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2016 年烟台市初中学生学业考试
物理试题（含答案全解全析）
一、选择题(每小题的四个选项中,只有一个是正确的,每小题2分,共20分)
1.有经验的渔民都知道,只有瞄准鱼的下方才能把鱼叉到,如图1所示,下列四幅光路图,能够正确说明叉到鱼
道理的是( )
图1
图2
2.在图2所示的电路中,根据小磁针静止时的指向可知( )
A.a端是通电螺线管的N极,c端是电源正极
B.b端是通电螺线管的N极,d端是电源正极
C.a端是通电螺线管的N极,c端是电源负极
D.b端是通电螺线管的N极,d端是电源负极
3.图3的实验中不能揭示流体压强与流速关系的实验是( )
图3
4.图4为小车载着木块向右运动过程中发生的现象,下列判断正确的是( )
图4
A.都是在小车突然停止时发生
B.都是在小车突然起动时发生
C.图甲所示的现象是小车在运动中突然停止或突然加速时发生
D.图乙所示的现象是小车在运动中突然停止或突然减速时发生
图5
5.生活中常把碗放在锅里的水中蒸食物,如图5所示。当锅里的水沸腾以后,碗中的水( )
A.同时沸腾 B.稍后也沸腾了
C.温度达到沸点,不会沸腾 D.温度低于沸点,不会沸腾图6
6.图6所示的是a、b两种物质的质量m与体积V的关系图像。由图像可知,a、b两种物质的密度ρ、ρ 和
a b
水的密度ρ 之间的关系是( )
水
A.ρ>ρ >ρ
b 水 a
B.ρ>ρ>ρ
b a 水
C.ρ >ρ>ρ
水 a b
D.ρ>ρ >ρ
a 水 b
图7
7.图7是跳水运动员跳板跳水时的情景,跳板跳水运动有起跳、腾空、落水几个阶段,若不计空气阻力,从腾
空到落水的过程中( )
A.动能增加,机械能增加
B.重力势能减小,机械能减少
C.动能先减小后增大,机械能不变
D.重力势能先减少后增大,机械能不变
图8
8.图8所示电路中,电源两端电压保持不变,R 为定值电阻,R 为滑动变阻器,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P
1 2
自b向a移动的过程中( )
A.电压表V 的示数变大,电路消耗的总功率变小
1
B.电压表V 的示数不变,电路消耗的总功率变大
2
C.电流表A的示数变大,电压表V 的示数与电流表A的示数之比变大
1
D.电流表A的示数变大,电压表V 的示数与电流表A的示数之比变大
2
图9
9.某同学按照图9所示的电路图测定小灯泡的电功率,闭合开关S后,他观察到小灯泡不发光,但电流表、电
压表指针有偏转。以下判断正确的是( )
A.灯泡被短路
B.灯泡的灯丝断了
C.灯泡与灯座接触不良
D.灯泡的实际功率比额定功率小得多图10
10.用四只完全相同的滑轮组成图10所示的甲、乙两个滑轮组,把相同的物体匀速提升相同的高度。若用η
、η 表示甲、乙两滑轮组的机械效率,W 、W 表示拉力所做的功(不计绳重与摩擦),则( )
甲 乙 甲 乙
A.η =η ,W =W
甲 乙 甲 乙
B.η >η ,W >W
甲 乙 甲 乙
C.η <η ,W η ,W ρ ;ρ= m =1×103 kg=0.5×103 kg/m3<ρ
a a 水 b b
V 2m3 V 2m3
a b
。故选D。
水
7.C 运动员上升过程中质量不变,速度减小,动能减小;质量不变,高度增大,重力势能增大;达到最高点动
能为零。在下降的过程中,质量不变,速度增大,高度减小,动能增大,重力势能减小。在整个过程中,若不计
空气阻力,机械能是守恒的,机械能不变。故选C。
8.B 由电路图可知,R 与R 串联,电压表V 测R 两端的电压,电压表V 测电源的电压,电流表测电路中的电
1 2 1 2 2
流。因电源两端电压保持不变,所以,滑片移动时,电压表V 的示数不变,滑动变阻器滑片P自b向a移动的
2
过程中,R 接入电路中的电阻变小,电路总电阻变小,电流变大,即电流表A的示数变大, R 两端的电压变大,
2 1
因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以R 两端的电压变小,即电压表V 的示数变小,故A错误;电压表
