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2023 年高考押题预测卷02【全国乙卷】
物理·全解全析
14
15
16
17
18
19
20
21
B
B
A
C
C
BC
AC
BC
14．【答案】B
【解析】人在地面上受竖直向下的重力、向上的支持力、向右的摩擦力和斜向左上方的细线拉力，所以人
受到地面的作用力，即支持力和摩擦力的合力的方向应斜向右上方，故A 错误；风筝受重力G，细线的拉
力T 和气流的作用力F 处于平衡状态，如图所示
重力G 方向竖直向下，细线的拉力T 方向斜向右下方，气流对风筝的力F 的方向一定斜向左上方，且大小
等于重力G 和细线拉力T 的合力大小，故B 正确，C 错误；当细线由实线位置变为虚线位置，即T 与G 的
夹角减小，若气流对风筝的作用力大小不变，作出力的三角形，如图所示，由此可知，细线的拉力减小，
故D 错误。故选B。
15．【答案】B
【解析】两卫星相对于两个大物体的中心基本保持静止，因此绕地球做圆周运动的周期相等，角速度相等，
故C 错误；由题意可知，两卫星围绕地球运动的角速度相等，运动半径不同，由角速度与线速度的关系
可得，两卫星绕地球做圆周运动的线速度不相等，故A 错误；由
可知，质量相同、
角速度相同的情况，运动半径越大，向心加速度越大，向心力越大。由于
，故处于
点的卫星绕地
球做圆周运动的向心加速度大，向心力大，故B 正确、D 错误。故选B。
16．
【答案】A
【解析】由图可知三个球最高点相同，运动时间相同；由于运动时间相等，水平位移甲的最大，故击出初
速度的水平分量甲的最大，据运动的对称性和速度的合成可知甲击出的高尔夫球落地速率最大，故BD 错
误，A 正确；做斜抛运动的物体最高点还有水平速度，速度不为零，故C 错误。故选A。
17．【答案】C
【解析】设单位时间
，发射机每秒钟发射的光子数量为n，则光子的总能量为
，每秒钟的发射能
量为
，所以
，代入数据，最终可得n 的数量级约为
，故C 正确．
18．【答案】C
1
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【解析】根据题意，由于正方形导体框粗细均匀，由公式
可知，四条边电阻相等，由欧姆定律可
得，流过正方形左边的电流为
，流过正方形上、下和右边的电流为
,由公式
可得，上下两边
所受安培力相互抵消，则有
，图2 中上下两边长度相等，电流大小相等，方向相反，
所受安培力相互抵消，左边无电流，不受安培力，电流全部从右边通过，则电流大小为
，则有
，
则有
，故选C。
19．【答案】BC
【解析】未加电压时油滴匀速运动，由受力平衡得
，由题意
，其中匀速运动的速度为
，联立解得
，故A 错误；上极板带正电则电场强度方向向下，油滴向上运动，则油滴带负
电。根据受力平衡有
，其中匀速运动的速度为
，解得油滴的带电量为
，故B 正确；A 上升距离
时电场力做功
，电势能的变化量为
，故C 正确；极板施加电压后，由B 项可知油滴受到的电场力为
，油滴A 下降到最低点时速度为0，设从极板施加电压开始到A 下降到最
低点所用的时间为 ，若油滴只受电场力，则由动量定律可得
，解得
，而由题意
可知，油滴还受到重力和阻力的作用且重力和阻力合力不为零，故D 错误。故选BC。
20．【答案】AC
【解析】由题图可知，中等质量的原子核的比结合能大，所以中等质量的原子核稳定，故A 正确；由题图
可知H 核离中等质量的原子核更远，故H 核比 Li 核更不稳定，故B 错误；重核裂变成中等质量的核，
有质量亏损，释放能量，故C 正确；由题图可知，
Kr 核的比结合能比
U 核的大，故D 错误.
