文档内容
2024—2025 学年高二下学期第一次月
考
物 理
本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项 ：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在
答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一 、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项 是符合题目要求的。
1.下列有关电磁感应定律的说法正确的是
A. 电路中有感应电流，不一定有电动势
B. 电路中没有感应电流，就一定没有电动势
C. 法拉第、纽曼、韦伯对电磁感应定律都作出了巨大贡献
D. 磁通量的变化率越大，感应电动势越小
2. “西电东送”采用高压输电，在保持输送功率及输电线路电阻不变的情况下，将输送电压提高
到原来的5倍，则输电线路中电阻损耗的功率将减少到原来的
A B C. D
3.一 根 长 1m 的导线中通有2A 的电流，当其处于0.5 T 的匀强磁场中时，导线受到的安培
力 不可能是
A.0 B.1N C.2N D.0.6N
4.如图所示，这是清洗汽车用的高压水枪。设水枪出水口的直径为 D, 水流以速度 v 从枪口喷
出，近距离垂直喷射到车身。所有喷到车身的水流，约有 向四周溅散开，溅起时垂直车身向
外的速度为 ,其余 的水流撞击车身后无反弹地顺着车流下，由于水流与车身的作用时间
较短，因此在分析水流对车身的作用力时可忽略水流所受的重力。已知水的密度为 p,水 流
对车身的平均冲击力大小为
A. B.
C. D.
【高二物理 第1页(共6页)】 ·B3 ·
扫描全能王
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3亿人都在用的扫描5.如图所示，L 是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为零。A 和B 是两个相同的小灯
泡。下列说法正确的是
A. 开关S 由断开变为闭合，A 灯泡先亮，B 灯泡后亮
B.开 关S 由断开变为闭合，A、B两灯泡同时亮，然后B 灯泡逐渐熄灭
C. 开 关S 由闭合变为断开，A 灯泡逐渐熄灭，B 灯泡立即熄灭
D. 开 关S 由闭合变为断开，A、B 两灯泡同时熄灭
6.如图甲所示，轻质弹簧下端固定在水平地面上，上端连接一轻质薄板。t=0 时刻，一质
量为 m 的物块从弹簧正上方某处由静止下落，落至薄板上后和薄板始终粘连，物块的位
置随时间 变化的图像(x-t 图像)如图乙所示，其中t=0.2s 时物块刚接触薄板。弹簧
的形变始终在 弹性限度内，重力加速度大小为g, 空气阻力不计，则下列说法正确的是
A.当物块开始做简谐运动后，振动的周期为0.8s
B.t=0.4s时物块的加速度大小为2g
C.在0.2s~0.4s 时间内，物块的加速度先变大再 乙
变小 D.若增大物块自由下落的高度，则物块与薄
板粘连后甲做简谐运动的周期减小
7.如图所示，空间存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，一粒子发射源 P 位于足够大绝缘
平板 MN 的上方距离为d 处，在纸面内向各个方向均匀发射速率均为v 的同种带负电
粒子，不考虑粒子间的相互作用和粒子所受的重力，已知粒子做圆周运动的半径大小为
,则下列说法正确的是
A. 若改变粒子的电性，则到达板上的粒子位置不变
B.粒子能打在板上离P 点的最远距离为2d
C. 粒子从P 点运动到板上的最长时间：
D. 粒子能打在板上的区域长度为
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有
多项符 合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.某 LC 振荡电路如图甲所示，图乙描绘的是流过电路中M 点的电流随时间变化规律的图
像， 假设回路中电流以顺时针方向为正方向，则下列说法正确的是
乙
甲
A.在第1s 末到第2 s 末的过程中，电容器正在充电
B.在第1s 末到第2s 末的过程中，电容器的下极板带正电
C.在第2s 末到第3s 末的过程中，M 点的电势比N 点的电势
高 D.在第2s 末到第3s 末的过程中，电路中的电场能正在逐渐
增大
9.如图所示，轻质弹簧测力计下悬挂的圆形线圈中通有顺时针方向的电流I。,线圈的正下方固 定
