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九年级物理期中模拟测试题
一、单选题（下列每题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共 30 分，每题 2 分）
1. 如图所示为北京 2022 年冬奥会首钢滑雪大跳台。运动员从高处滑下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、
转体、抓板等技术动作后落地。在大跳台比赛过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 研究运动员在空中的技术动作时，可将他看成质点
B. 整个比赛过程中，无论研究什么问题运动员都不能看成质点
C. 整个比赛过程中，运动员通过的路程一定大于他的位移大小
D. 当运动员在空中下落时，若以他作为参考系，则大地向下运动
【答案】C
【解析】
【详解】A．研究运动员在空中的技术动作时，需要分析身体的肢体动作，所以不能将他看成质点，故A
错误；
B．整个比赛过程中，研究运动员的运动曲线时，可以将运动员看成质点，故B错误；
C．整个比赛过程中，运动员做取曲线运动，所以通过的路程一定大于位移，故C正确；
D．运动员下落时，以他为参考系，大地向上运动，故D错误。
故选C。
2. 对电流跟电压和电阻之间的关系进行了大量实验研究并得出规律科学家是（ ）
A. 欧姆 B. 安培 C. 伏特 D. 库仑
【答案】A
【解析】
【详解】德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即欧姆定
律。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 下列有关运动的描述中，参考系的选取符合描述的是（ ）
A. 诗句“飞流直下三千尺”是以“飞流”作为参考系的
B. 钱塘观潮时，观众觉得潮水扑面而来是以“潮水”为参考系的C. “桥流水不流”中的“桥流”是以水为参考系的
D. 升国旗时，观察到国旗冉冉升起，观察者是以“国旗”为参考系的
【答案】C
【解析】
【详解】A．诗句“飞流直下三千尺”是说明飞流相对于大地在高速运动，是以大地为参照物的，故A不
符合题意；
B．钱塘观潮时，观众只觉得潮水扑面而来，是描述潮水相对于观众在运动，是以观众为参照物的，故B
不符合题意；
C．“桥流水不流”中的“桥流”是以水为参考系的，以水为参考系，桥是运动的，故C符合题意；
D．升国旗时，观察到国旗冉冉升起，观察者以大地为参考系，则国旗是运动的，故D不符合题意。
故选C 。
4. 如图是奥斯特实验的示意图，当开关闭合时，小磁针发生偏转，下列说法正确的是（ ）
A. 这一现象说明通电导线周围的空间中产生了磁场
B. 发生偏转的小磁针对通电导线没有力的作用
C. 通电导线周围磁场方向由小磁针的指向决定
D. 移去小磁针后的通电导线周围不存在磁场
【答案】A
【解析】
【详解】A．导体通电后，导体旁边的小磁针发生偏转说明通电导线周围的空间中产生了磁场，故A正确；
B．力的作用是相互的，发生偏转的小磁针受到通电导线磁力的作用，小磁针也对通电导体有磁力的作用，
故B错误；
CD．通电导线周围磁场方向与电流的方向有关，并不是由小磁针的指向决定的，即使移去小磁针，通电导
线周围的磁场也不会消失，故CD错误。
故选A。
5. 有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为1800W。两个电热
水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（ ）
A. 甲、乙两电热水壶是串联关系
B. 乙电热水壶两端的电压较高C. 乙电热水壶消耗的实际功率一定比甲电水壶的实际功率大
D. 乙电热水壶消耗的电能一定比甲电水壶消耗的电能多
【答案】C
【解析】
【详解】AB．家庭电路中各用电器并联，电压相等为220V，故AB错误；
C．根据 ，两个电热水壶的额定电压相同，因甲的额定功率小，故甲的电阻大；两个电热水壶并
联接入电路中，电压相等，根据 可知，甲的实际功率小于乙的实际功率，故C正确；
D．由 可知电水壶消耗的电能与功率和时间有关，时间未知，不能确定甲乙水壶消耗的电能情况，
故D错误。
故选C。
6. 如图所示的电路中，电源电压为9V，闭合开关后，两灯均发光，电压表示数为6V，此时（ ）
A. 灯泡L 两端电压为6V B. 灯泡L 两端电压为9V
1 1
C. 灯泡L 两端电压为6V D. 灯泡L 两端电压为3V
2 2
【答案】C
【解析】
【详解】CD．由电路图知道，两灯泡串联，电压表测灯L 两端电压，电压表示数为6V，则灯泡L 两端电
2 2
压
U＝6V
2
故C正确，D错误；
AB．由串联电路的电压特点知道，灯泡L 两端的电压
1
U＝U﹣U＝9V﹣6V＝3V
1 2
故AB错误。
故选C。7. 如图甲、乙分别是动圈式话筒的实物图和构造示意图，当你对着话筒说话时，声音使膜片振动与膜片相
连的线圈也跟着一起振动，线圈处在磁场中。把线圈两端的导线接入扩音机，就能通过扬声器听到你说话
