理科综合答案_05高考化学_高考模拟题_全国课标版_2023届河南省部分校高三12月大联考考后强化理综_2023届河南省部分校高三12月大联考考后强化理综

2022 年高三 12 月大联考考后强化卷 理科综合·全解全析 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 C D D B A D D B A C B 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 D C B B B C C BD CD BC 1．C 【解析】一切生命活动都离不开细胞，但不是说细胞内能发生一切生命活动，如多细胞生物的一个细 胞只能完成部分生命活动，A不符合题意；病毒无细胞结构，B不符合题意；各种生物的生命活动都是 在细胞内或细胞的参与下完成的，因此各种生物的生命活动都离不开细胞，C符合题意；有些生物是由 一个细胞构成的，这只能说明单细胞生物的生命活动在细胞内进行，不能说明所有生物，D不符合题意。 2．D 【解析】细胞的核质之间需要通过核孔进行物质交换和信息交流，所以核孔数量随细胞种类以及细胞 代谢状况不同而改变，核孔密度可以作为细胞代谢旺盛程度的指标，A正确；核糖体由RNA和蛋白质 组成，蛋白质在细胞质中合成，其入核运输与核孔复合体有关，B正确；DNA解旋酶的化学本质是蛋白 质，通过核孔进入细胞核，该过程消耗ATP，C正确；心房颤动可能是由于编码核孔复合体的基因突变， 使得核孔蛋白结构异常，导致核孔复合体的运输功能出现障碍，D错误。 3．D【解析】葡萄糖的运输需要载体蛋白的协助，因此微绒毛可以增加细胞膜上载体蛋白的数量，对葡萄 糖等物质的运输有利，A正确；新生儿小肠上皮细胞吸收母乳中免疫球蛋白的方式是胞吞，需要ATP水 解提供能量，B正确；当蛋白S将Na+顺浓度梯度运输进入小肠上皮细胞时，葡萄糖随之进入细胞，即 小肠上皮细胞吸收葡萄糖的方式是主动运输，能量来源是细胞膜内外两侧的Na+浓度差形成的势能，C 正确；Na+—K+泵可将细胞内相对浓度较低的Na+送出细胞，使细胞内外Na+浓度差进一步增大，D错误。 4．B 【解析】由题意可知，Bcl-2蛋白是多种细胞存活的必需因子，故属于抗凋亡蛋白，癌细胞具有无限 增殖的能力，因此癌细胞中Bcl-2蛋白含量较高以抑制其凋亡，A正确；效应T细胞可促进靶细胞裂解 凋亡，磷酸化的Bcl-2蛋白执行抗凋亡功能，因此效应T细胞会抑制靶细胞的Bcl-2蛋白发生磷酸化，B 错误；Bak蛋白和Bax蛋白属于促调亡蛋白，衰老细胞易发生凋亡，其细胞中Bak基因和Bax基因的表 达量可能会明显增大，C正确；正常细胞中的Bcl-2蛋白可能会阻止Bak蛋白和Bax蛋白发挥作用，从 而阻止细胞调亡，D正确。 5．A 【解析】生活在同一地域的同种生物构成种群，褐色雏蝗的卵、若虫和成虫构成了一个褐色雏蝗的种 群，A正确；分析图示可知，在不同年份，虽然卵和若虫数变化较大，但是成虫数却相当稳定，而呈“S” 型增长的种群其数量一直增加，最后趋于稳定，B错误；褐色雏蝗的发育包括卵、若虫、成虫三个阶段， 由于褐色雏蝗卵的活动能力弱，因此调查褐色雏蝗卵的种群密度应采用样方法，C错误；决定该地区褐 理科综合 全解全析 第1页（共18页）色雏蝗数量变化的直接因素是出生率和死亡率，D错误。 6．D 【解析】有丝分裂前期的细胞，由于在间期已经进行了DNA复制，该细胞基因型为aaaaBBbb，所以 该细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧光点，A正确；有丝分裂后期细胞的基因型为aaaaBBbb，所以 该细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧光点，B正确；由于次级精母细胞中不含同源染色体，但如果 在四分体时期发生了交叉互换，其基因型可能为aaBb，则一个次级精母细胞可能有红、黄、绿3种颜色、 4个荧光点，C正确；初级精母细胞的基因型为aaaaBBbb，所以细胞中有红、黄、绿3种颜色、8个荧 光点，D错误。 7．D 【解析】氢能可再生，属于二次能源，A错误；碳纤维材料属于新型无机非金属材料，B错误；氟利 昂中含有卤素原子，属于烃的衍生物，C错误；聚氨酯材料属于有机高分子材料， D正确。 8．B 【解析】根据黄芩素的结构简式可知其分子式为C H O ，A正确；右侧苯环与中间杂环以单键相连， 15 10 5 单键可以旋转，该分子中所有碳原子不一定处于同一平面，B错误；分子中含有（酚）羟基、（酮）羰基 和醚键三种含氧官能团，C正确；所含苯环、（酮）羰基、碳碳双键均能与氢气加成，1 mol黄芩素与足 量H 完全反应需要8 mol H ，D正确。 2 2 9．A 【解析】1 mol CH Cl 含有2 mol C—Cl键，C—Cl键数目为2N ，A正确；溶液体积未知，无法计算 2 2 A 氯离子数目，B错误；氮气和氢气生成氨气的反应为可逆反应，无法计算生成氨气分子的数目，C错误； 过氧化钠与水反应的化学方程式为2Na O +2H O=4NaOH+O ↑，1 mol Na O 与足量H O反应，生成O 2 2 2 2 2 2 2 2 分子的数目为0.5N ，D错误。 