有一根足够长的直导线a, 线圈静止时导线a 垂直于线圈平面，现在导线a 中通有垂直纸 面向
外的较大电流，则下列判断正确的是A. 线圈左右摆动
B.线圈仍静止不动
C.从上往下看，线圈将逆时针转动
D.弹簧测力计的示数增大
10.如图所示，半径为R、质量为m 的半圆轨道小车静止在光滑水平地面上，直径AB 水平。现将
质量为m 的小球从A 点正上方高ho处由静止释放，然后小球由A 点经过半圆轨道后从B 点
冲出，在空中能上升的最大高度为 ,不计空气阻力，则下列说法正确的是
A.小球和小车组成的系统动量守恒
B.小车向左运动的最大距离为R
C.小球离开小车后做斜上抛运动，此过程小球对小车的冲量为0
D.小球第二次能上升的最大高度h 满足
三、非选择题：共54分。
11. (6分)某种花卉喜光，但阳光太强时易受损伤。某兴趣小组决定制作简易光照强度报警器， 以
便在光照过强时提醒花农。该报警器需要一种光敏电阻，已知光照越强，该光敏电阻的阻 值越
小。该实验用到的主要器材如下：学生电源、多用电表、电压表(量程为0～20 V)、电流 表(量
程为0～20 mA)、滑动变阻器R (最大阻值为50Ω,允许通过的最大电流为1.5 A)、白 炽
灯、可调电阻R₁(阻值为0~50 k2)、二极管LED、光敏电阻Rc、开关和若干导线等。
甲 乙 丙
(1)判断二极管的极性使用多用电表的“×10 k”欧姆挡测量二极管的电阻。如图甲所示，当
黑表笔与接线端M 接触、红表笔与接线端N 接触时，多用电表指针位于图乙所示的
表 盘的a 位置，对调红、黑表笔后指针位于图乙所示的表盘的b 位置，由此判断M
端为二 极 管 的 (填“正极”或“负极”)。
(2)研究光敏电阻在不同光照条件下的伏安特性：
①采用图丙中的器材进行实验，部分实物连接已完成。要求闭合开关后电压表和电流表的
示 数能从0开始。导线L₁、L₂ 和 L₃ 的另 一 端应分别连接滑动变阻器的
接 线柱。(以上三空均填接线柱标号“A”"B”“C” 或 “D")
②图丁为三种不同光照强度下得到的光敏电阻的伏安特性曲线，图中曲线I、Ⅱ和Ⅲ
中 ( 填“I” 或“Ⅱ”"Ⅲ")对应的光照最强。丁
12. (9分)“祖冲之”研究小组探究楞次定律的实验。
(1)除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外，还要用到一个电表，请从下列电表中选择 o
A.量程为 0~3V 的电压表
B.量程为0~3 A 的电流表
C. 零刻度在中间的灵敏电流计
D. 量程为0～0.6A 的电流表
(2)该同学首先按图甲所示的电路图接线，用来查明电流表指针的 与
的关系，然后再按图乙所示的电路图将电流表与线圈E 连成一个闭合回路。在图甲中，当
闭 合开关S 时，观察到电流表的指针向左偏(不通电时指针停在正中央)。
(3)在图乙中，磁铁N 极插人线圈E 的过程中电流表的指针将 (填“向
左”或“向 右”)偏转，当磁铁插人螺线管的速度越快，电表指针的偏角 (填“不
变”“变大”或“变小”)
13.(10分)如图所示，足够大的光滑水平桌面上，劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在桌面左端， 另一
端与小球A 拴接，当弹簧处于原长时，小球A 位于P 点。将小球A 用细线跨过光滑的 定滑轮
连接小球 B, 桌面上方的细线与桌面平行，此时小球A 静止于0点，A、B 两小球质 量均为
M。现将小球A 移至P 点后由静止释放，当小球 A 向右运动至速度为零时剪断细线，此时小球
B 未接触地面。已知弹簧振子的振动周期 (m 为振子的质量，k 为弹簧的劲度系数),
弹簧的弹性势能为 弹簧的劲度系数，x 为弹簧的形变量),重力加速度大小为g, 空气
阻力不计，弹簧始终在弹性限度内。求：
(1)小球A 从 P 点由静止释放瞬间的加速度大小a;
(2)剪断细线前瞬间细线的张力大小F;
(3)从剪断细线开始计时，小球A 第一次返回O 点所用的时间t,及小球A 到达0点的速度大小v。14. (11分)如图所示，一光滑导轨水平放置，其左端连有电阻R, 长度为L、质量为m 的直导体 棒
与导轨接触良好，受恒力F 作用由静止开始运动，空间存在垂直平面向外、大小为B 的匀 强磁
场，其余电阻不计，经时间t, 导体棒的速度达到最大值，求该过程中：
(1)导体棒的加速度最大值a ;
m
●
(2)导体棒的速度最大值v ; ·L
m F
R
● ·B ·
(3)导体棒的位移大小x;
● ●
