理科综合答案_2024年5月_01按日期_23号_2024届陕西省菁师联盟高三5月份适应性考试_2024届陕西省部分学校高三下学期5月份高考适应性考试理科综合试题

理科综合参考答案 1.【答案】 B 【解析】 叶绿体中的色素主要吸收红光和蓝紫光，可少量吸收绿光，A错误；内质网是由单层膜 构成的细胞器，其膜面积较大，为酶提供了较多的附着位点，从而有利于细胞内许多化学反应的 顺利进行，B正确；溶酶体内的水解酶是通过囊泡运输的方式进入溶酶体的，而不是通过主动运 输，C错误；中心体的复制发生在细胞分裂的间期，而不是前期。D错误。 2.【答案】 D 【解析】 酶在催化反应过程中会发生空间结构改变，即酶与底物结合时的诱导契合，但反应结束 后酶会恢复到原来的空间结构，以便进行下一轮的催化，A错误；绝大多数酶是蛋白质，但也有 少数酶是RNA，称为核酶，B错误；有氧呼吸过程中，氧气参与有氧呼吸第三阶段反应。第一阶 段葡萄糖被分解为丙酮酸，不需要氧气参与，C错误；有氧呼吸过程中，通过一系列的氧化还原 反应，葡萄糖中的化学能被逐步释放出来。其中大部分能量以热能的形式散失，只有少部分能量 被转化为ATP中的化学能储存起来，D正确。 3.【答案】 B 【解析】 植物体内根尖和茎尖组织中能连续进行有丝分裂的细胞才具有细胞周期，A正确；端粒 DNA的复制是在分裂间期进行的，此过程需要端粒酶催化，不需要DNA聚合酶、RNA聚合酶的 催化，RNA聚合酶催化的是转录过程，B错误；细胞分化的实质是基因的选择性表达，这个过程 中遗传物质不发生改变，但不同细胞内表达的基因不同，因此mRNA的种类和数量不完全相同， C正确；细胞衰老的特征，包括细胞体积减小、细胞核体积增大、染色质固缩、染色加深等，D 正确。 4.【答案】 D 【解析】 蛋白质的合成在细胞质的核糖体上进行，A错误；蛋白质和核酸都是大分子物质。但蛋 白质不是遗传物质，核酸（DNA或RNA）是生物体内的遗传物质，B错误；核酸的合成（DNA 复制和转录成RNA）需要蛋白质的参与，如DNA聚合酶和RNA聚合酶等，C错误；蛋白质和核 酸都是生物大分子，它们的合成确实需要原料（氨基酸或核苷酸）、模板（如mRNA或DNA）、 能量（主要由ATP提供）及相应的酶来催化反应，D正确。 5.【答案】 D 【解析】 4D缺体（2n=40）与黑麦（2n=14）杂交后代染色体条数为27条，①处是用秋水仙素进 行处理，A正确；F 经过秋水仙素处理后染色体数为54（2n=54）条，与4D缺体（2n=40），由 1 于杂交过程中会有染色体未能成对，故根据题意会有一条或几条“染色体丢失”，使得F 可能少于 2 47条，B正确；F 的染色体中含有一些来自黑麦的但未成对染色体，所以自交时会继续出现随机 3 的染色体丢失。F 自交后代中，可能会出现含丢失多条没有配对的小黑麦染色体，最终只保留1 3 对黑麦染色体的新品种（2n=42），C正确；黑麦（2n=14）的7对同源染色体上可能携带小黑麦 的优良性状（耐旱、耐寒、抗病能力强）基因，因此在育种过程中应该适当的保留一些黑麦的染 色体。并对新品种小黑麦进行优良性状的鉴定，不应完全去除黑麦的染色体，D错误。 6.【答案】 C 【解析】 狼通过嗅觉追踪鹿群，体现了信息传递具有调节生物种间关系的功能，A正确；狼和鹿 理科综合参考答案 第1页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}之间存在一种动态的平衡关系，当狼的数量增加时，鹿的数量会减少，但随着鹿的减少，狼的食 物来源会减少，从而狼的数量也会受到抑制，这种反馈调节机制有助于生态系统保持稳定，B正 确；狼数量的增加促进了草木植被的恢复，这实际上增加了生态系统的物种多样性和复杂性，一 般会降低恢复力稳定性。恢复力稳定性通常与生态系统结构的复杂性成反比，即生态系统越复杂， 其恢复力稳定性越低，C错误；随着狼的数量增加和鹿的数量减少，草木植被恢复，可能吸引来 更多的食草动物在当地生存，从而增加了当地生态系统的营养结构和食物链的复杂性，D正确。 7.【答案】 D 【解析】 甲醇燃烧一定会产生二氧化碳，A项错误；天宫空间站上太阳能电池板的主要材料为硅， B项错误；传统无机非金属材料通常为硅酸盐材料，C项错误；运载火箭使用的燃料肼（N H ） 2 4 在燃烧后产生无害气体N 和水蒸气，D项正确。 2 8.【答案】 C 【解析】 由有机物X的结构分析可知其能发生取代反应、加成反应和氧化反应，A项正确；含羧 基，能与NaHCO 溶液反应，B项正确；含甲基，分子中所有原子不可能共平面，C项错误；苯环 3 上一个氢原子被氯原子取代后的结构有3种，D项正确。 