A 10．C 【解析】实验室用MnO 和浓盐酸在加热条件下反应制取Cl ，该装置没有加热仪器，A错误；氯化 2 2 钙会与氨气反应，不能用氯化钙干燥氨气，应用碱石灰干燥，B错误；该装置为原电池，锌作为负极失 去电子，可以保护铁电极，属于牺牲阳极的阴极保护法，C正确；CO 会被碳酸钠溶液吸收，反应生成 2 NaHCO ，除去CO 中少量SO 应通入饱和碳酸氢钠溶液，D错误。 3 2 2 11．B 【解析】根据该化合物的结构可知，Z显+1价，即Z位于第ⅠA族，X、Y、Z的原子序数依次增大， 且属于前四周期主族元素，Z可能为Na，也可能为K，X形成2个共价键，则X位于第ⅥA族，推出 X为O，X、Y位于同一主族，则Y为S，从而确定Z为K。电子层数越多，粒子半径越大，电子层数 相同时，原子序数越大，离子半径越小，则简单离子半径大小顺序是r(S2−)＞r(K+)＞r(O2−)，A错误； 金属钾是非常活泼的金属，工业上制备金属钾，常通过电解熔融的氯化钾制得，B正确；S的氧化物有 SO 、SO ，SO 对应水化物为H SO ，H SO 属于中强酸，SO 对应水化物为H SO ，H SO 为强酸， 2 3 2 2 3 2 3 3 2 4 2 4 C错误；K是活泼金属，在自然界中以化合态形式存在，D错误。 12．D 【解析】由题意可知，电解时产品室中的(NH ) WO 转化为(NH ) (H W O )，故水解离出的H+向 4 2 4 4 6 2 12 40 右侧电极移动，右侧石墨电极为阴极，左侧石墨电极为阳极。阳极发生氧化反应，H O失电子变为O 2 2 理科综合 全解全析 第2页（共18页）和H+，酸性条件下NH 3 ·H 2 O与H+反应生成 NH 4  ，电极反应式表达正确，A正确；电解池中阴离子向 阳极移动，则OH−向左侧石墨电极迁移，进入碱室，阳离子向阴极移动，产品室中 NH 4  通过a膜（阳 离子交换膜）进入阴极室，与阴极上水得电子后生成的OH−结合生成NH ·H O，B正确；根据电解目 3 2 的可知，产品室获得(NH ) (H W O )，离子方程式表达正确，C正确；当外电路中通过4 mol电子时， 4 6 2 12 40 阴极上生成2 mol H 2 和4 mol OH−，通过a膜进入阴极室的 NH 4  有4 mol，所以阴极室质量变化为18 g·mol−1×4 mol−2 g·mol−1 × 2 mol=68 g，D错误。 13．C 【解析】根据图知，c点c(HA−)最大，c点为0.02 mol·L−1的NaHA溶液，c点溶液pH=6，溶液呈酸 性，说明HA−电离程度大于水解程度，b点溶液pH小于c点，说明向NaHA溶液中通入HCl，b点溶 液呈酸性，酸抑制水电离，d点溶液呈中性，中性溶液不影响水电离，所以水的电离程度：d点＞b点， c(H)c(HA) 102105 A错误；根据a点坐标(2，10−5)可知K （H A）= = ≈5×10−6，B错误；c点 a1 2 c(H A) 0.2105 2 溶液pH=6＜7，溶液呈酸性，说明HA−电离程度大于水解程度，则c(A2−)＞c(H A)，但其电离和水解程 2 度都较小，主要以盐电离产生的离子形式存在，所以c点溶液中微粒浓度大小关系为c(HA−)＞c(A2−) ＞c(H A)，C正确；d点溶液pH=7，溶液呈中性，c(H+)=c(OH−)，根据电荷守恒有： 2 c(HA−)+2c(A2−)+c(OH−)=c(H+)+c(Na+)，则存在c(HA−)+2c(A2−)=c(Na+)，D错误。 14．B 【解析】红外线光子能量不超过1.51 eV，氢原子从第3能级向下跃迁辐射的光子能量最小值为1.89 eV， 超过1.51 eV，故A错误；氢原子从第5能级跃迁到第4能级、从第4能级跃迁到第3能级、从第5能 级跃迁到第3能级辐射的光子能量值均小于1.51 V，故B正确；氢原子从基态跃迁到第4能级，再跃 迁到第3能级能够辐射红外线光子，从第1能级跃迁到第4能级需要吸收12.75 eV的能量，故C错误； 大量氢原子跃迁辐射的能量有可能达到可见光的能量范围（可见光的能量范围一般为1.62 eV~3.11 eV），故 D错误。故选B。 15．B 【解析】设每根斜杆上的作用力大小为 F ，根据人受力平衡可得 4Fcos30G ，解得 G 3G 3 F   ，可知每根斜杆受到地面的作用力大小为 G，A 错误，B 正确；每根斜杆受到 4cos30 6 6 3 1 3 地面的摩擦力大小为 f Fcos60 G  G，CD错误。故选B。 6 2 12 16．B【解析】第一宇宙速度是卫星围绕地球表运行的速度，是最大的运行速度，所以实验舱的线速度小于 第一宇宙速度，A 错误；问天实验舱每 90 分钟左右绕地球一圈，地球同步卫星每 24 小时围绕地球一 Mm M G maaG 圈，所以问天实验舱的角速度比地球同步卫星的大，B 正确；根据 r2 r2 ，问天实验 舱比同步卫星离地球近，所以加速度大于地球同步卫星的加速度，C错误；图中的三名航天员在实验舱 中“静止”不动，只是相对实验舱静止，其实，三名航天员和实验舱都在绕地球做匀速圆周运动，有指向 理科综合 全解全析 第3页（共18页）地球球心的向心力，所以不是处于平衡状态，D错误。故选B。 x 17．