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《2025-2026 学年度高三年级下学期综合素质评价三》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D B A D B D B A B
题号 11 12 13 14 15 16 17 18
答案 A C C BCD BD BCD ACD AD
19．(1) 基粒（或“类囊体”或“类囊体薄膜”） C 分解、呼吸作用
4
(2)
(3) ①是否去雄、顶部去除叶片的数量 2、3 理由：玉米的产量主要由雌蕊上
的果实来决定，通过 D 和 D 对比可知，去雄后摘除第 1 顶叶产量上升，说明第 1 顶叶的
1 0
光合产物未供给雌蕊；通过 D 与 D、D 与 D 对比可知，摘除第 2、3 顶叶后产量均下降，
2 1 3 2
说明第 2、3 片顶叶的光合产物供给雌蕊。（未写出组别对比不给分） ②雄蕊不能进行
光合作用，去除雄蕊能减少光合产物的消耗。
【分析】光合作用包括光反应和暗反应两个阶段。光反应发生场所在叶绿体的类囊体薄膜上，
色素吸收、传递和转换光能，并将一部分光能用于水的光解生成 NADPH 和氧气，另一部分
光能用于合成 ATP，暗反应发生场所是叶绿体基质中，首先发生二氧化碳的固定，即二氧化
碳和五碳化合物结合形成两分子的三碳化合物，三碳化合物利用光反应产生的 NADPH 和
ATP 被还原。
【详解】（1）维管束鞘细胞只能进行暗反应，是因为其叶绿体结构特殊，缺少基粒。光反应
（水的光解、ATP 和 NADPH 的生成）主要在叶绿体的类囊体薄膜上进行，而基粒由类囊体
堆叠而成，缺少该结构就无法进行光反应。维管束鞘细胞进行暗反应所需的 CO 主要有两
2
个来源，首先是 C 分解，这是最主要的来源。叶肉细胞固定的 C 化合物被运输到维管束鞘
4 4
细胞后，分解释放出 CO，使得这里的 CO₂浓度远高于大气，提高了光合效率。 其次是呼
2
吸作用，细胞自身的呼吸作用也会产生 CO，可被直接利用。
2
（2）在叶肉细胞中，大气中的 14CO 被 PEP 固定，形成含 14C 的四碳化合物（C ）。C 化
2 4 4
合物进入维管束鞘细胞，释放出含 14C 的 CO。在维管束鞘细胞中，这个 14CO 被 C 化合
2 2 5
物（RuBP）固定，形成两个含 14C 的三碳化合物（C ）。C₃化合物经过还原等一系列反应，
3
形成含 14C 的糖类等有机物。 部分 C 化合物会经过复杂变化，再生为用于固定 CO 的 C
3 2 5
化合物，这个 C₅也会带上 14C，使循环得以继续。
（3）根据实验设计，研究者改变了两个条件：一是是否去雄，二是在此基础上去除不同数
答案第 1 页，共 2 页量的顶部叶片。对比 CK 和 D：去除第 1 片顶叶后，产量反而上升。这说明第 1 片顶叶的
1
光合产物主要不是供给雌穗的，而是供给位于顶端的雄穗。去除它和雄穗后，节省的养分被
转运至雌穗，从而提高了产量。 因此，第 1 片顶叶主要供给雄穗。 对比 D、D 和 D：在
1 2 3
D 的基础上，再去除第 2、3 片叶，产量均显著下降。这说明第 2、3 片顶叶是供给雌穗的
1
主力。雄穗本身基本不进行光合作用，却需要消耗大量由叶片制造的有机物（光合产物）来
生长和发育。去除雄穗，使得更多的有机物能被分配给真正形成产量的雌穗，从而实现增产。
20．(1) 脑干 肾素可以催化血管紧张素原转化为血管紧张素，是催化剂
(2) 皮质 肾小管和集合管对 Na+ 的重吸收增加，使得血浆渗透压升高，进而促进肾
小管和集合管对水的重吸收
(3) 适量的抑制交感神经的药物 适量的 52%酒精 等量的 52%酒精 甲组
和丙组小鼠的血压基本相同，且明显低于乙组小鼠的血压
【详解】（1）脑干有许多维持生命的必要中枢，心血管活动调节中枢位于脑干。据图可知肾
素可以将血管紧张素原催化形成血管紧张素，因此肾素不是激素，属于酶，具有催化作用。
（2）醛固酮是由肾上腺皮质分泌的，使得肾小管和集合管对 Na+ 的重吸收增加，使得血浆
渗透压升高，进而促进肾小管和集合管对水的重吸收，引起血容量上升，进而导致血压升高。
（3）若要验证“酒精是通过激活交感神经系统来升高血压的”，则实验的自变量应是交感神
经是否正常发挥作用，因变量是血压值的变化，实验设计应遵循对照与单一变量原则，故实
