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【赢在高考·黄金8 卷】备战2025 年高考物理模拟卷（福建专用）
黄金卷04
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共16 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要
求的。
1．在巴黎奥运会15m 攀岩速度赛中，我国运动员以4.77s 夺得银牌。甲图中脚离开传感器置1 开始计时，
乙图中手触碰到传感器装置2 计时结束，下列说法正确的是（ ）
A．4.77s 表示时刻
B．运动员手的位移是15m
C．计时装置可能使用了压力传感器
D．可以求出运动员在此过程的平均速度
【答案】C
【解析】4.77s 指一段时间，表示时间间隔，A 错误；运动员脚离开装置1 位置到手触碰装置2 的位置
的位移是15m，手的位移小于15m，B 错误；计时装置使用压力传感器检测运动员出发和到达的信息，
C 正确；根据
，该过程的位移不清楚，可知不能求出运动员在此过程的平均速度，D 错误。
2．光学技术在生产、生活中的应用越来越广泛，下列关于光学相关知识的说法正确的是（ ）
A．在照相机镜头前面加上滤光片可以减弱反射光，这是利用光的干涉现象
B．在照相机镜头上镀上一层膜可以增加光的透光性，这是利用光的干涉现象
C．X 射线经过一狭缝照射到晶体在屏上得到晶体信息的斑点，说明光具有粒子性
D．泊松亮斑是光的干涉现象，有力地证明了光的波动性
【答案】B
【解析】在照相机镜头前面的滤光片可以减少反射光是利用了光的偏振现象，A 错误；在照相机镜头上
1
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镀上一层膜可以增加光的透光性，是利用光的干涉现象，B 正确；X 射线经过一狭缝照射到晶体在屏上
得到晶体信息的斑点，是利用了X 光的衍射，C 错误；泊松亮斑是光的衍射现象，有力地证明了光的
波动性，D 错误。
3．如图，一定质量的理想气体经过程①由状态
缓慢变化至状态
，经过程②由状态
缓慢变化至状态；
气体亦可通过过程③由状态
缓慢变化至状态。已知①、②、③分别为等温、等容、绝热过程。下列
说法正确的是（ ）
A．过程①气体吸收热量
B．过程③中气体分子的平均动能增大
C．与过程③相比，过程①、②外界对气体做的总功更大
D．过程③单位时间内气体分子对容器壁单位面积的撞击次数逐渐减少
【答案】B
【解析】过程①为等温变化，气体内能不变，外界对气体做正功，可知气体向外界放热，A 错误；过程
③为绝热过程，外界对气体做功，气体内能增大，温度不断升高，气体分子的平均动能增大，气体的
体积减小，单位时间内气体分子对容器壁单位面积的撞击次数逐浙增多，B 正确，D 错误；
图线
与
轴围成的面积代表外界对气体做的功，可知与过程③相比，过程①、②中外界对气体做的总功更
小，C 错误。
4．如图甲所示，长为
、间距为d 的平行金属板水平放置，O 点为两板中点的一粒子源，能持续水平向
右发射初速度为
、电荷量为
、质量为m 的粒子。在两板间存在如图乙所示的交变电场，取竖直向
下为正方向，不计粒子重力，以下判断正确的是（ ）
A．能从板间射出的粒子的动能均相同
B．粒子在电场中运动的最短时间为
C．
时刻进入的粒子，从
点的下方射出
D．
时刻进入的粒子，从
点的上方射出
2
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【答案】A
【解析】由图可知场强大小
，则粒子在电场中的加速度大小
，则粒子在电场中运
动的最短时间满足
，解得
，B 错误；能从板间射出的粒子在板间运动的时间均
为
，则任意时刻射入的粒子射出电场时沿电场方向的速度均为0，可知射出电场时的动能均为
，A 正确；
时刻进入的粒子，在沿电场方向的运动是：先向下加速
，后向下减速
速度到零；然后向上加速
，再向上减速
速度到零…..如此反复，则最后从O′点射出时沿电场方向的
位移为零，则粒子将从O′点射出，C 错误；
时刻进入的粒子，在沿电场方向的运动是：先
向下加速
，运动的位移大小
，此时粒子已经到达下极板，即粒
子不能从右侧射出，D 错误。