C【解析】由图可知⑤过程的位移最大，各段运动时间相同，由v  ，知⑤过程的平均速度最大；③ t 过程最近似于匀速直线运动，即速度大小和方向变化最小，平均加速度最小。故选C。 18．C【解析】原线圈的电压U 不变，故变压器的副线圈两端电压不变，当传感器R 所在处出现火情时， 1 2 温度升高，R 的阻值减小，通过副线圈的电流增大，由于变压器的匝数比不变，所以通过原线圈的电 2 流增大，电流表A 的示数增大；又由于通过R 的电流增大，R 两端电压增大，则U 减小，A 的示数 1 3 3 2 2 减小。故选C。 19．BD【解析】根据安培定则知a导线在M点的磁感应强度垂直纸面向外，大小为B，在N点的磁感应强 度垂直直面向里，大小为B，b导线在M点的磁感应强度水平向右，大小为2B，在N点的磁感应强度 水平向左，大小为2B，由磁场的叠加可知，M、N 两点磁感应强度方向相反，N 点的磁感应强度大小 为B = B2(2B）2  5B，故BD正确，AC错误。故选BD。 N Fkv2 20．CD【解析】复兴号动车组以恒定功率 P 在平直轨道上由静止启动，有PFv，a ，联立可得 m P kv2 v ，可知，在时间 t 内，复兴号动车组做加速度减小的加速运动，故 A 错误；速度最大时， a m P P 2v 牵引力与阻力大小相等，有P f v ，f kv2，联立可得k  ，f  ，当速度为 m 时的加速度 m m m m v3 m v 3 m m 2 P 2v  k m   2v  3  1 可表示为 m ，故B错误，C正确；启动过程，由动能定理得PtW  mv2 ， 3 19P 2 m a   m 18mv m 1 克服阻力做功为W=Pt mv2，故D正确。故选CD。 2 m BLv B2L2v F  ILB 1 LB  1 21．BC【解析】过程I中，导体棒速度为v 时，安培力 安 Rr Rr ，由牛顿第二定律 1 B2L2v B2L2v 1 mgsinma mgsin 2 ma 得 Rr 1 ，同理过程II中有 Rr 2 ，过程I中导体棒的平均加速 度大于过程 II 中导体棒的平均加速度，过程 I 和过程 II 中导体棒的位移大小相等，过程 I 导体棒运动 的时间小于过程 II 导体棒运动的时间。A 错误；过程 I 的平均速度大于过程 II 的平均速度，则过程 I 中克服安培力做的功大于过程II中克服安培力做的功，过程I电阻R产生的热量大于过程II电阻R产 生的热量。B正确；过程I导体棒运动的时间小于过程II导体棒运动的时间，过程I重力做功的绝对值 等于过程II重力做功的绝对值，过程I重力的平均功率大于过程II重力的平均功率，C正确；设过程I 理科综合 全解全析 第4页（共18页） 1  BLx  q   t   金属棒沿斜面上升的最大位移为 x，由 qIt ，又 t Rr Rr Rr 知，过程 I 通 过电阻R的电荷量等于过程I通过的I电阻R电荷量，D错误。故选BC。 22．（1）5.00（2分） （2）变小（2分） 先变小后变大（2分） 【解析】（1）弹簧测力计乙的最小分度值为0.1 N，应估读到0.01 N，读数是3.00 N，根据胡克定律可 得，弹簧AA′的拉力大小为F  kx  4000.01 N 4.00 N，OA、OC间夹角为90，由三力平衡原理 可 知 ， 弹 簧 秤 甲 的 读 数 等 于 弹 簧 AA′ 的 拉 力 与 弹 簧 秤 乙 的 拉 力 的 矢 量 和 ， 即 F  3.002 4.002 N5.00 N。 甲 （2）若保持OA与OB的夹角不变，逐渐增大OC与OA的夹角，甲、乙两弹簧测力计弹力的合力不变， 如图所示，则可知弹簧测力计甲的读数将变小，弹簧测力计乙的读数将先变小后变大。 23．（1）D（2分） E（2分） （2）变阻器2的阻值 （2分） （3）60（3分） 【解析】（1）在该实验中，首先要闭合 S ，断开 S ，调节变阻器 1，使得微安表 G 和 G 偏转到满刻 1 2 1 2 2 度的 以上（设为I ），然后闭合S ，保持变阻器1的电阻不变，调节变阻器2，使得微安表G读数为 1 2 3 I ，则通过变阻器 2 的电流为 I –I ，通过变阻器 2 的阻值以及电流关系可求解电流 G 的内阻；则认为 2 1 2 当闭合S 时，电路中的电流I 保持不变，这就需要变阻器1的阻值较大，因不需要读出变阻器1的阻 2 1 值，则变阻器1可选择阻值较大的D；变阻器2必须要用电阻箱，故选E； （2）由上述分析可知，实验时，除了微安表G 的示数I 和微安表 G 的示数I ，还需要记录的数据是 1 1 2 变阻器2的阻值； （3）将满偏电流为250 μA的电流计改装为0~15 V量程的电压表，当电流计读数为200 μA时，对应 U 12 的电压值为12 V，则待测电阻阻值为R  60 。 I 0.2 24．