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2020年广西南宁中考物理试卷
一、单项选择题
1．（3分）图所示的四种现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A． 筷子“变折” B． 苹果的影子
C． 山的“倒影” D． 手指“放大”
2．（3分）下列家用电器主要利用电流的热效应工作的是（ ）
A．电饭锅 B．电冰箱 C．电视机 D．电风扇
3．（3分）我国北斗三号全球卫星导的系統最后一颗组网卫星，于2020年6月成功发射并进
入预定轨道，北斗系统将以更强功能服务全球。下列说法正确的是（ ）
A．卫星相对太阳是静止的
B．卫星加速升空时运动状态不变
C．卫星通过超声波向地面传输信息
D．地球对卫星有吸引力，同时卫星对地球也有吸引力
4．（3分）下列物理学家中，在世界上第一个发现电流的周围存在着磁场的是（ ）
A．法拉第 B．奥斯特 C．焦耳 D．欧姆
5．（3分）图所示是磁现象的四幅示意图，其中磁感线方向错误的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（3分）关于中国科技成果的应用事例所涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
第1页（共28页）A．“复兴号”高铁列车减速进站时动能不变
B．太阳能发电站利用的太阳能属于不可再生能源
C．长征五号B运载火箭发射升空时将内能转化为机械能
D．国产C919客机的机翼利用了空气流速越快压强越大的原理
7．（3分）为了避免雷电灾害，专家建议要躲进具有防雷设施的封闭式建筑物里，且不要靠近
与室外有连接的导体。因此，如遇雷雨天气，下列做法中不符合安全防雷的是（ ）
A．不要靠近金属栏杆
B．在室内要关闭并远离窗户
C．躲进具有防雷设施的建筑物内
D．手机等各种电器可正常使用
8．（3分）现代生活，智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视
力下降。图中关于近视眼及其矫正的原理图正确的是（ ）
A．甲和丙 B．甲和丁 C．乙和丙 D．乙和丁
9．（3分）创建文明城市，营造和谐生活环境，下列描述正确的是（ ）
A．“礼让行人”，机动车经过斑马线前减速可以减小惯性
B．在公共场所不大声喧哗，是在声音传播过程中控制噪声
C．绿色安全出行，骑共享自行车刹车时用力捏车闸，是通过増大压力来增大摩擦力
D．公共场所禁止吸烟，是为了避免分子间存在引力导致“二手烟”扩散，影响他人健康
10．（3分）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示
力，如图所示，杆秤在水平位置平衡，以下说法正确的是（ ）
A．“重”增大时，N端上扬 B．“权”增大时，M端上扬
C．“权”向右移时，N端下沉 D．提纽向右移时，M端上扬
11．（3分）新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流
第2页（共28页）16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2．增大导线横截面积的
目的是（ ）
A．增大导线的电阻 B．减小通过导线的电流
C．增大导线的电压 D．减小导线发热的功率
12．（3分）如图是一款5G测温巡逻机器人，在抗击疫情中，提高了防疫效率，成为“新晋网
红”。下列关于该型机器人说法中正确的是（ ）
A．测温仪远距测温时，是通过接收人体辐射的紫外线实现的
B．摄像系统智能识别行人是否戴口罩时，成倒立缩小的实像
C．机器人巡逻进行广播宣传，说明声音的传播不需要介质
D．5G是通过电磁波传输信息的，在空气中的传输速度是340m/s
13．（3分）图是某简易煤气检测电路，其中Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而减小。
若输出信号的仪表选用电压表或电流表，闭合开关S，当煤气浓度升高时，要求仪表的示
数增大，则（ ）
A．选用电压表接在a、b之间 B．选用电压表接在b、c之间
C．选用电流表接在b、c之间 D．选用电流表接在a、c之间
14．（3分）在探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞后移动的距离来比较小球动
能的大小。下列做法应用了同种研究方法的是（ ）
第3页（共28页）A．通过水流来初步认识电流
B．用光线表示光传播的径迹和方向
C．探究压力大小对压力作用效果的影响时，控制受力面积等因素不变
D．研究电磁铁磁性强弱时，通过电磁铁吸引大头针的数量来比较磁性的强弱
15．（3分）伽利略认为：一个金属小球从光滑斜面的某一高度处静止滚下，由于不受阻力，没
有能量损耗，那么它必定到达另一光滑斜面的同一高度，如果把斜面放平缓一些，也会出
现同样的情况。其模拟实验如图所示，则下列说法中正确的是（ ）
A．小球在运动过程中只受重力作用
B．在滚下斜面的过程中，小球的动能转化为重力势能，机械能减少
C．另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离越小
D．如果另一斜面变成水平面，则小球达不到同样的高度而会永远运动下去
16．（3分）如图所示，体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，其中甲、乙阴影部分为等大的
正方形，甲、乙的密度分别为
甲
、
乙
，对地面的压强分别为p甲 、p乙 ，将它们顺时针旋转
90°，甲、乙对地面压强的变化ρ量分ρ别为△p甲 、△p乙 ．△p甲 ＜△p乙 ，则（ ）
A．
甲
＜
乙
，p甲 ＞p乙 B．
甲
＜
乙
，p甲 ＜p乙
C．ρ甲 ＞ρ乙 ，p甲 ＞p乙 D．ρ甲 ＞ρ乙 ，p甲 ＜p乙
二、填ρ空题（ρ每空1分，共15分） ρ ρ
17．（2分）烈日炎炎的夏季，白天河岸上沙土热得烫脚，但河水却非常凉爽，是由于水的比热
容较 （“大”或“小”）；清澈河水看起来比实际深度要 （选填“深”或
“浅”），容易造成误判，因此不要贸然下水，以免发生溺水事故。