二、双项选择题：本题共4 小题，每小题6 分，共24 分。每小题有2 项符合题目要求，全部选对的得6 分，
选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。
5．原子处于磁场中，某些能级会发生劈裂。如图甲所示，XX 代表激发态1，X 代表激发态2，G 代表基态，
由于能级劈裂，如图乙所示，X 态劈裂为两支，分别为XH、XV两个能级。原子劈裂前辐射出光谱线①
和②，劈裂后辐射出光谱线③、④、⑤和⑥，则（ ）
A．①的波长大于③的波长
B．③的动量小于⑤的动量
C．③和④的波长之和等于⑤和⑥波长之和
D．若用②照射某种金属能发生光电效应，则用④照射也一定能发生
【答案】BD
【解析】因原子能级跃迁放出的光子的能量等于原子的能级差，由题图可知光子①、③对应的能量关
系为
，由于
，则③的波长大于①的波长，A 错误；由题图可知光子③、⑤对应的能量
关系为
，由光子能量
，③的频率小于⑤的频率，③的波长大于⑤的波长，③的动量小
于⑤的动量，B 正确；XX 态能级与基态能级差保持不变，③和④的频率之和等于⑤和⑥的频率之和，
3
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③和④的波长倒数之和等于⑤和⑥波长倒数之和，C 错误；②的能量小于④，则用②照射某种金属能发
生光电效应，用④照射也一定能发生，D 正确。
6．某同学做“引体向上”时的上升动作如图所示，忽略动作变化对重心的影响，可把该同学视作质点。
从最低点运动到最高点的过程中，手对身体的拉力始终保持向上，下列关于该同学的说法正确的有（
）
A．经历了超重和失重过程
B．一直处于超重状态
C．机械能一直增大
D．机械能先增大后减小
【答案】AC
【解析】引体向上有多种施力方式，可能是先加速再匀速后减速，也可能先加速后减速，或者加速减
速交替出现，但总体而言需要经历了加速和减速过程，即超重和失重过程，A 正确，B 错误；由于手对
身体的拉力始终保持向上，手一直对身体做正功，机械能持续增大，C 正确，D 错误。
7．如图所示的竖直平面内，螺线管与电容器两极板相连，两极板间距离足够大，两板之间有一水平固定
绝缘平台上放置有带正电小球，
时对螺线管区域施加竖直向下的匀强磁场，其磁感应强度随时间
的变化率
，不计一切电阻，以下关于小球的速度v，加速度a、流过螺线管线圈某截面的
电流i 随时间t 的变化v-t、a-t、i-t 图像可能正确的是（ ）
A．
B．
4
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C．
D．
【答案】BD
【解析】根据电磁感应可知通电螺线管产生的感应电动势为
，由楞次定律可得
电容器下极板为正极。在充电过程中极板间电势差也与时间成正比，感应电动势与极板间电压之差保
持稳定值，根据
可知电荷量随时间均匀增加，由
可知电流恒定不变，C 错误，D 正确；
电容器两端的电压随时间均匀增大，则根据
可知极板间的场强均匀增大，场强较小时，电场力小
于重力，小球在平面能保持静止，加速度为0，速度也为0，当场强逐渐增大，电场力大于重力，则
，场强均匀增大，则加速度均匀增大，在
图像中斜率逐渐增大，A 错误，B
正确。
8．如图所示，空间存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一带电荷量为q、质量为m
的带正电小球从磁场中某点P 由静止释放，其运动轨迹是一条摆线。小球的运动实际上是竖直平面内
沿逆时针方向、速度大小为v 的匀速圆周运动和水平向右、速度大小为v 的匀速直线运动的合运动，重
力加速度为g。已知轨迹上某点的曲率半径为在极限情况下，通过该点和轨迹上紧邻该点两侧的两点作
出的圆的半径，则下列说法正确的是（ ）
A．小球运动到最低点时的速度为v
B．小球运动到最低点时轨迹的曲率半径为
C．小球第一次运动到最低点时，距离释放点的竖直距离为
D．小球从释放到第一次经过最低点所需时间为
【答案】BC
【解析】因为小球的运动实际上是竖直平面内沿逆时针方向、速度大小为v 的匀速圆周运动和水平向右、
速度大小为v 的匀速直线运动的合运动，小球在最高点做圆周运动的分速度水平向左，做直线运动的分
