文档内容
由已知及（1）可得 平面 ，所以 平面 ， .
2018年普通高等学校招生全国统一考试
因此，三棱锥 的体积为
文科数学试题参考答案
.
一、选择题
19．解：
1．A 2．C 3．A 4．C 5．B 6．D （1）
7．A 8．B 9．B 10．C 11．B 12．D
二、填空题
13． 14． 15． 16．
三、解答题
17．解：
（1）由条件可得 .
将 代入得， ，而 ，所以， .
将 代入得， ，所以， .
从而 ， ， .
（2）根据以上数据，该家庭使用节水龙头后50天日用水量小于0.35m3的频率为
（2） 是首项为 ，公比为 的等比数列.
0.2×0.1+1×0.1+2.6×0.1+2×0.05=0.48，
由条件可得 ，即 ，又 ，所以 是首项为 ，公比为 的等比数列. 因此该家庭使用节水龙头后日用水量小于0.35m3的概率的估计值为0.48．
（3）该家庭未使用节水龙头50天日用水量的平均数为
（3）由（2）可得 ，所以 . ．
18．解： 该家庭使用了节水龙头后50天日用水量的平均数为
（1）由已知可得， ， .
．
又 ，所以 平面 .
又 平面 ， 20．解：
所以平面 平面 . （1）当 与x轴垂直时， 的方程为 ，可得 的坐标为 或 .
所以直线 的方程为 或 .
（2）由已知可得， ， .
（2）当 与x轴垂直时，AB为MN的垂直平分线，所以 .
又 ，所以 .
当 与x轴不垂直时，设 的方程为 ， ， ，则 .
作 ，垂足为 ，则 . 由 得 ，可知 .直线BM，BN的斜率之和为
当 时， 与 没有公共点；当 时， 与 只有一个公共点， 与 有两个公共点.
. ①
当 与 只有一个公共点时， 到 所在直线的距离为 ，所以 ，故 或 . 经检验，
将 ， 及 的表达式代入①式分子，可得
当 时， 与 没有公共点；当 时， 与 没有公共点.
.
综上，所求 的方程为 .
所以 ，可知BM，BN的倾斜角互补，所以 .
综上， .
23．解：
21．解： （1）当 时， ，即
（1） 的定义域为 ， .
故不等式 的解集为 .
由题设知， ，所以 .
（2）当 时 成立等价于当 时 成立.
从而 ， . 若 ，则当 时 ；
当 时， ；当 时， . 若 ， 的解集为 ，所以 ，故 .
所以 在 单调递减，在 单调递增.
综上， 的取值范围为 .
（2）当 时， .
设 ，则 .
2018 年全国统一高考数学试卷（文科）（全国新课标Ⅰ）
当 时， ；当 时， . 所以 是 的最小值点.
故当 时， . 参考答案与试题解析
因此，当 时， .
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
22．解：
（1）由 ， 得 的直角坐标方程为 符合题目要求的。
. 1．（5分）已知集合A={0，2}，B={﹣2，﹣1，0，1，2}，则A∩B=（ ）
（2）由（1）知 是圆心为 ，半径为 的圆.
A．{0，2} B．{1，2}
由题设知， 是过点 且关于 轴对称的两条射线. 记 轴右边的射线为 ， 轴左边的射线为 .
C．{0} D．{﹣2，﹣1，0，1，2}
由于 在圆 的外面，故 与 有且仅有三个公共点等价于 与 只有一个公共点且 与 有两个公共点，
或 与 只有一个公共点且 与 有两个公共点.
