文档内容
金益高中高二 12 月份阶段性检测
物理试卷
一、单选题
1．在电磁学的发展过程中，许多物理学家作出了贡献，下列说法与事实不相符的是（ ）
A．法拉第首先提出了场的概念，并创造性地用“力线”形象地描述“场”
B．安培通过实验发现了通电导线周围存在磁场，首次揭示了电与磁的联系
C．洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，提出了著名的洛伦兹力公式
D．法拉第发现了电磁感应现象，并制造了世界上第一台手摇发电机
2．如图所示，边长为a的正方形导体框处在匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，给导体框通入图示电流
I，则整个导体框受到的安培力大小为（ ）
A． B． C． D．0
3．如图所示，一电源与电动机M、小灯泡L组成闭合电路。已知电源内阻 ，电动机M的额定功率
、内阻 ，小灯泡L的额定功率 、额定电压 。闭合开关S后，电动机和小灯
泡均恰能正常工作。据此可知（ ）
A．通过小灯泡的电流
B．电源电动势C．电动机的输出功率
D．电源的效率
4．随着电子技术的发展，霍尔传感器被广泛应用在汽车的 各个系统中．其中霍尔转速传感器在测量发动
机转速时，情景简化如图甲所示，被测量转子的轮齿（具有磁性）每次经过霍尔元件时，都会使霍尔电压
发生变化，传感器的内置电路会将霍尔电压调整放大；．输出一个脉冲信号，霍尔元件的原理如图乙所示．
下列说法正确的是
A．霍尔电压是由于元件中定向移动的载流子受到电场力作用发生偏转而产生的
B．乙图中霍尔元件前端电势比后端高
C．在其它条件不变的情况下，霍尔元件的厚度c越大，产生的霍尔电压越高
D．若转速表显示1800r/min，转子上齿数为150个，则霍尔传感器每分钟输出270000个脉冲信号
5．电动势为E、内阻为r的电源与可变电阻 、 、 及一平行板电容器连成如图所示的电路。当开关S
闭合后，两平行金属板A、B间有一带电液滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是（ ）
A．将 的滑片向右移动一小段距离，带电液滴将向下运动
B．将 的滑片向右移动一小段距离，电容器两极板的电荷量将增加
C．增大电容器两板间的距离，电容器两极板的电荷量将减少
D．减小 的阻值， 两端的电压的变化量大于 两端的电压的变化量
6．在海口某学校科技节活动中，高二年级开展的水火箭制作和发射比赛现场吸引了众多师生围观。水火箭
原理如图甲所示，发射时利用压缩空气把水从火箭尾部的喷嘴向下高速喷出，火箭受到反冲作用而高速升空。右图是某同学发射水火箭的精彩瞬间，若发射过程中水火箭将壳内0.5kg的水以相对地面30m/s的速度
在0.5s时间内快速喷出，则火箭箭体受到的推力约为（ ）
A．15N B．25N C．30N D．35N
7．如图所示，空间有一垂直纸面向外、磁感应强度为0.5T的匀强磁场，一质量为0.2kg且足够长的绝缘木
板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块，滑块与绝缘木板
之间的动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。t=0时对木板施加方向水平向
左，大小为0.6N的恒力F，g=10m/s2。则（ ）
A．木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动
B．滑块最后做速度为10m/s的匀速运动
C．木板最后做加速度为3m/s2的匀加速运动
D．5s末滑块开始做匀速运动
二、多选题
（多）8．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表
V、 V、 V 示数变化量的绝对值分别为 、 、 ，理想电流表A示数变化量的绝对值为 ，则
1 2 3
（ ）A．A的示数增大 B．电源的输出功率减小
C． 与 的比值小于r D． 大于