的声音。以下四幅图中，与动圈式话筒工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】当你对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起振动， 而线圈处
在磁场中，线圈振动时切割磁感线，能产生随着声音变化而变化的电流，感应电流经过放大后，通过扬声
器还原成声音。话筒运用的是电磁感应的原理，即导体在闭合线圈中做切割磁感线运动，产生的感应电流，
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8. 小兰利用一个电阻箱R和一个电压表测量未知电阻 的阻值，电路如图所示，电压表使用0~3V量程，
学生电源的电压恒定但刻度值模糊不清。当电阻箱接入的电阻是 时，电压表的示数是2V；当电阻箱接
入的电阻是 时，电压表的示数是2.4V。在不改变电路连接的条件下，则下列说法正确的是（ ）A. 学生电源的电压是4.4V B. 电阻 的阻值是
C. 电阻 的最大电功率是2.5W D. 电阻箱R能接入的最小值是
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知，电阻箱R与未知电阻R 串联，电压表测量未知电阻R 两端的电压，电源电压U
x x
不变，根据题意，有
由此解得
U=6V，R=4Ω
x
故AB错误；
C．由题意可知，电压表使用0~3V量程，未知电阻R 两端的电压最大为3V，根据功率的计算公式可得，
x
未知电阻R 的最大功率为
x
故C错误；D．由题意可知，当未知电阻R 两端的电压最大为3V时，电流最大，总电阻最小，电阻箱R接入电路的
x
阻值最小，根据欧姆定律可得，电路中电流为
根据串联电路电压规律可得，电阻箱R两端的电压为
U =U-U=6V-3V=3V
R x
由欧姆定律可知，R的最小阻值为
故D正确。
故选D。
9. 如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A图为奥斯特实验，研究电流的磁效应，不符合题意；
B图，当导体通过电流时，受到磁场力的作用，导体会运动，据此发明了电动机，故B符合题意；
C图为电磁继电器，其核心部件是电磁铁，利用了电流的磁效应，不符合题意；
D图，导体切割磁感线运动时，产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，不符合题意；
故B符合题意．
【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个实验，两个实验从图看很相似，容易混
淆，区分的方法是，有电源的是研究磁场对通电导线作用力的实验，有灵敏电流计的是研究电磁感应的实
验．
10. 关于如图所示实验，下列说法正确的是( )A. 用该装置可探究“让通电导体在磁场中动起来”
B. 法拉第根据该实验揭示的原理发明了电动机
C. 导体ab竖直向上运动时，灵敏电流表指针偏转
D. 导体ab水平向左运动时，灵敏电流表指针偏转
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图知道，该装置中没有电源，所以不能探究“让通电导体在磁场中动起来”，故A不可能；
BD．若闭合开关后，导体ab做切割磁感线运动时（左右运动），电路中就会产生感应电流，即发生电磁
感应现象，法拉第根据该实验揭示的原理发明了发电机，故B错误，D正确；
C．若导体ab竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，导体没有做切割磁感线运动，则不会产生感
应电流，灵敏电流表指针不偏转，故C不可能。
故选D。
11. 医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动
血液循环。如图是该装置的示意图，线圈ab固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），通电时
线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动。活塞通过阀门与血管相通，
阀门S 只能向外开启，S 只能向内开启。下列说法正确的是（ ）
1 2
A. 要使血液流出“血泵”，电流需从a端流进线圈，从b端流出线圈
B. 要使血液流入“血泵”，电流需从a端流进线圈，从b端流出线圈
C. 若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，则电磁铁左侧为S极
D. 若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，则S 会开启，S 会关闭
1 2
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．要使血液流出该“血泵”，活塞要向右移动，故电磁铁和左侧磁体相互排斥，电磁铁左侧应该为N极，由安培定则可知，电流从a流进线圈，从b端流出线圈，故A正确；
