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2016年天津市高考物理试卷解析——资深高三老师讲解
一、单项选择题（每小题6分，共30分）
每题只有一个正确选项。
题目1
内容：我国成功研发的反隐身先进米波雷达，发射无线电波的波长在1~10m范围内。判断正确的是：
A. 米波的频率比厘米波频率高
B. 和机械波一样须靠介质传播
C. 同光波一样会发生反射现象
D. 不可能产生干涉和衍射现象
答案：C
解析：
本题考查电磁波的基本性质。根据公式 （v为波速，λ为波长），波长越长，频率越低。米波波长
（1~10m）大于厘米波，因此米波频率较低，A错误。
无线电波是电磁波，可在真空中传播，不需介质；机械波（如声波）需介质传播，B错误。
无线电波与光波均为电磁波，都能发生反射、折射等现象，C正确。
干涉和衍射是波的特有现象，电磁波也能发生，D错误。
关键点：电磁波与机械波的区别，以及波的基本特性。
题目2内容：如图是a、b两光经过同一双缝干涉装置形成的干涉图样。判断正确的是：
A. 在同种均匀介质中，a光的传播速度比b光大
B. 从同种介质射入真空发生全反射时a光临界角大
C. 照射同一金属板发生光电效应时，a光的饱和电流大
D. 若两光均由氢原子能级跃迁产生，产生a光的能级能量差大
答案：D
解析：
由干涉图样可知，a光条纹间距小于b光，根据双缝干涉公式 ，a光波长较小，频率较高。
频率高的光折射率大（n大）。由 知，在同种介质中，a光传播速度较小，A错误。
全反射临界角公式 ，n越大临界角越小，a光临界角小，B错误。
光电效应的饱和电流与光强有关，与频率无关，无法比较，C错误。
a光频率高，光子能量大，若由氢原子跃迁产生，则能级差大，D正确。
关键点：干涉条纹间距与波长的关系，以及光频对折射率、速度、临界角及能量的影响。
题目3
内容：为实现“神州十一号”与“天宫二号”对接，措施可行的是：
A. 同一轨道上飞船加速对接
B. 同一轨道上空间实验室减速对接
C. 飞船在低轨道加速后靠近对接
D. 飞船在低轨道减速后靠近对接
答案：C
解析：
卫星对接需通过变轨实现。同一轨道上加速会离心至高轨道，减速会向心至低轨道，无法对接，A、B错误。
飞船在低轨道加速时，所需向心力增大，做离心运动靠近高轨道空间实验室，速度接近时可对接，C正确。
低轨道减速会向心至更低轨道，无法对接，D错误。
关键点：卫星变轨原理——加速离心、减速向心。
题目4
内容：平行板电容器与静电计相连，极板带等量异种电荷，点电荷固定于P点。上极板下移后，判断θ（静电计偏
角）、E（场强）、E_p（P点电势能）的变化：
A. θ增大，E增大
B. θ增大，E_p不变
C. θ减小，E_p增大
D. θ减小，E不变
答案：D
解析：
电容器断电后电量Q不变。上极板下移，板间距d减小，由电容决定式 知C增大；由 知电压
U减小，静电计偏角θ减小。场强 ，与d无关，故E不变。
P点电势φ_P = E·L（L为P到下极板距离），E不变则φ_P不变，电势能E_p = qφ_P亦不变。
关键点：电容器动态问题中，断电时Q不变，场强E与d无关。
题目5
内容：理想变压器原线圈接交流电源，滑动触头P上滑时，判断电表示数变化：
A. R₁消耗功率变大
B. 电压表V示数变大
C. 电流表A₁示数变大
D. 闭合开关S，A₁、A₂示数均变大
答案：B
解析：
P上滑→滑动变阻器阻值变大→副线圈总电流变小→R₁分压变小，但电压表V测的是电源电压减去R₁分压，故V
示数变大，B正确。
副线圈电流变小，输出功率变小，输入功率随之变小，原线圈电流A₁示数变小，C错误。
R₁功率P = I²R，电流变小，功率变小，A错误。
闭合S，副线圈负载电阻变小，电流变大，但R₁分压增大，R₂分压减小，A₂示数可能变小，D错误。
关键点：变压器动态分析需结合欧姆定律和功率守恒。
二、不定向选择题（每小题6分，共18分）
每题有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全得3分。
题目6
内容：下列说法符合事实的是：
A. 赫兹证实麦克斯韦光的电磁理论
B. 查德威克用α粒子轰击⁷₁₄N获⁸₁₇O，发现中子
C. 贝克勒尔发现天然放射性，说明原子核有复杂结构
D. 卢瑟福研究阴极射线提出核式结构模型
答案：A、C
解析：
A正确：赫兹实验证实电磁波存在。
B错误：查德威克用α粒子轰击铍核发现中子，非氮核。
C正确：天然放射性表明原子核可分裂，有内部结构。
D错误：卢瑟福通过α粒子散射实验提出核式模型，阴极射线研究由汤姆孙进行。
关键点：重要物理学史事件及发现内容。
题目7内容：波源在O点做简谐运动 ，波沿x轴正方向传播，某时刻波传至x=12m处，波形图如图。判
断：
A. 再经6s波传至x=24m处
B. M点在第3s末振动方向沿y轴正方向
C. 波源起振方向沿y轴负方向
D. M点第一次到y=–3m处需2s
答案：A、B
解析：
由表达式知周期T = 4s，波形图知波长λ = 8m，波速v = λ/T = 2m/s。再经6s波传播距离x = vt = 12m，故传至
