2025年黑龙江、吉林、辽宁、内蒙古高考物理真题（解析版）_2025全国各省高考真题+答案_16、辽宁卷（物理、历史、化学、地理、政治、生物）

2025年黑龙江、吉林、辽宁、内蒙古高考真题 物理 本试卷共15题，共100分 注意事项: 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂:非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工 整，笔记清楚。 3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效;在草稿 纸、试卷上答题无效。 4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题:本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目 要求，每小题4分;第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 1. 书法课上，某同学临摹“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由a点经b 点回到a点，则 ( ) A. 该过程位移为0 B. 该过程路程为0 C. 两次过a点时速度方向相同 D. 两次过a点时摩擦力方向相同 【答案】A 【解析】 【详解】A．笔尖由a点经b点回到a点过程，初位置和末位置相同，位移 零，故A正确； B．笔尖由a点经b点回到a点过程，轨迹长度不为零，则路程不为零，故B错误； C．两次过a点时轨迹的切线方向不同，则速度方向不同，故C错误； D．摩擦力方向与笔尖的速度方向相反，则两次过a点时摩擦力方向不同，故D错误。 故选A 。 2. 某同学冬季乘火车旅行，在寒冷的站台上从气密性良好的糖果瓶中取出糖果后拧紧瓶盖， 将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，与刚进入车厢时相比，瓶内气体 ( ) A. 内能变小 B. 压强变大 C. 分子的数密度变大 D. 每个分子动能都变大 ·1·【答案】B 【解析】 【详解】A．将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，温度升高，而理想气体内能只与温度相关，则内 能变大，故A错误； p B．将糖果瓶带入温暖的车厢过程，气体做等容变化，根据 =C，因为温度升高，则压强变大，故B T 正确； C．气体分子数量不变，气体体积不变，则分子的数密度不变，故C错误； D．温度升高，气体分子的平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大，故D错误。 故选 B。 3. 如图，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与气体界面发生全反射。若分别用甲、 乙两种液体形成液束流，甲的折射率比乙的大，则 ( ) A. 激光在甲中的频率大 B. 激光在乙中的频率大 C. 用甲时全反射临界角大 D. 用乙时全反射临界角大 【答案】D 【解析】 【详解】AB．激光在不同介质中传播时，其频率不变，故AB错误； 1 CD．根据sinC= ，甲的折射率比乙的大，则用乙时全反射临界角大，故C错误，D正确。 n 故选D 。 4. 如图，某压力传感器中平行板电容器内的绝缘弹性结构是模仿犰狳设计的，逐渐增大施加 于两极板压力F的过程中，F较小时弹性结构易被压缩，极板间距d容易减小；F较大时弹 性结构闭合，d难以减小。将该电容器充电后断开电源，极板间电势差U与F的关系曲线可 能正确的是 ( ) ·2·A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 εS 【详解】根据公式Q=CU和电容的决定式C= 4πkd 4πkQ 可得U= ⋅d εS 根据题意F较小时易被压缩，故可知当F较小时，随着F的增大，d在减小，且减小的越来越慢，与电 源断开后Q不变，故此时极板间的电势差U在减小，且减小的越来越慢；当F增大到一定程度时，再 增大F后，d基本不变，故此时U保持不变，结合图像，最符合情境的是D选项。 