文档内容
2023年高考押题预测卷03【五省卷】
物理·参考答案
14 15 6 17 18 19 20 21
B B C D D BC BCD AD
14【答案】B
【详解】A．因ac两点在过等量异号电荷连线的中垂面上，可知a点电势等于c点电势，选项A错误；
B．a点电场强度
两电荷在c点产生的场强竖直方向的分量低消，则水平方向叠加的电场强度
则a、c两点电场强度的比值为的比值为 ，选项B正确；
C．a、b、c、d四个顶点都处在两电荷连线的中垂面上，则四点处电场方向相同，选项C错误；
D．原来b点在两电荷连线的中垂面上，b点场强方向垂直中垂面指向负电荷一方；将正点电荷移到c点，
b点仍在两电荷连线的中垂面上，b点场强方向仍垂直中垂面指向负电荷一方，但是由于两个中垂面不同，
则b点的电场强度一定不同，则场强要变化，选项D错误。故选B。
15【答案】B
【解析】A．甲图中的鹅卵石受重力、两个弹力和两个摩擦力5个力的作用，故A错误；
B．乙图中下面筷子对鹅卵石的力等于重力和上面筷子对它的弹力之和，所以大于上面筷子对鹅卵石的力，
故B正确；
C．丙图中，鹅卵石受到的摩擦力等于重力沿筷子向下的分力，若增大丙图中的筷子对鹅卵石的弹力，鹅
卵石受到的摩擦力不变，故C错误；
D．鹅卵石受到筷子对它的作用力与重力等大反向，若增大丙图中筷子与水平方向的夹角，鹅卵石受到筷
子对它的作用力不变，故D错误。
故选B。
16【答案】C
【解析】根据题意，由折射定律画出光路图，如图所示当从圆弧ADC上射出的边缘光线的入射角等于材料的临界角 时，光线将发生全反射，不能从圆弧ADC
上射出，则有
解得
由几何关系有
其中
解得 ，故选C。
17【答案】D
【解析】
的
BCD．设大气压强为 ，水银密度为 ，空气柱B 压强为
若保持温度不变，向右管缓缓注入少量水银，先假设左边水银面都不动，由于右管 变大，B气体下面的
水银上升，使得B气体压强变大，从而使B气体上面的水银向上移动，使得 减小，最终稳定时有由于
可得
，
可知左侧水银面高度差 减小，空气柱B的压强减小，右侧水银面高度差 减小，D正确，CB错误；
A．空气柱B发生等温变化，根据玻意耳定律
由于空气柱B的压强减小，所以空气柱B的体积增大，空气柱B的长度增大，A错误。
故选B。
18【答案】D
【解析】ACD．在0~20s内，无人机a对应的v-t图形面积大，即位移大，也即无人机a在b的上方；同理
在0~15s内，无人机a对应的v-t图形面积大，无人机a在b的上方；在0~30s内，无人机a、b对应的v-t
图形面积相等，也即上升高度相等，则平均速度相等；AC错误，D正确；
B．在10s~30s内，无人机a向上减速运动，加速度向下，处于失重状态，B错误。
故选D。
对比图1和图2可知，在t=1s时拉力F=1.5N，加速度a=0，物块与水平地面之间的最大静摩擦力为
f=1.5N，选项A错误；在t=4s时拉力F=6N，加速度a=3m/s2，由牛顿第二定律，F-f=ma，解得物块质量
4 4
m=1.5kg，选项B正确；在0~1s时间内，物块加速度为零，合力对物块冲量为零；由图 2的加速度图像面
积 等 于 速 度 变 化 可 知 ， 在 1~4s 时 间 内 ， 物 块 速 度 变 化 等 于 △ v=4.5m/s ， 动 量 变 化 为
△p=m△v=1.5kg×4.5m/s=6.75kgm/s，由动量定理可得，在 0~4s 时间内，合力对物块冲量的大小为
I=△p=6.75Ns，选项C正确D错误。
20【答案】BCD
【解答】
A.电子在圆环内沿顺时针方向，则磁场1对电子产生的洛仑兹力方向垂直环平面向里，电场对电子产生的
电场力向外，所以电场方向垂直环平面向里，故A错误；
2πR
B.电子恰好可以在圆环内沿顺时针方向做半径为R、速率为v的匀速圆周运动，由圆周运动可知：T= ，
v
故B正确；v2 mv
C.垂直环平面的磁感提供向心力，则：B ev=m ，则B = ，故C正确；