18．（2分）某款新型魔方充电器，转动魔方就能产生电能，并储存于魔方内，它的工作原理跟
（选填“发电机”或“电动机”）相同。当魔方给移动设备充电时，它相当于电路中的
（选填“电源”或“用电器”）
19．（2分）诗句“北风卷地白草折，胡天八月即飞雪”中的“白草折”表明力可以改变物体
第4页（共28页）的 （选填“形状”或“运动状态”）；雪在形成过程中 （选填“吸热”或
“放热”）。
20．（3分）如图所示，ab为一根铅笔芯，闭合开关后，小灯泡发光，说明铅笔芯是 （选
填“导体”或“绝缘体”）。将夹子在铅笔芯上向左移动时，观察到小灯泡变 （选
填“亮”或“暗”），请根据实验现象，提出一个可探究的科学问题： 。
21．（3分）如图所示，将活塞迅速下压，玻璃筒底的棉花被点燃。此过程是通过 的方
式增加了筒内空气的内能，能量转化方式与汽油机的 冲程相同。某汽油机在一次
工作中消耗了2kg汽油，对外做功为2.3×107J，则汽油机的效率是 （汽油热值为
4.6×107J/kg）。
22．（2分）将一小球轻放入盛满酒精的大烧杯甲中，小球静止后，溢出酒精的质量是80g，小
球在酒精中受到的浮力为 N；将其轻放入未装满水、底面积为100cm2的大烧杯乙
中，静止后溢出水的质量是45g，水对容器底部的压强增加了50Pa，则乙杯中水面升高
cm；小球的密度是 kg/m3．（
酒精
＝0.8×103kg/m3，
水
＝1.0×103/kg/m）
三、作图与简答题（共8分，请把答案直ρ接填写在答题卡相应的ρ 置上，）
23．（2分）请在图中作出入射光线AO并标出入射角。
24．（2分）请在图中画出绳子的绕法，使滑轮组达到最省力的效果。
第5页（共28页）25．（4分）在古代为了使箭射得更远，通常把箭头做得质量较大，使箭的重心前移。在开展
“让纸飞机飞得更远”的兴趣活动中，放飞前，当我们对着纸飞机的机头“哈气”就可以
使纸飞机飞得更远，如图所示。请用物理知识解释“哈气”能使纸飞机飞得更远的原因。
四、实验与探究题（共20分，请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，）
26．（6分）（1）如图所示温度计的示数为 ℃，凸透镜的焦距为 cm，电能表的示
数为 kW•h；
（2）在测量某种液体的密度实验中，将天平 放置，并完成天平调节，测量烧杯和待
测液体的总质量时，右盘中砝码和标尺上游码位置如图所示，是 g，将烧杯中部分
液体倒入量筒中，测得量筒中液体体积是50cm3，并测出烧杯和剩余液体的质量为29g，由
此得出待测液体的密度是 g/cm3。
第6页（共28页）27．（8分）盛有液体的容器里，放入物体后容器底部受到液体压力会増大，那么，容器底部受
到液体压力的増加量△F液 与哪些因素有关？某实验创新小组对此问题进行实验探究。
（1）他们猜想：△F液 与放入物体的重力G物 有关。他们将三个重力不同、体积相同的物体
先后放入盛有相等质量水的相同容器中，并测得容器底部受到水的压力増加量△F水 ，实
验示意图及相应数据见下表。
实验序号 1 2 3
实验示意图
G物 （N） 4.0 4.8 5.6
△F水 （N） 2.8 2.8 2.8
三次实验中，容器中的水面升高的高度 （选填“相等”或“不相等“）。
①分析比较实验1、2与3，可得：△F水 与G物 （选填“有关”或“无关”）。
（②2）他们提出新的猜想：△F液 与放入物体的体积V物 有关。于是他们选用不同物体，先后
放入盛有相等质量水的相同容器中，待物体静止，测得△F水 ．实验示意图及相应数据见表。
实验序号 4 5 6 7 8
实验示意图
V物 （×10﹣ 0 1.8 2.4 2.8 2.8 2.8
4m3）
△F水 （N） 0 1.8 2.4 2.8 2.4 2.0
分析比较实验4、5与6，得到：V物 越大，△F水 越 。
①进一步分析比较实验6、7与8，发现：△F水 与V物 （选填“有关”或“无关”）。
②再通过计算比较实验4、5与6，发现：物体受到的浮力F浮 △F水 （选填“＞”、
③“＝”或“＜”）。
综合分析比较实验4﹣8，可得初步结论：影响液体对容器底部压力的増加量△F液 的因
④素是物体 的体积。
（3）为了使实验结论更有普遍性，还应 继续实验。
28．（7分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压保持不变，待测小灯泡的额定电压
为2.5V。
（1）为了比较精确的测量小灯泡的电功率，电压表的量程应选0﹣ V；
第7页（共28页）（2）实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表有示数，电流表示数
几乎为零，则故障可能是 （选填“电流表与导线”或“灯泡与灯座”）接触不良；
（3）排除故障后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数是2.5V，电流表示数如图所示，则小
灯泡的额定功率是 W；
（4）测量结束后，应先 ，再拆除导线，最后整理好器材；
（5）某实验小组在处理实验数据时，采用描点法，在坐标纸上作出了如图所示的I﹣U图
象 ， 请 指 出 作 图 过 程 中 存 在 的 错 误 或 不 足 之 处 是 ；
（6）某实验小组设计了如图所示的电路（还缺一根导线连接才完整），可以测量小灯泡的
额定功率，其中R为定值电阻。请写出本实验主要测量步骤及所测物理量：
电路连接完整后，开关S
2
断开，S
1
、S
3
闭合，调节滑动阻器滑片，使电压表示数为U额 ；
① ，开关S 3 断开，S 1 、S 2 闭合，记录电压表的示数U 2 ；
②小灯泡额定功率的表达式P额 ＝ （用R、U额 、U
2
表示）
五、③计算应用题（共25分）
29．（6分）无人机从某一高处开始竖直下降，下降过程的s﹣t图象如图所示。若该无人机整
第8页（共28页）机质量是1.6kg，求：
（1）无人机所受的重力；
（2）0～1s内无人机受到重力做的功；
（3）0～4s内无人机下降的平均速度。
30．（9分）某实验小组利用电源、电流表、电压表、滑动变阻器R、开关及导线若干测量定值
电阻R 阻值，所有元件均完好，按图连接电路（其中电压表未画出），进行实验，闭合开关
x
后，将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数的变化范围为0.24A～
