四月物理每周好题精选（第1周）_2024高考押题卷_152024其他平台全系列_资料2024版（名校︱机构）备考押题资料_（冲刺高考）正确云·四月每周好题精选（第1周）

四月物理每周好题精选（第 1 周） 一、单选题 1．次临界装置是一种小型核装置，通过引入外部中子源，使反应堆发生和维持链式裂变反 应，并在一定功率下运行。某临界反应堆内核素A是主要的核燃料，能通过其他核素衰变或 中子俘获产生，通过衰变、中子俘获或裂变消耗，则( ) A.通过衰变形成核素A的过程需要吸收能量 B.衰变和裂变消耗单位质量核素A的过程放出的能量相同 C.中子源单位时间内发射的中子数对反应堆功率有影响 D.切断外部中子源，反应堆内不再产生核素A 2．如图所示，菱形导线框abcd放置在水平面上，线框各边长均为L且电阻均匀分布，顶角 abc，整个空间中存在垂直水平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B，将电流从线 框a端流入b端流出，通过ab的电流为I，则线框整体受安培力大小为( ) 4 4 A.F  BIL B.F  BILcos C.F 0 D.F 2BILcos 3 3 3．图甲为一家用变压装置的原理图。将图乙所示的正弦式交流电压加在理想变压器的原线圈 上，变压器原、副线圈的匝数比n :n 1:5，电表均为理想交流电表。已知变压器副线圈侧 1 2 的保险丝R 的熔断电流为2A，阻值为2Ω，滑动变阻器R最大阻值为4Ω，现滑片P从b端 0 缓慢移动至a端，则此过程中( ) A.电流表的示数逐渐减小 版权所有©正确教育 侵权必究！B.当滑片P位于 ab 中点时，电压表读数为 2.5V C.要求相同时间内滑动变阻器R产热量最多，应将滑片P置于b端 D.保险丝即将熔断时，原线圈消耗功率为 5 2W 4．如图甲所示为小勇同学收集的一个“足球”玻璃球，他学了光的折射后想用激光对该球进行 研究，某次实验过程中他将激光水平向右照射且过球心所在的竖直截面，其正视图如乙所 示， AB 是沿水平方向的直径。当光束从C点射入时恰能从右侧射出且射出点为B，已知点C 到 AB 竖直距离 h 3 R ，玻璃球的半径为R，且球内的“足球”是不透光体，不考虑反射光的 2 情况下，下列说法正确的是( ) A.B点的出射光相对 C点入射光方向偏折了30° B.该“足球”的直径为玻璃球直径的 3 R 3 C.继续增加h(h R)则光将会在右侧发生全反射 D.用频率更小的激光入射时，光在玻璃球中的传播时间将变短 5．如图所示，将静电计与电容器（图中未画出）相连，可检测带电电容器的两极间的电压变 化。带电静电计的金属指针和圆形金属外壳的空间内存在电场，分别用实线和虚线表示电场 线和等势面，该空间内有P、Q两点，则( ) A.静电计两根金属指针带异种电荷 版权所有©正确教育 侵权必究！B.图中实线表示电场线，虚线表示等势面 C.图中P点电势一定高于Q点电势 D.当静电计两指针张角减小时，表明电容器在放电 6．某研究性学习小组研制了一种简易地震仪，由竖直弹簧振子P和水平弹簧振子Q组成， 两振子所用弹簧完全相同，小球P的质量小于Q的质量。在一次地震中，观察到P先发生振 动， 3s 后Q也开始振动，某个稳定时段P的振幅大于Q的振幅。从震后的媒体报道中获悉， 此次地震的震源位于地震仪正下方，地震波中的横波和纵波传播速率分别约为 和 4km/s 6km/s 。据此，该学习小组做出了以下判断，其中正确的是( ) A.震源距地震仪约10km B.震源距地震仪约36km C.此地震波横波的振幅一定小于纵波的振幅 D.此地震波横波的频率一定大于纵波的频率 7．如图所示为研究光电效应和霍尔效应的装置示意图。