(4)电阻产生的焦耳热Q。15. (18分)某同学受电动窗帘的启发，设计了如图所示的简化模型，n 个质量均为
m 的滑块刚 开始均静止且 相邻滑块间距离均为d, 最后一滑块离端点距离也为d,
滑块碰到端点瞬间均 静止，开窗帘过程中，电机对滑块1施加一个水平向右、大小
为F 的恒力，滑块1与滑块2碰 撞，碰撞时间忽略不计，后一起运动，类似地依次下
去，不考虑阻力。
(1)求滑块 1 与滑块 2 碰后瞬间的速度大小 v';
(2)证明每次滑块间碰撞损失的能量相等且求出其值Q;
(3)求滑块 1运动的总时间 T。
2024—2025 学年高二下学期
第一次月考
物理参考答案
1. C 【解析】电路中有感应电流,一定有电动势,选项 A错误 ; 电路中没有感应
电流,可能有电 动势,选项 B错误;法拉第、纽曼、韦伯对电磁感应定律都作出了
巨大贡献,选项 C正确;磁通 量的变化率越大,感应电动势越大,选项 D 错误。
2. A 【解析】根据 P=UI可得 ,则输电线路中电阻损耗的功率 △
输送 电压提高到原来的 5 倍,则输电线路中电阻损耗的功率变
为原来的 选项 A正确。
3. C 【解析】由安培力公式 F=BIL可得,当电流方向与磁场方向垂直时,导线受
到的安培力 最大为 1N,选项 C符合题意。
4. D 【解析】取 △t 时间内的水流为研究对象,利用动量定理列方程得
△t , F△t = 十 ,解得 选项 D
正确。
5. B 【解析】刚闭合 S时,电源的电压同时加到两灯泡上,A、B 两灯泡同时亮,随
着线圈 L 中 电流增大,由于线圈 L 的直流电阻可忽略不计,分流作用增大, B
灯泡逐渐被短路直到熄灭 , 外电路的总电阻减小,总电流增大,A 灯泡更亮,选
项 A 错误、B 正确;B 灯泡与线圈 L 构成 闭合回路,所以稳定后再断开开关 S
后, B 灯泡由暗变亮再逐渐熄灭,A 灯泡立即熄灭,选项 C、D错误。
6. B 【解析】从B点到C点的时间为半个周期 则周期 T=0. 6s,选项 A
错误 ; 由题 中图像知 mg=k(30—20),在 B 点时有 k(50—20)—mg=ma,解得
a=2g,选项 B 正确;在
0. 2s~0. 4s 时间内,物块的加速度先向下减小到 0,再反向增大到 2g,选项 C
错误;物块下 降高度增大,只是增大振幅,不会改变周期,选项 D 错误。7. C 【解析】如图所示,圆O 与平板 MN 相切
1
于A 点, 圆O 与平板 MN 相交于 B 点 , PB
2
为圆O 直径 , 圆 O 与平板 MN相切于 C P
2 3
点,A、C 两点为粒子恰好能 打到平板上的临 3
界点, B 为粒子能打到的距离 P 点最 2
远的点, BC为粒子能打到平板上的范围,改变粒子的 A
M C B
N
电性,粒子能打到的范围长度不变,但其位置发生变化,选项 A 错误;能打在板上
离 P 点的最 远距离为 d,选项B错误;打到平板所用时间最长的粒子的初
速度为℃ , 由几何关系 可得,℃ 与竖直方向的夹角为 30。,所以打到 A 点的
1 1
粒子的速度偏转角为 240。,粒子从 P 点 运动到板上的最长时间 ●
选项 C 正确;BC 为粒子能打到平板上的范 围,由几何关系可得
十 选项 D错误。
8. AB 【解析】在第 1s末到第 2s末的过程中,振荡电流是充电电流,充电电流
是由上极板流 向下极板,则下极板带正电,选项 A、B正确;在第 2s 末到第 3s
末的过程中,振荡电流是放 电电流,电场能正在减小,磁场能正在增大,放电电流
是由下极板流向上极板, 由于电流为负 值,所以由 N 点流向 M 点,则 N 点的
电势高,选项 C、D错误。
9. CD 【解析】根据安培定则可知,环形电流内部磁场的方向垂直纸面向里,则圆形
线圈相当于 N极指向纸面内的小磁针。 导线 a 中通入电流时,由安培定则可判
断出,导线a 中电流在线 圈处产生的磁场方向向左,因小磁针 N 极指向磁场方
向,故从上向下看时,线圈将逆时针转 动,选项 A、B错误, C正确。 当线圈转过
90。时,根据同向电流相互吸引,反向电流相互排斥 可知,线圈上半部分受到向上
的力,线圈下半部分受到向下的力,由于下半部分距离导线a 较 近,所以下半部
分受到的安培力比较大,线圈整体受到向下的安培力,可知弹簧测力计的示数 一
定增大,选项 D 正确。
10. BD 【解析】小球与小车组成的系统在水平方向上所受合外力为零,水平方向上
系统动量守 恒,但系统所受外力之和不为零,系统动量不守恒,选项 A错误 ;
由于系统在水平方向上动 量守恒,小球运动到 B 点时,小车向左的位移最大,