2 1
V 的示数与电流表A的示数之比为滑动变阻器阻值,所以变小,电压表V 的示数与电流表A的示数之比为总
1 2
电阻,所以也变小,故C、D错误;由P=UI可得,电路消耗的总功率变大,故B正确。故选B。
评析 本题考查了电路的动态分析,涉及串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,关键是判断电路
的串、并联及各电表的作用。
9.D 灯泡被短路后,电路为通路,电流表指针会偏转,电压表被短路,因此电压表指针不偏转,故A不符合题
意;灯泡的灯丝断了或灯泡与灯座接触不良时,电路为断路,电流表指针不偏转,电压表串联在电路中,电压
表指针偏转,B、C不符合题意;当灯泡的实际功率比额定功率小得多时,灯泡不发光,此时电路中有电流,但
比较小,即电流表、电压表指针都有偏转,故D符合题意。故选D。
10.A 此题中,物体的重力相同,物体上升的高度相同,据W =Gh可知,所做的有用功相同,此时对动滑轮做
有
的功是额外功,不计绳重和摩擦,滑轮相同,即所做的额外功相同。据W =W +W 可知,W 是相同的,故拉力
总 有 额 总
W
有
做的功相同,即W =W ,机械效率η= ×100%,故也是相同的,即η =η 。故选A。
甲 乙 W 甲 乙
总
11.答案 电流的磁效应 法拉第 电磁感应(其他说法正确的同样给分)
解析 奥斯特第一个揭示了电和磁之间的联系,他发现了电流的磁效应;英国物理学家法拉第经过10年的
探索,于1831年发现了电磁感应现象,人们据此发明了发电机,为人类大规模获得电能提供了可能。
12.答案 火线 零线 金属外壳
解析 家庭电路中,带有金属外壳的用电器要使用三线插头,其中一条接火线,常标有L,一条接零线,常标
有N。第三条标有E,标有E的导线和用电器的金属外壳相连,最终通过插座与大地相连。
13.答案 电磁波 超声波 红外线
解析 电磁波可以在真空中传播,所以地面卫星控制中心是通过电磁波向“嫦娥三号”传递指令的;而倒车
雷达是利用回声定位的原理工作的,利用的是超声波;家用电视遥控器是靠红外线控制电视的。
14.答案 声音不能在真空中传播,电磁波可以在真空中传播(答对一个给2分)
解析 据题意可知,此时向外抽气,听到的铃声越来越小,即我们可以推测出声音传播需要介质,而真空不能
传声;手机是靠电磁波传递信息的,向外抽气,不影响手机接收信号,即说明电磁波传播不需要介质,可以在
真空中传播。
15.答案 向左运动且船速大于风速 静止、向右运动、向左运动但船速小于风速(答出两种情况即可)
解析 由图可知,山上的小旗向左飘,则风从右往左吹,若乙船静止,则小旗向左飘,若乙船向右行驶,则小旗
也向左飘,若乙船向左行驶,且速度小于风速,小旗也向左飘,若乙船向左行驶,且速度大于风速,小旗向右飘,故乙船的运动状态可能是:静止、向右行驶、向左行驶但船速小于风速。同理,甲船的运动状态是向左行驶,
且速度大于风速。
评析 一个物体的运动状态的确定,关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同,得到的结论不一定
相同,这就是运动和静止的相对性。
16.答案 增大接触面的粗糙程度 增大压力 变滑动摩擦为滚动摩擦
解析 轮胎上刻有花纹,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力;刹车时用力捏闸,是在
接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;滚动轴承的内外圈之间装有钢球或钢柱,是用滚动代
替滑动来减小摩擦。
17.答案 光的色散 红光 只有绿光照射的地方是亮的(绿光)
解析 当太阳光经过三棱镜后,会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光,这是光的色散现象;如
果在白屏与棱镜之间竖直放一块红色玻璃,红色玻璃只能透过红光,所以在白屏上只能看到红光。如果将白