9.【答案】 D 【解析】 由题意知W为O，X为Mg，Y为Al，Z为S，原子半径顺序为Mg>Al>S>O，A项正 确；金属性强弱为Mg>Al，B项正确；Al O 为两性氧化物，既可以与强酸又可以与强碱发生反应， 2 3 C项正确；H SO 属于弱酸，D项错误。 2 3 10.【答案】 A 【解析】 未给出溶液体积，无法计算，A项错误；1.4g 重水（D O）中所含有的中子数目为1.4 2 g÷20g·mol－1×10N =0.7N ，B项正确；0℃和101kPa为标准状况下，33.6LCO 中所含氧原子 A A 2 数目为3N ，C项正确；MnO +4H++2Cl－=Mn2++Cl +2H O，反应中Cl由-1价变为0价,每生成1mol A 2 2 2 Cl 转移的电子数为2N ，D项正确。 2 A 11.【答案】 B 【解析】 由浓稀溶液变化分析可知电极M为正极，碘单质在M极上发生反应，A项正确；离子 交换膜应选用阴离子交换膜，使正极区生成的I－向负极区移动，B项错误；根据电极反应原理判 断负极（电极N）上发生反应的电极反应式为Na Ti (PO ) －xe－=NaTi (PO ) +xNa+，C项正确； 1+x 2 4 3 2 4 3 根据得失电子守恒可知理论上N电极质量减少23g，电路中转移的电子数目为N ，D项正确。 A 12.【答案】 C 【解析】 取少量久置FeSO 溶液，滴加KSCN溶液，观察溶液颜色变化，可检验FeSO 溶液是 4 4 否被氧化，A项正确；越弱越水解，分别测定等物质的量浓度的NH F与CH COONH 溶液的pH， 4 3 4 能比较HF与CH COOH的酸性，B项正确；BaSO 用饱和Na CO 溶液浸泡一段时间后过滤、洗 3 4 2 3 涤，向所得滤渣上滴加盐酸，产生无色气体，只能说明沉淀发生部分转化，但并不能证明 K (BaSO )>K (BaCO )，C项错误；Na+焰色试验火焰呈黄色，可以证明溶液中存在Na+，D项正 sp 4 sp 3 确。 13.【答案】 D 【解析】 根据图像中第一个交点可算得K [As(OH) ]=10－9，A项正确；由图可知pH=10时促进 a1 3 水的电离，所以水电离的c(OH－)=10－4mol·L－1，B项正确；AsO(OH) －的水解大于As(OH) 的电 2 3 理科综合参考答案 第2页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}离，所以等物质的量浓度As(OH) 和NaAsO(OH) 混合溶液中c[AsO(OH) －]φ >φ ，同一带正电的粒子在A、B、C三点电势 C B A 能的关系为E >E >E ，故A正确；B．电子带负电，因此在C点电势能为－90keV，故B pC pB pA 错误；C．电场线的疏密表示电场强度的大小，电场中A点的电场强度大于B点的电场强度，故 C错误；D．物体做曲线运动时所受的合力应指向曲线凹侧，在B点由静止释放一质子，所受电 场力的方向并没有指向AB的凹侧，所以粒子不会沿着电场线运动，D错误。 17.【答案】 D 【解析】 A．由图（a）可以写出交变电流表达式e=220 2cos100πt(V)，可知，交变电流的频率 为f=50Hz，变压器不改变交变电流的频率，所以流过灯泡L电流的频率也是50Hz，一个周期时 电流方向改变两次，所以流过灯泡L电流的方向每秒改变100次，故A错误；B．变压器输入端 的电压为电源电压的一部分，电源电压有效值为220V，所以变压器的输入电压小于220V，故B 错误；C．若仅将P 向左移动，滑动变阻器R 的接入电阻变小，变压器输入端的电压增大，导致 1 1 流过灯泡L的电流变大，所以L将变亮，故C错误；D．先将P 移至最左端，此时变压器输入电 1 压为220V保持不变，此后将P 逆时针转动，变压器的输出电压变大，此过程中将P 向右移动， 3 2 滑动变阻器R 分的电压增大，如果操作合适是可以实现灯泡两端电压不变，即L亮度不变，故D 2 正确。 18.【答案】 C 【解析】 A．导弹的发射速度应小于第一宇宙速度，故A项错误；B．B点导弹有水平切线方向 的速度，故B项错误；C．A点和C点导弹都在大气层内，机械能不守恒，故C项正确；D点到 E点，导弹多次随机变动轨道，某一时刻动能可能会减少，故D项错误。 19.【答案】 AD 【解析】 A．