B．要使血液流入该“血泵”活塞要向左移动，故电磁铁和左侧磁体相互吸引，电磁铁左侧应该为S极，
由安培定则可知，电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，故B错误；
C．若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，由安培定则可知，电磁铁左侧为N极，故C错误；
D．若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，由安培定则可知，电磁铁右侧为N极，与左侧磁体相互吸
引，故活塞向左运动，所以S1会关闭，S2会开启，故D错误。
故选A。
12. 关于速度、速度的变化量、加速度，下列说法正确的是（ ）
A. 加速度方向为负时，速度一定减小
B. 速度很大的物体，其加速度可能为零
C. 加速度很大时，运动物体的速度一定变大
D. 物体运动时，速度的变化量越大，加速度一定越大
【答案】B
【解析】
【详解】A．加速度方向为负时，若速度方向也为负方向的时候，则速度增加，故A错误；
B．匀速高速飞行 的飞机的速度很大，但加速度为零，故B正确；
C．加速度很大，速度变化一定很快，但是不一定变大，也可能变小，故C错误；
D．根据加速度的定义可知，物体速度变化量越大，加速度不一定大，因为与时间还有关系，故D错误。
故选B。
13. 为了乘客的安全，飞机上严禁携带额定电池容量超过“160W·h”的充电宝，小吴的充电宝上标有“5V
10000mA·h”字样，下列判断正确的是（ ）
A. “160W·h”表示电功率的大小
B. 充电宝给手机充电时，充电宝把电能转化为化学能
C. 小吴可以带充电宝上飞机
D. 给充电宝充电时充电宝是电源
【答案】C
【解析】
【详解】A．在160W·h中，W是电功率的单位，h是时间的单位，根据W＝Pt可知，“160W·h”表示电
功（电能）的大小，故A错误；
B．用充电宝给手机充电时，充电宝是电源，并把化学能转化为电能，故B错误；
C．充电宝铭牌上标有“5V 10000mA·h”字样，则充满电后存储的电能因为
所以小吴可以带该充电宝上飞机，故C正确；
D．给充电宝充电时，充电宝要消耗电能，则此时充电宝是用电器，故D错误。
故选C。
14. 普达措国家公园自然景观秀丽，是香格里拉的主要景点之一，甲、乙两同学在普达措国家公园沿平直
道路运动的 x-t 图像分别如图中的 a、b 所示。下列说法正确的是（ ）
A. 第 3s 起，两同学运动方向相同，且v v
甲 乙
B. 两人由同一位置开始运动，但乙比甲迟 3s 开始运动
C. 前 5s 内，甲的位移大于乙的位移
D. 前 5s 内，两同学的平均速度相等
【答案】A
【解析】
【详解】AB．由图可知，甲同学比乙同学早3s开始运动，且不是从原点开始，x-t 图像 的斜率表示速
度，b的斜率大于a的斜率，所以第3s起，两同学运动方向相同，且v v ，故B错误，A正确；
甲 乙
C．根据位移
可知，前5s内，甲的位移小于乙的位移，故C错误；
D．根据 知，两同学相同时间内，甲的位移小于乙的位移，所以两同学的平均速度不相等，故D错
误。
故选A。
15. 百米赛跑中，一名运动员在20m处的瞬时速度为8m/s，12.5s末到达终点的瞬时速度为9m/s，则他在全
程的平均速度是（ ）
A. 7.5m/s B. 8m/s C. 8.5m/s D. 9m/s【答案】B
【解析】
【详解】由题意可知，路程为100m，时间为12.5s，所以运动员全程的平均速度
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
二、多选题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共 10 分，每题 2
分。每题选项全选对得2 分，选对但不全的得 1 分，有错选的不得分）
16. 下列说法正确的是（ ）
A. 指南针能够指南是由于地磁场的作用
B. 通电螺线管的周围一定存在磁场
C. 闭合电路的部分导体在磁场中运动，一定会产生感应电流
D. 利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向
【答案】AB
【解析】
【详解】A．指南针由于受到地磁场的作用而指向南北方向，故A正确；
B．通电螺线管的周围存在磁场，其磁场方向与电流的方向有关，可以用安培定则（用右手握螺线管，让
四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极）判断通电螺线管的N、S极，故
B正确；
C．闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中才会产生感应电流，若没有切割磁感线，电
路中不会产生感应电流，故C错误；
D．利用铁屑可以看到磁体周围磁场的分布情况，但看不到磁场方向，磁场方向是人为规定的，故D错误。
故选AB。
17. 如图所示是小明探究导体回路的一部分在磁场中运动产生感应电流的实验情景（图中箭头表示导体的
运动方向）．关于小明的探究实验，下列说法中正确的是（ ）A. 对比甲、乙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关