（1）v 4 5 m/s （2）H 4.8 m 2 【解析】（1）由题目可知物块乙刚好能到达半圆轨道的最高点E，此时由重力提供向心力，根据牛顿第 v2 二定律得mgm E （2分） R 解得v 4 m/s（1分） E 物块乙恰好能到达E点，根据机械能守恒定律得 1 1 mg2R mv2  mv2（2分） 2 E 2 2 理科综合 全解全析 第5页（共18页）解得v 4 5 m/s （1分） 2 （2）甲、乙发生弹性碰撞，设碰前甲的速度为v ，碰后甲的速度为v ，取向左为正方向，根据动量守 0 1 恒定律和机械能守恒定律分别有 mv mv mv （1分） 0 1 2 1 1 1 mv2  mv2 mv2（1分） 2 0 2 1 2 2 解得v 4 5 m/s（1分） 0 甲由开始下滑与乙相碰过程，根据动能定理得 H 1 mgHmgcos  mv2（2分） sin 2 0 解得H 4.8 m（1分） mv2     25．（1） 0 （2） 21 L （3） 2 2 L qL 【解析】（1）粒子在第一象限电场中做类平抛运动，如图所示。 竖直方向有Lv t（1分） 0 L v 水平方向有  xt（1分） 2 2 qE 又v  t（1分） x m mv2 联立解得E 0 （1分） qL （2）设粒子离开第一象限时，速度大小为v，方向与y轴正方向的夹角为，则速度大小 v v2v2 （1分） 0 x 解得v 2v （1分） 0 v 由几何关系得tan x （1分） v 0 解得45 理科综合 全解全析 第6页（共18页）v2 设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r，由牛顿第二定律得qvBm （1分） 1 r 1 解得r  2L（1分） 1 则圆心恰好落在x轴上。粒子第一次与x轴相交时到坐标原点的距离 d r r cos45（1分） 1 1 1   解得d  21 L（1分） 1 （3）由解析图可知，粒子第一次进入第三象限时的速度大小为v v 2v （1分） 3 0 方向竖直向下，可在水平方向上配上水平向左的速度v 和水平向右的速度v ，使v 满足 1 2 1 qvB 2qE（1分） 1 由此可知v v  2v （1分） 1 2 0 v 与v 的合速度大小v  v2v2 2v （1分） 3 2 4 3 2 0 与x轴方向的夹角45（1分） 所以粒子进入第三象限后以v 做匀速圆周运动的同时，以v 向左做匀速直线运动。设粒子做匀速圆周 4 1 v2 运动的半径为r ，由牛顿第二定律得qv Bm 4 （1分） 2 4 r 2 解得r 2L（1分） 2 由几何关系得d r r cos45（1分） 2 2 2   解得d  2 2 L（1分） 2 26．（14分） （1）恒压滴液漏斗（或恒压分液漏斗）（1分） （2）缓慢滴加H O 溶液（或控制H O 的滴加速度）（2分） 2 2 2 2 （3）防止杂质离子Fe3催化H O 分解（2分） 2Fe33CO23H O2FeOH 3CO  2 2 3 2 3 2 （2分） （4）淀粉溶液（2分） 滴入最后一滴（或半滴）Na S O 标准溶液，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内 2 2 3 不恢复（2分） （5）偏小（1分） （6）28.9（2分） 【解析】（1）装置中仪器A的名称为恒压滴液漏斗（或恒压分液漏斗）。 （2）制备过程中，因为H O 受热易分解，所以需控制反应的温度，除了用冷水浴冷却控温外，还可以 2 2 减慢H O 的滴加速度，从而减慢反应速率，防止一次性放出大量的热。 2 2 理科综合 全解全析 第7页（共18页）（3）过碳酸钠的漂白性是由于过氧化氢的存在，而Fe3可作为H O 分解反应的催化剂，为防止杂质离 2 2 子Fe3催化H O 分解，需除去原料中含有的少量Fe3；过碳酸钠具有去污能力是因为含有碳酸钠成分， 2 2 CO2水解使溶液显碱性，油污在碱性条件下水解，而Fe3能与CO2发生相互促进的水解反应： 3 3 2Fe33CO23H O2FeOH 3CO ，为防止Fe3的存在削弱产品的去污能力，需除去原料中 3 2 3 2 含有的少量Fe3。 （4）过碳酸钠中的过氧化氢与过量的KI充分反应，将KI氧化为I ，再用Na S O 标准溶液滴定I ，发 2 2 2 3 2 生反应2Na S O I Na S O 2NaI，因为碘单质遇淀粉变蓝，所以选择淀粉溶液作为指示剂； 当 2 2 3 2 2 4 6 溶液蓝色褪去，证明I 已经完全反应，故滴定终点的现象为当滴入最后一滴（或半滴）Na S O 标准溶 2 2 2 3 液，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内不恢复。 （5）在暗处放置10 min，是为了让过氧化氢与I充分反应，若立即进行滴定，过氧化氢未完全反应， 生成的I 量少，会导致测得结果偏小。 2 （6）滴定过程中发生了两个反应，①H O 2I 2H I 2H O，②2Na S O I Na S O 2NaI， 2 2 2 2 2 2 3 2 2 4 6 消耗的Na S O 的物质的量为n(Na S O )=0.100 0 mol·L−1×17.00 mL×10−3 L·mL−1=1.7×10−3 mol，结合反 2 2 3 2 2 3 1 1 应可得关系式H O ~I ~2Na S O ，则nH O  nNa S O  1.7103mol8.5104mol，产 2 2 2 2 2 3 2 2 2 2 2 3 2 8.5104 mol34gmol1 品中H O 的质量分数为 100%28.9%。 