“四中子”的核子由于是中子构成的，其不带电，核子间的作用力没有电磁力，故A 项正确；B．由于中子不带电，所以四中子也是不带电，即无法通过电磁场使4n形成高速粒子束， 0 理科综合参考答案 第3页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}故B项错误；C．由电荷数守恒和质子数守恒，其核反应方程应该为1H＋ 8He→ 4He＋4n＋1H， 1 2 2 0 1 故C项错误；D．该核反应方程引发质量亏损，放出Z光子，故D项正确。 20.【答案】 BC 【解析】 A.根据牛顿第三定律，车厢对货物的支持力等于货物对车厢的压 力，故A错误；BC.设货物的质量为m，以m为研究对象进行受力分析，同时将加速度a沿水平 方向和竖直方向进行分解，如图所示，水平方向的加速度a=acosθ，竖直方向的加速度大小为 x a =asinθ，对于m，在竖直方向根据牛顿第二定律可得N-mg=ma ，解得N=mg+masinθ；在水平方 y y acos 向根据牛顿第二定律可得f=ma ，解得f=macosθ，若轿厢恰好不滑动，则f=μN，解得 ， x gasin 故BC正确；D.对车厢和货物所组成的系统分析，悬臂对车厢的作用力大小为F，将F沿竖直方 向和水平方向分解，根据牛顿第二定律可得F M mg M ma ，F M ma ，悬臂对 y y x x 车厢的作用力大小为F= (M+m) (g+a)2+a2 >(M+m)g，故D错误。 y x 21.【答案】 BC 【解析】 A.由题意可知带正电粒子逆时针在磁场中做圆周运动，由左手定则可知，环形区域内磁 2πR 2m 场方向垂直纸面向里，故A错误；B.电子在运动的第n周时的周期为T = = πR ，电 n v neU n ￣ eU eU neU 子在运动的第n周内电场力对粒子做功的平均功率P = = ，故B正确；C．粒子在 n T πR 2m n v 2 环形区域磁场中，受洛伦兹力作用做半径为 R 的匀速圆周运动ev B = m n ，解得 n n R B = mv n = 1 2nmU ，所以 B n  n ，C正确；D.粒子绕行n圈获得的动能等于电场力对 n eR R e B n1 n1 1 2neU 粒子做的功，设粒子绕行n圈获得的速度为v ，由动能定理neU= mv2 ，解得：v = ， n n n 2 m 2πR m 1 t n1 粒子绕行第n圈所需时间T = =2πR • ，所以 n  ，D错误。 n v 2eU n t n n n1 720 22.【答案】 （1）30（1分） 100（1分） （2）并联（1分） 1.0（1分） （3）R= -1(Ω) E （1分）。 【解析】 （1）设毫安表每格表示电流大小为I ，则当电阻箱的阻值为R =1100Ω时，由欧姆定 0 1 律可得15I R +R =U，当电阻箱的阻值为R =500Ω时，则有30I R +R =U,两式联立并代入数据 0( 1 g) 2 0( 1 g) 可解得R 100Ω，I 1mA，故该毫安表的量程I 30I 30mA；（2）要将量程为300mA的 g 0 g 0 理科综合参考答案 第4页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}毫安表改成量程为I 3A电流表，则需在毫安表两端并联一个电阻，设其电阻为R′，则有 A I R   I I  R，代入数据可解得R1.0Ω；（3）由题意可知，改装后电流表的内阻为R 1Ω， g g A g G 设通过光敏电阻的电流大小为I（单位：A）则有则有RR IU 成立，且IR IR ，由以 G G g 上两式可得（R1） 100    1 E10（3 V）18.0V，整理可得R= 720 -1(Ω)。  1  4 E 2t d2 23.【答案】 （1）1.220cm（2分） （2）T  （2分） （3）C（2分） （4）g= （2 N1 2k l 1 分） （5）k =k l（2分） 2 1 【解析】 （1）游标卡尺主尺读数为1.2cm，游标尺上第4个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此 游标尺读数为：0.05×4=0.20mm=0.020cm，所以最终读数为：1.2cm+0.020cm=1.220cm；（2）由 T 2t l 题意可知t(N1) ，解得T  ；（3）根据单摆周期公式T 2 ，其中lLr，解得 2 N1 g 42 42 T2  L r，由图可知，当l为零时，T2不为零，所测摆长偏小，可能是把摆线长度作为 g g 摆长，即把悬点到摆球上端的距离摆线的长度作为摆长。