速度水平向右，合速度为0，在最低点时的速度是两分速度的矢量和，为2v，A 错误；设在最低点时轨
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迹的曲率半径为R，则有
，可解得曲率半径
，B 正确；小球在运动
过程中洛伦兹力不做功，机械能守恒，有
，解得
，C 正确；小球从释放到第一
次经过最低点的过程中，只运动了半个圆周，根据分运动的等时性，则有
，D 错误。
三、非选择题：共60 分，其中9、10、11 题为填空题，12、13 为实验题，14～16 题为计算题。考生根据
要求作答。
9．（3 分）如图，运动员抖动长绸的一端呈现波浪状，此时绸带上P 点运动方向________（选填“向上”、
“向下”、“向左”或“向右”）；如果要使绸带产生更加密集的波浪状起伏，运动员上下抖动的频
率应________（选填“增大”、“减小”或“保持不变”）。
【答案】向上（2 分） 增大（1 分）
【解析】波向右传播，根据平移法可知，P 点运动方向向上；若要使绸带产生更加密集的波浪状起伏，
则周期变小，频率增大。
10．（3 分）如图所示是北斗卫星导航系统中的两颗卫星，
是纬度为
的地球表面上一点，假设卫星
A、B 均绕地做匀速圆周运动，卫星B 在赤道正上方且其运行周期与地球自转周期
相同。某时刻
、
、
、地心
在同一平面内，其中
、
、
在一条直线上，且
，则A 的周期______
（选填“大于”、“等于”或“小于”）地球自转周期
，A、B 的线速度之比为______。
【答案】小于（1 分）
（2 分）
【解析】由万有引力提供向心力有
，可得，周期为
，因为
，
所以
，即B 卫星匀速圆周运动半径大于A 卫星半径，所以
，即A 的周期小于地球的自
转周期。由万有引力提供向心力有
，可得，线速度大小为
，又因为
，
所以A、B 的线速度之比为
。
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11．（3 分）如图，两个质量相同的小球A、B 用轻杆连接后靠在墙上处于平衡状态，已知墙面光滑，水
平地面粗糙．现将B 球向墙面推动一小段距离，两球再次达到平衡．将移动前后平衡状态下物体的受
力情况相比较，地面对B 球支持力___________，地面给B 球的摩擦力___________〔均选填“变大”
“不变”“变小”)。
【答案】不变（2 分） 变小（2 分）
【解析】设小球的质量均为
，对整体进行受力分析，知
，移动两球后，仍然平衡，则
仍
然等于
，即地面对B 球支持力F1不变； 再隔离对A 进行受力分析，如图所示，墙壁对A 的弹力
，现将B 球向墙面推动一小段距离即将A 球向上移动一小段距离，则夹角
减小，所以
减小，而墙壁对小球A 的弹力始终等于地面对B 的摩擦力
，所以地面给B 球的摩擦力
减小。
12．（5 分）如图甲所示为向心力演示仪，可探究小球做圆周运动所需向心力的大小F 与质量m、角速度
ω 和半径r 之间的关系。长槽的A、B 处和短槽的C 处分别到各自转轴中心距离之比为1∶2∶1，变速
塔轮自上而下有三种组合方式，左右每层半径之比由上至下分别为1∶1、2∶1 和3∶1，如图乙所示。
(1)本实验的目的是探究向心力的大小与小球质量m、角速度ω 和半径r 之间的关系，下列实验中采用
的实验方法与本实验相同的是（ ）
A．探究两个互成角度的力的合成规律
B．探究平抛运动的特点
C．探究加速度与物体受力、物体质量的关系
(2)在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在A、C 位置，传动皮带位于第三层，转动手柄，则当塔轮
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匀速转动时，左右两标尺露出的格子数之比约为___________。
(3)在记录两个标尺露出的格数时，同学们发现要同时记录两边的格数且格数又不是很稳定，不便于读
取，于是有同学提出用手机拍照后再通过照片读出两边标尺露出的格数。下列对该同学建议的评价，
你认为正确的是___________。
A．该方法可行，但仍需要匀速转动手柄
B．该方法可行，且不需要匀速转动手柄
C．该方法不可行，因不能确定拍照时露出的格数是否已稳定