验设计如下：①将健康小鼠随机分为三组，标号为甲、乙、丙；
②甲、乙、丙三组小鼠的处理如下：甲组：先灌胃适量的抑制交感神经的药物，再灌胃适量
的 52%酒精；乙组：先灌胃适量的生理盐水，再灌胃等量的 52%酒精；丙组：先灌胃等量
的生理盐水，再灌胃等量的生理盐水；
③将三组小鼠置于相同且适宜的环境中饲养，一段时间后检测三组小鼠的血压值。
预期实验结果：实验中丙组是空白对照组，甲组用药物抑制交感神经，因此灌胃 52%酒精
时，小鼠的血压不会升高；乙组没有用药物抑制交感神经的作用，因此当灌胃 52%酒精时，
小鼠的血压会升高，即甲组和丙组小鼠的血压基本相同，且明显低于乙组小鼠的血压，结合
三组的实验结果，则可以验证酒精是通过激活交感神经系统来升高血压的。
21．(1)提高培养液中的氧含量/使微生物与营养物质和敌敌畏充分接触
(2)a 和 b 处划线是否有单菌落（答案合理即可）
(3) 琼脂/凝固剂 高压蒸汽（湿热）灭菌、干热灭菌、灼烧灭菌
(4)将从培养基 A 中分离得到的单菌落分别接种于以敌敌畏为唯一碳源的多个相同培养基 B，
答案第 1 页，共 2 页培养适当的时间后，测定每个培养基中敌敌畏的剩余量（答案合理即可）
(5) 涂布平板后需要培养适当的时间，不能及时统计当下培养液中微生物
的数量情况，即统计结果具有滞后性；统计的菌落数往往比活菌的实际数目少（答出 1 点且
合理即可）
【分析】1、培养基的类型分为固体培养基：需添加凝固剂（常用琼脂），用于微生物的分离、
纯化、计数；液体培养基：不含凝固剂，利于微生物充分接触营养物质，用于微生物的扩大
培养。
2、常用灭菌方法有高压蒸汽灭菌、干热灭菌、灼烧灭菌。
【详解】（1）该目的菌是好氧菌，摇瓶振荡可增加培养液的溶氧量，满足好氧菌的有氧呼吸
需求；同时能让微生物与培养液中的营养物质、底物（敌敌畏）充分混合接触，利于微生物
生长和对底物的利用。
（2）平板划线法中，第一次划线的起点区域菌液浓度高，划线后菌落密集，难以形成单菌
落；后续划线因菌液逐步稀释，会出现单菌落。因此可通过观察 a、b 处是否有单菌落，判
断其是否为第一次划线的起点。
（3）培养基 A 是固体培养基（用于平板划线），需添加琼脂（凝固剂）；培养基 B 是液体培
养基（摇瓶培养），无需凝固剂，因此不含琼脂。 实验中，培养基常用高压蒸汽灭菌，玻璃
器皿（如锥形瓶）常用干热灭菌，接种工具（如接种环）常用灼烧灭菌。
（4）目的菌的功能是 “耐受、降解敌敌畏”，因此需将单菌落接种到以敌敌畏为唯一碳源的
培养基中，通过检测敌敌畏剩余量（剩余量越少，降解能力越强）筛选目的菌。
（5）若培养基 C 上单菌落的平均数为 65，则培养基 B 进行第一次稀释时，每毫升培养液
中活菌数约为 个/mL。稀释涂布平板法的缺点：需培养后计数（结果
有滞后性）；单个菌落可能由多个细胞形成，导致统计数少于实际活菌数等。
22．(1) 垂直结构和水平结构/空间结构 生态位
(2) 分解者 能将动植物遗体残骸和动物粪便（中的有机物）分解成无机物 物
质循环
(3)BD
(4) 直接 脱分化 悬浮培养/悬浮振荡培养
【分析】生态系统的结构包括组成成分和营养结构，前者包括生产者、消费者和分解者，此
外还有非生物的物质和能量，营养结构是指食物链和食物网。
【详解】（1）设计立体农业时，人们要充分考虑群落的时间结构和空间结构，空间结构包括
答案第 1 页，共 2 页水平结构和垂直结构。以减少山地中作物之间的生态位重叠，减弱种间竞争，提高对环境资
源的利用率。
（2）果树的落叶和鸡粪在沼气池中形成的沼渣可用于种植草菇。从生态系统的组成成分分
析，草菇在生态系统中属于分解者，其能将动植物遗体残骸和动物粪便（中的有机物）分解
成无机物，即可将沼渣中的有机物分解成无机物，进而获取自身所需的物质和能量。种植草
菇后剩下的基质可被果树根系吸收，体现了生态系统的物质循环功能。
（3）花天牛以果树的花和叶为食，肿腿蜂可以将卵产在花天牛幼虫的体表，吸取幼虫的营
养。即一种生物从另一种生物的体液、组织或已经消化的物质中获取营养，该种间关系属于
寄生，因此肿腿蜂和花天牛之间为寄生关系，通过寄生减少了花天牛的数量，进而对果树起
到了保护作用，这属于生物防治，即 BD 正确。
故选 BD。
（4）苦参根能产生有抗肿瘤、抗炎等作用的苦参碱，可入药，这是植物药用价值的体现，
因而属于生物多样性的直接价值。