故选C；（4）小球从最高点摆至最低点 1 的过程，小球机械能守恒，故根据机械能守恒定律mgl(1－cosθ) = mv2，小球经过光电门的瞬时 2 速度为v= d ，整理可得cos1 d2  1 ，因此绘制cos 1 图像斜率绝对值为k = d2 ， Δt 2gl Δt2 Δt2 1 2gl d2 d 1 d2 解得g= ；（5）小球在最低点的速度为v= ，由机械能守恒定律得mgh= mv2，联立g= ， 2k l Δt 2 2k l 1 1 1 可得Δt2=k l ，可知k =k l。 1 2 1 h 24.【答案】 （1）q7.9103C（5分） （2）I=0.14A（4分） （3）Q1.3102J（3分） E   【解析】 （1）由qIt（1分），I  （1分），E  （1分），可得q （1 Rr t Rr T 1 分），代入数据可得q7.9103C（1分） （2）第一个 内，感应电动势为E Br2（1 4 2 E T 分），所以电流为I  （1分）；一个周期T内，根据有效值的定义得I2RT I2R （1分）， 0 Rr 0 2 2 解得I=0.14A（1分） （3）根据焦耳定律QI2 Rr T （1分），T  （1分），代入数  据可得Q1.3102J（1分）。 25.【答案】 （1）E3.2105J（9分） （2）k 1.35107N/m（5分） （3）5150次（6分） 理科综合参考答案 第5页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}1 【解析】 （1）根据动能定理得mgH  mv2（2分），解得v=4m/s（1分）；打桩锤与桩作用 2 时间极短，相互作用过程动量守恒，则有mv=(m+M)v（2分），解得v =0.8m/s（1分）；动能 1 1 1 1 损失为ΔE = mv2－ (m+M)v2（2分），解得E 3.2105J（1分）；（2）设桩向下运动过程中 2 2 1 1 的阻力与进入深度关系为 f kh，则第一次击打后，有(M+m)gh －￣fh =0－ (m+M)v2（2分）， 1 1 2 1 1 f  k(0h 1 )（2分），解得k 1.35107N/m（1分）；（3）当桩向下移动的总距离x 2 =8m时， 2 1 1 根据能量守恒得(mM)gh  fh n[0－ (m+M)v2]（2分），f k(0h )（2分），解得n=5150 2 2 2 1 2 2 （2分）。 26.【答案】 （1）（球形）冷凝管（1分，不答球形不扣分） B（2分） （2）更容易控制滴 加盐酸速度（或平衡气压，便于液体顺利滴下）（2分）（3）I +2KClO +HCl=KIO ·HIO +KCl+Cl ↑ 2 3 3 3 2 （2分） （4）该温度下，Ca(IO ) 的溶解度小于KIO（2分） （5）洗去固体表面的水分，乙 3 2 3 醇易挥发，利于后续干燥（2分） （6）淀粉溶液（1分） 蓝色褪去（1分） （7）81（2分） 【解析】 （1）装置中A处应安装的仪器为球形冷凝管，起到冷凝回流，提高产率的作用；反应 时需要加入45mL液体，所以三颈烧瓶的容积最适合的是100mL。（2）反应过程中需要控制滴 加速度，所以滴加盐酸的仪器选用了恒压滴液漏斗是因为其更容易控制滴加盐酸速度，并且便于 液 体 顺 利 滴 下 。 （ 3 ） 步 骤 i 中 ， 生 成 KIO ·HIO 的 化 学 方 程 式 为 I + 3 3 2 2KClO +HCl=KIO ·HIO +KCl+Cl ↑。（4）步骤ii中，能够生成Ca(IO ) 的原因为该温度下，Ca(IO ) 3 3 3 2 3 2 3 2 的溶解度小于KIO 。（5）步骤iii中，醇洗的目的是洗去固体表面的水分，乙醇易挥发，利于后 3 续干燥。（6）步骤v中涉及碘单质的反应，所以滴加的指示剂为淀粉溶液；反应前有碘单质，反 应结束后碘单质被消耗完毕，所以滴定终点溶液颜色变化为蓝色褪去。 （7）由题意可得关系式：10KI+Ca(IO ) →6I →12S O 2－ 3 2 2 2 3 0.1200mol·L－1×0.025L×5÷12， 得：m[Ca(IO ) ]=（0.1200mol·L－1×0.025L×5÷12）×390g/mol=0.4875g，所以纯度为0.4875g÷0.6000 3 2 g≈81%。 27.