1.2A，电压表示数相应的变化范围为6.0V～0V．求：
（1）当R接入电路为最大阻值时，若通电10s时间，R消耗的电能；
（2）R 的阻值；
x
（3）若将R 与R并联在原电源两端时，电路消耗的最小电功率。
x
31．（10分）肺活量是检测肺功能重要指标之一，是指一个人最大吸气后再做最大呼气所呼出
的气体体积，单位是毫升（mL）。图是一种测量肺活量方法的示意图，把溥壁圆筒A倒扣
在容器内水中，测量前筒内充满水。测量时，被测者吸足空气，再通过B尽量将空气呼出，
呼出的空气通过导管全部进入A内，使A浮起。若初三女生小丽用这种方法测其肺活量，
测得筒外水面到容器底部的距离h是20cm，到A的底部距离是13cm。已知A的质量为
200g，横截面积为200cm2，（筒A内空气质量忽略不计）
（1）求容器底部受到水的压强。
（2）若初三女生的肺活量标准如表
等级 优秀 良好 及格 不及格
肺活量/mL 2950﹣3050 2650﹣2800 1650﹣2550 1450﹣1610
请通过计算说明小丽肺活量的等级。
（3）若在小丽吹气时，在A的正上方放置质量为50g的小物块C，求放置物块前后筒A内
第9页（共28页）气体压强的变化量。
第10页（共28页）2020年广西南宁中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题
1．（3分）
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播，影子的形成、日食、月食、小孔成像都是光的直
线传播形成的。
【解答】解：A．筷子“变折”，属于光的折射现象，故A错误。
B．苹果的影子，是光沿直线传播形成的，故B正确。
C．山的“倒影”，是平面镜成像，属于光的反射，故C错误。
D．手指“放大”，是凸透镜成像，属于光的折射现象，故D错误。
故选：B。
【点评】知道生活中常见的光的直线传播实例，区分三种光现象，可解答此题。
2．（3分）
【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效
应，明确各用电器使用时的能量转化可做出判断。
【解答】解：
A、电饭锅工作时，主要将电能转化为内能，是利用电流的热效应，故A符合题意；
B、电冰箱工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B不合题意；
C、电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故C不合题意；
D、电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故D不合题意。
故选：A。
【点评】主要考查电流的热效应的应用，以及各用电器能量转化的判断。体现了物理来源
于生活，又服务于社会的理念。
3．（3分）
【分析】（1）判断物体的运动和静止时，要看相对于参照物的位置是否改变，若改变，就是
运动的，若不变，就是静止的；
（2）物体运动状态的改变包括速度和方向的变化；
（3）电磁波和声波都可以传递信息，电磁波传播不需要介质，超声波传播需要介质；
（4）物体间力的作用是相互的。
第11页（共28页）【解答】解：A．卫星相对太阳位置是变化的，故卫星相对太阳是运动的，故A错误；
B．卫星加速升空时速度不断增加，故运动状态是变化的，故B错误；
C．卫星通过电磁波向地面传输信息，故C错误；
D．力的作用是相互的，故地球对卫星有吸引力，卫星对地球也有吸引力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题以北斗卫星为背景，综合考查了运动与静止的相对性、运动状态的改变、电磁
波的传播、力作用的相互性等，有一定综合性。
4．（3分）
【分析】由我们所学的物理学史进行分析解答。
【解答】解：首先通过实验发现了电流周围空间存在磁场是奥斯特。
故选：B。
【点评】物理学史不但是考试中的热点，同时也可以让我们了解前辈科学家们的精神培养
我们学习物理的兴趣。
5．（3分）
【分析】磁体周围的磁感线从N极出发回到S极；根据安培定则判定通电螺线管的极性，
从而可知其周围磁感线的方向。
【解答】解：
ABC、在磁体的外部，磁感线从N极出发回到S极，故AB正确，C错误；
D、由图知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管的右端为N
极，左端为S极，且周围磁感线的方向正确，故D正确。
本题选错误的；
故选：C。
【点评】本题考查了磁感线的特点、安培定则的应用，属于基础知识。
6．（3分）
【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关；
（2）使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时
间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；
（3）火箭发射时会消耗燃料，燃料燃烧产生内能，然后对外做功；
（4）流体流速越大的地方，压强越小。
【解答】解：
A．“复兴号”高铁列车减速进站时，质量不变、速度减小，动能减小，故A错误；
第12页（共28页）B．太阳能发电站利用的太阳能属于可再生能源，故B错误；
C．长征五号B运载火箭发射将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，使火箭升空，故C正
确；
D．国产C919客机的机翼利用的是空气流速越快、压强越小的原理，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了动能的大小、能源的分类、能量的转化、流体压强与流速的关系，属于
基础知识，要掌握。
7．（3分）
【分析】当雷雨天，注意防电击措施，不靠近金属栏杆，关闭门窗避雨要注意防雷措施，不
可接打电话。
【解答】解：A．雷雨天，如果靠近金属栏杆易遭受雷击，不要靠近金属栏杆，故A不符合题
意；
B．雷雨天气时，留在室内，并关好门窗是正确的，故B不符合题意；
C．雷雨天气时，躲进具有防雷设施的建筑物内，是正确的做法，故C不符合题意；
