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2025 届第一次联合模拟考试
参加学校: 京师荟成学校 燕岭学校
物理答案解析
【答案】
1. A 2. C 3. A 4. B 5. B 6. D
7. BC
8. ABC 9. ABE
10. 280 55 大于 AC
|m −m |g
11. 重新处于平衡状态 读出电流表的示数I 2 1 m >m
IL 2 1
12. (1) (2)
13. 解： 滑块向上做匀减速直线运动，以沿斜面向上为正方向 ，
(1) 0−v2=2a x
0 1
解得 ，即加速度大小为 ，方向沿斜面向下；
a =−8m/s2 8m/s2
1
v
(2)下滑过程，滑块做匀加速直线运动，根据运动学方程v= =4m/s，
2
又x=v⋅t，解得t=4s；
下滑过程，滑块做匀加速直线运动，根据运动学方程 ，解得 ，
(3) v2=2a x a =2m/s2
2 2
上、下滑过程，根据牛顿第二定律−(mgsinθ+f )=ma ，mgsinθ−f =ma
1 2
又f =μmgcosθ，
√3
联立可得θ=30∘，μ= 。
5
14. 解：(1)物块随车运动撞击平台时的速度v 满足：
1
1 1
−μ (m+M)gL= (m+M)v2− (M+m)v2
1 2 1 2 0
滑块到A点时速度v 满足：
2
1 1
−μ mg(s+L )= mv2− mv2
2 1 2 2 2 1
学科网（北京）股份有限公司由牛顿第二定律得：
v2
F −mg=m 2
N R
解得：F =140N
N
由牛顿第三定律：滑块对轨道压力大小140N，方向竖直向下．
(2)设物块能通过圆轨道的最高点，且在最高点处的速度为v ，则有：
3
1 1
mv2= mv2−2mgR
2 3 2 2
解得：
v =6m/s>√gR=2m/s
3
故能通过最高点，做平抛运动，有x=v t
3
1
及2R= gt2
2
解得：x=2.4m
【解析】
1. 解：A、彩超测量血液的流速是医生利用仪器向人体内发射频率已知的超声波，超声波
被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率变化，就能知道血流的速度，属
于多普勒效应，故A正确；
B、泊松亮斑是光绕过不透明的小圆板后在后面产生的衍射现象，由于光的衍射形成的，
故B错误；
C、双筒望远镜利用了光的折射折射，光导纤维内窥镜应用了光的全反射，故C错误；
D、光纤的内芯折射率大于外层材料的折射率，光在光纤内发生全反射，光纤通信利用了
全反射原理，全息照片用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性，故D错误；
故选：A。
根据泊松亮斑和彩超应用的原理分析；双筒望远镜光折射的应用；光导纤维内窥镜应用了
光的全反射；根据光导纤维和激光全息技术的原理分析。
本题属于基础题，要了解光的各种现象，以及各种现象在生产和生活中的运用。考查光的
干涉，理解光的全反射的应用，及注意其条件。
pV V C
2. 解：A、当气体做等容变化时，根据理想气体状态方程 =C可知， = ，在V −T
T T p
图象中，斜率越大，压强越小，故p >p ，从A到B，气体的压强减小，由于从A到B做等
1 2
学科网（北京）股份有限公司容变化气体不做功，温度降低，内能减小，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，气体放
热，故ABD错误，C正确；
故选：C。
根据图示图象判断气体由状态A变到状态B过程气体状态参量如何变化，然后应用理想气
体状态方程判断气体压强如何变化，然后应用热力学第一定律判断气体吸热与放热情况。
本题考查了气体状态方程与热力学第一定律的应用，根据图示图象判断出气体状态变化过
程气体状态参量如何变化是解题的关键，应用气体状态方程与热力学第一定律即可解题。
3. 解：A、布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动，由于花粉的运动是大量液体分子不
断撞击形成的，所以布朗运动反应了液体分子的无规则的运动，故A错误；
B、空气的小雨滴呈球形是水的表面张力，使雨滴表面有收缩的趋势的结果，故B正确；
C、液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶
显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故C正确；
PV
D、一定质量的理想气体的压强不变、体积增大时，根据理想气体的状态方程： =C，
T