色光屏换成绿色纸板,因为绿色纸板只能反射绿光,所以只能看到绿光。
18.答案 2∶3 5∶3 2∶3
解析 当开关S 闭合S 断开,甲、乙为电流表时,R 和R 并联,甲电流表测R 支路的电流,乙电流表测干路
1 2 1 2 2
电流;因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,通过两电阻的电流之比: I =I -I =3,因并联
1 乙 甲
I I 2
2 甲
电路中电流与电阻成反比,所以 R = I =2;当开关S、S 闭合,甲、乙两表为电压表时,R 与R 串联,甲电
1 2 1 2 1 2
R I 3
2 1
压表测电源的电压,乙电压表测R 两端的电压,因串联电路中电压、电功率和电阻成正比,所以,两电阻两端
2
的电压之比: U = P = R =2,两电压表的示数之比:U = U +U =5。
1 1 1 甲 1 2
U P R 3 U U 3
2 2 2 乙 2
19.答案 做功 内 机械
解析 由图可知,当试管内的水用酒精灯加热时,会发生汽化现象而产生水蒸气,加热到一定程度时水蒸气
会对塞子做功,使塞子从试管口跳出,将水蒸气的内能转化为塞子的机械能。
20.答案 ①力可以改变物体的运动状态 ②力的大小、方向、作用点 ③物体间力的作用是相互的
解析 力的作用效果:一是改变物体的运动状态,二是改变物体的形状。力的大小、方向和作用点称为力的
三要素。物体间力的作用是相互的,一个物体对另一个物体施加力的同时,一定受到另一个物体对该物体的
作用,所以施力物体同时一定是受力物体。
21.答案 如图所示
解析 过镜面作出点S的对称点S',即为点光源S在平面镜中的像,连接S'、P与镜面交于O点,即为入射
点(反射点),连接S、O就得到了入射光线。
22.答案 (1)杂质和压强(2分) (2)冰刀减小了运动员与冰面的接触面积,增大了运动员对冰面的压强,
从而降低了冰的熔点,使冰熔化(2分);冰刀下的冰熔化成水,起到了润滑的作用,减小了运动员受到的摩擦
力(2分)。
解析 (1)据第一自然段可知晶体的熔点与其所含杂质有关;据第二自然段可知晶体熔点与其所受压强的大
小有关。(2)滑冰鞋上加冰刀,可以增大对冰的压强,使冰的熔点降低,熔化成水,减小了接触面的粗糙程度,从而
减小了摩擦力,使得运动员滑得更远。
23.答案 (1)粗略测量凸透镜的焦距(2分)
(2)物距为20 cm处 物距为10 cm处(2分)
放大的像和缩小的像 实像和虚像(2分)(其他答案正确的同样给分)
解析 (1)平行光经过凸透镜折射后会聚于一点,该点就是凸透镜的焦点,焦点到凸透镜光心的距离为焦距,
则图甲中所示的实验操作目的是粗略测量凸透镜的焦距。
(2)由表中数据可知,物距在不断减小的过程中,成像性质发生改变的两个转折点是一倍焦距和二倍焦
距处。其中,一倍焦距处是虚像和实像的分界点,二倍焦距处是放大的像和缩小的像的分界点。
24.答案 (1)物体排开水的体积(2分)
(2)浮力的大小与物体的密度无关(2分)(其他说法正确的同样给分)
(3)①④⑤(2分)
(4)1.1×103 kg/m3(2分)
解析 (1)由①③④知:液体密度一定时,物体排开液体的体积越大,受到的浮力越大,所以这三次实验是为
了探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系,结论是:在液体密度相同时,物体排开液体的体积越大,物体
受到的浮力越大。
(2)铜块受到的重力为G =9 N,铝块受到的重力为G =2.8 N,重力不相等,则质量不相等,因为体积相
铜 铝
同,则密度不相等;铜块受到的浮力为F =9 N-8 N=1 N,铝块受到的浮力为F =2.8 N-1.8 N=1 N,浮力相
铜浮 铝浮
等。所以物体受到的浮力大小与物体的密度无关。
(3)要探究浮力大小与物体浸没在液体中深度的关系,需要比较同一物体浸没在同一液体中的不同深度
时受到的浮力,所以选择①④⑤。
(4)据①和④两次实验可得,铜块浸没在水中受到的浮力F =9 N-8 N=1 N;据①和⑦两次实验可得铜
浮1
