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2025 年高考押题预测卷
物理·参考答案
一、单项选择题：本题共7 小题，每小题4 分，共28 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要
求的。
1
2
3
4
5
6
7
D
B
D
D
B
B
D
二、多项选择题：本题共3 小题，每小题6 分，共18 分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目的
要求，全部选对的得6 分，部分选对的得3 分，有选错的得0 分。
8
9
10
BC
ACD
BD
第II 卷（非选择题）
三、非选择题：本题共5 小题，共54 分
11．（8 分）
【答案】
(2 分） 3500 (2 分） 大于 (2 分） 减小 (2 分）
12．（8 分）
【答案】 (1)B(2 分） (2)1.57(4 分） (3)不变(2 分）
13．（8 分）
【答案】【答案】（1）
，
；（2）
【详解】（1）由题意可知每个光子的动量为
(2 分）
1
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每个光子的能量为
(2 分）
（2）太阳均匀地向各个方向辐射硬X 射线，根据题意设t 秒发射总光子数为n，则
(1 分）
可得
(1 分）
所以t 秒辐射光子的总能量
(1 分）
太阳辐射硬X 射线的总功率
(1 分）
14．(14 分）
【答案】（1）
（2）
；（3）
【详解】（1）A 在传送带上运动时的加速度
(2 分）
由静止加速到与传送带共速所用的时间
2
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(2 分）
（2）B 从
点滑至
点的过程中克服阻力做的功
(4 分）
（3）AB 碰撞过程由动量守恒定律和能量关系可知
(1 分）
(1 分）
解得
(1 分）
(1 分）
（另一组
舍掉）
两物体平抛运动的时间
(1 分）
则
解得
3
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(1 分）
15(16 分）
【答案】（1）
，
；（2）
或
；
（3）
【详解】（1）有题意可知A、B 系统碰撞前后动量守恒,设碰撞后两小球的速度大小为v，则根据动量守恒
有
(1 分）
可得
(1 分）
碰撞后根据牛顿第二定律有
(1 分）
可得
(1 分）
（2）若两球发生弹性碰撞，设碰后速度分别为vA，vB，则碰后动量和能量守恒有
(1 分）
(1 分）
4
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联立解得
，
因为所有的碰撞位置刚好位于等边三角形的三个顶点，如图
①若第二次碰撞发生在图中的b 点，则从第一次碰撞到第二次碰撞之间，A、B 通过的路程之比为
，则有
(1 分）
联立解得
由于两质量均为正数，故k1=0，即
对第二次碰撞，设A、B 碰撞后的速度大小分别为
，
，则同样有
5
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联立解得
，
，故第三次碰撞发生在b 点、第四次碰撞发生在c 点，以此类推，满足题意。
②若第二次碰撞发生在图中的c 点，则从第一次碰撞到第二次碰撞之间，A、B 通过的路程之比为
；所以
(1 分）
联立可得
因为两质量均为正数，故k2=0，即
(1 分）
根据①的分析可证
，
，满足题意。
综上可知
或
。(1 分）
（3）第一次碰前相对速度大小为v0，第一次碰后的相对速度大小为
，第一次碰后与第二次相碰前
B 球比A 球多运动一圈，即B 球相对A 球运动一圈，有
(1 分）
第一次碰撞动量守恒有
(1 分）
6
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且
联立解得
B 球运动的路程
(1 分）
第二次碰撞的相对速度大小为
第二次碰撞有
且
联立可得
(1 分）
所以B 球运动的路程
(1 分）
7
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一共碰了2n 次，有
(1 分）
8
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一、选择题：本题共12 小题，每小题4 分，共48 分。在每小题给出的四个选项中，第1~8 题只有一项符
合题目要求，第9~12 题有多项符合题目要求。全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错或不
答的得0 分。注意修改地区、分值等，要与当地考试模式相符
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
C
D
D
C
B
C
C
C
BC
CD
AD
BD
二、实验题：本题共2 小题，共15 分。注意修改分值
13．（1）1.770（2 分） （2）A1（1 分） E1（1 分） 外接法（1 分）
14．（1）8.600（2 分） （2）×10 挡（1 分） 欧姆调零（1 分） 220（1 分）
（3）V1（1 分） A2（1 分） R1（1 分） 如图所示（2 分）
三、计算题：本题共3 小题，共37 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后
答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15．（1）A、B 碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
mv0=2mv ①（1 分）
9
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碰后水平方向：qE=2max②（1 分）
③（1 分）
由速度位移公式得：0–v2=–2axxm④（1 分）
由①②③④解得：
（1 分）
（2）由能量守恒定律可知，碰撞过程中A 损失的机械能
（2 分）
碰后到距平台边缘最大水平距离的过程中A 损失的机械能
（2 分）
从A、B 碰撞前到A、B 运动到距离平台边缘最大水平距离的过程中A 损失的机械能为：
（2 分）
16．（1）设金属棒ab 的速度为v 时金属棒cd 刚要滑动
由
（1 分）
解得v=5 m/s（1 分）
由v=at 知t=2 s
匀加速时段内金属棒ab 的位移为x1=
at2=5 m（1 分）
对金属棒ab：
（1 分）
10
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故
（1 分）
带入数据可知F 随t 线性变化，且最大值为F1=22.5 N，最小值F2=12.5 N
因此外力F 的冲量为
解得I=35 N∙s（1 分）
（2）撤力后金属棒cd 仍静止，设金属棒ab 减速滑行的位移为x2
由
和
（1 分）
解得x2=1 m（1 分）
设金属棒ab 返回到出发点时的速度为v1，对金属棒cd，由
（1 分）
解得v1=3 m/s（1 分）
由能量守恒：
（1 分）
解得Q=3.75 J（1 分）
17．（1）电场中，根据牛顿第二定律有，
（1 分）
由运动学公式
（1 分）
（1 分）
得
（2 分）
11
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（2）在左侧磁场中偏转半圆，根据牛顿第二定律有
得
（1 分）
经历时间
（1 分）
在电场中加速到v，经历时间
（1 分）
又
有
（1 分）
得
（1 分）
在右侧磁场中偏转半圆，根据牛顿第二定律有
（1 分）
12
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得
（1 分）
经历时间
在电场中减速到v0，经历时间仍为
（1 分）
之后经历4 次循环，再在左侧磁场中偏转半周，回到了出发点O
故总时间为
（1 分）
13