可知气体的温度一定升高，则内能增大；气体的体积增大的过程中对外做功，根据热力学
第一定律可知气体一定从外界吸收热量，故D正确；
本题选择错误的，故选：A。
布朗运动反映了液体分子的无规则运动，不能反映花粉分子的热运动；根据理想气体的状
态方程，结合让老子第一定律分析；液体表面存在表面张力，能使空气的小雨滴呈球形；
液晶具有各向异性的特点。
本题重点要掌握布朗运动的实质，液体表面张力的形成的原因、液晶以及热力学第一定律
等知识点的内容，这一类的题目都比较简单，关键是在平时的学习过程中要多加积累。
4. 解：当ab匀速运动时，产生的感应电动势是稳定的，感应电流也是恒定的，因此在线
圈上不会产生感抗，当ab变速运动时，产生的电动势是变化的，感应电流也是变化的，在
线圈上产生感抗，使通过小灯泡的电流减小，所以灯泡消耗的电能少，所以W >W ，故B
1 2
正确。
故选：B。
第一位同学使ab在导轨上匀速运动，穿过闭合回路的磁通量均匀变化，产生的感应电流恒
定，第二位同学使ab在导轨上做变速运动，穿过闭合回路的磁通量不是均匀变化，产生的
是变化的电流，线圈对恒定电流没有阻碍作用，而对变化的电流有阻碍作用，进而判断电
学科网（北京）股份有限公司流的大小，从而判断小灯泡消耗的电能。
本题主要考查了电感对电流的影响，知道电感对恒定电流没有影响，而对变化的电流有阻
碍作用，难度适中。
5. 【分析】
理想变压器输入输出电压之比等于原副线圈匝数之比；正弦式交变电流的最大值是有效值
的√2倍；输电损耗输电损耗功率P=I2r，减小输电线的电阻和提高输电电压都能减小输电
损耗；如果把升压变压器的原线圈串联在电路中，副线圈的两端接在普通的交流电流表上
可以制成电流互感器。
本题考查理想变压器及远距离输电，关键在于理解理想变压器的原理及输电线的损耗来源。
【解答】
A.理想变压器的输出电压由输入电压和原副线圈匝数比决定，故A正确；
B.只有正弦式交变电流的最大值是有效值的√2倍，故B错误；
C.输电损耗功率P=I2r，所以降低输电损耗有两个途径：减小输电线的电阻和提高输电电
压，故C正确；
D.如果把升压变压器的原线圈串联在电路中，副线圈的两端接在普通的交流电流表上，可
以制成电流互感器，故D正确；
本题选不正确的，故选B。
6. 解：当发生火灾时，热敏电阻的温度升高，电阻减小，电路中的总电阻减小，由闭合电
路欧姆定律可知，总电流增大，由U=E−Ir可知，路端电压减小，即电压表示数减小，
由于总电流增大，R 两端电压增大，并联部分的电压减小，R 的电流减小，总电流增大，
1 2
所以电流表示数增大，故D正确，ABC错误。
故选：D。
发生火灾时，热敏电阻处的温度升高，电阻变小，根据闭合电路欧姆定律即可确定电流的
变化，
解决本题的关键要正确分析热敏电阻R 的阻值变化情况，抓住电源的电动势和内阻不变，
2
结合闭合电路欧姆定律进行动态分析。公众号：高中试卷君
4ℎ
7. 水团从A点运动到C点的平均速度v= =√2gℎ，选项A错误；由自由落体运动的规
t
√2ℎ
律 可 知 ， 水 团 从 A点 运 动 到 B点 的 时 间 t = ， 从 A点 运 动 到 C点 的 时 间
1 g
学科网（北京）股份有限公司t=
√2×4ℎ
=2
√2ℎ
，从B点运动到C点的时间t =t−t =
√2ℎ
，则t =t ，选项B正确；
g g 2 1 g 2 1
由v2=2g×2ℎ ，解得v=2√gℎ，选项 C 正确；水团下落到C点时的速度大小
v =2√2gℎ，由位移公式有ℎ =v t +
1
gtc2 ，解得t =(√5−2)
√2ℎ
，选项D错误。
C C C 2 C g
8. 解：A、磁流体发电机中带电粒子在磁场中的作用下发生偏转，电荷打到上下两极板上。
故A正确。
B、电子显像管是电子在磁场中的作用下发生偏转。故B正确。
C、回旋加速器中带电粒子在磁场中发生偏转，在电场中加速。故C正确。
D、延时继电器是利用电磁感应现象，与带电粒子在磁场中的偏转没有关系。故D错误。
故选：ABC。
磁流体发电机、回旋加速器和显像管是带电粒子在磁场中受到洛伦兹力偏转；洗衣机与带
电粒子的偏转没有关系．
考查粒子在磁场受到洛伦兹力作用的应用，解决本题的关键知道带电粒子的速度方向与磁
场方向平行时，不受洛伦兹力，带电粒子受洛伦兹力时，洛伦兹力方向与速度方向垂直，
同时注意示波器容易发生错选．
9. 解：A、布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体小颗粒的永不停息地做无规则运动，是
由小颗粒受到不同方向的液体分子无规则运动产生的撞击力不平衡引起的，所以花粉颗粒
在水中的布朗运动，反映了水分子在不停的做无规则运动，故A正确。
B、分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，但