该县为扩大苦参碱的产量，利用植物组织培养技术对其进行规模化生产。具体流程如下：切
取苦参根作为外植体，经脱分化形成愈伤组织，然后置于液体培养基中进行悬浮培养以获得
分散的细胞悬液，增加细胞数量，最后从继代培养所得细胞系中提取苦参碱，该过程的原理
是细胞增殖。
23．(1)D
(2)ATGTATGC
(3) ① ② ③
(4)①③
(5)ACD
(6)3/4
(7)①②③⑤⑥
(8)①④
【分析】基因工程基本工具：限制酶、DNA 连接酶、运载体。核心酶：限制酶（识别特定
序列，切割 DNA）、DNA 连接酶（连接黏性末端/平末端，构建重组质粒）。PCR 的原料与
条件，原料：模板 DNA、引物、dNTP、Taq 酶、缓冲液+水；步骤：变性（90℃）→复性
（50℃左右）→延伸（72℃左右）。
【详解】（1）Cre 重组酶能特异性识别 loxP 位点，并切除两个同向 loxP 位点间的 DNA 序列，
答案第 1 页，共 2 页这与限制性核酸内切酶识别特定 DNA 序列并切割 DNA 链的功能一致；ABC 不符合题意，
D 符合题意。
故选 D。
（2）loxP 由 34bp 组成，包含两个 13bp 的反向重复序列(IR）和一个 8bp 的间隔区（spacer）。
间隔区的序列决定 loxP 的方向。若两个 loxP 位点方向相同，Cre 酶切除中间序列；若方向
相反，则可能反转序列。题目要求删除中间序列，说明两个 loxP 方向相同。左侧 loxP 的间
隔区模板链为 5'- GCATACAT-3'，所以右侧 loxP 位点间隔区的编码链序列为 5
'-ATGTATGC-3'。
（3）抗虫（cry1C）和抗草甘膦（EPSPS）基因需要在绿色组织（叶鞘、叶心、茎秆）表达，
才能抵御二化螟和草甘膦，因此启动子 1：驱动抗虫、抗草甘膦基因表达，这些基因需要发
挥作用以抵御二化螟和草甘膦，因此选①胚乳特异性启动子。启动子 2：驱动 Cre 重组酶基
因表达，因此选②绿色组织特异性启动子；启动子 3：为保证 Cre/loxP 重组系统的调控元件、
标记基因等在所有组织中稳定表达，需要选③组成型启动子（在所有组织中都能保持活性）。
故启动子 1、2、3 分别为①②③。
（4）质粒 PC1300Z 上有 SacI、PstI 的酶切位点，而 EcoRI 位点可能破坏质粒关键结构/标记
基因，因此多基因串联体两侧需添加①SacI 和③PstI 的识别序列，才能与酶切后的质粒高效
连接（相同限制酶切产生相同黏性末端，便于连接）故选①③。
（5）A、农杆菌本身不应有卡那霉素抗性，否则无法通过卡那霉素筛选出含重组质粒的农
杆菌，A 正确；
B、水稻是植物，农杆菌转化法是转基因水稻的常用方法，显微注射法主要用于动物细胞，
B 错误；
C、质粒含抗草甘膦（EPSPS）基因，因此过程 II 可在含草甘膦的培养基中筛选出成功导入
外源基因的愈伤组织，C 正确；
D、过程 III 是诱导生根，生长素浓度偏高有利于根的分化，细胞分裂素偏高利于芽的分化，
D 正确。
故选 ACD。
（6）T 自交得到 T，抗除草剂与不抗除草剂比例为 3:1，说明抗除草剂基因（EPSPS）为
0 1
单拷贝显性基因，T 基因型为 Aa（A 为抗除草剂基因，a 为隐性），抗虫基因（cryIC）与抗
0
除草剂基因位于同一转基因片段上，二者连锁遗传，因此 T 的抗虫基因也为单拷贝显性，
0
T 中抗虫性状的分离比与抗除草剂性状一致，即抗二化螟水稻占 3/4（不考虑突变和交换）。
1
答案第 1 页，共 2 页（7）RT-PCR 分为逆转录和 PCR 扩增两步：逆转录阶段：以②RNA 模板（mRNA）为模板，
需要⑤逆转录酶、③dNTP（原料）、引物、①水、缓冲液。PCR 扩增阶段：以逆转录得到的
cDNA 为模板，需要⑥耐高温的 DNA 聚合酶（Taq 酶）、③dNTP、引物，同样需要①水、
缓冲液；全程无需④DNA 模板，也无需⑦RNA 引物。因此需添加的物质①②③⑤⑥。
（8）题干要求实现胚乳中删除外源基因，绿色组织（根/茎/叶）保留并表达外源基因。根细
胞：cry1C 不表达，EPSPS 表达，对应表格中①（-、+）；胚乳细胞：Cre 重组酶切除外源基
因，两个基因均不表达，对应表格中④（-、-）。因此符合目标水稻的根细胞及胚乳细胞的
是①④。
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