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2025—2026 学年度第二学期高三第一次月考答案
物 理
一、单项选择题：本题共8 小题，每小题3分，共24 分。在每小题给出的四个选项
中，只有一项是符合题目要求的。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 D A B D C C D C
【解析】
1．A．电磁场本身就是一种物质，可以不依赖物质传播，可以在真空中传播，故A错误；B．均
匀变化的磁场产生恒定电场，只有非均匀变化的磁场才会产生变化的电场，故B错误；C．
麦克斯韦预言了电磁波，赫兹通过实验证实电磁波存在，故 C错误;D．光属于电磁波，
光的能量由光子组成，是不连续的，故D正确。
2．小球落到达地面的时间为 ，则小球落地的水平位移为 ，A正确。
3．取运动员着网前的速度方向为正方向，则根据题意有，着网速度为v =5m/s，弹回速度为
1
v =-7m/s，由加速度定义式 ，可得运动员在与网接触的这段时间内平均加速度为
2
，负号表示与规定的正方向相反，即运动员在与网接触
的这段时间内平均加速度大小为6m/s2，方向竖直向上，故ACD错误，B正确。
4．AB．竖直抬升过程中汽车只受重力和支持力，初、末状态汽车均静止，动能不变，根据
动能定理可知，支持力做功等于克服重力做功，故AB错误；CD．水平右移的过程中，
汽车只受摩擦力，汽车先由静止加速，最后减速到0，所以摩擦力先做正功，后做负功，
由于整个过程动能变化量为0，所以摩擦力对车做的总功为0，故D正确C错误。
5．由题可知，将该直线反向延长，则交纵坐标与-b，如图：
根据光电效应方程 ，以及 ，变形得
，根据图像得 ，解得：h=ek；由纵坐标
轴截距： ，解得逸出功为W =－eb，
0
故C正确，ABD错误。
6．AB．闭合与断开开关S的瞬间，穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电流表G中均无感
应电流．故AB错误；C．闭合开关S 后，在增大电阻 R 的过程中，电流减小，则通过
线圈B的磁通量减小了，根据右手螺旋定则可确定穿过线圈B的磁场方向，再根据楞次
定律可得：电流表G中有 b→a 的感应电流，故C正确；D．闭合开关S后，匀速向右
滑动滑动变阻器滑片，A中电流变大，穿过线圈B的磁通量变大，会产生感应电流，则
电流表G指针会偏转，故D错误。
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学科网（北京）股份有限公司7．AB．画出在a、b、c、d四点的电荷E、F在两点的场强方向如图所示，由图可知E、
F两点的电场强度相同，同理可得 A、B两点的电场强度相同，
故
AB错误；CD．等量异种电荷连线中垂线为等势线，a、b、c处
的
电荷在 d处的电势等于 b处的电荷在 d处的电势，a、b、c处的
电
荷在O处的电势等于b处的电荷在O处的电势，O处离b处的电
荷近，故若将d处的电荷移到O处，电势降低，电势能将减小，
故C错误，D正确。
8．AB．由于物块缓慢移动，可看作是平衡状态，对物块受力分析，由平衡条件可得
，由数学知识可知
，其中 ，得 ，即 ，
所以在θ从0增大到90°的过程中， 先增大后减小，故AB错误；
C． 时， ，拉力 最大，故C正确；
D． 时，有最小值 ，故D错误。
二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20 分。在每小题给出的四个选项中，
有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得 2分，有选错
或不选的得0分。
题号 9 10 11 12 13
答案 BD BD AC BC AD
【解析】
9．A．相对地面静止的卫星的周期与地球自转的周期相等，故 A错误；B．根据万有引力
提供向心力 可得 第一宇宙速度是在地球表面运动的卫星的速
度，相对地面静止的卫星的轨道半径大于在地球表面运动的卫星，即静止卫星的线速度
小于地球的第一宇宙速度，故 B正确；C．根据牛顿第二定律 可得
, 可知向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C错误；D．根据 可
知向心加速度大于地球表面物体随地球自转的向心加速度，故D正确。
10．A．根据图乙可知，质点P在t=0时刻沿y轴正方向振动，由图甲，根据“同侧法”，
该波沿x 轴负方向传播，A错误；B．波速 ，B正
高三物理第一次月考题参考答案 第2页 （共6页）
学科网（北京）股份有限公司确；C．该超声波的频率 ，C错误；D．减小该超声波频
率，根据 可知，波长变大，衍射现象会更明显些，D正确。
11．A．根据题意，单色光a的折射率大于单色光b，由于绿光的折射率大于红光的折射率，
则 a可能是绿光，b可能是红光，故 A正确；B．因为玻璃砖上下表面平行，光线在玻
璃砖下表面第二次折射时的入射角等于在上表面第一次折射时的折射角，根据光路可逆
原理可知，第二次折射光线与第一次入射光线平行，所以从玻璃砖下表面射出的两束光
仍然平行且间距增大，两束单色光线穿过平行玻璃砖下表面后不可能重合，故B错误；
C．单色光a折射率大，则单色光a频率更高能量大，C正确；D．根据题意，由光路的
可逆性可知，单色光a在平行玻璃砖下表面不可能发生全反射，故D错误。
12．A．用户得到的交流电频率为 ，A错误；B．由输出电压表达式可知