【考点】1E：交集及其运算．
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当 与 只有一个公共点时， 到 所在直线的距离为 ，所以 ，故 或 . 经检验，
【专题】11：计算题；49：综合法；5J：集合．
【分析】直接利用集合的交集的运算法则求解即可．【解答】解：集合A={0，2}，B={﹣2，﹣1，0，1，2}， A．新农村建设后，种植收入减少
则A∩B={0，2}． B．新农村建设后，其他收入增加了一倍以上
故选：A． C．新农村建设后，养殖收入增加了一倍
【点评】本题考查集合的基本运算，交集的求法，是基本知识的考查． D．新农村建设后，养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半
【考点】2K：命题的真假判断与应用；CS：概率的应用．
2．（5分）设z= +2i，则|z|=（ ） 菁优网版权所有
【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；5I：概率与统计；5L：简易逻辑．
A．0 B． C．1 D． 【分析】设建设前经济收入为a，建设后经济收入为2a．通过选项逐一分析新农村建设前后，经
济收入情况，利用数据推出结果．
【解答】解：设建设前经济收入为a，建设后经济收入为2a．
【考点】A8：复数的模．
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A项，种植收入37%×2a﹣60%a=14%a＞0，
【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；5N：数系的扩充和复数．
故建设后，种植收入增加，故A项错误．
【分析】利用复数的代数形式的混合运算化简后，然后求解复数的模．
B项，建设后，其他收入为5%×2a=10%a，
【解答】解：z= +2i= +2i=﹣i+2i=i，
建设前，其他收入为4%a，
则|z|=1． 故10%a÷4%a=2.5＞2，
故选：C． 故B项正确．
【点评】本题考查复数的代数形式的混合运算，复数的模的求法，考查计算能力． C项，建设后，养殖收入为30%×2a=60%a，
建设前，养殖收入为30%a，
3．（5分）某地区经过一年的新农村建设，农村的经济收入增加了一倍，实现翻番．为更好地了 故60%a÷30%a=2，
解该地区农村的经济收入变化情况，统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例， 故C项正确．
得到如下饼图： D项，建设后，养殖收入与第三产业收入总和为
（30%+28%）×2a=58%×2a，
经济收入为2a，
故（58%×2a）÷2a=58%＞50%，
故D项正确．
因为是选择不正确的一项，
故选：A．
【点评】本题主要考查事件与概率，概率的应用，命题的真假的判断，考查发现问题解决问题的
则下面结论中不正确的是（ ）能力． 过直线O O 的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形，
1 2
可得：4R2=8，解得R= ，
则该圆柱的表面积为： =12π．
4．（5分）已知椭圆C： + =1的一个焦点为（2，0），则C的离心率为（ ）
故选：B．
A． B． C． D． 【点评】本题考查圆柱的表面积的求法，考查圆柱的结构特征，截面的性质，是基本知识的考查．
6．（5分）设函数f（x）=x3+（a﹣1）x2+ax．若f（x）为奇函数，则曲线y=f（x）在点（0，0）
【考点】K4：椭圆的性质．
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处的切线方程为（ ）
【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；5D：圆锥曲线的定义、性质与方程．
A．y=﹣2x B．y=﹣x C．y=2x D．y=x
【分析】利用椭圆的焦点坐标，求出a，然后求解椭圆的离心率即可．
【解答】解：椭圆C： + =1的一个焦点为（2，0）， 【考点】6H：利用导数研究曲线上某点切线方程．
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【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；53：导数的综合应用．
