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2023 年高考押题预测卷02【山东卷】
物理·全解全析
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
C
B
C
D
D
C
D
A
AD
CD
AD
ACD
1．C
【详解】ABC．增大入射光的频率，阴极K 发射出的光电子的最大初动能变大，增大入射光光强，则单位
时间逸出光电子的数目会增加，增大各级间电压，则打到倍增极的光电子的动能变大，则可能有更多的光
电子从倍增极逸出，则阳极收集到的电子数可能增多，即单位时间内阳极接收到的电子个数与入射光的强
度和倍增电极间的电压有关，与入射光的频率无关，故AB 错误，C 正确；
D．光电效应是当光子的频率大于极限频率时，物质内部的电子能够吸收光子的能量后逸出的现象，而光
电倍增管正常工作时，每个倍增电极上被加速后的电子撞击激发出更多的电子，这不符合光电效应现象的
特点，故不是光电效应，故D 错误。
故选C。
2．B
【详解】被淹没的玻璃瓶在下降过程中，瓶内气体温度不变，压强变大，可知气体体积减小，外界对气体
做正功；由于气体温度不变，气体分子平均动能不变，气体内能不变，根据热力学第一定律可知，气体向
外界放热。
故选B。
3．C
【详解】A．由题意可知，整个同步轨道一定在地球赤道正上方，因此地面基站不可以建设在青藏高原上，
A 错误；
B．由太空电梯的结构可知，配重与同步空间站的角速度相同，由
可知，空间站的环绕半径小于配
重的环绕半径，因此配重的线速度大于同步空间站的线速度，B 错误；
C．由万有引力定律
可知，箱体在上升过程中受到地球的引力随距离r 的增加而减小，C 正确；
D．由题意可知，空间站和配重都做匀速圆周运动，若缆绳断开，配重与地球间的万有引力则有
即地球对配重的万有引力小于配重做圆周运动的向心力，因此配重会
做离心运动，D 错误。
1
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故选C。
4．D
【详解】A．电荷均匀分布的球壳，总电荷量为-Q，对球壳外部来说相当于-Q 的点电荷放在O 点；球壳在
其内部激发的强场为0，a、b 两点的场强等于由P 点的点电荷在两处产生的场强，由点电荷场强公式知大
小相同，方向不同，故A 错误；
B．P 处点电荷在c、d 两点激发的场强为
，
方向向左；O 处点电荷在c、d 两点激发
的场强为
，方向向右
，方向向左由场强叠加法则可知
;
则c 点的场强小于d 点的场强，故B 错误；
C．试探电荷+q 从a 沿直线运动到O，电势降低，电场力做正功；从O 运动到b，电势升高，电场力做负
功，故C 错误；
D．d 点相当于等量异种电荷的中点，电势为0，c 点靠近负电荷，电势小于0，试探电荷+q 在d 点的电势
能大于在c 点的电势能，故D 正确。
故选D。
5．D
【详解】设标准平面的玻璃晶之间的夹角为θ，由空气薄膜的干涉条件可知
由题设条件，则有
联立解得
故选D。
6．C
【详解】A．当滑片
在最上端时，变压器原、副线圈接入的匝数比为
，所以变压比为
，选项
A 错误；
B．当滑片
在副线圈中间时，原线圈匝数为1000 匝，副线圈匝数为50 匝，设
两端的电压为
，则加
在原线圈的电压可由
也可得
得
解得
选项B 错误：
2
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C．当滑片
由最上端向下移动25 匝时，原线圈匝数为750 匝，副线圈为75 匝，变压比为
，设流过
的电流为
，有
得
得
选项C 正确；
D．当滑片
在规定范围移动，副、原线闲中的电流比最大时根据
可知，在变压比最大时，
副、原线脑电流比最大为
，选项D 错误。
故选C。
7．D
【详解】A．高铁列车在匀加速直线运动启动阶段，加速度a 恒定，初速度为0，列车的动能为
列车的动能与运动时间的平方成正比，故A 错误；
B．高铁列车在匀加速直线运动启动阶段，列车的动量为
列车的动量与运动的时间成正比，故
B 错误；
C．书受到重力和双手对书的作用力两个力的作用，高铁列车在平直铁路上做匀加速直线运动，所以书受
到的合力方向与列车运动的方向相同，因重力方向竖直向下，则双手对书的作用力应该是与水平方向有一
定的夹角，朝斜向上方向，故C 错误；
D．设每节车厢的质量为
，每节动车提供的力为
，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得
以
节车厢为研究对象，根据牛顿第二定律得
两式联立解得
以6、7、8 节车厢为研究对象，根据牛顿第二定律得
解得
