆环的磁通量增大，根据楞 次定律，圆环有收缩趋势障碍磁通量的增大；金属棒向下做加速运动，产生的感应电动势增大，逆时针的电流 增大，根据左手定则，安培力的方向沿斜面向上增大，根据牛顿第二定律mgsinBILma金属棒的加速 度减小，加速度的变化率与电流的变化率相同，因此金属棒电流的变化率减小，而电流的变化率和磁场的变化 率相同，圆环的磁通量的变化率减小，圆环产生的感应电动势减小，圆环产生的感应电流减小。 7.BC【解析】．v-t图像中图线的斜率表示加速度，根据静电场的叠加可知，PO间的电场强度可能一直减小， F qE 也可能先增大后减小，根据a   可知如果电场强度一直减小，则电场力一直减小，加速度一直减小， m m 如果电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，加速度先增大后减小。故A错；B正确；根据电场力做 功与电势能变化的关系W qExE 可知E x图像中图线的斜率表示电场力，由前面分析可知，电场 电 p p 力可能一直减小，也可能先增大后减小。故C正确；D错。 1 1 8.BD【解析】设前五秒的位移为x ，前四秒的位移为x ，加速度为a，故有x  at2,x  a(t1)222.5mx x 5 4 5 2 4 2 5 4 解得a5m/s2,故A项错误，B项正确；由上面的分析解得x 62.5m5秒后，陶成道做竖直上抛运动，设5秒 5 末的速度为v，竖直上抛运动的上升最大高度为h，陶成道整个运动过程中的最大高度为H，则有vat25m/s 0v2 2gh H  x h,解得H 93.75m故C项错误，D项正确。 5 物理参考答案（萍实版）-1 {#{QQABKYCEggAAQgBAAAgCAQFyCAIQkhECAagOBBAAMAAAyRFABCA=}#}9.BD【解析】甲、乙之间的万有引力遵守牛顿第三定律，总是大小相等、方向相反，作用在两个物体上，是 一对相互作用力，AC错，B正确；万有引力的特殊性表明：两物体间的万有引力只与它们本身的质量和两物体 间的距离有关，而与物体所在空间的性质无关，也与物体周围有无其他物体无关，D正确。 10.AD【解析】弹簧A之上部分的拉力要与A之下的所有物体总重平衡，故大小等于A和A的总重；而A之下 1 1 1 2 1 部分的拉力仅与A的重力平衡，故大小等于A的重。由于A之上部分受到较大的拉力，所以如果都撤除拉力， 2 2 1 则S部分应该收缩量S 大于S部分的收缩量S ，S  S S  S S  S 即S部分的原长（无弹力时 1 1 2 2 1 1 1 2 2 2 1 的长度）比S部分的原长短，故A正确；取A处的一个钩码移到A处，S部分受力不变，不会缩短，故B错误； 2 1 2 1 取A处的一个钩码移到A处，S部分受力不变，S部分受力变小收缩，弹簧总长变短，故C错；将A的悬挂点 2 1 1 2 1 下移一小段，A移过的一小段弹簧受力变大被拉长，其余部分受力不变，故总长变长，故D正确。 1 二、非选择题(本大题共 3小题，共 52分) d  1 1  d2k 11. 1 1.05 2    （3 （ ） （ ）t t t  ） 2 AB B A RU bR kR R 1 0 V  V 12. 1 2 3 . . （ ） 1 （ ） I R U （ ） ① kR ② kR 0 1 0 V V m g 13 1 O cos 2 F 25N ．解：（ ）对 点进行受力分析，根据共点力平衡有 解得 1 。 F 1 2 A A f （ ）对 受力分析，设 与斜面间的静摩擦大小为 ，根据受力平衡有 3 F mgsin f N mgcos f N   1 1 1 0 解得 0 12 。 14 1 v2 2a x v 20m/s ．解：（ ）根据运动学公式有 0 0 0 解得 0 。 v 2 t  0 （ ）泥石流从发生至到达坡底所用的时间 1 a 0 t v a  tt a  tt  设泥石流发生后经过时间 ，汽车的速度与泥石流的速度相等，则有 0 2 1 1 0 1 1 x  a  tt 2 x v  tt  a  tt 2 汽车的位移 1 2 1 0 泥石流在水平地面上的位移 2 0 1 2 2 1 x  x a 2.5m/s2 根据位移关系有 1 2 解得 2 。 15 1 a ．解：（ ）物块刚滑上木板时，设物块的加速度大小为 1，对物块受力分析，根据牛顿第二定律有 mgsinmgcosma 1 1 v2 2a L L4.5m 根据匀变速直线运动的规律有 0 1 解得 。 2 MgsinmgcosF （ ）物块上滑的过程中，木板恰好不往下滑，对木板受力分析，根据受力平衡有 1 f 9 3 F   mM  gcos   f 2 解得 2 35 。 3 a （ ）当物块到达木板上端后，物块与木板都从静止开始沿斜面向下做匀加速运动。设物块的加速度大小为 2 a t 、木板的加速度大小为 3，物块经时间 滑到木板下端。对物块受力分析，根据牛顿第二定律有 mgsinmgcosma 1 2 mgcosMgsin  M m  gcosMa 对木板受力分析，根据牛顿第二定律有 1 2 3 1 1 t s  a t2 t s  a t2 时间 内物块的位移大小 1 2 2 时间 内木板的位移大小 2 2 3 s s  L v a t v 3m/s 根据几何关系有 1 2 物块滑离木板时，木板的速度大小 3 解得 。 物理参考答案（萍实版）-2 {#{QQABKYCEggAAQgBAAAgCAQFyCAIQkhECAagOBBAAMAAAyRFABCA=}#}