24m处，A正确。
M点此时向下振动，第3s末（0.75T后）方向向上，B正确。
波传至x=12m处质点向上振动，故波源起振方向向上，C错误。
M点到y=–3m需时非整数周期，计算得t ≠ 2s，D错误。
关键点：波动方程、波形图与质点振动方向的结合。
题目8
内容：高铁动车组由8节车厢组成（第1、5节为动车），阻力与车重成正比。判断：
A. 启动时乘客受车厢作用力与车运动方向相反
B. 匀加速时第5、6节与第6、7节车厢作用力之比3:2
C. 进站关闭发动机后滑行距离与关闭时速度成正比
D. 改为4动车4拖车时最大速度之比1:2
答案：B、D
解析：
A错误：启动时加速度向前，乘客受力向前。
B正确：对整个车和部分车厢受力分析，得作用力比3:2。
C错误：由动能定理，滑行距离s ∝ v²，非正比。
D正确：由P = F阻·v_max，动车数增倍则最大速度增倍。
关键点：牛顿第二定律、功率与速度关系。
三、解答题（共66分）
需写出解题过程。
题目9（6分）
内容：方盒A（质量2m）静止于光滑水平面，滑块B（质量m）以速度v向左运动，与盒碰撞无机械能损失。滑块
最终相对盒静止，求盒的速度大小及滑块相对盒运动路程。
答案：
盒的速度大小：滑块相对盒运动路程：
解析：
系统动量守恒： 共，得 共 。
能量守恒：初始动能 ，最终动能 ，损失动能转化为内能： 。
解得 。
关键点：动量守恒与能量守恒的结合应用。
题目10（6分）
内容：研究小车匀变速直线运动。
①必要措施：
A. 细线与长木板平行
B. 先通电再释车
C. 小车质量远大于钩码质量
D. 平衡摩擦力
②频率50Hz，纸带部分计数点间距如图，求加速度a和B点速度v_B。
答案：
① A、B
② a = 0.80 m/s²，v_B = 0.40 m/s
解析：
① A、B正确：细线平行保证拉力恒定；先通电保证打点稳定。C、D不必要，因本实验仅研究匀变速运动，无
需满足质量条件或平衡摩擦。
② 由逐差法：
B点速度v_B = AC段平均速度：
关键点：匀变速运动实验中数据处理方法（逐差法、平均速度法）。
题目11（6分）
内容：描绘小灯泡L（3.8V, 0.3A）伏安特性曲线。
①设计电路图。②I-U图象应为图中哪个？
答案：
① 电路图如图（电压表V₁与定值电阻R₅串联扩量程，电流表A₁与R₄并联扩量程，滑动变阻器分压接法，电流
表外接）。
② B
解析：
① 灯泡额定电压3.8V > V₁量程（3V），故用V₁与R₅（1kΩ）串联扩至4V量程；额定电流0.3A > A₁量程
（200mA），故用A₁与R₄（10Ω）并联扩至0.4A。滑动变阻器分压接法保证调节范围广，电流表外接因灯泡电
阻较小。
② 灯泡电阻随温度升高而增大，I-U图象斜率减小，故B正确（曲线斜率表电阻倒数）。
关键点：电表改装原理及伏安特性曲线特点。
题目12（16分）
内容：运动员从AB段由静止匀加速下滑，H=48m，v_B=24m/s。BC段弯曲，h=5m，阻力做功W=–1530J。
g=10m/s²。
(1) 求AB段阻力F_f大小。
(2) 若运动员能承受最大压力为重力的6倍，求C点圆弧半径R最小值。
答案：
(1) F_f = 144 N
(2) R = 12.5 m
解析：
(1) AB段：由运动学公式 ，及几何关系 ，牛顿第二定律 。联立解得
。
(2) B到C：由动能定理 ，得v_C。在C点：牛顿第二定律 ，当F_N
= 6mg时解得R_min = 12.5 m。
关键点：牛顿定律、动能定理及圆周运动向心力的综合应用。
题目13（18分）
内容：带正电小球在匀强电场（E=5√3 N/C）和磁场（B=0.5 T）中做匀速直线运动。撤磁场后求：
(1) 匀速运动时速度v大小和方向。
(2) 撤磁场后小球再次穿过P点所在电场线的时间t。
答案：
(1) v = 20 m/s，方向与电场方向夹角60°
(2) t = 2√3 s
解析：(1) 匀速时三力平衡：重力mg、电场力qE、洛伦兹力qvB。由矢量图得 ，解得v=20
m/s，方向满足 ，故θ=60°。
(2) 撤磁场后，电场力不影响竖直分运动。竖直初速度v_y = v sinθ，竖直上抛至位移为零： ，解
得t=2√3 s。
关键点：带电粒子在复合场中的平衡运动及分运动分析。
题目14（20分）
内容：电磁缓速器模型，铝条固定于斜面（倾角θ），磁铁匀速穿过铝条。铝条电阻率ρ，磁铁端面边长d，匀强磁
场B。求：
(1) 铝条中电流I。
(2) 铝条宽b时磁铁匀速速度v表达式。
(3) 铝条宽b′>b时，磁铁运动加速度和速度变化。
答案：
(1)
(2)
(3) 磁铁做加速度减小的减速运动，最终匀速。
解析：
(1) 磁铁匀速时，沿斜面方向合力零：安培力F_安 = BId，且2F_安 = mg sinθ，解得I。
(2) 感应电动势E = Bdv，铝条电阻R = ρd/(db) = ρ/b，由欧姆定律I = E/R，联立得v。
(3) b′>b时，安培力F′ ∝ b′v > mg sinθ，合力向上，磁铁减速；随v减小，F′减小，加速度减小，直至重新匀
速。
关键点：电磁感应、欧姆定律及牛顿第二定律的结合。