21．【答案】BC
【解析】粒子在磁场中做圆周运动，速度大小不变，在第二个区域中，根据
，解得
，
故A 错误；设圆的半径为
，粒子射入第一个圆形磁场后，从P 点射入第二个圆形磁场，粒子在磁场中转
过的角度为
，其半径
，同理可得，粒子在第二个圆形磁场中转过的角度为
，其半径
，粒子从M 点射入第三个圆形磁场中，射出时恰好过三角形
的几何中心O 点，则粒子
在第三个圆形磁场中转过的角度为
，其半径
，根据
，可得
，三个区域磁感
强度之比
，故B 正确；粒子运动的周期为
，粒子在磁场中运
2
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动时间
，联立可得
，
，
，结合B 选项分析可得
，故C 正确；向心加速度
，可得粒子在三个区域中做圆周运动
向心加速度之比
，故D 错误。故选BC。
第Ⅱ卷
三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~25 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第
33~34 题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（共47 分）
22．（6 分）
【答案】（1） 0.57 0.90 （2） 0.2
【解析】（1）每隔4 个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为T=0.1s，故用平均速度等于中间时刻
的瞬时速度可得
，根据逐差法
，可得
。
（2）对ABC 系统应用牛顿第二定律可得
可得
，所以，a-m 图象中，纵轴的截距为-μg，故-μg=-2，解得μ=0.2
23．（9 分）
【答案】（1） 乙 （3）
（4）见解析 （5）
（6）没有
【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律有
，即
，可知电压表的示数变化不明显是由于电
源的内阻较小引起的，所以需要加入一个等效电源内阻，故选图乙。
（3）根据闭合电路欧姆定律
，可得
，取表中一组数
值代入有
，解得
。
（4）图像如下：
（5）根据电阻定律可得
，可知图线的斜率为
，有
，代入数值解得
3
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（6）根据前面分析
，可知
为
图像的纵截距，对电阻率的测量没有影响。
24．（14 分）
【答案】（1）
；（2）
；（3）
【解析】（1）将S1拨到“2”瞬间，此时电容器两极板间电压等于E，电路中电流
动力杆受到的安培力为
由牛顿第二定律可得
（2）对a 根据动量定理有∑BiL∙t1 = (M＋m)v0－0
将S1拨到“2”瞬间电容
达到CD 处时电容
运动过程减少的电荷量q = q1－q2 = ∑i∙t1
联立解得
（3）飞机放飞后，a 与b 相碰mv0 = 5mv1
“双棒”从CD 到EF 由动量定理可得－BLq2 = 0－5mv1
“双棒”电阻为
，则
解得
恒流源驱动“双棒”返回CD（设速度为v）过程中有I0LBt = 5mv
所以恒流源输出的能量为
代入解得
25.（18 分）
【答案】（1）2.4s；（2）10J；（3）
【详解】（1）
在轨道上滑动时机械能守恒，设
到达轨道
底部时的速度为v，有
A 在斜轨道上做匀加速直线运动，设运动时间为t，则有
联立解得
（1）
滑上
后，
做加速度大小为
的匀减速运动，
做加速度为
的匀加速运动，则对
有
对
有
4
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设经时间
，
、
的共同速度为
，则有
解得
碰前
、C 之间的距离为
设
、C 碰后速度分别为
、
，
、C 碰撞时动量守恒、机械能守恒，选向右为正方向，则有
解得
碰撞完成后
向左运动最后停下，由能量守恒定律可知，
和地面间因摩擦而产生的热量为
代入数据得
（3）
、C 碰后
滑到C 上运动，
、C 相对滑动过程，
的加速度保持不变，由于
则碰后C 匀速运动，经时间
，
滑到C 的右端，
、C 速度相等，由于
共速后
、C 一起减速直到停下，则有
C 匀速运动的位移为
的位移为
则C 的长度为
代入数据得
（二）选考题：共15 分。请考生从2 道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。
33．[物理——选修3–3]（15 分）
（1）（6 分）
【答案】ADE
【解析】a 到b 的过程中，根据
可知，气体温度升高，内能增加，A 正确；b 到c 的过程中，根据
可知，气体温度降低，B 错误；c 到a 的过程中，根据
可知，气体温度减低，气体分子的
平均动能减小，C 错误；根据W=p∆V 可知，p-V 图像与坐标轴围成的面积等于气体做功的大小，从图像面
积可以看出a 到b 的过程中气体对外界做的功等于b 到c 的过程中气体对外界做的功，D 正确；a→b→c→a
的过程中，气体回到原来的状态，则内能不变，所以气体从外接吸收的热量等于对外做的总功，E 正确。
故选ADE。
（2）（9 分）
【答案】（1）280；（2）
【解析】（1）白天充好气的床垫内气体压强为
，温度为
，体积为
，设床垫要充好气，
5
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充气泵需要的打气次数为
，对充好气后床垫内所有气体有
解得
故充气泵需要打气的次数为280 次。
（2）设夜间床垫内气体压强、温度、体积分别为
，
，
，则有
对床垫内气体有
故夜间床垫内气体的压强
34．[物理——选修3–4]（15 分）
（1）（6 分）
【答案】BCD
【解析】由P 点振动图像可知，
时质点P 沿y 轴负向振动，结合波形图，这列波沿x 轴负方向传播，
波的传播速度
，故A 错误；由于
，由图乙可知，当
s
时质点P 恰好回到平衡位置且向y 轴正向振动，故B 正确。在0~0.20s 时间内，经过0.5T，质点P 运动的
路程为
，故C 正确；由图乙知，在0-0.05s 时间内，质点P 一直向y 轴负方向运动，故D
正确；质点并不随波迁移，而是在平衡位置附近做简谐振动，故E 错误。故选BCD。
（2）（9 分）
【答案】（1）1.25；（2）
【解析】（1）由进入球体的光线在球面上的入射角
时，折射光恰好消失，说明刚好发生全反射，
临界角
根据临界角公式
解得该透明介质的折射率
（2）发光面发出的光第一次到达半球面，入射角最大的光线，如图所示，设此光线刚好发生全反射，入
射角为临界角C。根据临界角公式
得
二极管发光圆面的半径
二极管发光圆面的最大面积
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