D．雷雨天气，手机等各种电器不可正常使用，如果使用这些用电器易遭受雷击，故D符合
题意。
故选：D。
【点评】本题考查安全用电的知识，难度不大。
8．（3分）
【分析】近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网
膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况。近视眼佩戴凹透镜进行矫正。
【解答】解：甲图成像在视网膜之后，是远视眼的成因；乙图成像在视网膜之前，是近视眼
的成因；丙图佩戴凸透镜，是远视眼的矫正；丁图佩戴凹透镜，是近视眼的矫正。故D符合
题意。
故选：D。
【点评】图示的四个图来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因与矫正的光路图。
明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。
9．（3分）
【分析】（1）惯性是物体的固有属性，它是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小只
与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
（2）减弱噪声的途径有三条：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
第13页（共28页）（3）增大摩擦力的方法通常是增大压力和增大接触面的粗糙程度；
（4）扩散现象是分子不停地做无规则运动引起的。
【解答】解：
A．机动车减速是速度的变化，但不能改变惯性的大小，因为影响惯性大小的因素是物体
的质量，故A错误；
B．在公共场所不大声喧哗，是在声源处控制噪声，故B错误；
C．自行车在刹车时用力捍车闸，是通过增大压力来增大摩擦力，故C正确；
D．“二手烟”的扩散不是由于分子间的引力引起的，而是由于分子的无规则运动引起的，
故D错误。
故选：C。
【点评】本题以创建文明城市为背景，综合考查了惯性大小的影响因素、减弱噪声的途径、
增大摩擦的方法和扩散现象。
10．（3分）
【分析】由题意可知，权、重分布为杠杆的动力和阻力，标、本分别为动力臂和阻力臂，根据
杠杆平衡原理条件可知，权×标＝重×本。
【解答】解：
A．“重”增大时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故A错误；
B．“权”增大时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故B错误；
C．“权”向右移时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故C正确；
D．提纽向右移时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查杠杆平衡的条件及获取信息的能力，使学生感悟中国古代科技的成就。
11．（3分）
【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，
根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据P＝I2R分析导线的发热功率变化，要注意
通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。
【解答】解：
A．延长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故A错误；
B．通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，则无法判断通过导线电流的变化，
故B错误；
C．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由U＝IR可知，可以减小导线两端的电压，
第14页（共28页）故C错误；
D．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由P＝I2R可知，可以减小导线发热的功
率，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了影响导体电阻大小因素和欧姆定律、电热公式的应用等，是一道较为
简单的应用题。
12．（3分）
【分析】（1）测温仪通过接收红外线来实现测温；
（2）摄像头是凸透镜，利用物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像来拍摄；
（3）声音的传播需要介质；
（4）电磁波在空气中的传播速度是3×108m/s。
【解答】解：A、测温仪是通过测定人体辐射的红外线工作的，故A错误；
B、摄像系统类似于照相机，成倒立缩小的实像，故B正确；
C、机器人巡逻进行广播宣传，是通过空气传播声音的，故C错误；
D、5G是通过电磁波传输信息的，其传播速度约为3×108m/s，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查多个知识点，是一道综合基础题目，只要将知识点掌握清楚，不难做出，
题目较简单。
13．（3分）
【分析】由电路图可知，定值电阻R与气敏电阻Q串联，根据电表的电阻特点判断出电表
的类型，根据题意得出煤气浓度升高时气敏电阻的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电
流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知气敏电阻两端的电压变化，
然后根据题意判断出电压表的位置。
【解答】解：由图示知，若在ab或bc间连接电流表，则电路中的电阻R或气敏元件Q会被
短路，所以仪表应选用电压表。
由题意可知，当煤气浓度升高时，气敏元件Q的阻值减小，电路的总电阻变小，
由I＝ 可知，电路中的电流增大，电阻R两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，气敏电阻Q两端的电压减小，
按要求，仪表的示数增大，说明电压表接在ab间，故A符合题意、BCD不符合题意。