可得a2﹣4=4，解得a=2 ，
【分析】利用函数的奇偶性求出a，求出函数的导数，求出切线的向量然后求解切线方程．
∵c=2，
【解答】解：函数f（x）=x3+（a﹣1）x2+ax，若f（x）为奇函数，
∴e= = = ． 可得a=1，所以函数f（x）=x3+x，可得f′（x）=3x2+1，
曲线y=f（x）在点（0，0）处的切线的斜率为：1，
故选：C．
则曲线y=f（x）在点（0，0）处的切线方程为：y=x．
【点评】本题考查椭圆的简单性质的应用，考查计算能力．
故选：D．
【点评】本题考查函数的奇偶性以及函数的切线方程的求法，考查计算能力．
5．（5分）已知圆柱的上、下底面的中心分别为O ，O ，过直线O O 的平面截该圆柱所得的截面
1 2 1 2
是面积为8的正方形，则该圆柱的表面积为（ ）
7．（5分）在△ABC中，AD为BC边上的中线，E为AD的中点，则 =（ ）
A．12 π B．12π C．8 π D．10π
A． ﹣ B． ﹣ C． + D． +
【考点】LE：棱柱、棱锥、棱台的侧面积和表面积．
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【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；5F：空间位置关系与距离．
【考点】9H：平面向量的基本定理．
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【分析】利用圆柱的截面是面积为8的正方形，求出圆柱的底面直径与高，然后求解圆柱的表面
【专题】34：方程思想；41：向量法；5A：平面向量及应用．
积．
【分析】运用向量的加减运算和向量中点的表示，计算可得所求向量．
【解答】解：设圆柱的底面直径为2R，则高为2R，
【解答】解：在△ABC中，AD为BC边上的中线，E为AD的中点，
圆柱的上、下底面的中心分别为O ，O ，
1 2故选：B．
= ﹣ = ﹣
【点评】本题考查的知识要点：三角函数关系式的恒等变换，余弦型函数的性质的应用．
= ﹣ × （ + ）
9．（5分）某圆柱的高为2，底面周长为16，其三视图如图．圆柱表面上的点M在正视图上的对
= ﹣ ，
应点为A，圆柱表面上的点N在左视图上的对应点为B，则在此圆柱侧面上，从M到N的路径
故选：A． 中，最短路径的长度为（ ）
【点评】本题考查向量的加减运算和向量中点表示，考查运算能力，属于基础题．
8．（5分）已知函数f（x）=2cos2x﹣sin2x+2，则（ ）
A．f（x）的最小正周期为π，最大值为3
B．f（x）的最小正周期为π，最大值为4
C．f（x）的最小正周期为2π，最大值为3 A．2 B．2 C．3 D．2
D．f（x）的最小正周期为2π，最大值为4
【考点】L!：由三视图求面积、体积．
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【考点】H1：三角函数的周期性． 【专题】11：计算题；31：数形结合；49：综合法；5F：空间位置关系与距离．
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【专题】35：转化思想；56：三角函数的求值；57：三角函数的图像与性质． 【分析】判断三视图对应的几何体的形状，利用侧面展开图，转化求解即可．
【分析】首先通过三角函数关系式的恒等变换，把函数的关系式变形成余弦型函数，进一步利用 【解答】解：由题意可知几何体是圆柱，底面周长16，高为：2，
余弦函数的性质求出结果． 直观图以及侧面展开图如图：
【解答】解：函数f（x）=2cos2x﹣sin2x+2，
=2cos2x﹣sin2x+2sin2x+2cos2x，
=4cos2x+sin2x，
=3cos2x+1，
= ， 圆柱表面上的点N在左视图上的对应点为B，则在此圆柱侧面上，从M到N的路径中，最短路径
= ， 的长度： =2 ．
故函数的最小正周期为π， 故选：B．
【点评】本题考查三视图与几何体的直观图的关系，侧面展开图的应用，考查计算能力．
函数的最大值为 ，10．（5分）在长方体ABCD﹣A B C D 中，AB=BC=2，AC 与平面BB C C所成的角为30°，则该长 【专题】11：计算题；35：转化思想；4R：转化法；56：三角函数的求值．