2 2 0.1g 27．（15分） （1）第五周期第ⅣA族（1分） （2）SO （1分） 酸雨（1分） 2 焙烧 （3）Na CO +WO Na WO +CO ↑（2分） 2 3 3 2 4 2 （4）过滤（1分） 取最后一次洗涤液少许于一试管中，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，若无明显现 象，说明沉淀洗涤干净（2分） 熔炼 （5）SnO +2C Sn+2CO（2分） 2 高温 （6）3Fe+4H O(g) Fe O +4H （2分） 2 3 4 2 理科综合 全解全析 第8页（共18页）（7）阳（1分） 1.85（2分） 【解析】由题干流程图及已知信息可知，“氧化焙烧”后得到Sn、W、S、Si、Cu、Pb、Fe、Zn等元素的 氧化物SnO 、WO 、SO 、SiO 、CuO、PbO 、Fe O 、ZnO等，再与Na CO 一起焙烧，得到Na WO 、 2 3 2 2 2 2 3 2 3 2 4 Na SiO ，水浸并过滤，得到的滤液主要是Na WO 溶液，由已知信息可知滤渣的成分为SnO 、Fe O 、 2 3 2 4 2 2 3 SiO 、PbO 等，滤渣与C和CaCO 还原熔炼，则将SnO 、Fe O 、PbO 分别还原成Sn、Fe和Pb，SiO 2 2 3 2 2 3 2 2 与CaCO 转化为CaSiO ，将硬头进一步冶炼得到粗锡（90%），粗锡（90%）经过熔析除去Fe、Zn、 3 3 Pb等，得到97%的粗锡，然后进行电解精炼即可得到精锡，据此分析解题。 （1）由题干信息可知Sn为50号元素，36＜50＜54，说明Sn在第五周期第50−36=14列，即第Ⅳ族， 即Sn在元素周期表种的位置为第五周期第ⅣA族。 （2）由题干已知信息Ⅰ可知，精锡矿的成分中只有S的氧化物为气体，则氧化焙烧产生的气体为SO ， 2 SO 可造成的环境问题是酸雨。 2 （3）根据流程图可知，加Na CO 焙烧时，Na CO 与WO 反应生成Na WO ，故该反应的化学方程式 2 3 2 3 3 2 4 焙烧 为Na CO +WO Na WO +CO ↑。 2 3 3 2 4 2 （4）由题干流程图可知，操作Ⅰ后得到滤渣和溶液，则操作Ⅰ的名称是过滤，洗涤CaWO 沉淀，判断是 4 否洗净的方法是检验最后一次洗涤液中是否含有Cl−即可，故检验的方法为：取最后一次洗涤液少许于 一试管中，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，若无明显现象，说明沉淀洗涤干净。 （5）还原熔炼时，SnO 转化为Sn，同时还生成一种可燃性气体即为CO，即SnO 和C反应生成Sn和 2 2 熔炼 CO，根据氧化还原反应规律配平可得该反应的化学方程式为：SnO +2C Sn+2CO。 2 （6）已知Fe在高温时可与水蒸气反应生成Fe O 和H ，则该反应的化学方程式为 3 4 2 高温 3Fe+4H O(g) Fe O +4H 。 2 3 4 2 （7）根据铜的精炼可知，用含SnSiF 、H SiF 、H SO 的混合液作电解液电解精炼Sn时，粗锡作阳极， 6 2 6 2 4 维持电流强度为10A，电解池工作5 min，根据阴极电极反应式Sn2++2e−=Sn可知，理论上产生Sn的质 10560 1 量为： mol 119gmol1=1.85 g。 96500 2 28．（14分） （1）−738 kJ·mol−1（2分） （2）AC（2分） <（2分） >（2分） （3）n（2分） 直线n斜率大（或直线n斜率绝对值小或直线n较m平缓），对应E 小，反应 a 理科综合 全解全析 第9页（共18页）速率快，催化效率高（2分） （4）随温度升高，催化剂活性降低，反应速率减慢，相同时间内生成的CO 的物质的量减少（或温度 2 高于T℃时反应达平衡，温度升高，平衡逆向移动，CO 的物质的量减小）（2分） 2 【解析】（1）①2CO(g)+O(g) 2CO(g) ΔH= −558 kJ·mol−1 ；②N(g)+O(g) 2NO(g) 2 2 1 2 2 ΔH = +180 kJ·mol−1。根据盖斯定律，由①−②得2CO(g)+2NO(g) 2CO (g)+N (g) 2 2 2 ΔH= −558 kJ·mol−1 −180 kJ·mol−1 = −738 kJ·mol−1。 （2）①断裂2 mol 的同时生成4 mol C=O，不能说明正逆反应速率相等，反应不一定达到平衡， A符合题意；该反应是气体分子数减小的反应，压强是变量，压强不再变化，反应一定达到平衡状态， B不符合题意；反应前后气体总质量不变、容器体积不变，密度是恒量，混合气体的密度不再变化，反 应不一定达到平衡，C符合题意；随反应进行，CO 的体积分数增大，若CO 的体积分数不再变化， 2 2 反应一定达到平衡状态，D不符合题意。 ②正反应为气体分子数减小的反应，增大压强平衡正向移动，CO 的体积分数增大，故压强p