（5 分）【答案】(1)C（1 分） (2)1︰9（2 分） (3)B（2 分）
【解析】（1）在该实验中，通过控制质量、半径、角速度中两个物理量相同，探究向心力与另外一个
物理量之间的关系，采用的科学方法是控制变量法。
A．探究两个互成角度的力的合成规律应用了等效替代法，A 错误；探究平抛运动的特点，例如两球同
时落地，两球在竖直方向上的运动效果相同，应用了等效思想，B 错误；探究加速度与物体受力、物体
质量的关系，应用了控制变量法，C 正确。
（2）在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在A、C 位置，即两小球的质量相等，做匀速圆周运动
的半径也相同。当传动皮带位于第三层，变速塔轮边缘处的线速度相等，根据
可知，在A 和C
位置的小球做匀速圆周运动的角速度之比为1：3，由向心力公式
可知，在A 和C 位置的小球
做匀速圆周运动所需的向心力大小之比为1：9，所以则当塔轮匀速转动时，左右两标尺露出的格子数
之比约为1：9。
（3） 该方法可行，用手机拍照后再通过照片读出两边标尺露出的格数，这样可以准确读出某一时刻
两边标尺露出的格数，并通过格数得出向心力与角速度的关系，手柄转速变化时，两边标尺露出的格
数同时变化，仍可通过格数得出向心力与角速度的关系，不需要匀速转动手柄。
13．（7 分）在某次电学实验课上有两组同学在进行电学实验。
(1)在使用
交流电压挡测量电压时，电表指针如图中“a”所示，该电压读数为____。
(2)在使用电阻“
”挡测量某电阻阻值时，电表指针如图中“b”所示，再将挡位切换至电阻____
（选填“
”、“
”、“
”）挡，接下来应当进行的操作是____（选填“机械调零”、“欧
姆调零”、“机械调零后欧姆调零”）。
(3)若某电池电动势为
的多用电表使用时间久了，电池的电动势变小为
，但欧姆表仍可调
零。某次正确操作后测得一电阻的读数为
，则该电阻实际的阻值为____Ω；
（b）第二组同学用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”，可拆变压器如图甲、乙所示：
(4)下列说法正确的是（多选）__________；
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A．为确保实验安全，实验中副线圈匝数不宜太大
B．可以用多用电表的直流电压挡测量副线圈的电压
C．通电后，将可拆变压器上端的横条铁芯取下时将更费力，有可能感到横条铁芯在振动
D．接在副线圈上的两根导线中至少有一根要接在标有“0”的接线柱上
（7 分）【答案】(1)2.3V（2 分） (2)×1（1 分） 欧姆调零（1 分） (3)184（1 分） (4)AC（2
分）
【解析】（1）该电压读数为
（2）在使用电阻“×10”挡测量某电阻阻值时，发现指针偏转角度过大，说明倍率偏大，应选“×1”倍
率；改变档挡重新测量时，应进行欧姆调零。
（3）当电动势发生改变时，测量电阻时电路中的电流保持不变，根据欧姆定律得
其中
，解得
。
（4）A．为确保实验安全，应该使输出电压不大于12V，实验中副线圈匝数不宜太大，A 正确；变压
器只能改变交流的电压，原线圈输入交流电压，副线圈输出交流电压，应用多用电表的“交流电压
挡”测量，B 错误；与变压器未通电时相比较，通电时，线圈产生磁性，对横条铁芯具有吸引力，将可
拆变压器上端的横条铁芯取下将更费力，C 正确；探究“变压器的电压与匝数的关系”，只需确定原副
线圈的匝数比即可，D 错误。
14．（11 分）如图甲所示，质量为m=2kg 的物体以相同的初速度先后两次滑上同一固定的斜面，一次受到
了与初速度同方向的外力F，另一次不受外力，两次运动的v-t 图像如图乙所示。已知斜面的倾角
，
，
，重力加速度
，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑
空气阻力，求：
(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ；
(2)外力F 的大小。
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（11 分）【答案】(1)0.5 (2)4N
