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2023 年高考押题预测卷01【五省卷】
物理·参考答案
14
15
6
17
18
19
20
21
A
D
D
C
B
ACD
BD
BD
22【答案】 ①.
.
②
.
③偏大 ④. 系统
【解析】
（1）[1]根据题意可知①应该为
[2]由逐差法第一组数据有
逐差法第二组数据有
逐差法第三组数据有
所以其劲度系数为
（2）[3]由实验可知其弹力的变化量为一个砝码的重力，即
因为实际
重力加速度小于
，所以其实验的
偏大，根据
1
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可知，其测量的弹簧劲度系数偏大。
[4]因为该误差不是因为测量等原因引起的所以不属于偶然误差，而是系统误差。
23【答案】 ①. A
.
②B
.
③
.
④A
【解析】
（1）[1]测量值是0.65mm，读到mm 的百分位，螺旋测微器读到mm 的千分位，所以不是螺旋测微器，是
游标卡尺；末尾数是5，所以精确度为0.05，为20 分度游标卡尺，故选A；
（2）[2]测电阻时指针出现在欧姆表盘0 刻度右侧，通过多用电表内部的灵敏电流计的电流超过其量程，
由欧姆表工作原理
，
可知是
偏小导致，最可能的原因是未进行欧姆调零，故选B。
（3）[3] 由于电压表内阻远大于待测电阻，电流表应采用外接法，由于滑动变阻器最大阻值大于待测电阻，
滑动变阻器可以采用限流接法，电路图如图所示
（4）[4] A．先将金属丝接入电路,然后用米尺测量接入电路中的金属丝的全长，且测量三次，算出其平均
值，A 错误；
2
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B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，B 正确；
C．因为温度对金属丝电阻有影响，实验中应保持金属丝的温度大致保持不变，C 正确；
选操作错误的，故选A。
24【答案】
解：(1)由分析可知入射角为临界角的时候，出射点最远，
sinC = 1
n = 3
4 ，（2 分）
所以C = 48
∘，（1 分）
解得l = 48
360 2πR = 4 πR
15 ；（2 分）
(2)设入射角为α，折射角为β，sinα =
R - 1
5 ·2 R
R
= 3
5
，（1 分）sinβ
sinα = 4
3 ，（1 分）
解得sinβ = 4
5 ，即β =53
∘，（2 分）
从半球透镜折射后的出射光线与水平面的夹角θ = β -α =16
∘（1 分）
解得x =
h
tan16
∘=320cm （2 分）
25【答案】（1）
；（2）（0，
）；（3）
【解析】
3
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（1）粒子在M 点的速度大小为v′，则
（1 分）
则
v′=v（1 分）
粒子在电场中从M 点到N 点运动的时间为t，加速度为a，则
（1 分）
（1 分）
（1 分）
解得场强大小
（1 分）
（2）由几何关系可知
（1 分）
设P 点的坐标为yP，则
4
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解得
（1 分）
则P 点的坐标为（0，
）（1 分）
（3）粒子在匀强磁场Ⅰ中
（1 分）
离子在匀强磁场Ⅱ中做匀速圆周运动
半径R2，则
（1 分）
由几何关系
（1 分）
解得
（1 分）
5
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联立解得
带入数据
（1 分）
26.【答案】（1）2 次，
，
，
；（2）
【解析】
（1）木板
、物块
每次碰撞时，由动量守恒与机械能守恒可得
，
（1 分）
解得
，
（1 分）
即木板
、物块
每次碰撞后，交换速度。故第一次碰撞前，木板
向物块
匀加速直线运动，木板
加
速度
（1 分）
木板
速度
（1 分）
6
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由动量守恒
（1 分）
滑块
的速度
第一次碰撞后，木板
、物块
的速度分别为
，
（1 分）
木板
向物块
匀加速直线运动，到第二次碰撞前，由位移关系
（1 分）
木板
的速度为
（1 分）
第二次碰撞后，木板
、物块
的速度分别为
，
由动量守恒
（1 分）
滑块
的速度
（1 分）
7
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木板
向物块
匀加速直线运动，直到滑块
、木板
共速
（1 分）
若能发生第三次碰撞，由位移关系
，
（1 分）
木板
的速度为
（1 分）
所以不能发生第三次碰撞。即木板与物块
碰撞的次数为2 次，滑块
、木板
、物块
最终速度的大小
分别为
，
，
。
（2）第一次碰撞前，木板
向物块
匀加速直线运动，木板
加速度
（1 分）
木板
速度
（1 分）
故木板
先匀加速到与滑块
共速
（1 分）
8
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再匀速运动至物块
所在位置并与其发生碰撞，第一次碰撞后，木板
速度反向，大小不变，加速度不变，
向左运动位移为
（1 分）
然后向右匀加速运动直到与滑块
共速
（1 分）
再匀速运动至物块
所在位置并与其发生碰撞，第二次碰撞后，木板
速度反向，大小不变，加速度不变，
向左运动位移为
（1 分）
木板
的总路程
（1 分）
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