故选D。 5. 平衡位置在同一水平面上的两个振动完全相同的点波源，在均匀介质中产生两列波。若波 峰用实线表示，波谷用虚线表示，P点位于其最大正位移处，曲线ab上的所有点均为振动减 弱点，则下列图中可能满足以上描述的是 ( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】根据题意P点位于其最大正位移处，故可知此时P点位于两列波的波峰与波峰相交处；根据 干涉规律可知，相邻波峰与波峰，波谷与波谷连线上的点都是加强点，故A图像中的曲线ab上的点 存在振动加强点，不符合题意。 故选C。 6. 如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在同一塔块上，两名同 ·3·学分别握住绳的另一端，保持手在同一水平面以相同速率v相向运动。为使塔块沿竖直方 向匀速下落，则v ( ) A. 一直减小 B. 一直增大 C. 先减小后增大 D. 先增大后减小 【答案】B 【解析】 【详解】设两边绳与竖直方向的夹角为θ，塔块沿竖直方向匀速下落的速度为v ，将v 沿绳方向和垂 块 块 直绳方向分解，将v沿绳子方向和垂直绳方向分解，可得v cosθ=vsinθ 块 v 解得v= 块 tanθ 由于塔块匀速下落时θ在减小，故可知v一直增大。 故选B。 7. 如图，光滑绝缘水平面AB与竖直面内光滑绝缘半圆形轨道BC在B点相切，轨道半径为 r，圆心为O，O、A间距离为3r。原长为2r的轻质绝缘弹簧一端固定于O点，另一端连接 一带正电的物块。空间存在水平向右的匀强电场，物块所受的电场力与重力大小相等。物 块在A点左侧释放后，依次经过A、B、C三点时的动能分别为E 、E 、E ，则 ( ) kA kB kC A. E E kB kA 同理B到C过程中弹簧弹力和电场力做功都为零，重力做负功，则动能减小，E >E kB kC 由A到C全过程则有qEl -mgl =E -E >0 AB BC kC kA 因此E >E >E kB kC kA 故选C。 8. 某理论研究认为，100Mo原子核可能发生双β衰变，衰变方程为100Mo→ARu+y0 e。处于 42 42 44 -1 第二激发态的ARu原子核先后辐射能量分别为0.5908MeV和0.5395MeV的γ 、γ 两光子 44 1 2 后回到基态。下列说法正确的是 ( ) ·4·A A=100 B. y=2 C. γ 的频率比γ 的大 D. γ 的波长比γ 的大 1 2 1 2 【答案】ABC 【解析】 【详解】AB．由核反应方程质量数和电荷数守恒可得100=A+0,42=44-y 解得A=100,y=2，AB正确； c CD．由题可得γ 光子的能量大于γ 光子的能量，光子的能量公式ε=hν，波长λ= 1 2 ν 可得γ 频率大于γ 的频率，γ 的波长小于γ 的波长，C正确，D错误； 1 2 1 2 故选ABC。 9. 如图，“ ”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均 互相垂直，各边长均为l。线框绕b、e所在直线以角速度ω顺时针匀速转动，be与磁场方向 垂直。t=0时，abef与水平面平行，则 ( ) A. t=0时，电流方向为abcdefa B. t=0时，感应电动势为Bl2ω π C. t= 时，感应电动势为0 ω π D. t=0到t= 过程中，感应电动势平均值为0 ω 【答案】AB 【解析】 【详解】AB．线框旋转切割磁场产生电动势的两条边为cd和af，t=0时刻cd边速度与磁场方向平 行，不产生电动势，因此此时af边切割产生电动势，由右手定则可知电流方向为abcdefa，电动势为E =Blv=Blωl=Bl2ω，AB正确； π C．t= 时，线框旋转180°，此时依旧是af边切割磁场产生电动势，感应电动势不为零，C错误； ω π D．