1 1 1 1 1 1 1
方体的体积为（ ）
【分析】推导出cos2α=2cos2α﹣1= ，从而|cosα|= ，进而|tanα|=| |=|a﹣b|= ．由此能
A．8 B．6 C．8 D．8
求出结果．
【解答】解：∵角α的顶点为坐标原点，始边与x轴的非负半轴重合，
【考点】MI：直线与平面所成的角．
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【专题】11：计算题；31：数形结合；35：转化思想；49：综合法；5F：空间位置关系与距离． 终边上有两点A（1，a），B（2，b），且cos2α= ，
【分析】画出图形，利用已知条件求出长方体的高，然后求解长方体的体积即可．
∴cos2α=2cos2α﹣1= ，解得cos2α= ，
【解答】解：长方体ABCD﹣A B C D 中，AB=BC=2，
1 1 1 1
AC 与平面BB C C所成的角为30°，
1 1 1
∴|cosα|= ，∴|sinα|= = ，
即∠AC B=30°，可得BC = =2 ．
1 1
|tanα|=| |=|a﹣b|= = = ．
可得BB = =2 ．
1
所以该长方体的体积为：2× =8 ．
故选：B．
故选：C．
【点评】本题考查两数差的绝对值的求法，考查二倍角公式、直线的斜率等基础知识，考查运算
求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．
12．（5分）设函数f（x）= ，则满足f（x+1）＜f（2x）的x的取值范围是（ ）
A．（﹣∞，﹣1] B．（0，+∞） C．（﹣1，0） D．（﹣∞，0）
【点评】本题考查长方体的体积的求法，直线与平面所成角的求法，考查计算能力．
【考点】5B：分段函数的应用．
11．（5分）已知角 α的顶点为坐标原点，始边与 x轴的非负半轴重合，终边上有两点 A（1，
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【专题】11：计算题；31：数形结合；49：综合法；51：函数的性质及应用．
a），B（2，b），且cos2α= ，则|a﹣b|=（ ） 【分析】画出函数的图象，利用函数的单调性列出不等式转化求解即可．
A． B． C． D．1 【解答】解：函数f（x）= ，的图象如图：
满足f（x+1）＜f（2x），
【考点】G9：任意角的三角函数的定义；GS：二倍角的三角函数．
菁优网版权所有 可得：2x＜0＜x+1或2x＜x+1≤0，解得x （﹣∞，0）． 【专题】31：数形结合；4R：转化法；59：不等式的解法及应用．
故选：D． 【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义进行求解即可．
∈
【解答】解：作出不等式组对应的平面区域如图：
由z=3x+2y得y=﹣ x+ z，
平移直线y=﹣ x+ z，
由图象知当直线y=﹣ x+ z经过点A（2，0）时，直线的截距最大，此时z最大，
最大值为z=3×2=6，
故答案为：6
【点评】本题考查分段函数的应用，函数的单调性以及不等式的解法，考查计算能力．
二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
13．（5分）已知函数f（x）=log （x2+a），若f（3）=1，则a= ﹣ 7 ．
2
【考点】3T：函数的值；53：函数的零点与方程根的关系．
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【专题】11：计算题；33：函数思想；49：综合法；51：函数的性质及应用．
【分析】直接利用函数的解析式，求解函数值即可．
【解答】解：函数f（x）=log （x2+a），若f（3）=1，
2
可得：log （9+a）=1，可得a=﹣7．
2
故答案为：﹣7．
【点评】本题考查函数的解析式的应用，函数的领导与方程根的关系，是基本知识的考查．
【点评】本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义以及数形结合是解决本题的关
键．
14．（5分）若x，y满足约束条件 ，则z=3x+2y的最大值为 6 ．
15．（5分）直线y=x+1与圆x2+y2+2y﹣3=0交于A，B两点，则|AB|= 2 ．
【考点】J9：直线与圆的位置关系．