光电管和霍尔片串联，霍尔片的长、 宽、高分别为a、b、c，该霍尔片放在磁感应强度大小为B、方向平行于c边的匀强磁场中。 闭合电键S，入射光照到阴极时，电流表A显示的示数为I，该电流I在霍尔片中形成沿电流 方向的恒定电场为E，电子在霍尔片中的平均速度vE，其中电子迁移率μ为已知常数。电 子电量为e，电子的质量为m。霍尔片单位体积内的电子数为n，则( ) 版权所有©正确教育 侵权必究！BI A.霍尔片前后侧面的电压为 neb I 1 B.霍尔片内的电场强度为 B2  nebc 2 C.通过调节滑动变阻器，可以使电流表的示数减为零 I D.当滑动变阻器滑片右移后，单位时间到达光电管阳极的光电子数一定大于 e 8．如图所示，假设“天宫一号”正以速度 7.5km/s 绕地球做匀速圆周运动，运动方向与其太阳 帆板两端相距 20m 的M、N的连线垂直，太阳帆板视为导体。飞经某处时的地磁场磁感应强 度垂直于 MN 所在平面的分量为 1.0105T ，若此时在太阳帆板上将一只“1.5V,0.3W”的小灯 泡与M、N相连构成闭合电路（图中未画出），太阳帆板内阻不可忽略。则( ) A.此时M、N 两端间的电势差为0 B.此时小灯泡恰好能正常发光 C.“天宫一号”绕行过程中受到电磁阻尼 D.“天宫一号”在南、北半球水平飞行时M端的电势始终高于N端 9．磁流体发电机的原理如左图所示，燃烧室在3000K的高温下将气体全部电离成高温等离 子体。等离子体经喷管提速后以速度v进入矩形发电通道，发电通道中有垂直于喷射速度方 向的匀强磁场，简化后的原理图如右图所示。已知磁感应强度大小为B，发电通道长为l，宽 为b，高为a，高温等离子体的电阻率ρ，外部电路的总电阻为R。当开关S闭合后，下列说 法正确的是( ) 版权所有©正确教育 侵权必究！A.发电机产生的电动势E Bbv Bvabl B.回路电流I  Rblb 2  Bvabl  C.发电机的输出功率P    R  Rbla B2v D.为维持等离子匀速流动，矩形发电通道左右端的压强差p ab Rbla 二、多选题 10．宇宙飞船以周期T绕地球做近地圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过 程，如图所示。已知地球的半径为R，引力常量为G，地球自转周期为T 。太阳光可看作平 0 行光，航天员在A点测出地球的张角为α，则( ) 2πR A.飞船绕地球运动的线速度为  Tsin 2 T B.一天内飞船经历“日全食”的次数为 T 0 T C.飞船每次经历“日全食”过程的时间为 2π 4π2R3 D.地球质量为  GT2sin3 2 三、实验题 11．某兴趣小组想测量一节干电池的电动势和内阻。 （1）小王想用多用电表粗测干电池的电动势和内阻，下列说法正确的是_______（单选）。 A.多用电表可以粗测电动势，不能粗测内阻 B.多用电表可以粗测内阻，不能粗测电动势 版权所有©正确教育 侵权必究！C.多用电表可以粗测电动势和内阻 D.多用电表既不可粗测电动势，也不可粗测内阻 （2）其他同学从实验室找来了以下器材： A.量程 03V15V 的电压表 B.量程 00.6A3A 的电流表 C.滑动变阻器R  010Ω  1 D.开关、导线若干 ①连接电路如图甲所示，P点应连接在_______（填“A”或“B”）点。 ②选择合适量程的器材，正确连接好电路甲，闭合开关前，滑动变阻器滑片应打到最_______ 端（填“左”或“右”）。 ③实验过程中发现电压表示数变化不大，其可能的原因是_______。