总是斥力变化得较快，故B正确。
C、单晶体都表现为各向异性，多晶体表现为各向同性，故C错误。
D、在一定温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强也是一定的；所以
在一定温度下的某种液体的蒸汽，其饱和汽的压强和蒸汽的体积无关，故D错误。
E、第二类永动机违背了热力学第二定律，但没有违背能量守恒定律，故E正确。
故选：ABE。
布朗运动是由小颗粒受到不同方向的液体分子无规则运动产生的撞击力不平衡引起的，它
间接证明了分子永不停息地做无规则运动；分子之间的斥力和引力大小都随分子间距离的
增大而减小；多晶体表现为各向同性；饱和汽压与蒸气所占的体积无关，也和这种体积中
有无其他气体无关；根据热力学第二定律知，第二类永动机不可能制造成功是因为其违背
学科网（北京）股份有限公司热力学第二定律。
本题考查了布朗运动、分子力、热力学第二定律、饱和蒸汽压等知识点。D为易错项，注
意饱和蒸汽压的概念：在一定温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强
也是一定的，这个压强叫做这种液体的饱和汽压。
10. 解：(1)由题意可知，漆包线细铜丝的匝数n =70匝，初级线圈两端电压U =24.0V，
3 1
次级线圈两端电压U =12.0V，漆包线两端电压U =3V；
2 3
由理想变压器的变压比可知：U n ，解得： 匝；
1= 1 n =560
U n 1
3 3
同理可得：U n ，解得： 匝；
2= 2 n =280
U n 2
3 3
由交流电的瞬时值表达式可知，电压的最大值
(2) U =220√2V
m
220√2
电压的有效值U= V =220V，则初级线圈两端电压U '=220V，
√2 1
由理想变压器的变压比可知：U ' n ，代入数据解得： ，
1 = 1 U '=55V
U ' n 3
2 2
则理想交流电压表2的示数为55V；
(3)根据变压器原理可知，原副线圈两端电压之比等于原副线圈匝数之比，即变压器原、
副线圈电压应与其匝数成正比，实验中由于变压器的铜损、磁损和铁损，导致变压器的铁
芯损失一部分能量，所以副线圈上的电压的实际值一般略小于理论值，所以原线圈与副线
圈的电压之比一般大于原线圈与副线圈的匝数之比n 。
1
n
2
(4)根据(3)分析，变压器的铁芯漏磁和变压器的铁芯产生涡流是实验产生误差的原因。故
AC正确，B错误。
故答案为：(1)560；(2)280；55；(3)大于；(4)AC。
(1)根据理想变压器的变压比求出原副线圈的匝数；
学科网（北京）股份有限公司(2)根据电压的瞬时值表达式求出电压的有效值，然后应用理想变压器的变压比求出电压
表1的示数；
(3)(4)根据变压器原理可知，变压器原、副线圈电压应与其匝数成正比，实验中由于变压
器的铜损、磁损和铁损，导致变压器的铁芯损失一部分的能量，所以副线圈上的电压的实
际值一般略小于理论值，由此分析。
要掌握正弦式交变电流最大值与有效值间的关系；掌握理想变压器的变压比公式是解题的
前提；分析电路结构，应用变压器的变压比即可解题。
11. 解：(1)①根据实验原理可知，电源要给导体棒D供电，形成电流，为了改变电流，
滑动变阻器采用限流接法，如图所示：
③要重新测量，改变电流后需要在托盘内重新加入适量细沙，使D重新处于平衡状态；然
后读出电流表的示数I；
(2)金属框所受安培力F=BIL
根据平衡条件|m −m |g=BIL
2 1
|m −m |g
联立解得B= 2 1
IL
(3)根据共点力平衡条件可知，若m >m ，安培力方向向下，由左手定则可知，磁感应强
2 1
度方向外；反之说明磁感应强里；即：判定磁感应强度方向的方法是：若m >m ，磁感应
2 1
强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里；
|m −m |g
故答案为：(1)见解析；(2)③重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；(3) 2 1 ；
IL
(4)m >m 。
2 1
学科网（北京）股份有限公司(1)①明确实验原理，明确实验中需要用到滑动变阻器的限流式接法来调节电流；
③金属框平衡时测量才有意义，读出电流表示数并用天平称量细沙质量；
(2)安培力与电流长度有关，安培力合力等于金属框架下边受的安培力；根据平衡条件分
两次列式即可求解；
(3)根据左手定则判和平衡条件进行分析判断即可。
本题要注意掌握实验原理，同时解题的关键是对D型线框受力分析，根据平衡条件求磁感
应强度，注意左手定则的正确应用。
学科网（北京）股份有限公司