第15页（共28页）故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用以及电表的正确使用，利用好气敏
电阻的阻值与煤气浓度的关系是关键。
14．（3分）
【分析】首先明确“通过木块被撞后移动的距离来比较小球动能的大小”运用的研究方法，
熔化明确每个选项的研究实例运用的具体方法，最后确定符合题意的选项。
【解答】解：在探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞后移动的距离来比较小
球动能的大小，这是用到了转换法。
A、通过水流来初步认识电流，是利用了类比法。故A不符合题意；
B、用光线表示光传播的径迹和方向，利用了模型法。故B不符合题意；
C、探究压力大小对压力作用效果的影响时，控制受力面积等因素不变，利用了控制变量
法。故C不符合题意；
D、研究电磁铁磁性强弱时，通过电磁铁吸引大头针的数量来比较磁性的强弱，利用了转
换法。故D符合题意。
故选：D。
【点评】所谓“转换法”，主要是指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转
换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准
的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法。
15．（3分）
【分析】（1）对小球进行受力分析即可解答；
（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的
质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自
的影响因素进行分析。
（3）根据机械能守恒分析；
（4）根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动
状态。
【解答】解：
A．小球在运动过程中除受到重力作用外，还受到支持力的作用，故A错误；
B．在滚下斜面的过程中，小球的质量不变，高度变小，速度变大，则重力势能变小，动能变
大，重力势能转化为动能；小球运动时不受阻力，其机械能是守恒的，故B错误；
C．因为小球在运动过程中机械能守恒，所以，另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离
第16页（共28页）越大，故C错误；
D．如果斜面变成水平面，水平面光滑，不受阻力，则小球会做匀速直线运动，永远运动下
去，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了动能和重力势能的转化、机械能守恒、牛顿第一定律。明确动能、重力
势能的影响因素是解题的关键。
16．（3分）
【分析】在水平地面上的压力等于物体的重力，由压强公式得出甲乙对地面的压强变化量，
由△p甲 ＜△p乙 结合G＝mg＝ Vg，可得出
甲
与
乙
大小关系；
将它们顺时针旋转90°前，由压ρ强公式可知此ρ时甲乙ρ 对地面的压强，根据G甲 ＜G乙 和S立
＜S平 ，可得出由p甲 与p乙 大小。
【解答】解：
由题意知，甲、乙的体积相同，在水平地面上的压力等于重力，则甲对地面的压强变化量
为：
△p甲 ＝ ﹣ ＝ ﹣ ＝G甲 （ ﹣ ）；
乙对地面的压强变化量为：
△p乙 ＝ ﹣ ＝G乙 （ ﹣ ）；
由△p甲 ＜△p乙 ，可知
G甲 （ ﹣ ）＜G乙 （ ﹣ ）；
故G甲 ＜G乙 ；长方体甲乙体积相同，根据公式：
G＝mg＝ Vg，
可得出 甲ρ＜
乙
﹣﹣﹣﹣ ，
将它们顺ρ时针ρ旋转90°前，①甲对地面的压强为：
p甲 ＝ ，
乙对地面的压强为：
第17页（共28页）p乙 ＝ ，
由G甲 ＜G乙 和S立 ＜S平 ，
故p甲 ＜p乙 ﹣﹣﹣﹣ ，
由 ，ACD不符合②题意，B符合题意。
故①选：②B。
【点评】本题考查密度、重力公式及压强公式的运用。
二、填空题（每空1分，共15分）
17．（2分）
【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为该物质的
比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收相同的热量时，水的温度变
化小。
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，
凸透镜成像就是具体应用。
【解答】解：
（1）烈日炎炎的夏季，水和沙土同时接受阳光的照射，加热条件相同，在相同时间内，物质
所吸收到的热量是相同的，因为水的比热容大，水的温度升高的慢，所以人站在水中时感
觉凉爽，而当人赤脚走在沙土地上时却感到烫。
（2）从岸上看清澈池塘的深度比实际的要浅，是由于光从水中射入空气中，在水面处发生
光的折射而产生的现象。
故答案为：大；浅。
【点评】本题主要考查学生对水的比热容大的特点、光的折射现象，在学习过程中要善于
利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
18．（2分）
【分析】利用电磁感应现象可以产生感应电流，在电磁感应现象中机械能转化为电能；电
源是提供电能的装置。
【解答】解：转动魔方就能产生电能，将机械能转化为电能，其工作原理是电磁感应现象，
与发电机的工作原理相同。当魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电
源。
故答案为：发电机；电源。
第18页（共28页）【点评】发电机的原理是电磁感应现象，而电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，
它们的能量转化分别是：机械能转化电能，电能转化为机械能。
19．（2分）
【分析】（1）力的作用效果有两个： 力可以改变物体的形状即使物体发生形变。 力可
以改变物体的运动状态，包括物体的①运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。②
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华过程放热。