t=0到t= 时，线框abef的磁通量变化量为零，线框bcde的磁通量变化量为ΔΦ=2BS= ω 2Bl2 ΔΦ 2Bωl2 由法拉第电磁感应定律可得平均电动势为E= = ，D错误。 Δt π 故选AB。 ·5·10. 如图(a)，倾角为θ的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以初 速度v 沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为μ 、μ ，整个过程中斜面相对地面静 0 1 2 止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图(b)所示，两条曲线均为抛物线，乙的x-t曲 线在t=t 时切线斜率为0，则 ( ) 0 A. μ +μ =2tanθ 1 2 B. t=t 时，甲的速度大小为3v 0 0 C. t=t 之前，地面对斜面的摩擦力方向向左 0 D. t=t 之后，地面对斜面的摩擦力方向向左 0 【答案】AD 【解析】 【详解】B．位置x与时间t的图像的斜率表示速度，甲乙两个物块的曲线均为抛物线，则甲物体做匀 v +v v +0 加速运动，乙物体做匀减速运动，在t 时间内甲乙的位移可得x = 0 t =3x ,x = 0 t =x 0 甲 2 0 0 乙 2 0 0 可得t 时刻甲物体的速度为v=2v ，B错误； 0 0 v-v A．甲物体的加速度大小为a = 0 1 t 0 v 乙物体的加速度大小为a = 0 2 t 0 由牛顿第二定律可得甲物体mgsinθ-μ mgcosθ=ma 1 1 同理可得乙物体μ mgcosθ-mgsinθ=ma 2 2 联立可得μ +μ =2tanθ，A正确 1 2 C．设斜面的质量为M，取水平向左为正方向，由系统牛顿牛顿第二定理可得f=ma cosθ- 1 ma cosθ=0 2 则t=t 之前，地面和斜面之间摩擦力为零，C错误； 0 D．t=t 之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿下面向下加速，由系统牛顿第二定律可得f= 0 ma cosθ 1 即地面对斜面的摩擦力向左，D正确。 故选AD。 二、非选择题:本题共5小题，共54分。 11. 在测量某非线性元件的伏安特性时，为研究电表内阻对测量结果的影响，某同学设计了如 图(a)所示的电路。选择多用电表的直流电压挡测量电压。实验步骤如下： ·6·①滑动变阻器滑片置于适当位置，闭合开关； ②表笔分别连a、b接点，调节滑片位置，记录电流表示数I和a、b间电压U ； ab ③表笔分别连a、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍为I，记录a、c间电压U ； ac ④表笔分别连b、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍为I，记录b、c间电压U ，计算U bc ac -U ； bc ⑤改变电流，重复步骤②③④，断开开关。 作出I-U 、I-U 及I-U -U ab ac ac bc  曲线如图(b)所示。 回答下列问题： (1)将多用电表的红、黑表笔插入正确的插孔，测量a、b间的电压时，红表笔应连 接 点(填“a”或“b”)； (2)若多用电表选择开关旋转到直流电压挡“0.5V”位置，电表示数如图(c)所示，此时电表 读数为 V(结果保留三位小数)； (3)图(b)中乙是 (填“I-U ”或“I-U ”)曲线； ab ac (4)实验结果表明，当此元件阻值较小时， (填“甲”或“乙”)曲线与I-U -U ac bc  曲 ·7·线更接近。 【答案】(1)a (2)0.377##0.376##0.378 (3)I-U ac (4)甲 【解析】 【小问1详解】 电流从红表笔流入，黑表笔流出，故测量a、b间 电压时，红表笔应连a接点。 【小问2详解】 12.5V的直流电压挡，分度值为0.01V，由图可知此时电压表读数为0.377V。 