（多）9．甲、乙两列简谐横波在同种均匀介质中传播，如图所示为t=0时刻两列波恰好在坐标原点相遇时
的波形图，甲波的频率为2Hz，沿x轴正方向传播，乙波沿x轴负方向传播，则下列说法正确的是
（ ）
A．乙波的传播速度为1m/s
B．甲、乙两波的频率之比为1∶1
C．两列波叠加后，x=0处的质点振幅为20cm
D．t=0.75s时，x=0处的质点处于平衡位置，且向下运动
（多）10．如图所示，物块A、B间拴接一个压缩后被锁定的弹簧，整个系统静止放在光滑水平地面上，
其中A物块最初与左侧固定的挡板相接触，B物块质量为2kg．现剪断A、B间的细绳，解除对弹簧的锁定，
在A离开挡板后，B物块的υ－t图如图所示，则可知( )
A．在A离开挡板前，A、B系统动量不守恒，之后守恒
B．在A离开挡板前，A、B与弹簧组成的系统机械能守恒，之后不守恒
C．弹簧锁定时其弹性势能为9J
D．若A的质量为1kg，在A离开挡板后弹簧的最大弹性势能为3J
三、实验题
11．图甲为“用单摆测定重力加速度”的实验装置示意图，实验中改变细线的长度L并测得相应的周期T，根据实验数据绘得如图乙所示的图像，请回答下面的问题：
（1）在测量周期时，摆球到达 （填“最高点”或“最低点”）位置时，作为计时的开始时刻和停
止时刻较好；
（2）若图乙中图像的斜率为k，纵轴截距为b，则当地的重力加速度可表示为 ，小球的半径可表
示为 。
12．在飞行器仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温度系数低，电阻率大，耐磨等性能。实验小
组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率 的实验，其操作如下：
（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1所示，可知其长度为 ；用螺旋测微器测出其直
径 如图2所示，则 。
（2）此圆柱体电阻约为 ，欲测量这种材料的电阻率 ，现提供以下实验器材
A．电流表 （量程 ，内阻 ）；
B．电流表 （量程 ，内阻 约为 ）；
C．电压表 （量程 ，内阻约为 ）；
D．滑动变阻器 （ ，额定电流 ）；
E.定值电阻 ；
F.直流电源 （电动势为 ，内阻很小）
G.开关一只，导线若干。
根据提供的滑动变阻器的阻值，实验中供电电路应该选择 （“分压式供电”，“限流式供电”），为了尽可能精确测量圆柱体的阻值，在所给的方框中设计出实验电路图3 ，并标明所选择器材的物
理符号。
（3）此圆柱体长度为 直径 ，若采用以上电路设计进行测量电阻率 （写出表达式）（若实验
中用到电流表 、电流表 、电压表 ，其读数可分别用字母 、 、 来表示）。
四、解答题
13．如图所示，扇形 为透明柱状介质的横截面， 面水平，半径为R，介质折射率为 ，圆心角
，一束平行于 的单色光由 面射入介质。则：
（1）从 面上某点C入射的光线，折射到 面，并从 面射出。借助直尺画出光路图。标出 面上
的折射角 ， 面上的入射角 。并求折射角 ；
（2）若要使柱体 面上没有光线射出，需在 面涂上遮光材料。 上涂抹的长度至少是多少？（不考
虑各个面的反射）
14．如图所示，从离子源产生的甲、乙两种离子，由静止经电压为U的加速电场加速后在纸面内运动，自
O点与磁场边界成 角射入磁感应强度大小为B方向垂直于纸面向里的匀强磁场｡已知甲种离子从磁场边
界的N点射出；乙种离子从磁场边界的M点射出；OM长为L，ON长为4L，不计重力影响和离子间的相
互作用。求：
（1）甲种离子比荷；
（2）乙种离子在磁场中的运动时间｡15．如图所示，放在光滑水平面上的小车可以在两个固定障碍物A、B之间往返运动。小车最左端放有一
个小木块，初始小车紧挨障碍物A静止。某时刻，一粒子弹以 的速度射中木块并嵌入其中。小
车向右运动到与障碍物B相碰时，木块恰好运动到了小车的最右端，且小车与木块恰好达到共速。小车和
它上面的木块同时与障碍物B相碰，碰后小车速度立即减为零，而木块以碰撞之前的速率反弹。过一段时
间，小车左端又与障碍物A相碰，碰后小车速度立即减为零，木块继续在小车上向左滑动，速度逐渐减为