K 。 a b （3）根据题意，直线的斜率为−E ，E 的值越大，对应直线与横轴的夹角越大，直线n较m平缓，可知 a a n对应的E 小，反应速率快，所以催化效率高的是n。 a （4）高于T ℃时催化剂活性降低，反应速率减慢，相同时间内生成的CO 的物质的量减少，所以当温 2 度高于T ℃时n(CO )下降；温度高于T ℃，反应达平衡，温度升高，平衡逆向移动，所以当温度高于 2 T ℃时n(CO )下降。 2 29．（9分） （1）单独种植大豆（1分） 不是（1分） （2）数量（1分） 淀粉粒面积/叶绿体面积（1分） 吸光率（或OD值或光密度值或吸光 度）（1分） （3）维持渗透压（或维持叶绿体正常形态）（1分） A（1分） （4）ATP（ADP）、叶绿素、光合酶、NADPH（NADP+）、磷脂（任答3点即可，答出2点给1分，答 出3点及以上给2分） 【解析】（1）根据题意分析可知，科研人员在不同行间距的玉米行间播种大豆，形成不同遮阴强度的实 验组，以单独种植大豆为对照组，研究遮阴对大豆叶片叶绿体结构及光合特性的影响。A、B组虽然气孔 导度小，但实际上A、B组胞间二氧化碳浓度大于对照组，因此，气孔导度不是导致对照组净光合速率 大于A、B组的主要因素，光照强度才是。（2）叶绿体基粒是吸收并转化光能的结构，随着遮阴增加， 叶绿体的基粒厚度和数量增加，从而使光合作用的膜面积增加，以增强叶绿体对光能的吸收和利用。随 理科综合 全解全析 第10页（共18页）着遮阴增加，三碳糖的输出受阻导致叶绿体内淀粉粒面积/叶绿体面积也显著增加。为了探究随着遮阴增 加叶绿素的含量是否增加，可以通过测量三组大豆叶片光合色素提取液的吸光率来确定。（3）若要进一 步测定叶绿体活力变化，可取新鲜大豆叶，在低温环境下，加入适量磷酸缓冲液维持pH，加入适量蔗糖 溶液维持渗透压，经过捣碎、过滤、离心得到叶绿体。接着，在室温环境下，进行叶绿体活力测定，以 保证叶绿体内相关酶处于较为合适的温度下，保持较高活性，故选A。（4）大豆根部有根瘤菌共生，可 把空气中游离的氮气转变为化合态，作物吸收的氮可用于光合作用过程中ATP（ADP）、叶绿素、光合酶、 NADPH（NADP+）、磷脂等物质的合成。 30．（8分） （1）组织细胞加速摄取、利用和储存葡萄糖（1分） 胰岛素的分泌不经过胰管（1分） （2）激素（一经靶细胞接受并起）作用后就被灭活了（1分） （3）①10（1分） ②用血糖测定仪测量各组大鼠的初始血糖浓度，并进行统计分析取平均值（2分） ③适量的芹菜素（1分） 等量的生理盐水（1分） 【解析】（1）胰岛素是体内唯一能够降低血糖浓度的激素，它通过促进组织细胞加速摄取、利用和储存 葡萄糖，从而使血糖水平降低；结扎胰管引起胰腺萎缩，但胰岛保持完好，即分泌胰岛素的胰岛仍能保 持正常的结构和功能，胰岛B细胞分泌的胰岛素必须经过体液运输，才能到达靶细胞和靶器官，结扎胰 管的狗不患糖尿病，说明胰岛素的分泌不经过胰管。（2）由于激素一经靶细胞接受并起作用后就被灭活 了，因此虽然胰岛B细胞时刻在分泌胰岛素，但胰岛素的浓度却可以维持相对稳定。（3）分析题意可知， 该实验的自变量是芹菜素的有无，因变量是糖尿病大鼠的血糖浓度，实验设计应遵循对照与单一变量原 则，故可设计实验如下：①取10只健康大鼠作为甲组，将实验Ⅰ制备的糖尿病大鼠随机均分为乙、丙两 组（每组10只）；②在实验前需要用血糖测定仪测定三组大鼠的初始血糖浓度并进行统计分析取平均值， 并记录。③每天对乙组的每只大鼠灌喂适量芹菜素，连续灌喂4周；每天对甲组和丙组的每只大鼠灌喂 等量生理盐水，连续灌喂4周。期间各组大鼠均饲喂普通饲料，自由饮食。④4周后，用血糖测定仪测 定各组大鼠的血糖浓度，并进行统计分析取平均值。 31．（9分） （1）竞争和捕食（1分） 调整能量流动关系，使能量更多地流向对人类最有益的部分（1分） （2）营养结构（1分） （3）太阳能（阳光）、饵料（1分） 降低（1分） （4）调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定（1分） （5）杂草密度降低，减少了与水稻的竞争，水稻因而得到更多的光、CO 和无机盐用于生长（1分）；河 2 蟹捕食稻田害虫，减少了害虫对水稻的取食和危害，增加了水稻产量（1分）；残饵经过微生物的分解作 理科综合 全解全析 第11页（共18页）用，提高了土壤肥力（1分）（共3分） 【解析】（1）河蟹会捕食水稻害虫，同时它们都吃杂草，故两者的种间关系是竞争和捕食。稻蟹共生稻 田生态系统中，增加了河蟹这一营养级，使杂草的能量更多地流向了河蟹，最终流向了人，故养殖河蟹 的意义在于调整能量流动关系，使能量更多地流向对人类最有益的部分。（2）与单作稻田比，稻蟹共生 稻田生态系统的营养结构更复杂，因此其稳定性更高。（3）该稻蟹共生稻田生态系统的能量来源有阳光、 饵料。若河蟹感染某种病菌大量死亡，则杂草和水稻害虫增加，水稻的产量会降低。（4）稻螟和稻飞虱 的蛾虫被蛛网粘住后，引起蛛网振动，从而被蜘蛛捕食，这说明信息传递在生态系统中的作用是调节生 物的种间关系，以维持生态系统的稳定。（5）稻田引入河蟹后，杂草密度降低，减少了与水稻的竞争， 水稻因而得到更多的光、CO 和无机盐用于生长；河蟹捕食稻田害虫，减少了害虫对水稻的取食和危害， 2 增加了水稻产量；残饵经过微生物的分解作用，提高了土壤肥力。因此稻田引入河蟹后，水稻产量得到 提高。 32．