山东省菏泽市2025年高三二模考试物理答案_2025年5月_250511山东省菏泽市2025年高三二模考试（菏泽二模）（全科）

高三二模物理参考答案 2025.5 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D B B C A C D A BC CD BCD AD 1 13. （1）1.03m/s （2）mgh 3mv2（化简也对）（3）C 2 14.（1）C （2）1.5V，2500Ω （3）4.510-3J（4.3～4.8均正确）（每空2分） l 15.解：（1）木筷静止在水中时，设木筷在水中部分的长度为 0,有 mg gl s 0 木筷在静止位置上方x 处时，以竖直向上为正方向，合外力 F g(l x)smg 0 联立①②式得F -gsx ……………………① 5分 故木筷做简谐运动。 （2）木筷放手后做简谐运动，有 2 x Acos t T m T 2 又 k ，其中 k gs 整理可知放手后木筷位移随时间变化的关系式为 gs x Acos t m ……………………②3分 16解： （1）设三角形某一顶点A到圆心的距离为h，到底部A的距离为s，由几何关系 s2 h2 R2 c n v s t  v 联 立 得 光 线 从 A 到 底 部 A 的 时 间 39nR t  ……………………①4分 6c （2）由正弦定理 A'O R  sin sin {#{QQABBQaowgiw0lTACR5KQwHUCwgQkJAiLUoEwQATKA5KAZFABKA=}#}3 等于90°时，最大，此时sin 6 1 n sin 解得 n2 3 ，故折射率应小于 2 3 ……………………②4分 17. 解：（1）小球从P到A Eq 水平方向：v cos t 0 m 竖直方向：v v singt A 0 5 16v 解得v  v ，t  0 ……………………① 4分 A 3 0 15g （2）小球在第二、三象限运动过程中，所受合的大小及方向 F  (mg)2 (Eq)2 ，方向与水平方向的夹角为53° 当小球运动到合力与速度方向垂直时速度达到最大，从A到Q 1 1 mgRcos37Eq(RRsin37） mv2  mv2 2 Q 2 A 25 解得 v  4gR v2 Q 9 0 从P到Q，利用动量定理 I mv m（v） 总 Q 0 25 解得I  m 4gR v2 mv ……………………②6分 总 9 0 0 （3）小球在第一象限运动时，Eq mg，故小球只受洛伦兹力，小球运动至x轴最远位置 时y方向上的分速度为零，竖直方向利用动量定理 qBv t 0mv x 其中B ky，左边微元累积 （qkyvt qkyvt qkyvt …qkyvt）0mv 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 即（qks qks qks …qks）0mv 1 2 3 n 而s s s …s  s 1 2 3 n mv 解得s  ……………………③4分 kq {#{QQABBQaowgiw0lTACR5KQwHUCwgQkJAiLUoEwQATKA5KAZFABKA=}#}18.解：（1）设物块A到达圆弧底端的速度为v ，由动能定理 A0 1 1 m gR  m v 2  m v 2 A 2 A A0 2 A 0 解得v 12m/s A0 A、B相碰由动量守恒能量守恒 m v 0m v m v A A0 A A1 B B1 1 1 1 m v2 0 m v2  m v2 2 A A0 2 A A1 2 B B1 解得v -6m/s，v 6m/s……………………① 5分 A1 B1 （2）物块B在木板C上滑动时 对B ：m g m a 1 B B B 解得a 2m/s2 B 对C： m g(m m )g m a 1 B 2 A B C C 解得a 1m/s2 C 设木板C运动到物体D位置时所用时间t ，此时B、C速度分别为v 、v 1 B2 C1 1 d  a t2 2 C 1 v a t C1 C 1 v v a t B2 B1 B 1 解得t 1s，v 4m/s，v 1m/s 1 B2 C1 由于C、D质量相同，C、D发生第一次弹性碰撞后二者交换速度 即碰后C的速度变为零，v 1m/s B接着减速，C从零加速，D减速 D1 ， 对D：m g m a 1 D D D 解得a 1m/s2 D v2 D第一次减速的位移x  D1 D1 2a D 解得x 0.5m D1 C从零加速到x 0.5m时，速度大小v 1m/s，所用时间t 1s D1 C2 2 {#{QQABBQaowgiw0lTACR5KQwHUCwgQkJAiLUoEwQATKA5KAZFABKA=}#}B减速到v v a t B3 B2 B 2 解得v 2m/s B3 由于C、D质量相同，C、D发生第二次弹性碰撞后二者仍交换速度，即碰后C的速度变为零， v 1m/s，B接着减速，C从零加速，D减速。D第二次减速的位移x 0.5m，设又经 D2 D2 过t ，B、C达到共同速度 v，C第三次加速的距离为x 3 C3 vv a t B3 B 3 va t C 3 v2 x  C3 2a C 2 2 2 t  s v m/s x  m 解得 3 3 ， 3 ， C3 9 B、C达到共同速度 v后一起做匀减速运动，加速度大小为g ，假设与D不相碰，B、C 2 v2 一起停下来的位移为x  C4 2g 2 2 解得x  m C4 9 由于x x