【解答】解：（1）“北风卷地白草折，胡天八月即飞雪”中的“白草折”是指草被风吹弯折
了，即力改变了物体的形状。
（2）雪是气态水蒸气凝华为小冰晶的过程，凝华过程要放热。
故答案为：形状；放热。
【点评】知道力的两个作用效果，理解凝华放热，可解答此题。
20．（3分）
【分析】（1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；
（2）电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻的大小与材料、长度和横截面积有关。
【解答】解：（1）如图所示的电路中，闭合开关后，小灯泡发光，说明铅笔芯是导体；
（2）夹子向左移动，则接入铅笔芯的长度变短，即接入电路的电阻变小，那么电路中的电
流变大，所以小灯泡变亮。
（3）小灯泡的亮度随着铅笔芯接入电路的长度不同而变亮或变暗，即铅笔芯的长度不同电
阻也不同，所以可以探究的科学问题是：小灯泡的亮度与接入电路的电阻丝长度有关吗？
故答案为：导体；亮；小灯泡的亮度与接入电路的电阻丝长度有关吗？
【点评】本题考查了导体和绝缘体的区别以及影响电阻大小的因素，是电学中比较基础的
内容，相对比较简单。
21．（3分）
【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升
高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。
（2）知道汽油的质量和热值，利用燃料完全放热公式Q放 ＝mq求汽油完全燃烧产生的热
量（总能量）；利用效率公式 ＝ ×100%求出汽油机的效率。
η
【解答】解：
（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮
燃烧起来；说明将活塞迅速下压，活塞对桶内空气做功，使筒内空气的内能增加，温度升
第19页（共28页）高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与内燃机的压缩冲程相
同；
（2）汽油完全燃烧放出的热量：Q放 ＝mq＝2kg×4.6×107J/kg＝9.2×107J；
汽油机的效率 ＝ ×100%＝ ×100%＝25%。
η
故答案为：做功；压缩；25%。
【点评】本题主要考查了物体内能的改变、内燃机的冲程的能量转化、燃料完全燃烧放热
公式以及效率公式的应用，属于基础题目。
22．（3分）
【分析】（1）知道溢出（排开）酒精的质量，利用阿基米德原理求小球在酒精中受到的浮力；
（2）知道水对容器底部的压强增加值，利用p＝ gh求乙杯中水面升高的高度；
（3）升高的那部分水的质量△m＝
水
△V＝ 水S△ρh，可求排开水的总质量，利用F浮 ＝G
排
＝m排g求小球受到水的浮力，进ρ而求出小ρ球放入酒精与水中受到的浮力之比；
若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力、大小相等，该假设不成立；
若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮 ＝ 液V排g＝ 液Vg，受到的浮力等于酒精、
水的密度之比，该假设不成立； ρ ρ
可见小球在酒精、水中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力等于受到水的浮力大小，可求小球的质量；
小球在酒精中下沉，利用阿基米德原理求排开酒精的体积，即小球的体积，再利用密度公
式求小球的密度。
【解答】解：
（1）小球在酒精中受到的浮力：
F浮1 ＝G排 ＝m排g＝m溢g＝0.08kg×10N/kg＝0.8N；
（2）由p＝ gh可得乙杯中水面升高的高度：
ρ
△h＝ ＝ ＝5×10﹣3m＝0.5cm；
（3）升高的那部分水的质量：
△m＝
水
△V＝ 水S△h＝1g/cm3×100cm2×0.5cm＝50g，
排开水ρ的总质量ρ：
m排总 ＝45g+50g＝95g＝0.095kg，
第20页（共28页）其重力：
G排总 ＝m排总g＝0.095kg×10N/kg＝0.95N，
受到的浮力F浮2 ＝G排总 ＝0.95N，
小球放入酒精与水中受到的浮力之比：
F浮1 ：F浮2 ＝0.8N：0.95N＝80：95；
若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力，F浮1 ：F浮2 ＝1：1，假设不成立；
若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮 ＝ 液V排g＝ 液Vg，则：
F浮1 ：F浮2 ＝ 酒精 ： 水 ＝0.8×103kg/m3：1×103kgρ/m3＝80：ρ100，假设不成立；
可见小球在酒ρ精、水ρ中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力G＝F浮2 ＝0.95N，
小球的质量：
m＝ ＝ ＝0.095kg，
小球在酒精中下沉，小球的体积：
V＝V排 ＝ ＝ ＝1×10﹣4m3，
小球的密度：
＝ ＝ ＝0.95×103kg/m3。
ρ
故答案为：（1）0.8；（2）0.5；（3）0.95×103。
【点评】本题考查了阿基米德原理、液体压强公式、物体浮沉条件、重力公式、密度公式的
应用，难点是求小球的密度，确定小球在水中的状态是关键。
三、作图与简答题（共8分，请把答案直接填写在答题卡相应的置上，）
23．（2分）
【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光
线分居法线两侧，反射角等于入射角，由此作出入射光线，并标出入射角（入射光线与法
线的夹角）。
【解答】解：
先过入射点作垂直于镜面的法线，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入
射角，在法线左侧画出入射光线AO，入射光线AO与法线的夹角为入射角i。如图所示：
第21页（共28页）【点评】本题考查了根据光的反射定律作图，注意作图要规范，是一道基础题。
24．（2分）
【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。