【考点】7C：简单线性规划． 菁优网版权所有
菁优网版权所有 【专题】11：计算题；34：方程思想；49：综合法；5B：直线与圆．【分析】求出圆的圆心与半径，通过点到直线的距离以及半径、半弦长的关系，求解即可．
①当A= 时， ，
【解答】解：圆x2+y2+2y﹣3=0的圆心（0，﹣1），半径为：2，
解得bc= ，
圆心到直线的距离为： = ，
所以 ．
所以|AB|=2 =2 ．
故答案为：2 ． ②当A= 时， ，
【点评】本题考查直线与圆的位置关系的应用，弦长的求法，考查计算能力．
解得bc=﹣ （不合题意），舍去．
16．（5分）△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c．已知bsinC+csinB=4asinBsinC，b2+c2﹣
故： ．
a2=8，则△ABC的面积为 ．
故答案为： ．
【点评】本体考察的知识要点：三角函数关系式的恒等变换，正弦定理和余弦定理的应用及三角
【考点】HP：正弦定理；HR：余弦定理．
菁优网版权所有 形面积公式的应用．
【专题】35：转化思想；56：三角函数的求值；58：解三角形．
【分析】直接利用正弦定理求出A的值，进一步利用余弦定理求出bc的值，最后求出三角形的面
三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 17～21题为必考题，每
积．
个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。
【解答】解：△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c．
17．（12分）已知数列{a }满足a =1，na =2（n+1）a ，设b = ．
bsinC+csinB=4asinBsinC， n 1 n+1 n n
利用正弦定理可得sinBsinC+sinCsinB=4sinAsinBsinC， （1）求b ，b ，b ；
1 2 3
由于0＜B＜π，0＜C＜π， （2）判断数列{b }是否为等比数列，并说明理由；
n
所以sinBsinC≠0， （3）求{a }的通项公式．
n
所以sinA= ，
【考点】87：等比数列的性质；8E：数列的求和；8H：数列递推式．
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则A= 【专题】35：转化思想；54：等差数列与等比数列．
【分析】（1）直接利用已知条件求出数列的各项．
由于b2+c2﹣a2=8，
（2）利用定义说明数列为等比数列．
则： ，
（3）利用（1）（2）的结论，直接求出数列的通项公式．
【解答】解：（1）数列{a }满足a =1，na =2（n+1）a ，
n 1 n+1 n则： （常数），
由于 ，
故： ，
数列{b }是以b 为首项，2为公比的等比数列．
n 1 【考点】LF：棱柱、棱锥、棱台的体积；LY：平面与平面垂直．
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整理得： ， 【专题】35：转化思想；49：综合法；5F：空间位置关系与距离．
【分析】（1）可得 AB⊥AC，AB⊥DA．且 AD∩AC=A，即可得 AB⊥面 ADC，平面 ACD⊥平面
所以：b =1，b =2，b =4．
1 2 3
ABC；
（2）数列{b }是为等比数列，
n
（2）首先证明DC⊥面ABC，再根据BP=DQ= DA，可得三棱锥Q﹣ABP的高，求出三角形 ABP的
由于 （常数）；
面积即可求得三棱锥Q﹣ABP的体积．
【解答】解：（1）证明：∵在平行四边形ABCM中，∠ACM=90°，∴AB⊥AC，
（3）由（1）得： ，
又AB⊥DA．且AD∩AC=A，
根据 ， ∴AB⊥面ADC，∴AB 面ABC，
∴平面ACD⊥平面ABC；
⊂
所以： ．
（2）∵AB=AC=3，∠ACM=90°，∴AD=AM=3 ，
【点评】本题考查的知识要点：数列的通项公式的求法及应用．
∴BP=DQ= DA=2 ，
18．（12分）如图，在平行四边形ABCM中，AB=AC=3，∠ACM=90°，以AC为折痕将△ACM折起， 由（1）得DC⊥AB，又DC⊥CA，∴DC⊥面ABC，
使点M到达点D的位置，且AB⊥DA．
∴三棱锥Q﹣ABP的体积V=
（1）证明：平面ACD⊥平面ABC；