B. 对比乙、丙两次实验可以探究感应电流方向与导体运动方向是否有关
C. 对比甲、丙两次实验可以探究感应电流方向与磁场方向是否有关
D. 对比乙、丁两次实验可以探究感应电流的产生与导体切割磁感线是否有关
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．图甲和图乙中，磁场方向不相同，导体运动方向相同，电流方向不同，即可以得到感应电流
方向与磁场方向有关，故A正确；
B．图乙和图丙中，磁场方向相同，导体运动方向不同，可以说明感应电流的方向与导体运动方向有关，
故B正确；
C．图甲和图丙中，磁场方向和导体运动方向都不相同，无法研究两者与感应电流的关系，故C错误；
D．图乙中，导体做切割磁感线运动，有感应电流产生，图丁中，导体沿磁感线运动，无感应电流产生，
对比乙、丁两次实验可以探究感应电流的产生与导体切割磁感线是否有关，故D正确。
故选ABD。
18. 如图所示，标有“3V 1.5W”的小灯泡L与最大阻值为30Ω的滑动变阻器R连接在电路中。电源电压
为9V且保持不变，灯丝电阻不随温度变化。电流表和电压表选择的量程分别为“0~0.6A”和“0~15V”。
闭合开关S，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法中正确的是（ ）
A. 电流表的变化范围是0.25~0.6A
B. 电压表的变化范围是6~7.5 V
C. 滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围是9~30Ω
D. 小灯泡电功率的变化范围是0.375~1.5W【答案】BD
【解析】
【详解】由电路图知，小灯泡与滑动变阻器串联在电路中，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中
的电流。
ABC．小灯泡正常工作时，通过的电流
在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流为0.5A。此时变阻器接入电路的阻值最小，其两端的电压最
小为
U =U-U =9V-3V=6V
min L
变阻器接入电路的最小阻值
小灯泡的电阻
当变阻器接入电路的阻值最大时，电路中的总电阻最大，据欧姆定律知，电路中的电流最小为
电压表的示数最大为
U =I R =0.25A×30Ω=7.5V<15V
max min max
所以电流表的变化范围是0.25~0.5A，电压表的变化范围是6~7.5V，滑动变阻器接入电路的阻值变化范围
是12~30Ω。故AC错误，B正确；
D．小灯泡正常发光时，功率最大为1.5W。电路中的电流最小时，小灯泡消耗的电功率最小为
所以小灯泡的电功率的变化范围是0.375~1.5W。故D正确。
故选BD。
19. “低碳生活，从我做起”八年级的同学们在不影响书写、阅读的前提下，坚持在教室少开两盏照明灯。
当这两盏灯熄灭后，跟原来相比（ ）
A. 电路中的电流增大了B. 电路中的电阻减小了
C. 电路两端的电压降低了
D. 电路消耗的电功率降低了
【答案】D
【解析】
【详解】在家庭电路中，各用电器是并联的。
A．干路中的电流等于各支路电流之和，所以同时工作的用电器越多，干路中的电流越大，当这两盏灯熄
灭后，干路中的电流变小，故A不符合题意；
B．同时使用的用电器越多，则并联的电阻越多，并联的电阻就相当于增加了导体的横截面积，则总电阻
越小，当这两盏灯熄灭后，电路中的总电阻变大，故B不符合题意；
C．家庭电路的电压是220V，当这两盏灯熄灭后，电路两端的电压不变，仍为220V，故C不符合题意；
D．当这两盏灯熄灭后，干路中的电流变小，电路两端的电压不变，由公式P＝UI可知，电路消耗的电功
率变小，故D符合题意。
故选D。
20. 如图所示的电路中，电源电压U保持不变。下列说法正确的是（ ）
①只闭合开关S和S，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V 的示数为1V；
3 2
②只闭合开关S和S，电压表V 和V 的示数分别为U 和U，电流表的示数为I；
2 1 2 1 2 1
③只闭合开关S、S 和S，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I，此时电路的功率为P；保持滑片
1 3 2 1
位置不变，再闭合S，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为P。已知 ，
2 2
。
A. U=6V B. I=0.1A C. R=5Ω D.
1 3
【答案】BD
【解析】
【详解】B．只闭合开关S和S，R、R、R 串联，电流表测电路的电流I，电压表V 测R 两端的电压
2 1 2 3 1 1 1U，电压表V 测R、R 两端的总电压U，由串联电路的电阻特点和分压原理可知
1 2 2 3 2
解得
①
此时电路中的电流为
只闭合开关S、S 和S，将滑片移动到最左端时，R、R 并联，电流表测干路电流I，由并联电路的电流
1 3 1 2 2