【答案】 （1）将合金材料粉碎、适当增大硫酸浓度、适当升高温度、搅拌等（1分，答案合理 即可） （2）①< （1分） ②3＜pH≤5.5（2分） （3）3Mn2++2MnO －+2H O=5MnO ↓+4H+、 4 2 2 3Co2++MnO －+4H O=3CoOOH↓+MnO ↓+5H+（4分，每个2分）（4）[Zn(OH) ]2－+2e－=Zn+4OH－ 4 2 2 4 （2分） 减少（1分） 增加（1分） 0.20mol·L－1（2分） 【解析】 （1）能提高“溶浸”效率的具体措施为将合金材料粉碎、适当增大硫酸浓度、适当升高 温度、搅拌等。（2）①双氧水未将Co2+氧化，所以还原性：Co2+0，根据ΔG=ΔH-TΔS可知，该反应在高温下能自发进行。（2）①由 方程式可知，温度越高，CO 的平衡转化率越高，压强越大，CO 的平衡转化率越低，所以X代 2 2 表的物理量是压强。②CO (g)和H S(g)的物质的量之比恒等于1:1，所以不能说明是否平衡；COS(g) 2 2 和H O(g)的物质的量之比不再发生变化时能说明反应达到平衡状态，B项正确；混合气体密度恒 2 定不变，所以不能说明是否平衡；容器内压强不再发生变化时能说明反应达到平衡，D项正确。 （3）反应I为气体分子数目不变的反应，由反应II ：2CO (g)+2H S(g) 2CO(g)+S (g)+2H O(g) 2 2 2 2 可知，增加的压强是S (g)的分压，即平衡时S (g)分压为30kPa，则p(CO )=p(S )=30kPa，p(COS)=10 2 2 2 2 kPa，反应I和反应II反应物化学计量数之比相等，p(CO )=p(H S)=30kPa，由物料守恒得p(CO)=60 2 2 kPa，p(H O)=70 kPa。①平衡时 p(COS)=10 kPa。②S (g)的平均生成速率为 30 kPa÷25 min=1.2 2 2 kPa·min－1。③T℃下反应Ⅲ的压力平衡常数K (Ⅲ)=30kPa×(60kPa)2÷(10kPa)2=1080kPa。 p 29.【答案】 （10分，除标注外，每空1分）（1）细胞质基质 丙酮酸和NADH（或[H]） 不能 （2）有氧呼吸能将有机物彻底氧化分解，而无氧呼吸是有机物不完全氧化分解，还有大量能量储 存在乳酸中。（答案合理即可） （3）①有氧 ②无氧 ③癌细胞的细胞分裂需要大量能量，但 糖酵解速率过快时，产生的NADH速率超过了线粒体酶M的最大处理能力（产生的NADH过多 使酶M的活性达到饱和）（1分）。为了继续获得更多的能量，酶L的活性迅速提高，从而使无 氧呼吸的速率大幅提升（1分）。（共2分，其他合理答案也可给分） （4）特异性抑制癌细胞 无氧呼吸途径；抑制无氧呼吸的关键酶或相关通路，降低癌细胞的能量获取能力；特异性的干扰 癌细胞对葡萄糖的摄取或利用（答案合理即可，2分） 【解析】 （1）癌细胞的无氧呼吸主要发生在细胞质基质中，其第一阶段反应的产物是丙酮酸和 NADH（或[H]）。无氧呼吸只在第一阶段产生ATP，无氧呼吸的第二阶段不产生ATP。（2）与 有氧呼吸相比，无氧呼吸释放的能量较少。这是因为有氧呼吸能将有机物彻底氧化分解，释放出 大量的能量，而无氧呼吸则是有机物的不完全氧化分解，还有大量的能量储存在乳酸等有机物中， 因此释放的能量相对较少。（3）①根据实验结果，当糖酵解速率相对值较低时，酶M的酶活性 较高且迅速上升，说明线粒体的代谢活跃，癌细胞优先进行有氧呼吸。②当糖酵解速率相对值超 过60时，酶M的活性达到饱和，而酶L的活性则迅速提高。如果糖酵解速率继续提高，癌细胞 会表现出较旺盛的无氧呼吸。③综上所述，癌细胞在氧气充足的条件下仍然能进行旺盛的无氧呼 吸，原因可能是癌细胞分裂需要大量能量，但当糖酵解速率过快时，产生的NADH超过了线粒体 酶M的最大处理能力。为了继续获得更多的能量，癌细胞提高了酶L的活性，从而使无氧呼吸的 速率大幅提升。（4）针对癌细胞的糖代谢特点，一种抗癌治疗策略是特异性抑制癌细胞的无氧呼 吸途径。这可以通过抑制无氧呼吸的关键酶或相关通路来实现，从而降低癌细胞的能量获取能力。 另外，特异性的干扰癌细胞对葡萄糖的摄取或利用也是一个有效的策略。这些措施有望减缓癌细 胞的生长和扩散，为抗癌治疗提供新的思路和方法。 30.【答案】 （10分，除标注外，每空1分）（1）防卫 浆 再次 （2）皮肤、黏膜 浆细胞和 理科综合参考答案 第7页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}记忆B细胞（2分） 增高 （3）自身免疫 贝利木单克隆抗体可以与BAFF特异性结合，从而 抑制B细胞的增殖分化为浆细胞，减少抗体的产生。