（写出1条） （3）另一同学提出一种可以准确测量干电池电动势和内阻的方案：如图乙连接电路，闭合开 关S ，将开关S 接在a端，调节电阻箱R的阻值，记录多个电压表和电流表的示数，作出 1 2 UI 图线，如图丙中图线1所示，图线1与U轴和I轴的截距分别为U 和I 。保持开关S 闭 1 1 1 合，再将开关S 接在b端，调节电阻箱R的阻值，记录多个电压表和电流表的示数，作出 2 UI 图线，如图丙中图线2所示，图线2与U轴和I轴的截距分别为U 和I 。从减小电表 2 2 测量的系统误差角度，电动势的准确值为______，内阻r的准确值为______。（U ,U ,I ,I 1 2 1 2 都为已知量） 四、计算题 2v2 12．如图所示，水平地面上有一辆小车，上方固定有竖直光滑绝缘细管，管的长度 L 0 ， 9g 有一质量m、电荷量q的绝缘小球A放置在管的底部，小球的直径略小于细管。在管口所在 版权所有©正确教育 侵权必究！水平面MN的下方存在着垂直纸面向里的匀强磁场。现让小车始终保持速度的v 向右匀速运 0 动，以带电小球刚经过磁场的竖直边界为计时起点，并以此时刻管口处为坐标原点O建立 2 xOy坐标系，y轴与磁场边界重合，小球刚离开管口时竖直向上的分速度 v  v ，求： y 3 0 （1）匀强磁场的磁感应强度大小和绝缘管对小球做的总功； （2）小球经过x轴时的坐标； （3）若第一象限存在和第四象限大小和方向都相同的匀强磁场，同时绝缘管内均匀紧密排满 了大量相对绝缘管静止，与小球A完全相同的绝缘小球。不考虑小球之间的相互静电力，求 9v2 能到达纵坐标 y 0 的小球个数与总小球个数的比值。 16g 版权所有©正确教育 侵权必究！参考答案 1．答案：C 解析：通过衰变形成核素A的过程，放出能量，结合题述无法判断衰变和裂变消耗核素A过 程放出能量的关系，AB错误；核素A是主要的核燃料，则单位时间消耗核素A核子的数目 越大，反应堆放出的能量越大，故中子源单位时间内发射的中子数越多，反应堆的功率越 大，C正确；核反应堆内其他核素衰变也能产生核素A，故切断外部中子源时，反应堆内仍 能产生核素A，D错误。 2．答案：A 1 解析：线框的有效长度为L，由于 R  (R R R ) ab 3 bc cd da 1 4 两个支路是并联关系，因此流过线框的总电流 I  I  I  I 总 3 3 4 等效电流与磁场垂直，线框整体受安培力大小为 F  BI L BIL 总 3 故选A。 3．答案：B 解析：A.滑片P从b端缓慢移动至a端的过程，原副线圈两端电压不变，则副线圈电阻减 小，所以副线圈电流变大，根据原副线圈电流与匝数比的关系可知，电流表的示数逐渐增 大，故A错误； B.由n :n U :U 1 2 1 2 2 可得副线圈电压 U 5U 5 V5V 2 1 2 U 当滑片P位于 ab 中点时，电压表读数始终为U  2 R 2.5V R R P 0 P 故B正确； U U2 P ( 2 )2R  2 C.由 R R P (R R )2 0 P 0 P 4R R 0 P 要求相同时间内滑动变阻器R产热量最多，则要满足R  R P 0 所以应将滑片P置于ab中点，故C错误； 版权所有©正确教育 侵权必究！n D.由I  2 I 1 n 2 1 可得保险丝即将熔断时，原线圈中电流为I 10A 1 2 原线圈消耗功率为 PU I  10W10W 1 1 2 故D错误。 故选B。 4．答案：D 解析：A.从C点入射的光线，进入玻璃球后光线如图所示，设入射角为i，折射角为r，法线 与直径AB夹角为θ，则根据几何关系i ，2r h 而 sin R 可知 i 60o， r 30o 进入玻璃时，光线沿顺时针偏转了30o，根据光的折射定律，从B点射出时，光线沿顺时针 又偏转了30o，因此从B点的出射光相对 C点入射光方向偏折了60o，A错误； B.