特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流为
所以
②
由①②解得
，
保持滑片位置不变，再闭合开关S，R、R、R 并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，由
2 1 2 3
并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R 的电流，则此时通过R 的电流为
3 3
由并联电路的分流原理可知，此时通过R、R 的电流之比为
3 2
则通过R 的电流为
2
的
通过R、R 电流之比为
1 2则通过R 的电流为
1
由并联电路的电流特点可知，R、R 并联时，干路电流为
1 2
由 可知，R、R、R 串联，电路中的电流为
1 2 3
故B正确；
AC．只闭合开关S和S，R 与R串联，电压表V 测滑动变阻器R两端的电压，串联电路的电压特点和欧
3 1 2
姆定律可知，电源电压为
③
串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，R、R、R 串联时的电源电压为
1 2 3
④
由③④解得
，
则
，
故AC错误；
D．由并联电路的电流特点可知，R、R、R 并联时干路的电流为
1 2 3
由 可知故D正确。
故选BD。
三、科普阅读题（共 6 分）
21. 请阅读《“波浪能”真的能发电吗》并回答题
“波浪能”真的能发电吗
波浪能作为一种清洁能源，因其分布广、储量巨大受到了研究者们的重点关注。什么是波浪能呢？波浪能
是从海浪中提取的能量，是海洋表面所具有的动能和势能的和。波浪冲击海岸时会激起大量浪花，剧烈的
垂直和水平运动蕴含大量动能。1 平方千米海面上，每秒可产生2×108焦左右的能量，能源储量十分丰富。
波浪能是怎样发电的？波浪能从捕获到发电一般经过三级能量转换，如图所示，一级转换为波浪蕴含的能
量通过捕能机构在波浪下的运动转换为传动系统所需能量，二级转换为将捕获的能量通过传动系统转换成
发电机所需的能量形式，三级转换为通过发电机等设备将能量以电能形式输出。当然，经过一级转换捕捉
的能量也可以通过直线发电机直接转换为电能输出。波浪能的发电方式有很多种，按照不同的能量转换形
式，分为机械式发电、气动式发电和液压式发电。
波浪能是一种机械能，是海洋能中质量最好的能源，同时也使其能量转化装置相对简单，已设计并投入运
用的发电装置迭代发展。其中，鹰式波浪能发电装置“先导一号”（如图所示）可移动能源平台并网技术
的成功实现，使我国成为了全球首个在深远海布放波浪能发电装置并成功并网的国家。“先导一号”平台
装机容量 260 千瓦，通过2000 米长的电缆由电站连接至岸上电力接入点，已成功并入三沙市永兴岛电网。
平台也在海上波-光-储互补技术上实现了重大突破，为其他海上多功能互补平台提供了成功经验。未来的
能源结构布局中新能源必定将占有举足轻重的地位，合理分配使用传统能源，着力研发波浪能等新型清洁
能源是发展大势，波浪能前景十分广阔！
根据上述材料，回答下列问题：
（1）波浪能的发电是指将波浪能转换为 ______的过程；
（2）如果以“1 平方千米海面上，每秒可产生2×108焦左右的能量”来计算，每天正常发电 6h（小时），
则每天可发电 ______度（kW·h ）；
（3）“先导一号”平台并入的电网结构中，“先导一号”相当于电路中的 ______（填符号）。A．电源 B．用电器 C．开关 D．导线
【答案】 ①. 电能 ②. 1.2×106 ③. A
【解析】
【详解】（1）[1]波浪能是海洋表面所具有的动能和势能的和。波浪能发电的过程消耗波浪能，产生电能，
是将波浪能转化为电能的。
（2）如果以“1 平方千米海面上，每秒可产生2×108焦左右的能量”来计算，每天正常发电 6h（小时），
每天可发电
（3）“先导一号”平台并入的电网结构中，“先导一号”对外提供电能，故其此时相当于电路中的电源，
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
四、实验题（共 26 分）
22. 如图是小明家电能表的表盘。上个月底电能表示数为105458，这个月底电能表示数如图所示，则小明
家这个月共消耗电能____kW•h；小明将家中所有其他用电器关闭，只让暖风机单独工作，观察到1min内
电能表指示灯闪烁了32次。暖风机在这1min内消耗的电能为____kW•h。它的实际功率是____W。
【答案】 ①. 90 ②. 0.02 ③. 1200
【解析】
【详解】[1]小明家这个月消耗的电能为本月底与上月底示数之差，电能表示数最后一位为小数，故本月消
耗的电能为
[2][3]1600imp/(kW·h)表示每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁1600次，指示灯闪烁32次该用电器消耗的电
能为
暖风机工作时间为1min，即 ，其实际电功率为23. 在串联电路中，探究部分电路两端的电压U跟该电路中某个可变电阻R的关系时，记录的实验数据如
下表所示 . 请根据表中数据判断：当电阻R=4Ω时，电压U=________V .