零而停在小车上。已知小车的质量为 ，长度为L=2.7m，小木块质量为 ，子弹质量为 ，子弹和小
木块都可以看作质点（g取10m/s2）。求：
（1）小木块运动过程中的最大速度；
（2）小木块与小车间的动摩擦因数；
（3）小木块最终停止运动后，小木块在小车上的位置与小车右端的距离。1．B
【详解】A．法拉第首先提出了场的概念，并创造性地用“力线”形象地描述“场”，A正确；
B．奥斯特通过实验发现了通电导线周围存在磁场，首次揭示了电与磁的联系，B错误；
C．洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，提出了著名的洛伦兹力公式，C正确；
D．法拉第发现了电磁感应现象，并制造了世界上第一台手摇发电机，D正确。
本题选择不正确的，故选B。
2．B
【详解】根据左手定则，对导体框受力分析如图1所示，则依题意有
这四个力水平分力相互抵消，整个导体框受到的安培力大小即为这四个力在竖直方向上分力的合力，，则
有方向竖直向上，故ACD错误，B正确。
故选B。
3．【答案】C
【详解】A．小灯泡L的额定功率 ，额定电压 ，小灯泡恰能正常工作，根据 可知通
过小灯泡的电流 ，故A错误；
B．电动机正常工作，可知电动机两端电压
根据闭合电路欧姆定律可得电源电动势 ，故B错误；
C．电动机的输出功率 ，故C正确；
D．电源的效率 ，故D错误。
故选C。
4．D
【详解】载流子受磁场力而偏转，由左手定则可判断出载流子受力向前端偏转，载流子有正有负，故不一
定前端电势比后端高，AB错误；最终载流子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，故 ，设材
料单位体积内载流子的个数为n， ，联立解得 ，c越大，U 越小，C错误；每个轮齿经
H
过，都会引发一次脉冲，则每分钟脉冲数量为 个，D正确．
5．C
【详解】A． 与电容串联，稳定后无电流通过，对电路无影响，故将 的滑片向右移动一小段距离，带
电液滴仍处于静止状态，A错误；
B．将 的滑片向右移动一小段距离，阻值增大，回路电流减小， 两端电压减小，即电容两端电压减小，
由 可知，电容器两极板的电荷量将减少，B错误；C．增大电容器两板间的距离d，由
，
可知，电容C减小，两极板的电荷量Q将减少，C正确；
D．减小 的阻值，回路电流增大， 及内阻两端的电压增大，由
可知 两端的电压减小，故 两端的电压的变化量小于 两端的电压的变化量，D错误。
故选C。
6．【答案】B
【详解】 对喷出的水列动量定理
解得
根据牛顿第三定律得，水对火箭的作用力 ，火箭
箭体受到的推力大小约为25N。
故选B。
7．C
【详解】A．静摩擦力能提供的最大加速度为
开始时木板滑块一起运动，加速度为
而滑块向左运动后，由左手定则可知，会受到一个向上的洛伦兹力，设滑块速度为v时，两者开始相对滑
动，由牛顿第二定律得，对滑块有
对木板有
可得
此后一段时间，滑块做加速运动，速度增大，洛伦兹力增大，所以滑块和木板之间的滑动摩擦力减小，木板做变加速运动，故A错误；
B．当滑块受的洛伦兹力大小等于重力时，两者分离，此时由
可得
滑块开始做匀速运动，故B错误；
C．此时木板水平方向只受拉力作用，则有
可得
所以木板先做 匀加速运动，后做变加速运动，最后做 的匀加速运动，故C正确；
D．若滑块一直以 的加速度运动，速度达到10m/s时，需要用5s的时间，但是由A的分析可知，
滑块与木板相对滑动后，摩擦力开始减小，滑块加速度开始减小，所以滑块速度达到10m/s所用时间大于
5s，故D错误。
故选BC。
8．AD
【详解】A．滑动变阻器的滑片向下滑动，导致滑动变阻器阻值变小，由于电压表断路，定值电阻和滑动
变阻器为串联，滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，电源电动势不变，总电流变大，即电流表示数变大，
故A正确；
B．当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，由题可知，外电阻的总阻值大于电源内阻，滑片
