文档内容
2025 年 3 月高三调研考试试卷
物理参考答案及评分标准
（长沙县、望城区、浏阳市、宁乡市联合命制）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
题序 1 2 3 4 5 6
答案 B A C C D B
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项
符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
题序 7 8 9 10
答案 BD BD AC AD
三、非选择题：共56分。
√ d
(F −mg)(L+ )
11．（6分,每空2分）（1） 12.30（2） ❑ T0 2 （3）
m
12．（10分）（1）（4分，每空2分）
（2）（6分，每空3分） 5.1 0.32 （0.30）
13题解析：（10分）
（1）对从A孔进行的空气
初状态： P =P V =V（1分）
1 0 1
末状态： P =P −ρglV =lS（1分）
2 0 2
等温变化，由玻意耳定律得：P V =P V （1分）
1 1 2 2
整理得： V =
(P
0
−ρgl)lS
=9.5×10−4m3（2分 表达式1分，答案1分）
P
0
h
（2）当手指按住最上面的A孔缓慢地上提竹筒，设最后竹筒里面取水的高度为 。对竹
筒
上部分的空气：
初状态：P =P V =lS（1分）
3 0 3
末状态：P =P −ρgV =(2l−)S（1分）
4 0 4
由玻意耳定律得：P V =P V （1分）
3 3 4 4
整理并代入数据得：❑ 2−11+5=0
解得 =0.475m（1分）
所以一次能汲出水的质量m=ρS=0.95kg（1分）
14题解析：（14分）
（1）加速过程，根据动能定理
1
eEd= mv2
2 （ 2分）
解得
√2eEd
v=
m （ 2分）
（2）匀强电场E 垂直于直线 ，则电子离开Q点后做类平抛运动，故电场力垂直PQ向
1
上，又电子带负电，则电场E 方向垂直PQ向上（PQM平面） （1分）
1
PQ方向匀速直线运动
vt=dcosα
1 （1分）
学科网（北京）股份有限公司垂直PQ方向匀加速直线运动
eE
a = 1
1 m （1分）
1
at2 =dcosα
2 （1分）
4Etanα
E =
联立可得 1 cosα （1分）
（3）将速度沿着和垂直 方向分解
垂直于 方向做圆周运动，有
（1分）
运动周期 （1分）
磁感应强度的最小值，则周期T取最大值
平行于 方向做勺速直线运动
（1分）
分运动的时间相同，刚好为一个周期T
t=T
（1分）
学科网（北京）股份有限公司√2mE
B=2πcosα
则 ed （1分）
15题解析（16分）
（1）机器猫在A板跳跃过程，系统水平动量守恒，得：
mx =M x （1分）
1 2
x +x =L（1分）
1 2
m
解得A板运动的距离 x = L=0.4m（1分）
1 M+m
M
猫运动的距离为x = L（1分）
2 M+m
（2）设机器猫起跳速度为v ，A板获得的速度大小为v ，
0 A
机器猫与A板水平方向动量守恒，有mv cosα=Mv （1分）
0 A
M
机器猫的斜抛过程有：2v sinα=>v t cosα= L（1分）
0 0 M+m
1 1
能量关系：W = mv 2+ Mv 2 （1分）
2 0 2 A
❑
mgL2 M+mcos2α mgL2 M+m
联立可得W = ( )= (Mtanα+ )（1分）
4M sinα cosα 4M tanα
√M+m
由数学关系可知 当tanα=❑ =❑√3 即夹角为600时W有最小值 （1分）
M
（3）由 ，可得 4 √75gL（1分）
m : M=7:9 tanα= v =❑
3 128
0
机器猫跳上B板，瞬间减速的过程中由动量定理：
竖直方向上 F ∆t=mv sinα（1分）
N 0
水平方向上 μF ∆t=m(v cosα−v ) （1分）
N 0 猫
μF ∆t=Mv （1分）
N B
联立可得 猫和B板瞬间碰撞后的速度分别为：
学科网（北京）股份有限公司7 14
v = v ， v = v 则v >v （1分）
猫 15 0 B 135 0 猫 B
猫将在B板上匀减速滑行，B板将匀加速运动直至猫与 B板共速（此时猫未滑下 B
板）
μmg
则有：v + t'=v −μgt'（1分）
B M 猫
49v 49 √3L 147
可求得t'= 0 ，联立可得 t'= ❑ = s≈0.23s （1分）
40g 64 2g 640
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