R/Ω 2 4 6 8 10 12
U/V 3 5 6 7 8
【答案】4
【解析】
【分析】由图表可知，R的阻值每增大2Ω时部分电路两端的电压U增大1V，即R与U的关系是一次函数
关系，设出表达式，然后代入数据得出表达式，利用表达式求出电阻R=4Ω时的电压．
【详解】由表格数据可知，U与R成一次函数关系，可设为U=kR+b，
把R=2Ω，U=3V和R=6Ω，U=5V代入可得：
3V=k×2Ω+b，5V=k×6Ω+b，
联立等式可得：k=0.5V/Ω，b=2V，
则有：U=0.5V/Ω×R+2V，
当电阻R=4Ω时，电压：U=0.5V/Ω×R+2V=0.5V/Ω×4Ω+2V=4V．
24. 根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的N极在___________端。
【答案】A##左
【解析】
【详解】由图示知，螺线管的电流由右端流入，左端流出，据安培定则知，通电螺线管的A端是N极，B
端是S极。
25. 为辨别钢棒是否有磁性，小明设计了以下实验进行探究。（1）根据图甲所示的小磁针与钢棒相互吸引的实验现象，______（选填“能”或“不能”）判断钢棒原
来一定具有磁性。
（2）如图乙所示的实验中，水平向左移动钢棒的过程中，弹簧测力计示数先变小后变大，则______（选
填“能”或“不能”）判断钢棒原来一定具有磁性，理由是_______。
【答案】 ①. 不能 ②. 能 ③. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]由于小磁针具有磁性，可以吸引铁这种物质，故当铁棒靠近时，会吸引磁针，故不能判
断钢棒原来一定具有磁性。
（2）[2][3]磁体上不同部位的磁性强弱不同，两端磁极磁性最强，中间磁性最弱，当钢棒从如图所示的位
置向左移动时，磁性变弱，吸引力变小，弹簧测力计的示数变小，到中间时最小，然后慢慢变大，故可以
从弹簧测力计的示数变化，判断钢棒具有磁性，若钢棒不具有磁性，弹簧测力计的示数不变。
26. 研究电流产生的磁场，闭合开关前，小磁针的指向如图甲所示；闭合开关，小磁针的偏转情况如图乙
中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。由甲乙两图实验现
象说明：______；由乙、丙两图实验现象说明：______。
【答案】 ①. 电流具有磁效应 ②. 电流磁场与电流方向有关
【解析】
【分析】
【详解】[1]由图甲、乙知，闭合开关后，本来静止的小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场，即
电流具有磁效应。
[2]由图乙、丙知，改变电源的正负极，即改变是导体中电流的方向，小磁针的偏转方向会发生改变，这说
明通电导体周围的磁场与电流方向有关。
27. 为了探究电与磁的关系，小华做了如下两个实验探究。
（1）用如图甲所示实验装置来探究通电螺线管周围的磁场；①把小磁针放在螺线管四周不同的位置，通电后发现小磁针的指向如图甲所示，说明通电螺线管周围的磁
场跟______磁体的磁场相似，图中______（选填“左”或“右”）端是螺线管的N极。
②对调电源的正负极重复上述实验，发现小磁针的指向与之前相反，说明通电螺线管的极性跟______有关，
断开开关后，小磁针静止时______极指向地理南极。
（2）如图乙所示是“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置，用棉线将一段导体ab悬挂起来，放置于
蹄形磁体的磁场中，再用导线把导体ab和灵敏电流计（电流表）连接起来，组成了闭合电路。
序号 磁体（磁极）放置方式 导体ab运动情况 电流计指针偏转情况
1 静止 不偏转
2 上N下S 竖直向上运动 不偏转
3 竖直向下运动 不偏转
4 向左运动 向右偏转
上N下S
5 向右运动 向左偏转
6 向左运动 向左偏转
上S下N
7 向右运动 向右偏转
③在老师的指导下，兴趣小组对实验方案进行完善后，观察到的现象如表所示，由此可知：闭合电路的一
部分导体在磁场中做______运动时，电路中会产生感应电流。
④比较第4、5（或6、7）次实验可以得出：导体中产生感应电流时，感应电流的方向与______方向有关；
比较第4、6（或5、7）次实验可以得出：导体中产生感应电流时，感应电流的方向与______方向有关。
⑤利用这一原理，人们在生产生活中制成了______。
【答案】 ①. 条形 ②. 右 ③. 电流的方向 ④. S ⑤. 切割磁感线 ⑥. 导体运动
⑦. 磁场 ⑧. 发电机
【解析】
的
【详解】（1）①[1]由图中各小磁针N、S极 指向可知，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相
似。
[2]由图可知，电流从左端流入螺线管，根据安培定则可知，螺线管的右端是N极。
②[3]对调电源的正负极重复上述实验，电流的方向发生了变化，小磁针的指向与之前相反，螺线管的极性
发生变化，说明通电螺线管的极性跟电流的方向有关。
[4]断开开关后，螺线管磁性消失，小磁针在地磁场的作用下静止时S极指向南方。
（2）③[5]表中导体ab静止或竖直上、下运动时，不切割磁感线时，电流计指针不偏转，没有有电流产生，导体ab左右运动时，切割磁感线，电流计指针偏转，有电流产生，因此闭合电路的一部分导体在磁场中做