，升压变压器原线圈电流为 ，根据 ，输电电
流为 ，升压变压器原、副线圈的匝数比为 ，B正确；CD．若
用电器功率变大，则用户端电流变大，输电电流变大，损失功率占总功率的比为
，可知升压变压器输出电压与发电机输出电压和升压变压器匝数比有关，则
U 不变，输电线上损耗的功率占总功率的比例增大，C正确D错误。
2
13．AB．根据机械能守恒定律得 ，解得金属棒 MN第一次经过 bb′时的速度
，金属棒 进入 时，不计一切电阻，在极短的时间内电容器充电完
毕，d′端带正电，且电容器两端电势差和导体棒两端的电势差相等，由动量定理得
，其中 ， ，得 ，A错误B正确；
CD．金属棒 沿斜面下滑时，电容器充电，导体棒中电流由a′指向a，安培力沿斜面
向 上 ， 对 导 体 棒 受 力 分 析 有 ， 且
，解得 ，金属棒 沿斜面下滑至斜面底端时的
速度 ，产生的热量 ，接着金属棒向左
匀速后冲上圆弧轨道再返回 cc′，此时电容器已放电完成，重复上述过程，同理可得
， ， ，则产生的热量
，以此类推 ， ，故 ，
C错误D正确。
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学科网（北京）股份有限公司三、实验题：本题共2小题，第14题10分，第15题8分，共18分。
14.（1）（每空2分） ①D ②
【解析】
①根据实验原理可知，摆线质量要远小于摆球质量，而摆线长度要远大于摆球直径，故
D正确，ABC错误； 故选：D。
②根据单摆的周期公式 可知， ，
即图像中的斜率为 ，解得： 。
（2）（每空2分） ①B ②mgh
D
【解析】
①实验中要让纸带竖直，减小实验误差；实验开始时应让重物靠近打点计时器，故选B。
②[1]从打下O点到打下D点的过程中，重物的重力势能减少量为ΔE =mgh
p D
[2]打下D点时的速度为 ， 则从打下O点到打下D点的过程中，
动能增加量为
15.（1）电压（1分） （2）0.50（2分） 1.3×103（2分） （3）变小（1分）
（4）不能（2分）
【解析】
（1）A与电阻箱串联，是电流传感器，B与电阻箱是并联关系，是电压传感器。
（2）[1][2]根据U=E-Ir可知，图像与纵轴的交点表示电源的电动势，图像斜率的绝对值
表示电源的内阻，即 ； =1.3×103Ω
（3）电源的 图像中斜率的绝对值表示电源的内阻，所以斜率的绝对值减小，说明内
阻变小。
（4）“0.4V 28mW”的小电器正常工作时的电流为 ，
电阻为 ，将该用电器接入电路后的最大电流为
，所以该用电器不能正常工作。
四、计算题：本题共3小题，共 38分。
16.【解析】
（1）活塞刚离开卡环时，活塞受力平衡，有
（1分）
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学科网（北京）股份有限公司解得活塞质量为 （1分）
气体发生等容变化，根据查理定律可得， （1分）
解得 （1分）
（2）当活塞恰好运动至上端卡环时，根据理想气体状态方程可得
（或 ） （1分）
解得 （1分）
外界对气体所做功 （1分）
根据热力学第一定律 （1分）
又 （1分）
则气体吸收的热量 （1分）
17.【解析】
（1）若圆弧固定，小物块A到达圆弧底端的过程中，根据动能定理有
（1分）
在圆弧底端时由牛顿第二定律
（1分）
解得F =60N （2分）
N
（2）若圆弧不固定，小物块A与圆弧组成的系统水平方向动量守恒，则有
mx =Mx （1分）
1 2
根据几何关系可知 x +x =R （1分）
1 2
解得x =3.75m （1分）
2
（3）若圆弧不固定，小物块A与圆弧组成的系统水平方向动量守恒，则有
（1分）
根据能量守恒定律有
（1分）
解得v =15m/s
1
设物块B碰撞挡板后的速度为0，则碰后AB的总动量最大，弹簧最短时的弹性势
能最小，根据动量守恒定律与能量守恒定律有
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学科网（北京）股份有限公司（1分）
（1分）
解得 （1分）
18.【解析】
（1）根据题意，画出粒子的运动轨迹如图所示。设粒子在磁场中做圆周运动的半径为 R，
由几何关系有 R=Rcos600+l （1分）
解得 R=2l （1分）
由牛顿第二定律有 （1分）
解得 （1分）
粒子在磁场中运动的周期 （1分）
粒子在磁场中运动的时 （1分）
解得 （1分）
（2）正点电荷应在轨迹的圆心处，由牛顿第二定律可知
（2分）
解得 （2分）
（3）由题意可知，粒子从 N 点离开，仅在点电荷 q 的作用下运动，粒子所需要的向
0
心力为 ，大于点电荷提供的库仑力，因此粒子无法做匀速圆周运动，即电荷
从 N 点离开磁场后绕点电荷 q 做椭圆运动。设第一次出现速度方向与 N 点速度
0
方向相反的位置距离点电荷q 的距离为 d ，椭圆运动的半长轴可表示为
0
（1分）
粒子从 N 点射出到速度第一次出现方向与 N 点速度方向相反，所用时间为椭圆运
动的半个周期，类比开普勒第三定律，在库仑力作用下半长轴为 a 的椭圆运动与
半径为 a 的圆周运动的周期相同，由牛顿第二定律得
（1分）
可得 a=4l，d=6l （1分）
由能量守恒定律得
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学科网（北京）股份有限公司（1分）
解得 （1分）
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