（13分） （1）①EETT×EEtt（1分） EETT×eett（1分） ②eeTt×Eett或eeTt×eett或eeTt×EEtt（2分） （2）①易感、抗病（1分） ②两（1分） 非同源（1分） 一对（1分） ③2号（1分） F 抗病个体的STR与亲本甲2号染色体相同，与14号染色体上的STR无关联（2分） 2 （3）常（1分） 灰体与黑体的遗传不与性别相关联（或每种性状中雌雄比例相同）（1分） 【解析】（1）①选取纯合的雌雄同株（EETT）和纯合的雌株（EEtt或eett）进行杂交，得到F ，F 自交 1 1 得到F 。如果F 没有雄株（eeT_ ）个体出现，则F 的基因型为EETt，亲本的基因型为EETT×EEtt；如 2 2 1 果F 有雄株个体出现，则F 的基因型为EeTt，则亲本的基因型是EETT×eett。②若一株雄株（eeT_）与 2 1 一株雌株（E_tt或eett）杂交，后代雌株（E_tt或eett）占1/2，则亲本雄株的基因型一定为eeTt，故亲 本的基因型为eeTt×Eett或eeTt×eett或eeTt×EEtt。（2）①实验一中，甲×易感，F 全部是易感，F 自交 1 1 所得F 中抗病∶易感=101∶318≈1∶3，说明易感为显性，抗病为隐性；实验二中，乙×易感，F 全部是 2 1 抗病，F 自交所得F 中抗病∶易感=246∶83≈3∶1，说明抗病为显性，易感为隐性。②若F 均抗病，F 1 2 1 2 抗病∶易感=13∶3，说明两品种抗病性状的遗传是由两对等位基因控制的，且位于非同源染色体上；若 F 、F 均抗病，则说明甲、乙两品种抗性基因可能是同一位点上的两个突变基因（复等位基因）或同一 1 2 对染色体上不发生交叉互换的两个突变基因。③分析电泳图可知，F 抗病个体的STR与亲本甲2号染色 2 体相同，与14号染色体上的STR无关联，说明品种甲抗性基因在2号染色体上。（3）根据图中的比例 可以判断该等位基因位于常染色体上，理由是子代表现型与性别无关。 33．（1）BCD（5 分）【解析】因为气体分子间距较大，所以只知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不 能计算出阿伏加德罗常数，故A错误；水黾能停于水面上，是液体表面张力作用的结果，故B正确； 晶体分为单晶体和多晶体，晶体都有固定熔点，多晶体物理性质各向同性，没有固定的几何形状，单 理科综合 全解全析 第12页（共18页）晶体一定具有规则的几何外形和物理性质的各向异性，故 C 正确；空气的相对湿度即空气中水蒸气的 压强与同一温度下水的饱和汽压的差距能影响蒸发快慢，故 D 正确；根据热力学第二定律可知，与热 现象有关的宏观过程具有方向性，故不能将散失的能量重新聚集利用而不引起其他变化，E错误。故选 BCD。 2 p ST （2）（ⅰ）T  T （ⅱ）T  0 1 2 3 1 3 3(p Smg) 0 【解析】（ⅰ）活塞被卡子托住前，气体经历等压变化，设活塞刚接触卡子时气体的温度为 T ，根据盖— 2 V V 吕萨克定律有 1  2 （1分） T T 1 2 式中V SL ，V SL （1分） 1 1 2 2  1 2 根据题意L 1 L  L （1分） 2  3 1 3 1 2 联立解得T  T （2分） 2 3 1 （ⅱ）活塞被卡子托住后，再降低温度，气体经历等容变化 p p 根据查理定律有 2  3 （1分） T T 2 3 1 式中p  p （1分） 3 2 0 mg 根据活塞受力平衡，有 p  p  （2分） 2 0 S p ST 联立可得T  0 1 （1分） 3 3(p Smg) 0 34．（1）0.8（2分） 下（1分） 0.67（2分）  1 【解析】该简谐波的波长为4 m，则周期是T  =0.8 s，经过t 5 s波传播的距离为x=vt=25m=6 λ， v 4 可知波沿 x 轴负方向传播，则t0时刻，质点 a 的振动方向是竖直向下；质点 a 从此时刻起到第一次 10 s 运动到波峰，波沿x轴负方向传播s  m，经过的时间是t'  0.67 s。 3 v 31 ( 6 2)R （2）（ⅰ） （ⅱ） 2 c 【解析】（ⅰ）根据题意可得，光路如图所示 理科综合 全解全析 第13页（共18页）2 AD 2 根据题意可知AD R，则cosOAD  （1分） 2 AO 2 故iOADBCODOA45（1分） sini 根据折射定律有n （1分） sinr 可得r 30 则ABC BCOr 15（1分） sin 根据折射定律有n （1分） sinABC 31 故出射角的正弦值为sin （1分） 2 2 （ⅱ）由几何知识可知BEOD AD R（1分） 2 BE 则光在玻璃柱体中的路程为s ( 31)R（1分） cosABC c 2 光在玻璃柱体中的速度为v  c（1分） n 2 s ( 6 2)R 则光穿越玻璃柱体的时间为t  （1分） v c 35．（15分） （1）1s22s22p63s23p3或[Ne]3s23p3（2分） 3（2分） （2）>（2分） （3）氯化铝属于分子晶体，状态改变时只需要克服分子间作用力（2分） Cl（2分） 平 面三角形（2分） 三角锥形（1分） 1 1 1 （4）（ ， ， ）（2分） 4 4 4 【解析】（1）P的原子序数为15，其基态原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p3或[Ne]3s23p3。 