则第2、3 节车厢间的作用力与第5、6 节车厢间的作用力之比为
故D 正确。
故选D。
8．A
【详解】根据题意可知，两次抛出小球的过程小球运动时间相等，根据
可得
3
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根据几何关系可得
；
联立可得
故选A。
9．AD
【详解】AB．若波沿x 轴正方向传播，则在
时刻P 点由平衡位置向y 轴正方向运动，且由波的图像可
知
（n=0,1,2,3……）又因为
；
所以
（n=0,1,2,3……）故当
时
可知A 正确，B 错误；
CD．当波沿x 轴负方向传播时，
时刻P 点由平衡位置向y 轴负方向运动，且由波的图像可知
（n=0,1,2,3……）又因为
；
所以
（n=0,1,2,3……）故当
时
可知D 正确，C 错误。
故选AD。
10．CD
【详解】A．如图1，当d=2R 时，光线与内圆相切，如图2，当d=（2-
）R 时，光线射进内圆的入射角
为30°，则若
，存在光线与内圆的入射角大与等于45 ，而
解得C=45 故当光线与内圆的入射角大于等于45 时发生全反射，光线不经过内圆，选项A 错误；
B．如图1，当d=2R 时，光线在BC 边发生全反射，光线从CD 边射出，选项B 错误；
C．如图2，当d=（2-
）R 时，射入光线与射出光线平行，选项C 正确；
4
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D．当d=（2-
）R 时，由几何关系得，通过内圆的路程为
R，光在空气中传播速率为c，所以光通过
内圆时间为
，选项D 正确。
故选CD。
11．AD
【详解】A．假设拉力与水平面的夹角
，则
解得
当
时F 有最小值。故A 正确；
B．在斜坡
上匀速拉物体，假设拉力与斜坡的夹角为
，则
解得
当
时F 有最小值。故B 错误；
C．当F 为水平方向时
当F 为竖直方向时
故C 错误；
D．由B 项分析知当拉力与斜面成
角度时，拉力有最小值，则当某人的拉力达到最大值mg 时所拉重物
达到最大值，有
解得
故D 正确。故选AD。
12．ACD
【详解】A．由题意得金属杆进入磁场Ⅰ和磁场Ⅱ时的速度相等，而金属杆在离开磁场区域Ⅰ后必然要做
一段加速运动才进入磁场Ⅱ，所以刚进入磁场Ⅰ时，金属杆做减速运动，加速度方向平行导轨平面向上，
A 正确；
B．因为金属杆进入磁场Ⅰ后做减速运动，由牛顿第二定律
可得
加速度方
向平行导轨平面向上，随着金属杆速度减小，电路中的感应电流减小，
减小，故金属杆的加速度也减小，
所以金属杆做加速度减小的减速运动，其
图像如图
5
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在
图像中，图线与时间轴围成的面积为物体运动的位移，所以金属杆在磁场Ⅰ的位移
金属杆离开磁场Ⅰ后在两磁场间隙做匀加速直线运动直至进入磁场Ⅱ时的速度为v1，故由匀加速直线运动
规律，其穿过两磁场间距的位移
易得
所以金属杆穿过磁场Ⅰ的时间大于穿过两磁场区
域间距的时间，B 错误；
C．因为金属杆进入磁场Ⅰ和磁场Ⅱ时的速度相等，故其离开磁场Ⅰ和磁场Ⅱ时的速度也相等。从金属杆
进入磁场Ⅰ到离开磁场Ⅱ，由动能定理
金属杆穿过两磁场间距时由动能
定理
所以金属杆穿过两磁场过程中产生的总热量
故C 正确；
D．若金属杆在磁场中做匀速运动，则
得
由前面分析可知金属杆离开磁场Ⅰ
的速度
，根据
可得
又由金属杆释放后到进
入磁场Ⅰ前机械能守恒
得金属杆释放时距磁场Ⅰ上边界的距离
D 正确。故选ACD。
13． B 0.1016/0.1017/0.1018
2.03
【详解】（1）[1]根据图像可知旋转时有沿
轴负方向的加速度，向心加速度指向圆周运动的圆心，可能
是手机平放在手掌上，屏幕朝上，让底边对着自己旋转。故选B。
（2）[2]根据刻度尺的度数规则及图像可知
[3]根据公式
即旋转半径为
，手机内部加速度传感器到手机底边的长度为
。
（3）[4]在时间
的时间内总共有10 个闪光周期，即
6
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[5]根据题意得
14．
无
越大
【详解】（4）[1]
为接入导电金属丝前的干路电流，
为接入导电金属丝后的干路电流，两次测量中电
压表的示数不变，故流过导电金属丝的电流
由欧姆定律可知
[2]因
的差值与电压表内阻无关，故电压表内阻对导电金属丝电阻的测量值无影响；
（5）[3]由
可知，要得到线性关系，应以
为横坐标；
（6）[4]由题知
当
一定时，作出
的大致关系图像如答图所示
可知电流
越小时，相同
对应的
越大，故越向左相邻刻度间数据差值越大.