根据几何关系，足球的直径 d 2Rsinr  R B错误； C.由于光线从C点射入玻璃中的折射角等于从B点出射时的入射角，离开玻璃球的折射角等 于射入玻璃球时的入射角，因此光线不会发生全反射，C错误； D.如果用频率更小的激光入射时，进入玻璃的折射角增大，从而在玻璃内传播的距离减小， 而频率更小时，光在玻璃中的传播速度增大，从而光在玻璃球中的传播时间变短，D正确。 故选D。 5．答案：D 解析：AB.依题意，静电计与电容器相连，由图可知静电计金属指针接在电容器的同一个极 板上，金属外壳接在电容器的另一个极板上，所以两根金属针带同种电荷。根据电场线从正 版权所有©正确教育 侵权必究！电荷发出，到负电荷终止，可知图中虚线表示电场线，则实线表示等势线。故AB错误； C.题中不知哪一个极板带正电，即不知道电场线的方向，所以P、Q两点电势的高低无法判 断。故C错误； D.依题意，静电计与电容器两极板相连，则静电计两指针张角可以显示极板间的电压，当静 电计两指针张角减小时，表明电容器极板间的电压减小，正在放电。故D正确。 故选D。 6．答案：B 解析：AB.设震源距地震仪的距离为x，有 x x  3s 4km/s 6km/s 解得 x36km A错误，B正确； C.因为只是某个稳定时段P的振幅大于Q的振幅，不能确定地震波横波的振幅和纵波的振幅 大小关系，C错误； D.由于是同一震源，所以地震波的横波和纵波频率相同，D错误。 故选B。 7．答案：B 解析：A.设霍尔片前后侧面的电压为U，根据洛伦兹力与电场力平衡可得qvB qE 1 U 其中 I neSvnebcv ， E  1 b BI 联立解得 U  nec 故A错误； U BI B.霍尔片内沿前后侧面的电场强度大小为 E   1 b nebc v I 沿电流方向的恒定电场为E    nebc I 1 则霍尔片内的电场强度为 E  E2 E2  B2  合 1 nebc 2 故B正确； 版权所有©正确教育 侵权必究！C.由于光电管所加的电压为正向电压，则通过调节滑动变阻器，不可以使电流表的示数减为 零，故C错误； D.若I已经为光电效应达到的饱和电流，则当滑动变阻器滑片右移后，电流I保持不变，则单 I 位时间到达光电管阳极的光电子数等于 ，故D错误。 e 故选B。 8．答案：C 解析：AB.小灯泡与 M、N 相连构成闭合回路，它们一起在磁场中做切割磁感线运动，闭合 回路的磁通量不变，回路中不产生感应电流，小灯泡不工作， M、N 间感应电动势大小为 E  BLv 代入数据得 E 1.5V 此时 M、N 两端间的电势差不为0，绝对值为1.5V。太阳帆板存在内阻小灯泡不能正常发 光，故AB错误； C.导体在磁场中做切割磁感线运动，受到电磁阻尼，故C正确； D.地磁场磁感应强度垂直于 MN 所在平面的分量在南、北半球方向相反，所以“天宫一号”在 南、北半球水平飞行时 M、N 间感应电动势方向相反，故D错误。 故选C。 9．答案：C 解析：A.由左手定则可知，发电通道的上极板为电源的正极，下极板为负极，稳定时，洛伦 U 兹力等于电场力，即qvB q a 所以发电机产生的电动势为E U  Bav 故A错误； E Bavbl B.根据闭合电路欧姆定律可得回路中的电流为I   a Rbla R bl 故B错误； Bavbl C.发电机的输出功率为P I2R ( )2R 出 Rbla 故C正确； 版权所有©正确教育 侵权必究！F BIa B2alv D.矩形发电通道左右端的压强为p   S ab Rbla 故D错误。 故选C。 10．