【解答】解：由图示可知，此滑轮组绕线时，可将绳子固定在定滑轮上，此时承重绳子为2
根；还可将绳子固定在动滑轮上，此时承重绳子为3根。要使滑轮组最省力，应将绳子固定
在动滑轮上，故作图如下：
【点评】滑轮组最省力的绕绳方法，其实就是寻找连接动滑轮最多的绳子的段数，明确了
这一点，滑轮组的绕法就变得非常简单。
25．（4分）
【分析】物质由气态变为液态叫液化。重力的作用点叫重心。
【解答】答：当我们对着纸飞机的机头“哈气”，呼出的水蒸气遇到温度较低的机头纸面
时，液化成小水珠，水珠附着在机头上，增大了飞机头的质量，使飞机重心前移，于是飞行
更远。
【点评】知道液化概念以及重心对物体稳定性想影响，是解答此题的关键。
四、实验与探究题（共20分，请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，）
26．（6分）
【分析】（1）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高
处相平，并注意区分零上或零下；根据焦距的定义得出焦距的大小；要清楚电能表的读数
方法：最后一位是小数；单位kW•h；
第22页（共28页）（2）使用天平时，天平要水平放置；观察标尺上的分度值，物体的质量＝砝码的质量+游码
的读数；求出量筒中液体的质量，根据公式求出密度。
【解答】解：
（1）如图所示温度计的分度值为1°C，则温度计的示数为21°C。
一束平行光经凸透镜折射后在光屏上得到最小最亮的点，即凸透镜的焦点，则焦点到凸透
镜的距离为凸透镜的距离，即f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm；
电能表表盘上最后一位数是小数，示数为2020.6kW•h；
（2）使用天平测量某种液体的密度时，应将天平水平放置在水平桌面上；
如图所示，天平标尺分度值为0.2g，则烧杯和待测液体的总质量为50g+10g+5g+4g＝69g；
将烧杯中部分液体倒入量筒中，测得量筒中液体体积是50cm3，并测出烧杯和剩余液体的
质量为29g，则倒入量筒中的液体质量为m＝69g﹣29g＝40g；
则液体的密度 ＝ ＝ ＝0.8g/cm3。
ρ
故答案为：（1）21；10.0；2020.6；（2）水平；69；0.8。
【点评】此题考查了温度计和电能表的读数、液体密度的测量，对这些基本的测量仪器的
使用和读数要掌握，是中考的重要内容。
27．（7分）
【分析】（1） 体积相同的物体先后放入盛有相等质量水的相同容器中，排开的水体积相
同，根据V＝①Sh判断水面高度的变化；
根据表格数据分析解答；
（②2）本实验探究盛有液体的容器在放入物体前、后容器底部受到液体压力的增加量△F液
与哪些因素有关，根据控制变量法的要求，明确表中所记录的各项数据与实验现象，找出
对应序号中的控制量与变化量，最终完成题目要求的问题；
（3）换用不同的液体，多次测量找普遍规律。
【解答】解：（1） 将体积相同的物体先后放入盛有相等质量水的相同容器中，排开的水体
积相同，故水面①上升高度相同；
三个物体重力不同，而容器底部受到液体压力的増加量相同，故△F水 与G物 无关；
②（2） 比较实验4、5与6，可知V物 越大，△F水 越大；
由实①验6、7与8，可知△F水 与V物 无关；
②由阿基米德原理可以算出实验4、5与6中的浮力正好等于容器底部受到液体压力的増
③
第23页（共28页）加量，故可得物体受到的浮力F浮 与△F水 相等。
综上可得，影响液体对容器底部压力的増加量△F液 的因素是物体排开液体的体积。
④（3）为了使实验结论更有普遍性，还应换用不同的液体，多次测量找普遍规律。
故答案为：（1） 相等； 无关；（2） 大； 无关； ＝； 浸入（或排开）液体；（3）换
用不同的液体。① ② ① ② ③ ④
【点评】本实验探究的内容较为复杂，实验中的实际操作与测量会有一定的难度，实验数
据也有一定的复杂性，要求我们头脑清醒，思路明确，根据控制变量法的要求，找准变化
量和不变量，最终得出不同量之间的关系。只要理清思路，总体难度并不算太大。
28．（7分）
【分析】（1）根据灯泡的额定电压选择电压表量程；
（2）小灯泡都不亮，电流表示数几乎为零，说明电路中有断路，再根据电压表有示数分析
判断；
（3）读数灯泡正常发光时的电流，由P＝UI计算其额定功率；
（4）拆接电路时，应先断开开关；
（5）根据图象可知坐标取值不恰当之处，图象作图时描点连线由此可知图象的错误；
（6 ）没有电流表的情况下，测量小灯泡的额定功率，电压表和定值电阻R应起到电流表
的作用，所以R应和灯串联。通过移动滑片，首先使并联在灯两端的电压表示数为U ，使
1
灯正常发光；在保持变阻器滑片不动的前提下，通过开关的转换，使电压测出R和灯两端
的总电压U ，因电路的连接关系没有改变，各用电器两端的电压不变，故可求此时R的电
2
压U
R
，由欧姆定律求出R的电流，即灯正常发光时的电流I，根据P额 ＝U额I求出灯的额
定功率。
【解答】解：（1）待测小灯泡的额定电压为2.5V，为了比较精确的测量小灯泡的电功率，电
压表应选0～3V量程。
（2）实验时，小灯泡不亮，且电流表示数几乎为0，则电路中有断路现象，而电压表有示数，
即电压表与电源是接通，则故障可能是灯泡与灯座接触不良。
（3）由图示知，电流表使用小量程，分度值0.02A，当电压表示数是2.5V（正常发光）时通
过的电流0.5A，
则小灯泡额定功率P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W。
（4）测量结束后，应先断开开关，再拆除导线，最后整理好器材。
（5）描出的点知，所描的点不在一条直线上，所以作出的I﹣U图象不应是直线，且坐标轴
的横坐标的标度太大了，这样造成所描的点精确度稍低。
第24页（共28页）（6）按题意可知，测量步骤：
电路连接完整后，开关S
2
断开，S
1
、S
3
闭合，调节滑动阻器滑片，使电压表示数为U额 ，
①此时灯泡正常发光；
保持滑片位置不变，这样才能保持小灯泡两端的电压为额定电压，断开S ，闭合S 、S ，
3 1 2
②此时电压表测小灯泡和定值电阻R的电压，电压表的示数U ；
2
电阻R两端的电压U
R
＝U
2
﹣U额 ，
③