【解析】（1）不受外力滑上斜面时减速更快，加速度大小更大，图乙中a 图线为不受外力滑上斜面的
速度图像，则加速度为
（1 分）
根据牛顿第二定律可得
（2 分）
解得
根据摩擦力公式可得
（2 分）
解得
（1 分）
（2）根据题意可知，受外力滑上斜面时减速更慢，加速度大小更小，图乙中b 图线为不受外力滑上斜
面的速度图像，则加速度为
（2 分）
根据牛顿第二定律可得
（2 分）
解得
（1 分）
15．（12 分）如图所示，一水平平台上放有两个物块A、B（均可视为质点），B 放在平台的右边缘，A、
B 相距L，两物块与平台台面间的动摩擦因数均为μ，两物块的质量均为m，平台下方距此平台h 处的
又一平台边缘C 接有一竖直放置的光滑圆弧轨道CDE，圆心O 与C 的连线OC 与水平方向的夹角为
30°，DE 为竖直直径，现给A 一个初速度，重力加速度大小为g。
(1)要使A 与B 发生弹性碰撞后，B 刚好能从C 点无碰撞地滑入圆弧轨道，则A 的初速度为多大？
(2)若A 与B 碰撞后粘在一起，刚好能一起从C 点无碰撞地滑入圆弧轨道，并刚好能到达圆弧轨道的最
高点E，则A 的初动能Ek0多大？圆弧轨道的半径R 多大？
（12 分）【答案】(1)
(2)
，
【解析】（1）A 与B 发生弹性碰撞并使B 刚好能从C 点无碰撞地滑入圆弧轨道，设A 的初速度为v0，
则
（1 分）
A 与B 发生弹性碰撞，由动量守恒和机械能守恒得
，
（1 分）
解得
10
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B 做平抛运动，则
，
（1 分）
联立解得
（1 分）
（2）要使A、B 一起能从C 点无碰撞地滑入圆弧轨道，则A、B 一起抛出时的速度
（1 分）
（1 分）
由动能定理得
（1 分）
由动量守恒定律得
（1 分）
解得
设A、B 一起到达C 点的速度为vC，则
（1 分）
A、B 一起恰好能到达圆弧轨道的最高点E，对A、B 整体进行研究，由动能定理得
（1 分）
（1 分）
解得
（1 分）
16．（16 分）某电磁健身器的简化装置如图所示，两根平行金属导轨相距为l，倾角为
，导轨上端串接
一个阻值为
的电阻，下端接有电容为Ｃ的电容器。在导轨间长为d 的区域内，存在方向垂直导轨
平面向下的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m 的金属棒
水平置于导轨上，用绝缘绳索通过定滑
轮与拉杆
相连，金属棒向上运动时，
闭合，
断开，向下运动时，
断开，
闭合。
棒
的初始位置在磁场下方某位置处，一位健身者用大小为
的恒力拉动
杆，
运动过程中始
终保持与导轨垂直，进入磁场时恰好匀速上升，不计其它电阻、摩擦力以及拉杆和绳索的质量，重力
加速度为g。
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(1)求
棒进入磁场时的速度大小；
(2)
棒进入磁场
处时，撤去拉力F，恰好能减速运动到磁场上边界，求减速向上运动的时间；
(3)
棒从磁场上边界由静止下滑，此时电容器电量为零，下滑过程中，拉力始终为零，求
棒出磁
场时的速度大小。
（16 分）【答案】(1)
(2)
(3)
【解析】（1）
棒进入磁场时有
（1 分）
又
，
，
（3 分）
联立解得
（1 分）
（2）减速过程，由动量定理得
（1 分）
又
（3 分）
联立解得
（1 分）
（3）设CD 棒的速度大小为
时，经历的时间为t，通过CD 棒的电流为I，CD 棒受到的磁场力方向沿
导轨向上，大小为f1=BIl
设在时间间隔（t，t+t）内流经CD 棒的电荷量为Q，则Q=CBlv（1 分）
Q 是平行板电容器极板在时间间隔（t，t+t）内增加的电荷量，v 为CD 棒的速度变化量。按定义有
（1 分）
（1 分）
CD 棒在时刻t 的加速度方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律有mgsinθ﹣f1=ma（1 分）
12
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联立可得
可知，CD 棒做初速度为零的匀加速运动，则
（1 分）
解得
（1 分）
13