向下移动，外电阻减小，可得电源的输出功率变大，故B错误；
C．根据闭合电路欧姆定律
则得
所以 与 的比值大于r，故C错误；
D．根据闭合电路欧姆定律则得
又
所以
故D正确。
故选AD。
9．BD
【详解】AB．甲、乙两列简谐横波在同种均匀介质中传播，波速相等，由图知，λ =2m，λ =2m，由
甲 乙
v=λf
知甲、乙两波的频率之比为1：1；乙波的传播速度为
故A错误B正确；
C．两列波叠加后，x=0处的质点振动加强，振幅为
故C错误；
D．两波的周期为
t=0时刻，x=0处的质点处于平衡位置，且向上运动。因为
所以t=0.75s时，x=0处的质点处于平衡位置，且向下运动。故D正确。
故选BD。
10．ACD
【详解】在A离开挡板前，由于挡板对A有作用力，所以A、B系统所受合外力不为零，则系统动量不守
恒；离开挡板之后，系统的合外力为零，动量守恒，故A正确；在A离开挡板前，挡板对A的作用力不做功，A、B及弹簧组成的系统在整个过程中只有弹簧的弹力做功，机械能都守恒，故B错误；解除对弹簧
的锁定后至A刚离开挡板的过程中，弹簧的弹性势能释放，全部转化为B的动能，根据机械能守恒定律，
有： ，由图象可知，v =3m/s，解得：E=9J，故C正确．分析A离开挡板后A、B的运动过程，
B p
并结合图象数据可知，弹簧伸长到最长时A、B的共同速度为v =2m/s，根据机械能守恒定律和动量守恒
共
定律，有：m v=（m +v ）v ； ；联立解得：E′ =3J，故D正确．故选
B 0 A B 共 p
ACD．
11． 最低点
【详解】（1）[1]在测量周期时，摆球到达最低点位置时，作为计时的开始时刻和停止时刻较好；
（2）[2][3]根据
可得
则
解得12． 6.715 分压式供电
【详解】（1）[1]长度为
[2]直径为
（2）[3]由于实验提供的滑动变阻器阻值较小，为了方便调节电路，让电表有较大的变化范围，应选择分
压式供电。
[4]电压表量程太大，有较大的测量误差，应选择定值电阻与电流表 串联，改装成量程为5V的电压表，
因为改装后电表的内阻确定，所以应选择电流表外接，以消除电流表的内阻引起的系统误差。所以电路为
（3）[5]电阻为
根据电阻定律得
13．（1） ，30°；（2）
【详解】（1）光线在 面上的C点发生折射，入射角为60°，折射角为 ，光路如图所示由折射定律得
解得
（2）若光线恰好在D点全反射，则
根据几何关系可知在C、A之间入射的光线，其折射光线在AB面的入射角都将大于全反射临界角，即都将
发生全反射。
在三角形 中，由正弦定理有
解得
若折射光线刚好到达B点，则
进而可得
即要使柱体 面没有光线射出，OA上涂抹的长度至少为14．（1） ；（2）
【详解】（1）设甲种离子质量为 ，电荷量为 ，在电场中加速过程
设甲种离子在磁场中的运动半径为R，则
1
由几何关系知
联立解得
（2）设乙种离子质量为 ，电荷量为 ，在电场中加速过程
设乙种离子在磁场中的运动半径为 ，则
由几何关系知
离子在磁场中运动的偏转角
设乙种离子在磁场中运动的周期 ，则
设乙种离子在磁场中运动的时间为 ，则联立解得
15．（1）5.4m/s；（2）0.36；（2）0.35m
【详解】（1）小木块在小车上滑动时做减速运动，因此小木块的最大速度为子弹射入木块后的共同速度，
设子弹和木块的共同速度为 ，向右为正方向，根据动量守恒定律有
解得小木块的最大速度为
（2）内嵌子弹的小木块与小车作用过程，系统动量守恒，设共同速度为 ，设小木块与小车向右运动与障
碍物B相碰时达到的共同速度为v，由动量守恒定律得
2
解得
设小木块与小车之间的摩擦力为 ，动摩擦因数为 ，对三者组成的系统，由能量守恒得
解得
又
联立解得
（3）设内嵌子弹的小木块反弹后与小车达到相对静止状态时共同速度为 ，相对小车滑动的距离为 ，小车停后小木块做匀减速运动，相对小车滑行距离为 ，小木块反弹后，对三者组成的系统，由动量守恒定
律得
由能量守恒得
小车停后，对内嵌子弹的小木块，由动能定理得
联立解得
，
内嵌子弹的小木块在小车上的位置与小车右端的距离为