以水平向右为正方向,在水平方向上, 由 动量守恒定律得
解得小车的位移X=R,选项 B正确 ; 小球与小
车组成的系统在水平方向上动量守恒,小球由A 点离开小车时系统在水平方向上
动量为零,小球与小车在水平方向上的速度为零,小球离开小车后做竖直上抛运
动,选项 C 错误;小球第一次在车中运动的过程, 由动能定理得
解得 W= ,即小球第一次在车中滚动损失
的机械能为 , 由于小球第二次在车中滚动 时,对应位置处的速度变
小, 因此小车对小球的弹力变小,摩擦力变小,摩擦力做的功小于
机械能损失小于 ,因此小球再次离开小车时,能上升的高度h 大
于 h 而 小于 选项 D正确。
011. (1)负极 (2 分)
(2)①A (1 分) A (1 分) D 或C (1 分)(写出一种合理接法及其
他合理接法都算
对,三空承接合理算一种正确接法,有一空不合理,算错误接法,本问不给分)
②Ⅲ (1 分)
【解析】(1)因为电流从黑表笔流出,当黑表笔接 M 时,多用电表指针位于表盘
中a 位置,即 电阻很大,所以二极管反接,由此断定 M 端为二极管的负极。
(2)①由题意知滑动变阻器按分压式接入电路,导线L 、L 和L 的另一端应
1 2 3
分别连接滑动 变阻器的 A、A、D 或C。
②由图像知斜率的倒数等于二极管的电阻值,那么 Ⅲ的阻值最小,又已知光照
越强,该光敏 电阻的阻值越小,所以图线Ⅲ对应的光照最强。
12. (1)C (1 分)
(2)偏转方向 (2 分) 电流方向 (2 分)
(3)向左 (2 分) 变大 (2 分)
【解析】(1)在探究楞次定律的实验中,除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外,还
要用到一个 零刻度在中间的灵敏电流计,选项 C正确。
(2)实验前要查明电流流入电表的方向与电表指针偏转方向的关系,用来判断感应电
流的方向。
(3)当闭合开关 S时,观察到电流表的指针向左偏转,说明电流从负接线柱流入
时,电流表的 指针向左偏转 。磁铁 N 极插入线圈 E 过程中,线圈 E 中磁通量
向下增大,根据楞次定律可 知感应电流将从电流表负接线柱流入,则此时电流表
的指针将向左偏转,当磁铁插入螺线管 的速度越快,磁通量变化越快,感应电流
也较大,电表的指针偏角变大。
13. 解:(1)小球 A从P点由静止释放瞬间弹簧的弹力为零,小球 A、B 一
起向右运动 对小球 A、B整体,由牛顿第二定律得 Mg=2Ma (1 分)
解得 (1 分)
(2)设小球 A静止于0点时,弹簧的形变量为 X0 , KX0 =Mg
小球 A、B 组成的系统做简谐振动,振幅
由对称性可知,小球 A向右运动至最远点时,对 A有 2KX0—F=Ma
(1 分) 对小球 B 有 F—Mg=Ma (1 分)
解得 。 (1 分)
(3)细线断裂后A球单独做简谐振动,其平衡位置为P点,振幅变为A1=2X
(1 分) 则 A球单独做简谐振动的振动方程 X
当小球 A第一次返回0点时,位移 X 有 X (1 分)
解得 (1 分)
小球 A 到 0 点过程中弹性势能转化为小球 A 的动能,有
X (1 分)解得 。 (1 分)
14. 解:(1)导体棒刚开始运动时,加速度最大
由牛顿第二定律得 F=ma (1 分)
m
(1 分)
(2)当安培力等于 F 时,导体棒的速
度最大 E=BLΨ (1 分)
m
(1 分)
F=BIL (1 分)
解得 (1 分)
(3)由动量定理得
Ft —BL ● ● t =mΨ (1 分)
m
父=Ψt (1 分)
解得 父 (1 分)
(4)由能量守恒定律得
Q=F父 (1 分)
解得 (1 分)
15. 解:(1)由动能定理得
滑块 1 与滑块 2 碰撞时间忽略不计,后一起运动,可以看成完全非弹
性碰撞,有 mΨ=2mΨ/ (1 分)
解得 (1 分)
(2)由动能定理得
(1 分)
(1 分)
总结规律可得出:第一次碰撞后总动能
第二次碰撞后总动能 E /
k
=Fd 第三次碰撞后总动能
第四次碰撞后总
动能 E =2Fd 第五次碰撞
k4后总动能 第六次
碰撞后总动能 E =3Fd
k6
可得第 n—1 次碰撞后总动能 (1 分)
则第 p 次碰撞后总动能E (1 分)
第 p十1次碰撞后总动能 (1 分)
十 是定值且等于第一次碰撞损失的能量 o (1
分)
(3)由牛顿第二定律得F=ma (1 分)
(1 分)
解得 (1 分)
同理可得 (1 分)
(1 分)
(1 分)
● t =d (1 分)
解得 (1 分)