（2分，答案合理即可） 【解析】 （1）春季花粉过敏针对的是外来花粉，是免疫系统的防卫功能过强导致的。在过敏反 应中，浆细胞产生抗体并吸附在特定细胞上。当再次接触到致敏花粉后，吸附抗体的特定细胞会 释放组胺等化学物质，引起过敏症状，如打喷嚏、流鼻涕等。（3）当病毒或细菌突破免疫系统的 第一道防线，即皮肤和黏膜后，它们可以被吞噬细胞等免疫细胞摄取和处理。随后，髓样树突状 细胞将抗原信息呈递给辅助性T细胞。这些树突状细胞还能分泌特定的淋巴因子BAFF，这些因 子能够激活B细胞，使其增殖分化为浆细胞和记忆B细胞。当细胞死亡后它们释放的核酸等物质 可以与自身抗体发生特异性结合再与FcR结合后可继续引起免疫应答，从而提高体液免疫强度。 （4）从免疫学角度来看，SLE属于典型的自身免疫病。近年来，科学家们利用能与BAFF发生 特异性结合的贝利木单克隆抗体来治疗SLE。这种治疗方法的机理是，贝利木单克隆抗体可以与 BAFF特异性结合，从而抑制B细胞的增殖分化，减少抗体的产生。这种方法有望为SLE患者提 供新的治疗途径。 31.【答案】 （10分，除标记外，每空1分）（1）次生 保留了原有的土壤条件、植物的种子或其 他繁殖体（演替的起始条件中存在植被和土壤条件） 增高 （2）改善土壤（或固沙，涵养水源 等，答案合理即可） 花粉和种子 正反馈 （3）选取的树种应与环境条件相适应；种植时需要 调整好林木的种群密度；需要搭配不同树种种植，提高区域内的物种多样性（2分，答案合理即 可） 不一定 演替的结果是由人类活动、环境因素和群落内生物共同作用决定的（或降雨量多 少主要决定了群落演替的终点类型）（答案合理即可） 【解析】 （1）耕地存在土壤条件，植物的种子和繁殖体等的，因而退耕还林属于次生演替。如 图所示该演替过程中草本、灌木、乔木的物种总数在增加，并且动物在回归，推测其物种丰富度 在增加。（2）在这个演替过程中，耐旱草本植物和小型灌木的出现能够改善土壤条件，为后续物 种的定居创造条件。同时，动物的回归和繁殖可以帮助植物传播花粉和种子，促进植被的进一步 恢复。这种正反馈调节机制有助于生态系统的恢复和发展。（3）如果要在当地用人工种植林木以 加快该荒地的生态修复过程，需要注意以下几点：首先，选取的树种应与环境条件相适应，以确 保其生长繁茂；其次，种植时需要调整好种群密度，避免过度拥挤；最后，需要搭配不同树种种 植，以提高森林的物种多样性，从而增强生态系统的稳定性和抵抗力。该荒地不一定能演替至森 林阶段，因为演替的结果是由人类活动、环境因素和群落内生物共同作用决定的，降雨量多少也 会影响群落演替的终点类型。 32.【答案】 （9分，除标注外，每空1分）（1）染色体数目变异 父本或母本 （2）X 白眼果 蝇全为雄性，且亲代雄蝇为红眼（非白眼）（或眼色性状在雌雄果蝇中的比例有所不同） AaXBXb AaXBY （3）3/16 基因型为aaXBXb的卵原细胞在减数第二次分裂时，两条含Xb的姐妹染色单 体分离后未平均分配进入两个细胞，造成卵细胞中含有两个Xb基因。该种卵细胞与含有Y染色 体的精子结合；基因型为XbY的精原细胞在减数第一次分裂时，同源染色体X和Y未分离进入 同一个次级精母细胞，该细胞减数第二分裂后会形成含XbY的精子。该精子与含有Xb的卵细胞 结合。（2分，写出任意一种情况即可，答案合理即可给分） 【解析】 （1）杂交后代中出现了染色体组成为XXY的果蝇，这种变异类型属于染色体数目变 异，具体来讲是染色体数目增加。若杂交后代中出现了染色体组成为XO（只有一条X染色体） 理科综合参考答案 第8页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}的果蝇，则亲本中必然产生了缺少性染色体的配子，该配子可能是父本产生的不含性染色体的精 子，也可能是母本产生的不含性染色体的卵细胞。（2）已知果蝇的眼色由两对基因（A、a和B、 b）控制，其中A、a位于常染色体上。F 表型及比例与性别相关联，则B、b位于X染色体上。 1 A和B同时存在时果蝇表现为红眼（A_B_），B存在而A不存在时为粉红眼（aaB_），其余情 况为白眼（A_bb或aabb）。由于亲本都是红眼，后代出现了粉红眼和雄性白眼，因此亲本的基 因型为AaXBXb×AaXBY。（3）从F 中随机选出一只粉红眼果蝇（1/2的aaXBXB或1/2的aaXBXb） 1 与一只白眼果蝇（1/4的AAXbY或1/2的AaXbY或1/4的aaXbY）进行杂交，粉红眼果蝇产生的 aXB配子占比3/4，白眼果蝇产生aXb配子占比为1/4，故所得子代中粉红眼雌果蝇（aaXBXb）出 现的概率为3/16。