块浸没在盐水中受到的浮力F =9 N-7.9 N=1.1 N;铜块浸没在盐水中受到的浮力是铜块在浸没水中受到
浮2
浮力的1.1倍,根据公式F =ρ gV 可得,盐水的密度是水的密度的1.1倍,所以盐水的密度ρ
浮 液 排 盐水
=1.1×103 kg/m3。
评析 本题考查了探究影响浮力大小的因素,应用的探究方法是控制变量法。在分析问题时,要明确哪些量
是相同的,哪些量是变化或不同的。
25.答案 (1)如图所示(2分)
(2)如图所示(2分)(其他画法正确的同样给分)
(3)第四组数据不符合规律,是错误数据(2分);在电阻一定时,通过导体的电流与该导体两端的电压成
正比(2分)。解析 (1)由图知,电流表与电阻并联后与电压表、滑动变阻器串联,应将电流表与电阻串联,电压表与电阻
并联,如答图所示。
(2)根据表格中数据描点,第四次的实验数据与其他数据的偏差较大是错误的,应该把该数据去掉,所作
图如答图所示。
(3)结合图象分析表中数据可知:在误差允许范围内,随着电阻两端电压的增大,通过电阻的电流也增大,
并且两者比值相同,即电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
评析 此题是探究电流与电压关系的实验,考查了电路的连接、电流与电压、电阻关系的实验数据分析,属
于常见题型。
26.答案 (1)0.5 m (2)适当增大浮球的体积(2分)(其他说法正确的同样给分)
解析 (1)水箱的水达到最深时,浮球B刚好浸没,由阿基米德原理可知
F =ρ gV =1.0×103 kg/m3×10 N/kg×1×10-3 m3=10 N(2分)
浮 水 排
由杠杆平衡条件可知F·OA=F ·OB
浮
OB 3
F= F = ×10 N=30 N(2分)
浮
OA 1
F F 30N
水对盖板的压强为p= 压 = = =5×103 Pa(2分)
S S 6×10-3 m2
由液体压强公式p=ρgh可知,水箱内水的最大深度为
h= p = 5×103 Pa =0.5 m(2分)
ρ g 1.0×103 kg/m3×10N/kg
水
(2)考虑硬杆、盖板以及浮球的重力时,绳子对盖板的拉力偏小,要使盖板被打开,应增大绳子的拉力,
可以适当增大浮球体积来增大浮力的大小(或使杠杆的OB段比OA段更长一些等)。
评析 本题为力学综合题,考查了阿基米德原理、杠杆平衡条件、固体压强公式、液体压强公式的灵活运
用,知道“考虑硬杆、盖板以及浮球的重力时,绳子对盖板的拉力偏小”是关键。
27.答案 (1)铜片的热胀冷缩程度比铁片大(物体的热胀冷缩)(2分)
(2)调节调温旋钮使升降螺丝向下移动(2分)
(3)2.17×104 Ω
(4)48.4 Ω 80 s
解析 (1)由题意可知,铜片和铁片受热膨胀程度不同,双金属片发生弯曲,达到控制电路的目的,即温控开
关是依据铜片的热胀冷缩程度比铁片大的原理制成的;
(2)需要较高温度熨烫时,要调节调温旋钮,使升降螺丝下移,从而推动弹性钢片下移,这时要使触点分
开,双金属片向下弯曲程度要大一些,温度要更高一些;
P 0.03W
灯
(3)由公式P=UI知,指示灯正常发光的电流为I = = =0.01 A(1分)
灯 U 3V
灯
串联电路电流相等,所以通过限流电阻的电流I=0.01 A
限流电阻两端的电压为U=U-U =220 V-3 V=217 V(1分)
R 灯
U 217V
由欧姆定律可知,限流电阻的大小为R= R= =2.17×104 Ω(1分)
I 0.01A
U2 U2 (220V )2
(4) P= 可知,发热板的电阻为R'= = =48.4 Ω(1分)
R P 1 000W
金属板的温度由20 ℃升高到220 ℃需要吸收的热量为
Q =cm(t-t)=0.4×103 J/(kg·℃)×1 kg×(220 ℃-20 ℃)=8×104 J(1分)
吸 0
发热板放出的热量完全被金属底板吸收Q =Q =Pt
放 吸Q 8×104 J
放
t= = =80 s(1分)
P 1 000W
评析 本题考查了电熨斗温控开关的原理和调节方法以及串联电路特点、欧姆定律、电功率公式、吸热公
式、电功公式的应用,从题干中获取有用的信息是关键。