切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。
④[6]由第4、5（或6、7)次实验可知，磁场方向相同，导体运动方向相反，电流计指针偏转方向即电流方
向相反，说明导体中感应电流的方向与导体的运动方向有关。
[7]比较第4、6（或5、7）次实验可知，导体运动方向相同，而磁场方向不同，当导体运动方向相同时，
电流计指针偏转方向即电流方向相反，说明感应电流的方向与磁场方向有关。
⑤[8]实验过程中，由于导体ab运动而获得电流，能量由机械能转化电能，根据这一原理，人们在生产生
活中制成了发电机。
28. 电磁打点计时器和电火花计时器都是使用 ______电源的计时仪器（选填“直流”或“交流”），电
磁打点计时器工作 的电压是 ______。当电源频率是50Hz 时，它每隔0.02s打一个点。如图为物体运动
时打点计时器打出的一条纸带，图中相邻的点间还有四个点，已知打点计时器接交流 50Hz的电源，则ae
段的平均速度为 ______m/s， d点的瞬时速度约为 ______m/s。（结果保留 2 位有效数字）
【答案】 ①. 交流 ②. 4~6V ③. 2.2 ④. 3.3
【解析】
【详解】[1][2]电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源，电磁打点计时器的工作电压是4~6V，
电火花计时器的工作电压是220V。
[3]由图可知，ae段的路程为
s=s +s +s +s =8.4cm+13.6cm+26.8cm+38.8cm=87.6cm
ab bc cd de
每隔0.02s打一个点，相邻的点间还有四个点，所以ae段的时间
t=5×0.02s×4=0.4s
所以ae段的平均速度
[4]d点的瞬时速度等于ce的平均速度，即
29. 小阳为测量额定电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电功率及观察小灯泡的发光情况，连接了如图所
示的电路。U/V 1.3 2.5
I/A 0.20 0.28
P/W 0.7
发光情况 暗 明亮
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在___________端。（选填“左”或“右”）
（2）闭合开关后，小阳发现小灯泡不发光，移动滑动变阻器的滑片P后小灯泡逐渐变亮，请你从小灯泡
的角度分析，闭合开关时小灯泡不发光的原因：___________。
（3）小阳的实验记录如上表所示，小灯泡两端电压 V时的电功率 ___________W。
（4）利用图所示实验电路还可以进行的实验有：___________。（写出一个即可）
【答案】 ①. 右 ②. 滑动变阻器的阻值太大 ③. 0.26W ④. 测量灯泡的电阻实验
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关前，为了电路安全，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，即滑片在滑动
变阻器的最右端。
（2）[2]闭合开关后，小阳发现小灯泡不发光，移动滑动变阻器的滑片P后小灯泡逐渐变亮，说明电路连
接没有问题，小灯泡不发光是因为电路中电流太小，即接入电路的电阻太大，减小滑动变阻器的电阻，电
路中电流增大，小灯泡发光，因此闭合开关时小灯泡不发光的原因是滑动变阻器的阻值太大。
（3）[3]根据小阳的实验记录数据，小灯泡两端电压 时的电流为0.2A，则灯的电功率
（4）[4]电压表测量出灯的的电压，电流表可测量灯的电流，根据 可得灯泡的电阻，利用如图所
示实验电路还可以进行的实验有：测量灯泡的电阻实验。
五、计算题（共 28 分， 30 题 6 分，31 题 4 分，32 题 6 分，33 题 6 分，34 题 6
分）
30. 在如图所示的电路中，白炽灯泡L上标有“6.3V，0.3A”字样，电源两端的电压恒为7.5V，滑动变阻器的最大电阻值为10Ω。设灯L的电阻保持不变，求：
（1）灯L的电阻值；
（2）灯L正常工作时，滑动变阻器接入电路中的电阻值；
（3）灯L正常工作时，滑动变阻器的电功率。
【答案】（1）21Ω；（2）4Ω；（3）0.36W
【解析】
【详解】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电
压，电流表测电路中的电流。
（1）由 知道，灯L的电阻值
（2）灯L正常工作时，滑动变阻器两端的电压
U =U- U =7.5V-6.3V=1.2V
滑 L
由 知道，滑动变阻器接入电路中的电阻值
（3灯L正常工作时，由 知道，滑动变阻器的电功率
P= U I =1.2V×0.3A=0.36W
滑 L
答：（1）灯L的电阻值是21Ω；
（2）灯L正常工作时，滑动变阻器接入电路中的电阻值4Ω；
（3）灯L正常工作时，滑动变阻器的电功率0.36W。
31. 某学员刚拿到驾照，在练习开车时，汽车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的 v-t 图像如
图所示， 求：