而整个过程中，电路的电流不变，通过小灯泡的电流I ＝I ＝ ＝ ，
L R
所以小灯泡的额定功率P额 ＝U额I
1
＝U额× 。
故答案为：（1）3；（2）灯泡与灯座；（3）1.25；（4）断开开关；（5）图线不应画成直线，横坐标
的标度取值过大；（6） 保持滑动变阻器滑片位置不变； U额× 。
② ③
【点评】本题是测灯泡电功率的实验，考查了器材选择、故障分析、电功率计算、图象的认
识，还考查了特殊方法测功率，在没有电流表的情况测量不灯泡的额定功率，考查学生运
用所学知识解决实际问题的能力，综合性，有一定难度。
五、计算应用题
29．（6分）
【分析】（1）根据G＝mg求出无人机所受的重力；
（2）由图象读出0﹣1s内无人机下降的高度，根据W＝Gh求出无人机受到重力做的功；
（3）由图象读出0～4s内通过的路程，根据v＝ 求出0～4s内无人机下降的平均速度。
【解答】解：（1）无人机所受的重力：
G＝mg＝1.6kg×10N/kg＝16N；
（2）由图象可知，0﹣1s内无人机下降的高度h＝6m，
则重力做的功为：
W＝Gh＝16N×6m＝96J；
（3）由图象可知，0﹣4s内无人机运动的路程s＝12m，
则0～4s内无人机下降的平均速度：
v＝ ＝ ＝3m/s。
答：（1）无人机所受重力为16N。
第25页（共28页）（2）0～1s内无人机受到重力做的功为96J。
（3）0～4s内无人机下降的平均速度为3m/s。
【点评】能熟练应用做功的公式、速度的公式是解题的关键。
30．（9分）
【分析】（1）由图可知：滑动变阻器R与定值电阻R 串联，根据电流表示数的变化和电压
x
表示数相应的变化判断出电压表的测量对象；并且根据串联电路的电压特点判断当滑动
变阻器接入的阻值最大时，电流表和电压表的示数，然后根据W＝UIt求出通电10s时间
R消耗的电能；
（2）根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压的表达式，即可求出电源电压和R 的
x
阻值；
（3）根据公式P＝ 可知电路中的总电阻最大时总功率最小，所以根据电阻的并联特点
得出并联时的最大电阻，利用P＝ 可求出电路消耗的最小电功率。
【解答】解：（1）由题意知，电流表示数的变化范国为0.24A～1.2A，电压表示数相应的变化
范围为6.0V～0V，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器接入的阻值最
大时，电流表示数最小，电压表示数最大，则此时的电流为0.24A，电压表示数为6.0V，
所以，通电10s时间，R消耗的电能为：
W＝UIt＝6V×0.24A×10s＝14.4J；
（2）当电流表示数为0.24A，电压表示数为6.0V时，
根据I＝ 可得，滑动变阻器的最大阻值为：
R＝ ＝ ＝25 ；
Ω
此时根据并联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：
U＝I（R +R）＝0.24A×（R +25 ）﹣﹣﹣﹣﹣﹣
x x
当滑动变阻器接入电路的阻值为Ω0时，此时电流表示①数为1.2A，根据并联电路的特点和欧
姆定律可得电源电压：
U＝I最大R
x
＝1.2A×R
x
﹣﹣﹣﹣﹣﹣
由以上两式联立可解得：U＝7.5V，R②x ＝6.25 ；
Ω
（3）根据P＝ 可知，当电路中的总电阻最大时，总功率最小，
第26页（共28页）R 与R并联在原电源两端时，滑动变阻器连入电路的阻值最大时总电阻最大为：
x
R并最大 ＝ ＝ ＝5 ；
Ω
则P最小 ＝ ＝ ＝11.25W。
答：（1）当R接入电路为最大阻值时，若通电10s时间，R消耗的电能为14.4J；
（2）R 的阻值为6.25 ；
x
（3）若将R
x
与R并联Ω在原电源两端时，电路消耗的最小电功率为11.25W。
【点评】本题考查串并联电路电流和电阻的规律，知道测量电阻的实验原理、串联电路的
规律及欧姆定律是解答本题的关键，难度较大。
31．（10分）
【分析】（1）已知水的深度，根据p＝ 水gh即可求出水对容器底部的压强；
（2）由于A漂浮在水中，根据漂浮条件可ρ知则A受到的浮力等于A的重力，然后根据F浮
＝ 水gV排 求出A排开液体体积；
根ρ据V＝Sh求出A内外水面高度差；最后即可求出A内气体体积，由表中数据判断小丽
肺活量的等级。
（3）分别对A、A和物块C进行受力分析，根据受力平衡得出等式，然后联立求出压强差。
【解答】解：（1）水的深度：h＝20cm＝0.2m，
则水对容器底部的压强：p＝ 水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2×103Pa；
（2）A的质量m
A
＝200g＝0.ρ2kg，
由于A漂浮在水中，则A受到的浮力F浮 ＝G
A
＝m
A
g＝0.2kg×10N/kg＝2N，
由F浮 ＝ 水gV排 得A排开水的体积
ρ
V排 ＝ ＝ ＝2×10﹣4m3；
A内外水面高度差：
△h ＝ ＝ ＝0.01m＝1cm；
1
A内气体体积V＝S（h′+△h ）＝200cm2×（13cm+1cm）＝2800cm3＝2800mL；
1
由表可知小丽肺活量的等级是良好。
第27页（共28页）（3）当A质量为m ＝200g＝0.2kg时，对A受力分析得：A内气体对A底部压力F ＝
A 1
F+G ，
A
即：p S＝p S+m g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣
1 0 A
当在A的正上方放置物块C时，物块C的质量：m
c
＝50g＝0.05①kg，
当在A质量上加物块后时，对A和物块受力分析得，A内气体对A底部压力
F
2
＝F+G总 ，
即：p S＝p S+（m g+m g）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣
2 0 A c
由 ﹣ 得： ②
② ①
△p＝p ﹣p ＝ ＝ ＝25Pa．
2 1
答：（1）容器底部受到水的压强是2×103Pa；
（2）小丽肺活量的等级是良好；
（3）放置物块前后筒A内气体压强的变化量是25Pa。
【点评】本题为力学综合题，考查了密度公式、液体压强公式的应用，难点在第三问，注意
A和物块是受力平衡的，根据受力平衡时合力为零解答。
第28页（共28页）