【小问3详解】 U 由图可知，当表笔分别连a、c接点时测得是元件和电流表两端的电压和电流，则R = ac ac I U 当表笔分别连a、b接点时测得是元件两端的电压和电流，则R = ab ab I 由于R >R ac ab 所以相同电流情况下，U >U ac ab 故图(b)中乙是I-U 曲线。 ac 【小问4详解】 由题意可知，I-U -U ac bc  图像测得是元件两端的电压和电流的关系，则实验结果表明，当 此元件阻值较小时，甲曲线与I-U -U ac bc  曲线更接近。 13. 某兴趣小组设计了一个可以测量质量的装置。如图(a)，细绳1、2和橡皮筋相连于一点，绳 1上端固定在A点，绳2下端与水杯相连，橡皮筋的另一端与绳套相连。 为确定杯中物体质量m与橡皮筋长度x的关系，该小组逐次加入等质量的水，拉动绳套，使 绳1每次与竖直方向夹角均为30°且橡皮筋与绳1垂直，待装置稳定后测量对应的橡皮筋长 度。根据测得数据作出x-m关系图线，如图(b)所示。 ·8·回答下列问题： (1)将一芒果放入此空杯，按上述操作测得x=11.60cm，由图(b)可知，该芒果的质量m = 0 g(结果保留到个位)。若杯中放入芒果后，绳1与竖直方向夹角为30°但与橡皮筋不 垂直，由图像读出的芒果质量与m 相比 (填“偏大”或“偏小”)。 0 (2)另一组同学利用同样方法得到的x-m图像在后半部分弯曲，下列原因可能的是 。 A. 水杯质量过小 B. 绳套长度过大 C. 橡皮筋伸长量过大，弹力与其伸长量不成正比 (3)写出一条可以使上述装置测量质量范围增大的措施 。 【答案】(1) ①. 106 ②. 偏大 (2)C (3)减小细线与竖直方向的夹角 【解析】 【小问1详解】 [1]操作测得x=11．60cm，由图(b)的图像坐标可知，该芒果的质量为106g； [2]若杯中放入芒果后，绳1与竖直方向夹角为30°但与橡皮筋不垂直，根据共点力平衡可知橡皮条 的拉力变大，导致橡皮筋的长度偏大，若仍然根据图像读出芒果的质量与m 相比偏大。 0 【小问2详解】 另一组同学利用同样方法得到的x-m图像在后半部分弯曲，可能是所测物体的质量过大，导致橡 皮筋所受的弹力过大超过了弹簧的弹性限度，从而使橡皮筋弹力与其伸长量不成正比。 故选C。 【小问3详解】 根据共点力平衡条件可知，当减小绳子与竖直方向的夹角时，相同的物体质量对应橡皮筋的拉力较 小，故相同的橡皮筋，可减小细线与竖直方向的夹角可增大质量测量范围。 14. 如图，一雪块从倾角θ=37°的屋顶上的O点由静止开始下滑，滑到A点后离开屋顶。O、 A间距离x=2.5m，A点距地面的高度h=1.95m，雪块与屋顶的动摩擦因数μ=0.125。不 计空气阻力，雪块质量不变，取sin37°=0.6，重力加速度大小g=10m/s2。求： ·9·(1)雪块从A点离开屋顶时的速度大小v ； 0 (2)雪块落地时的速度大小v ，及其速度方向与水平方向的夹角α。 1 【答案】(1)5m/s (2)8m/s，60° 【解析】 【小问1详解】 1 雪块在屋顶上运动过程中，由动能定理mgxsinθ-μmgcosθ⋅x= mv2-0 2 0 代入数据解得雪块到A点速度大小为v =5m/s 0 【小问2详解】 1 1 雪块离开屋顶后，做斜下抛运动，由动能定理mgh= mv2- mv2 2 1 2 0 代入数据解得雪块到地面速度大小v =8m/s 1 v cosθ 5×0.8 1 速度与水平方向夹角α，满足cosα= 0 = = v 8 2 1 解得α=60° 15. 如图(a)，固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框abcd，置于始终竖直向下的匀强磁 场中，ad边与磁场边界平行，ab边中点位于磁场边界。导体框的质量m=1kg，电阻R= 0.5Ω、边长L=1m。磁感应强度B随时间t连续变化，0∼1s内B-t图像如图(b)所示。 导体框中的感应电流I与时间t关系图像如图(c)所示，其中0∼1s内的图像未画出，规定顺 时针方向为电流正方向。 (1)求t=0.5s时ad边受到的安培力大小F； (2)画出图(b)中1~2s内B-t图像(无需写出计算过程)； ·10·(3)从t=2s开始，磁场不再随时间变化。