= × × = =1．
（2）Q为线段AD上一点，P为线段BC上一点，且BP=DQ= DA，求三棱锥Q﹣ABP的体积．
【点评】本题考查面面垂直，考查三棱锥体积的计算，考查学生分析解决问题的能力，属于中档
题．19．（12分）某家庭记录了未使用节水龙头50天的日用水量数据（单位：m3）和使用了节水龙 【专题】11：计算题；35：转化思想；49：综合法；5I：概率与统计．
头50天的日用水量数据，得到频数分布表如下： 【分析】（1）根据使用了节水龙头50天的日用水量频数分布表能作出使用了节水龙头 50天的日
未使用节水龙头50天的日用水量频数分布表 用水量数据的频率分布直方图．
日用水量 [0， [0.1， [0.2， [0.3， [0.4， [0.5， [0.6， （2）根据频率分布直方图能求出该家庭使用节水龙头后，日用水量小于0.35m3的概率．
0.1） 0.2） 0.3） 0.4） 0.5） 0.6） 0.7）
（3）由题意得未使用水龙头50天的日均水量为0.48，使用节水龙头50天的日均用水量为0.35，
频数 1 3 2 4 9 26 5
能此能估计该家庭使用节水龙头后，一年能节省多少水．
使用了节水龙头50天的日用水量频数分布表
【解答】解：（1）根据使用了节水龙头50天的日用水量频数分布表，
日用水量 [0， [0.1， [0.2， [0.3， [0.4， [0.5， 作出使用了节水龙头50天的日用水量数据的频率分布直方图，如下图：
0.1） 0.2） 0.3） 0.4） 0.5） 0.6）
频数 1 5 13 10 16 5
（1）作出使用了节水龙头50天的日用水量数据的频率分布直方图；
（2）根据频率分布直方图得：
该家庭使用节水龙头后，日用水量小于0.35m3的概率为：
p=（0.2+1.0+2.6+1）×0.1=0.48．
（2）估计该家庭使用节水龙头后，日用水量小于0.35m3的概率；
（3）由题意得未使用水龙头50天的日均水量为：
（3）估计该家庭使用节水龙头后，一年能节省多少水？（一年按365天计算，同一组中的数据以
（1×0.05+3×0.15+2×0.25+4×0.35+9×0.45+26×0.55+5×0.65）=0.48，
这组数据所在区间中点的值作代表）
使用节水龙头50天的日均用水量为：
【考点】B7：分布和频率分布表；B8：频率分布直方图．
菁优网版权所有【点评】本题考查抛物线的性质，直线与抛物线的位置关系，考查韦达定理，直线的斜率公式，
（1×0.05+5×0.15+13×0.25+10×0.35+16×0.45+5×0.55）=0.35，
考查转化思想，属于中档题．
∴估计该家庭使用节水龙头后，一年能节省：365×（0.48﹣0.35）=47.45m3．
【点评】本题考查频率分由直方图的作法，考查概率的求法，考查平均数的求法及应用等基础知
21．（12分）已知函数f（x）=aex﹣lnx﹣1．
识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．
（1）设x=2是f（x）的极值点，求a，并求f（x）的单调区间；
（2）证明：当a≥ 时，f（x）≥0．
20．（12分）设抛物线C：y2=2x，点A（2，0），B（﹣2，0），过点A的直线l与C交于M，N
两点．
（1）当l与x轴垂直时，求直线BM的方程； 【考点】6B：利用导数研究函数的单调性；6D：利用导数研究函数的极值；6E：利用导数研究函
（2）证明：∠ABM=∠ABN． 数的最值．
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【专题】14：证明题；35：转化思想；49：综合法；53：导数的综合应用．
【考点】KN：直线与抛物线的综合．
菁优网版权所有 【分析】（1）推导出 x＞0，f′（x）=aex﹣ ，由 x=2 是 f（x）的极值点，解得 a= ，从而 f
【专题】35：转化思想；4R：转化法；5D：圆锥曲线的定义、性质与方程．
【分析】（1）当x=2时，代入求得M点坐标，即可求得直线BM的方程；
（x）= ex﹣lnx﹣1，进而f′（x）= ，由此能求出f（x）的单调区间．
（2）设直线 l 的方程，联立，利用韦达定理及直线的斜率公式即可求得 k +k =0，即可证明
BN BM
∠ABM=∠ABN． （2）当a≥ 时，f（x）≥ ﹣lnx﹣1，设g（x）= ﹣lnx﹣1，则 ﹣ ，由此利用导