15．（1）-1，
；（2）
【详解】（1）设大气压强为
，当
时，气体的压强是大气压强的2 倍，则玻璃管竖直放置时，水
银柱对应压强为
，当木板与水平地面之间的夹角为
，气体的压强为
即
关系图
像的函数关系式为
设
图像横轴的截距为c．则有
解得
由乙图可得
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图像的斜率为
由
可得
综合解得
（2）整理可得
的函数关系式为
当
时，温度为T，气体的压强为
体积为
当
时，温度为1.2T，气体的压强为
设气体的长
度为x，则体积为
由理想气体状态方程可得
综合解得
16．（1）10m/s；（2）
；（3）0.09N•s，方向沿挡风玻璃斜面向上
【详解】（1）树叶静止时受力平衡，沿玻璃斜面方向有
又因为
解得
（2）当车速为
时，发现树叶恰好向上运动，此时为临界状态，树叶加速度为0，则
；
联立解得
（3）失去夹持时树叶相对挡风玻璃的初速度为零，树叶相对挡风玻璃做初速度为零的匀加速直线运动，
设加速度为a，有
解得
；
解得t=0.18s
合外力对树叶的冲量
方向沿挡风玻璃斜面向上。
17．（1）
，
；（2）
；（3）
【详解】（1）小球AB 在斜面运动过程中的加速度大小都为
由
得
由
可得
（2）由
得球B 到达O 点所需时间
球A 从O 点到板得时间
所以
（3）由运动对称性可知球A 到反弹回到O 点时得速度
球B 到达O 点的速度
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以沿斜面向下为正，两球在碰撞过程由动量守恒和能量守恒可得
；
解得
，
可知碰撞后A 球沿斜面向下运动，B 球沿斜面向
上运动。当B 球碰撞后再次到达O 点时所用时间为
此时若A 球也恰好到达O 点则
解得
当
很大时，B 球碰撞后再次过O 点时A 球的速度
为
即
很大时，在A 球未与板碰撞反弹之前，AB 球不会发生碰撞。当A 球与
板碰撞反弹后必然与B 球发生第二次碰撞。所以
18．（1）
；（2）坐标为（
，
，
）
【详解】（1）液滴进入xoy 平面的右侧，由于
所以液滴在洛仑兹力的作用下做匀速圆周运动，当
磁感应强度大小为2B0时，有
解得
由周期公式有
同理 磁感应强度为
B0时，有
解得
由周期公式有
则液滴第一次从O 点经过x 轴到第四次经过x
轴的运动轨迹如图
由图可知液滴第一次从O 点经过x 轴到第4 次经过x 轴所需时间
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（2）在
时刻液滴的位置如图所示
液滴在xoy 平面内与-x 方向夹角为45°，此后液滴将螺旋式上升，在y 方向上，液滴以
沿y 轴正向做竖直上抛，上升到最高点的时间为
上升的高度为
在x 方向上，液滴以
在平行于xoz 平面内（水平面）做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力
可得
解得
由周期公式得
所以在
因此上升到最高点时水平方向
上完成了1.5 个周期的圆周运动。分析可知
时油滴x 轴坐标与最高点时x 轴坐标相同，有图可知x 轴坐
标为
在
时由图可知油滴y 轴坐标为
所以最高点时y 轴
坐标为
因为负电油滴在
时z 轴坐标为0，而此时洛伦兹力沿z 轴正方向，所以在1.5
个周期时z 轴坐标为
因此液滴继续运动过程中达到最大高度时的位置坐标为（
，
，
）
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