基因型为aaXBXb的卵原细胞在减数第二次分裂时，两条含Xb的姐妹染色单体 后分离后未平均分配进入两个细胞，造成卵细胞中含有两个Xb基因与含有Y染色体的精子结合 形成XbXbY的白眼果蝇；或者基因型为XbY的精原细胞在减数第一次分裂时，同源染色体X和 Y 未分离进入同一个次级精母细胞，形成含 XbY 的精子，该精子与含有Xb的卵细胞结合形成 XbXbY的白眼果蝇。 n 2 2 33.【答案】 （1）ACD（5分） （2） p  p （5分） p   p（5分） 1 3 0 n 3 0 【解析】 （1）密闭气体处于绝热状态，用力使M迅速向下滑动，体积减小，压强增加，外力对 气体做功，内能增加，理想气体忽略势能，动能增加，故A正确，B错误；温度升高，分子平均 动能增大，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数增加，密闭气体压强增大，故C 正确；由于气体温度越高，速率较大的分子所占的比例越大，则密闭气体的分子速率分布曲线可 能会变成c曲线，故D正确；曲线与v轴围成的面积表示各个速率区间内的分子数百分率之和， 其和等于 100%，所以三条曲线与 v 轴围成的面积相等，故 E 错误。（2）①根据玻意耳定律 p V  p  V V （  3分），V 2V ，可得 p  2 p（2分）；②根据玻意耳定律p V  p  V V  0 A 1 A B A B 1 3 0 n A n1 A B n 2 （3分）， 又有V 2V ，可得 p   p （2分）. A B n 0 3 34.【答案】 （1）BDE（5分） （2）1.3（5分） 2.21010s（5分） . 【解析】 （1）由图可知S 波长较短，而两列水波传播速度相同，由 l d 1 .Q P v=λf可知S 频率较大，故A错误；两列波频率不同不能干涉，故B 1 B 正确；根据波的叠加原理，在图示时刻x＝0cm，x=－2cm，x=2cm， D A B C r C M i A 但是两列波不能干涉，无法形成稳定的干涉图样，故C错误，D正确； . 波传播的是振动形式，各质点不随波迁移，故E正确。（2）①由几 O OM 4 AD 3 何关系可知sini  （1分），sinr   （1分），根据折 OA 5 AC 5 sini c 射定律n （2分），代入数据可得n=1.3（1分）；②光在玻璃中的传播速度v= （2分）， sinr n 理科综合参考答案 第9页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}Δs 时间差Δt= （1分），由几何关系可知s ACCB（1分），代入数据可得t 2.21010s。 v （1分） 35.【答案】 （1） （1分）V和As（2分，每个1分） （2）①24mol （2分） C （2分） ②较大（1分） 孤电子对对成键电子对的排斥力大于成键电子对对成键电子对的 排斥力（2分） ③4[Co(NH ) ]2++O +2H O=4[Co(NH ) ]3++4OH－（2分） 3 6 2 2 3 6 819439259 （3）6（1分） （2分） a2bN 10-30 A 【解析】（1）基态铁原子价电子排布图为 ；钴未成对电子数为3，第四周期元 素中基态原子未成对电子数与钴相同的还有V和As。 （2）①1mol[Co(NH ) ]2+中含有σ键的物 3 6 质的量为24mol；[Co(NH ) ]2+中存在配位键。②孤电子对对成键电子对的排斥力大于成键电子对 3 6 对成键电子对的排斥力，所以NH 的键角较小。③[Co(NH ) ]2+被氧化为[Co(NH ) ]3+的离子方程 3 3 6 3 6 式为4[Co(NH ) ]2++O +2H O=4[Co(NH ) ]3++4OH－。（3）由图可知该晶体中镍的配位数为6；该 3 6 2 2 3 6 晶体的密度为（8×19+4×39+2×59）÷（a2bN ×10－30）g·cm－3。 A 36.【答案】 （1）苯甲酸（2分） 碳溴键(或溴原子)和羰基（或酮羰基）（2分，每个1分） （2）HOCH CH NH （2分）（3）取代反应（1分） 2 2 2 （4） +NaOH ZnCl +NaCl+H O（2分，合理答案即可） 2 2 （5）17（2分） 或 （1分） （6） （3分） 【解析】 （1）由流程分析可知A的名称为苯甲酸；C中所含官能团的名称为碳溴键、氨基和羰 基（或酮羰基）。