【解答】解：（1）当l与x轴垂直时，x=2，代入抛物线解得y=±2，
所以M（2，2）或M（2，﹣2）， 数性质能证明当a≥ 时，f（x）≥0．
直线BM的方程：y= x+1，或：y=﹣ x﹣1． 【解答】解：（1）∵函数f（x）=aex﹣lnx﹣1．
（2）证明：设直线l的方程为l：x=ty+2，M（x ，y ），N（x ，y ）， ∴x＞0，f′（x）=aex﹣ ，
1 1 2 2
∵x=2是f（x）的极值点，
联立直线l与抛物线方程得 ，消x得y2﹣2ty﹣4=0，
∴f′（2）=ae2﹣ =0，解得a= ，
即y +y =2t，y y =﹣4，
1 2 1 2
∴f（x）= ex﹣lnx﹣1，∴f′（x）= ，
则有k +k = + = = =0，
BN BM 当0＜x＜2时，f′（x）＜0，当x＞2时，f′（x）＞0，
∴f（x）在（0，2）单调递减，在（2，+∞）单调递增．
所以直线BN与BM的倾斜角互补，
（2）证明：当a≥ 时，f（x）≥ ﹣lnx﹣1，
∴∠ABM=∠ABN．设g（x）= ﹣lnx﹣1，则 ﹣ ，
故： ，或
当0＜x＜1时，g′（x）＜0，
当x＞1时，g′（x）＞0， 解得：k= 或0，（0舍去）或k= 或0
∴x=1是g（x）的最小值点，
经检验，直线 与曲线C 没有公共点．
故当x＞0时，g（x）≥g（1）=0， 2
∴当a≥ 时，f（x）≥0． 故C 的方程为： ．
1
【点评】本题考查函数的单调性、导数的运算及其应用，同时考查逻辑思维能力和综合应用能力 【点评】本体考察知识要点：参数方程和极坐标方程与直角坐标方程的转化，直线和曲线的位置
是中档题． 关系的应用，点到直线的距离公式的应用．
（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题 [选修4-5：不等式选讲]（10分）
计分。[选修4-4：坐标系与参数方程]（10分） 23．已知f（x）=|x+1|﹣|ax﹣1|．
22．（10分）在直角坐标系xOy中，曲线C 的方程为y=k|x|+2．以坐标原点为极点，x轴正半轴 （1）当a=1时，求不等式f（x）＞1的解集；
1
为极轴建立极坐标系，曲线C 的极坐标方程为ρ2+2ρcosθ﹣3=0． （2）若x （0，1）时不等式f（x）＞x成立，求a的取值范围．
2
（1）求C
2
的直角坐标方程；
∈
（2）若C 与C 有且仅有三个公共点，求C 的方程． 【考点】R5：绝对值不等式的解法．
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【专题】15：综合题；38：对应思想；4R：转化法；5T：不等式．
【考点】Q4：简单曲线的极坐标方程． 【分析】（1）去绝对值，化为分段函数，即可求出不等式的解集，
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【专题】35：转化思想；5S：坐标系和参数方程．
（2）当x （0，1）时不等式f（x）＞x成立，转化为即|ax﹣1|＜1，即0＜ax＜2，转化为a＜
【分析】（1）直接利用转换关系，把参数方程和极坐标方程与直角坐标方程进行转化．
∈
，且a＞0，即可求出a的范围．
（2）利用直线在坐标系中的位置，再利用点到直线的距离公式的应用求出结果．
【解答】解：（1）曲线C 的极坐标方程为ρ2+2ρcosθ﹣3=0．
2
【解答】解：（1）当a=1时，f（x）=|x+1|﹣|x﹣1|= ，
转换为直角坐标方程为：x2+y2+2x﹣3=0，
转换为标准式为：（x+1）2+y2=4．
由f（x）＞1，
（2）由于曲线C 的方程为y=k|x|+2，则：该射线关于y轴对称，且恒过定点（0，2）．
1
由于该射线与曲线C 的极坐标有且仅有三个公共点．
2 ∴ 或 ，
所以：必有一直线相切，一直线相交．
则：圆心到直线y=kx+2的距离等于半径2．解得x＞ ，
故不等式f（x）＞1的解集为（ ，+∞），
（2）当x （0，1）时不等式f（x）＞x成立，
∴|x+1|﹣|ax﹣1|﹣x＞0，
∈
即x+1﹣|ax﹣1|﹣x＞0，
即|ax﹣1|＜1，
∴﹣1＜ax﹣1＜1，
∴0＜ax＜2，
∵x （0，1），
∴a＞0，
∈
∴0＜x＜ ，
∴a＜
∵ ＞2，
∴0＜a≤2，
故a的取值范围为（0，2]．
【点评】本题考查了绝对值不等式的解法和含参数的取值范围，考查了运算能力和转化能力，属
于中档题．