答案：ACD 2πr  R 解析：飞船绕地球做匀速圆周运动，所以线速度为v ，又由几何关系知sin  ，解 T 2 r R 2πR 得飞船绕地球运动的轨道半径r  ，则v ，故A正确；地球自转一圈时间为   sin Tsin 2 2 T ，飞船绕地球一圈时间为T，飞船绕地球一圈会有一次“日全食”，所以每过时间T就有 0 T 一次“日全食”，一天内飞船经历“日全食”的次数为 0 ，故B错误；由几何关系，每次 T T “日全食”过程的时间内飞船相对地心转过α角，所需的时间为t  ，故C正确；万有引 2π mM 2π 2 4π2r3 4π2R3 力提供向心力，则G m  r，得M   ，故D正确。 r2  T  GT2  GT2sin3 2 U 11．答案：（1）A（2）B；右；电源的内阻太小（3）U ； 1 1 I 2 解析：（1）多用电表电压挡内阻远大于电源内阻，所以用多用电表电压挡可以粗测电源电动 势，而多用电表电流挡内阻与电源内阻相差不大，所以不能用多用电表电流挡粗测电源内 阻，电源内阻太小，也不能用欧姆挡测量，故A正确，BCD错误。 故选A。 （2）图甲中，电压表在开关闭合之前测电源电动势，开关闭合之后测路端电压，所以P点应 连接在A点。 正确连接好电路甲，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，所以滑片应打到最右端。 电源的内阻太小，会造成电压表示数变化不大。 （3）开关S 接在a端，有E U Ir Ir 2 A 当电流为零时，有E U 1 开关S 接在b端，有 E U Ir 2 当电压为零时，有E  I r 2 版权所有©正确教育 侵权必究！E U 所以r   1 I I 2 2 2mg 4mv2 2  2n1  v2  175 12．答案：（1） ， 0 （2）  0 ，0 （3） qv 0 9  3g  256 解析：（1）在水平方向上，小球随车向右做匀速直线运动，该分速度对应的洛伦兹力方向竖 直向上，为一个定值，可知，小球在y方向上做匀加速运动，则有 v2 2a 2L y y 解得a  g y 在竖直方向上，根据牛顿第二定律有 qv Bmg ma 0 y 解得qv B 2mg 0 2mg 即有B  qv 0 在上升过程中，根据动能定理有mgLW  1 m  v2 v2   1 mv2 F 2 y 0 2 0 4mv2 解得 W  0 F 9 2 v （2）小球第一次上升到x轴，水平位移为 3 0 2v2 x v t v   0 1 0 0 g 3g 其中v  gt y 2v2 解得 x  0 1 3g 进入第一象限后，小球做斜抛运动，加速度仍然为重力加速度，可知，当小球重新回到x轴 时，水平位移x v 2t 2 0 4v2 解得 x  0 2 3g 小球回到绝缘管后在竖直方向以g做减速运动，根据周期性，与x轴交点的坐标为 2  2n1  v2 x x nx  0 1 2 3g 版权所有©正确教育 侵权必究！2  2n1  v2  即坐标为  0 ，0 。  3g  9v2 （3）由于小球恰能到达 y 0 ，此时y为能到达的最高点，则有qBy mv mv 1 0 16g 1 解得 v  v 1 8 0 v 结合上述有 mg  Bq 0 2 1 根据速度分解有 v  v v 1 2 0 合 2 1  则有 v2   v  v2 合 2 0  y1 3 解得 v  v y1 8 0 2 v  2a L 可知  y1  y 1   v 2a L  y  y L 81 解得 1  L 256 9v2 L 175 可知能够到达 y  0 处的小球个数与总小球个数的比值为1 1  16g L 256 版权所有©正确教育 侵权必究！版权所有©正确教育 侵权必究！