基态砷原子的核外电子排布式为[Ar]3d104s24p3，价电子中有3个未成对电子。 （2）同周期主族元素从左到右第一电离能呈增大趋势，但第ⅡA族和第ⅤA族元素最外层电子处于全满、 半满状态，较稳定，第一电离能比同周期相邻元素的第一电离能大，故第一电离能：As>Se。 （3）①氯化铝属于分子晶体，状态改变时只需要克服分子间作用力； ② ，由图可知提供孤电子对的原子是氯原子； ③由价层电子对互斥理论可知，氯化铝的中心原子Al的价层电子对数是3，孤电子对数为0，空间构型 是平面三角形；由价层电子对互斥理论可知，三氯化砷的中心原子As的价层电子对数是4，孤电子对 理科综合 全解全析 第14页（共18页）数为1，空间构型是三角锥形。 （4）由图2可知a点原子位于底面的面心，b点原子位于晶胞内部，位于Ga原子构成的正四面体的体 1 1 1 心，所以b点原子的分数坐标为（ ， ， ）。 4 4 4 36．（15分） （1）酯基、（酚）羟基、酰胺基（2分） （2） （2分） 还原反应（2分） （3） （或 ）（2分） （4）10（2分） （5） （2分） （6） （3分） 【解析】A和CH OH在酸性条件下反应生成B（ ），则A为 ；B和 3 理科综合 全解全析 第15页（共18页）发生取代反应生成C（ ）；C和BrCH CH=CH 发生取代反应生成D（ ）； 2 2 D受热发生异构，转化为E（ ）；E再被氧化为F（ ）；F被还原 为G（ ）；G再转化为H（ ）。 （1）有机物C含有的官能团为酯基、（酚）羟基、酰胺基。 （2）由分析可知，A的结构简式为 ；F→G的反应中，F中的醛基转化为羟基，则该反应为 还原反应。 （3）C和BrCH CH=CH 发生取代反应生成D，该反应的化学方程式为 2 2 （或 ）。 （4）M能使FeCl 溶液显色，说明M含有酚羟基，能发生银镜反应和水解反应，说明M为甲酸酯，则 3 M的结构中，苯环上的取代基有—NH 、—OH、—OOCH，则M的结构有以下几种情况：①—NH 、 2 2 理科综合 全解全析 第16页（共18页）—OH处于邻位，苯环上有4种氢原子，则—OOCH可以有4个位置，即共有4种结构；②—NH 、—OH 2 处于间位，苯环上有4种氢原子，则—OOCH可以有4个位置，即共有4种结构；③—NH 、—OH处 2 于对位，苯环上有2种氢原子，则—OOCH可以有2个位置，即共有2种结构；综上所述，符合条件 的M的同分异构体共有10种。 （5）α−氨基酸中的—NH 和—COOH连接在同一个碳原子上，核磁共振氢谱有6组峰，且峰面积之比 2 为2∶2∶2∶1∶1∶1的B的同分异构体为 。 （6）结合C→F的转化过程，可以推出以苯酚和CH =CHCH Cl为原料合成 的路 2 2 线为 。 37．（15分） （1）酪蛋白胨、牛肉提取物、酵母提取物、柠檬酸二铵（2分） 高压蒸汽灭菌法（2分） （2）稀释涂布平板法（2分） 无氧（2分） （3）琼脂（2分） 对照组培养基中未接种乳酸菌，无乳酸菌生长（2分） （4）乳酸菌大量繁殖，将苜蓿中的大分子物质分解成多种小分子物质，营养成分增加，并产生乳酸，抑 制了其他微生物的生长（3分） 【解析】（1）氮源是指能为微生物提供所需氮元素的营养物质，培养基中一般含有水、碳源、氮源和无 机盐，该培养基中可提供氮源的组分是酪蛋白胨、牛肉提取物、酵母提取物、柠檬酸二铵（C H N O ）； 6 14 2 7 培养基灭菌通常采用的方法是高压蒸汽灭菌法。（2）最初从青贮饲料中分离不同乳酸菌的接种方法是稀 释涂布平板法；乳酸菌是厌氧菌，故分离得到的不同乳酸菌菌株需要在无氧条件下培养。（3）为测定分 离得到的3株乳酸菌的生长情况，仍可用（1）中培养基的主要组分，此时需要对菌株进行扩大培养，故 需除去的培养基组分是琼脂，将培养基配制成液体培养基；由图分析可知，对照组的生长曲线未在坐标 图中表示出的原因是对照组培养基中未接种乳酸菌，无乳酸菌生长。（4）加入优良菌种后的苜蓿青贮过 程中，由于乳酸菌大量繁殖，将苜蓿中的大分子物质分解成多种小分子物质，营养成分增加，并产生乳 酸，抑制了其他微生物的生长。 38．（15分） （1）细胞的全能性（2分） 脱分化（2分） （2）消毒（2分） 蒸馏水（2分） 理科综合 全解全析 第17页（共18页）（3）秋水仙素（2分） （4）植物体细胞杂交（2分） 克服远缘杂交不亲和的障碍（3分） 【解析】（1）图示过程为植物组织培养，利用的原理是细胞的全能性；a过程表示脱分化。（2）接种前 常用酒精和次氯酸钠溶液对外植体进行消毒，使用酒精和次氯酸钠溶液后需及时用蒸馏水进行消洗，以 免酒精或次氯酸钠长时间作用损伤细胞。（3）培育多倍体，可以使用秋水仙素处理红豆杉的愈伤组织， 秋水仙素可以抑制纺锤体的形成，从而使染色体数目加倍，再经培养获得多倍体植株，也可以通过诱导 红豆杉细胞融合，再经培养获得多倍体植株。（4）欲获得既能产生紫杉醇又能产生物质X的植株，可利 用植物体细胞杂交技术获得杂种植株，该技术的优点是克服远缘杂交不亲和的障碍。 理科综合 全解全析 第18页（共18页）