（1）车在 0～10s 内的加速度大小 a；（2）车在 0～60s 内的平均速度大小v 。
【答案】（1）1.5m/s2；（2）11.25m/s
【解析】
【详解】解（1）车在 0～10s 内的加速度大小为
（2）根据速度时间图像和时间轴围成的面积是路程，可求得其车在 0～60s 内的路程为
平均速度大小为
答：（1）车在 0～10s 内的加速度大小 为 ；
（2）车在 0～60s 内的平均速度大小为 。
32. 如图所示，一质点沿半径r=0.2m的圆周自A点出发沿逆时针方向匀速率运动，在2s内运动 圆周到
达B点， ，π取3.14。结果保留两位小数，求：
（1）质点的位移x；
（2）质点平均速度大小v；
（3）质点运动到B点时瞬时速度的大小v 。
B【答案】（1）0.2828m；（2）0.471m/s；（3）0.471m/s
【解析】
【详解】解：（1）如图所示，质点沿圆周自A点运动 圆周到达B点的位移方向如图，与水平方向夹角
为45°斜向上，方向由A点指向B点。由图中几何关系可知，则质点的位移
（2）质点运动的路程
质点的平均速度大小
（3）质点匀速率运动，所以质点运动到B点时瞬时速度的大小
v =v=0.471m/s
B
答：（1）质点的位移x为0.2828m；
（2）质点的平均速度大小为0.471m/s；
（3）B点时瞬时速度的大小v 为0.471m/s。
B
33. 为实现自动控制，小明同学利用电磁继电器（电磁铁线圈电阻不计）制作了具有延时加热、保温、消
毒等功能的恒温调奶器，其电路图如图甲所示。控制电路中，电压U＝3V，定值电阻R＝50Ω，热敏电阻
1 0
R阻值随温度变化的图像如图乙所示。已知电磁铁线圈中电流达到0.02A时，电磁体可以将衔铁吸下，触
点c与触点b接触；工作电路处于加热状态，其电功率为1100W；当电磁铁线圈中电流小于0.02A时，衔
铁会跳起，触点c与触点a接触；工作电路处于保温状态，其电功率为55W；已知电压U＝220V，R、R
2 1 2
均为加热电阻，恒温调奶器容积为2L。[水的比热容为 ]求：
（1）当热敏电阻R的温度达到多少时，衔铁会跳起？
（2）加热电阻R、R 阻值分别是多大？
1 2（3）当调奶器加满温度为 的水，加热元件工作500s后衔铁跳起，求此过程中恒温调奶器的加热效率？
（4）要想调低恒温调奶器中的设定温度（衔铁跳起时的温度），在不更换热敏电阻R的情况下，应在控
制电路中做怎样的改变？（写出至少两种方案）
【答案】（1）80℃；（2）836Ω，44Ω；（3）84%；（4）可增大R 的阻值或降低控制电路的电压
0
【解析】
【详解】（1）根据题意当电磁铁线圈中电流小于0.02A时，电磁体可以将衔铁吸下，故当电流达到0.02A
时，热敏电阻阻值为R，故可得式如下
故 ，根据乙图可知热敏电阻为 时，对应的温度为 。
（2）根据电路处于加热状态，其电功率为1100W，可得
根据电路处于保温状态，其电功率为55W，可得
故
，
（3）调奶器装满水后有2L的体积，故此时水的质量为
由题意可知热敏电阻到达 时，衔铁会跳起，故此段时间水吸收的热量为电路消耗的能量为
所以加热效率为
（4）如果想调低恒温调奶器中的设定温度（衔铁跳起时的温度），此时只需要电磁铁线圈中电流小于
0.02A就可以。无论要不要提前使衔铁跳起，电磁铁线圈电流要满足的条件是不能变的。如果要调低设定
温度，就意味着衔铁跳起时热敏电阻R此时电阻较低，为了使电流小于0.02A，所以此时应该增大定值电
阻R 的阻值。或者定值电阻不变时减小控制电路的电压U。
0 1
34. 如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变，滑动变阻器R 上标有“50Ω 1A”字样，电阻R 的
2 1
阻值为10Ω。闭合开关S，电流表的示数为0.5A，求：
（1）电阻R 两端的电压；
1
（2）此时电阻R 在10min内产生的热量；
2
（3）移动变阻器滑片，在保证各元件都能正常工作的情况下，使得两电压表的示数之差不超过10V，求
滑动变阻器R 连入电路的取值范围。
2
【答案】（1）5V；（2）3900J；（3）8Ω≤R≤35Ω
2
【解析】
【详解】解：（1）由图知道，闭合开关S，电路为R 与R 串联，电流表的示数为0.5A，所以
1 2
I=I=I=0.5A
1 2
由欧姆定律知道，电阻R 的两端的电压
1
U=IR=0.5A×10Ω=5V
1 1 1
（2）R 与R 串联分压，所以
1 2
U=U-U=18V-5V=13V
2 1
故电阻R 在10min内产生的热量
2
Q=UIt=13V×0.5A×600s=3900J
2（3）要保证各元件都能正常工作，根据R 上标有50Ω 1A字样，则电路中最大电流
2
I =1A
max
由 知道，此时最小电阻
根据串联电阻的特点知道，R 连入电路最小值为
2
R =R -R=18Ω-10Ω=8Ω
2min min 1
要使电压表的示数之差不超过10V，则
U′-U′≤10V ①
2 1
由于电源电压不变
U′+U′=18V ②
2 1
联立①②得
U′≥4V
1
U′≤14V
2
所以
则滑动变阻器连入电路的取值范围是8Ω≤R≤35Ω。
2
答：（1）电阻R 两端的电压5V；
1
（2）此时电阻R 在10min内产生的热量3900J；
2
（3）滑动变阻器R 连入电路的取值范围8Ω≤R≤35Ω。
2 2