（2）由Y的分子式及E的结构简式分析可知Y的结构简式为HOCH CH NH 。 2 2 2 （3）从反应前后结构分析可知反应③的反应类型为取代反应。 （4）反应②的化学方程式为 +NaOH ZnCl +NaCl+H O。 2 2 （5）由信息可知F的同分异构体中一定含苯环、醛基、氯原子，除此外还有一个碳原子，若苯 环上只有一个取代基有一种，若苯环上有两个取代基，共两种情况，每种情况三种位置异构，共 六种，苯环上有三个取代基共十种，所以总共有17种；其中核磁共振氢谱有4组峰的结构简式为 理科综合参考答案 第10页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}或 。 （6）根据有机流程分析，以对二甲苯为原料合成 的合成路线为 。 37.【答案】 （15分，除标注外，每空1分）（1）异养兼性厌氧型（2分） 拧松而不是完全打开 排气阀（或轻轻拧动瓶盖放气）（2分） （2）醋酸菌 异养需氧型（2分） 30～35℃ （3） 防腐杀菌 12% 不足以抑制微生物生长 （4）对发酵容器灭菌处理；加入卤汤后要用胶条将瓶 口密封；封瓶时最好将瓶口通过酒精灯的火焰，防止瓶口被污染；放一层豆腐加一层盐进行腌制。 （答案合理即可，每点2分，共4分） 【解析】 （1）果酒制作过程中，酵母菌的代谢类型是异养兼性厌氧型，先利用葡萄糖在有氧条 件下大量繁殖，再利用葡萄糖在无氧条件下发酵产生酒精。在果酒发酵过程中，要注意排气的方 法是拧松而不是完全打开排气阀（或轻轻拧动瓶盖放气），这样可以防止发酵液溢出和发酵液被 污染。（2）制作果醋时所用的微生物是醋酸菌，其代谢类型是异养需氧型，即需要氧气才能生存 并进行醋酸发酵。与果酒制作相比，果醋制作的温度要严格控制在30～35℃，这是醋酸菌最适的 生长温度。（3）在腐乳的制作过程中，卤汤的作用是抑制微生物的生长，使腐乳具有必要的咸味 和香味。其中料酒、米酒等酒的含量一般控制在12%左右，含量过低不足以抑制微生物生长，含 量过高则会延长腐乳成熟的时间。香辛料和料酒不仅可以调制腐乳的风味，还具有防腐杀菌的作 用。（4）在腐乳发酵过程中，为了防止杂菌污染导致豆腐腐败，可以采取多种方法。其中，对发 酵容器进行灭菌处理。此外，加入卤汤后要用胶条将瓶口密封，以避免杂菌进入。同时，在封瓶 时最好将瓶口通过酒精灯的火焰，以防止瓶口被污染；放一层豆腐加一层盐进行腌制。这些措施 都可以有效地保证腐乳的质量和卫生。 38.【答案】 （15分，除标注外，每空1分）（1）特定的抗原（或某种抗原） B淋巴细胞（浆细 胞不可） （2）获得杂交瘤细胞（淘汰未融合的细胞和自身融合的细胞）（2分） 克隆化 抗 原-抗体杂交（2分） （3）特定抗体 启动子（2分） 显微注射（或显微操作） 雌性哺乳（2 分） （4）DNA分子杂交技术（或PCR技术）（2分） 【解析】 （1）在单克隆抗体制备过程中，首先需要将特定的抗原注射到小鼠体内，以刺激其产 生相应的免疫细胞。随后将已免疫的小鼠的B淋巴细胞（注意，浆细胞不可）与骨髓瘤细胞进行 融合，形成杂交瘤细胞。（2）为了获得能产生单一抗体的细胞，需要进行至少两次筛选。第一次 筛选的目的是为了得到杂交瘤细胞，同时淘汰未融合的细胞和自身融合的细胞。第二次筛选前需 要对多种杂交瘤细胞进行克隆化处理，即让每个细胞克隆成一个细胞系。第二次筛选所使用的方 法是抗原-抗体杂交，通过特异性抗原与杂交瘤细胞分泌的抗体结合，从而筛选出能产生单一抗体 的杂交瘤细胞。（3）在乳腺生物反应器中，为了能够让目的基因在乳腺细胞中表达，通常将目的 基因与乳腺蛋白基因的启动子等调控组件重组在一起。随后，通过显微注射技术将这个重组基因 导入将来能发育为雌性哺乳动物的受精卵中。当受精卵发育成为雌性成年个体后，就可以从其分 泌的乳汁中分离出所需要的产品。（4）为了检测目的基因是否成功导入并整合到染色体上，常采 用的方法是DNA分子杂交技术。此外，PCR技术也可以用于检测目的基因的存在。 理科综合参考答案 第11页（共11页） {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}p V  p  V V  n A n1 A B （3分） 又有V 2V ，可得 A B n 2 p   p n 0 3 {#{QQABAYaQgggoAJAAARhCAwUACAMQkBGCAKoGRFAMIAIACRNABAA=}#}