之后导体框解除固定，给导体框一个向右的初速 度v =0.1m/s，求ad边离开磁场时的速度大小v 。 0 1 【答案】(1)0.015N (2) (3)0.01m/s 【解析】 【小问1详解】 ΔB⋅ 1 L2 ΔΦ 2 0.2-0.1 1 由法拉第电磁感应定律E = = = × ×12V=0.05V 1 Δt Δt 1-0 2 E 由闭合电路欧姆定律可知，0∼1s内线框中的感应电流大小为I = 1 =0.1A 1 R 由图(b)可知，t=0.5s时磁感应强度大小为B =0.15T 0.5 所以此时导线框ad的安培力大小为F=B IL=0.15×0.1×1N=0.015N 0.5 1 【小问2详解】 0∼1s内线框内的感应电流大小为I =0.1A，根据楞次定律及安培定则可知感应电流方向为顺时针， 1 由图(c)可知1∼2s内的感应电流大小为I =0.2A 2 方向为逆时针，根据欧姆定律可知1∼2s内的感应电动势大小为E =IR=0.1V 2 2 ΔB⋅ 1 L2 ΔΦ 2 由法拉第电磁感应定律E = = =0.1V 2 Δt Δt ΔB B -B 可知1∼2s内磁感应强度的变化率为 = 2 1 =0.2T/s Δt Δt 解得t=2s时磁感应强度大小为B =0.3T 2 方向垂直于纸面向里，故1∼2s的磁场随时间变化图为 【小问3详解】  由动量定理可知-B ILΔt=mv -mv 2 1 0  E  ΔΦ 2 1 B 2 L2 其中q=IΔt= Δt= = R R R 联立解得ad经过磁场边界 速度大小为v =0.01m/s 1 16. 如图，在xOy平面第一、四象限内存在垂直平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一 带正电的粒子从M0,-y 0  点射入磁场，速度方向与y轴正方向夹角θ=30°，从N0,y 0  点 射出磁场。已知粒子的电荷量为q(q>0)，质量为m，忽略粒子重力及磁场边缘效应。 ·11·(1)求粒子射入磁场的速度大小v 和在磁场中运动的时间t 。 1 1 B2y3 (2)若在xOy平面内某点固定一负点电荷，电荷量为48q，粒子质量取m= 0 (k为静电力 k 常量)，粒子仍沿(1)中的轨迹从M点运动到N点，求射入磁场的速度大小v 。 2 (3)在(2)问条件下，粒子从N点射出磁场开始，经时间t 速度方向首次与N点速度方向相 2 反，求t (电荷量为Q的点电荷产生的电场中，取无限远处的电势为0时，与该点电荷距离为 2 kQ r处的电势φ= )。 r 2qBy πm 【答案】(1) 0 ， m 3qB 6kq (2) By2 0 2 3πBy3 (3) 0 3kq 【解析】 【小问1详解】 作出正电荷在磁场中运动的轨迹，如图所示 y 由几何关系可知，正电荷在磁场中做匀速圆周运动的半径为r= 0 =2y sinθ 0 v2 由洛伦兹力提供向心力qv B=m 1 1 r 2qBy 解得正电荷的入射速度大小为v = 0 1 m 2πr 2πm 正电荷在磁场中运动的周期为T= = v qB 1 2θ πm 所以正电荷从M运动到N的时间为t = T= 1 2π 3qB 【小问2详解】 48q2 v2 由题意可知，在xOy平面内的负电荷在圆心O处，由牛顿第二定律可知qv B+k =m 2 ，其中 2 r2 r ·12·B2y3 m= 0 k 6kq -4kq 解得v = 或v = (舍去) 2 By2 2 By2 0 0 【小问3详解】 在(2)的条件下，正电荷从N点离开磁场后绕负电荷做椭圆运动，如图所示 1 k48q 1 k48q 由能量守恒定律得 mv2-q = mv2-q 2 2 r 2 3 r 2 3 由开普勒第二定律可知v r =v r 2 2 3 3 其中r =2y 2 0 联立解得r =6y 3 0 48q2 由牛顿第二定律k r +r  2 3 2  r +r =m 2 3 2 2  4π2 T2 4 3πBy3 解得T= 0 3kq 2 3πBy3 故正电荷从N点离开磁场后到首次速度变为与N点的射出速度相反的时间为t = 0 2 3kq ·13·