2 R 2 eR
mv
D.磁场1对电子产生的洛仑兹力等于电场对电子产生的电场力：B ev=eE，而B =B = ，解得：
1 1 2 eR
mv2
E= ，故D正确。
eR
21【答案】AD
√3
【解析A.对运动员在C点受力分析有mgsin60∘−μmgcos60∘=ma，解得a= g，选项A正确；
4
B.在下滑到最低点B时，此时v ⊥mg，则重力的功率为零，所以重力的功率先增大后减小，选项B错误；
B
C.运动员由A到C过程中，在同一等高处右边的速度始终大于左边的速度，则其对右边圆弧面的压力始终
大于对左边圆弧面的压力，故运动员在右边圆弧面受到的摩擦力始终大于在左边圆弧面受到的摩擦力，因
此右边摩擦力做的功大于左边摩擦力做的功，选项 C错误；
D.由于摩擦力一直做负功，所以运动员的机械能一直在减少，选项D正确。
故选AD。
非选择题：本题共5小题，共62分。
22【答案】 ①. 没有标记C点位置 (2分) ②. 见解析(2分) ③. D(2分) ④. 见解析(2分)
【解析】
（1）上述步骤中没有标记C点位置。
（2）将细绳2的绳套拉至标记点“C”并用图钉固定，再用弹簧测力计拉细绳1，将橡皮筋的另一端拉至
“O”点，且使细绳1沿OB方向，记录此时弹簧测力计的示数 及细绳1的方向。
（3）等效果的力F 应该与橡皮筋共线，为虚线OC方向；F、F 的合力F 应该指向平行四边形的对角
2 1 3 合
线，故选D。
（4）[4]OB垂直OC时，弹簧测力计的读数最小，顺时针转动OC，弹簧测力计的读数逐渐增大，两细绳
间夹角变小；逆时针转动OC，弹簧测力计的读数逐渐增大，两细绳间夹角变大。
23【答案】 C (2分) (2分) (2分) (2分) C(2分)
【解析】（1）[1] 欧姆调零的操作是：红、黑表笔短接，调节部件欧姆调零旋钮C使指针指在欧姆挡零刻
度线。
[2] 在测量时发现多用电表指针偏转角度过大，说明电阻较小，则该同学应将倍率换 这样的小倍率，
使得指针偏向表盘的中央便于读数。
[3] 当水位为0m时电阻的计算公式（2）[4]由题意知电阻率 ，根据电阻的定义
可知电阻的最小值为
由闭合电路欧姆定律
可知电流的最大值为
（3）[5]AB． 若电流表的内阻不可忽略，电流和水位之间的关系为
则测量的水位值比真实值偏小，此时电流表改装的水位刻度都是不均匀的，A B错误；
C．忽略电源、电流表内阻，此时电流
若水库水位为 时电流表满偏，
当水位为0m时
解得则当电流表半偏时水库水位为平均水位，C正确。
24【答案】（1）a=gsinθ；（2）站着摆动时振动次数多；Δn = ；（3）见解析
【解析】
（1）在最高点时受力如图
此时加速度垂直于摆线沿轨迹切线方向， 由牛顿第二定律：
mgsinθ=ma(1分)
所以
a=gsinθ (1分)
（2）摆角小于5°，单摆做简谐振动，周期
(1分)
所以蹲着摆动时t时间内振动次数
(1分)
站着摆动时t时间内振动次数
(1分)
因为l>l，所以站着摆动时振动次数多。
1 2
多了次数
(1分)
（3）设人在最低点站起前后“摆球”的摆动速度大小为v，根据功能关系（或机械能守恒） 人蹲在踏
板上从最大摆角 开始运动到最低点的过程中，有
(1分)保持站立姿势摆到另一边的最大摆角为 的过程中，有：
(1分)
由此可得
(1分)
因为l>l，得
1 2
(1分)
所以
(1分)
25【答案】（1） rad/s；（2）0.375
【解析】
（1）设轻绳断后小球平抛的初速度为v，平抛的水平位移大小为x，如图甲所示
0
有
s2-h2=x2+R2(1分)
又
x=v (1分)
0
v=ωR(1分)
0
解得
ω= rad/s(1分)
（2）如图乙所示sinθ= =0.6(1分)
则
θ=37°，cosθ=0.8(1分)
设小球质量为m，轻绳上拉力大小为F ，绳断前，有
T
F cosθ=m (2分)
T
F sinθ=μmg(1分)
T
解得
μ=0.375(1分)
【答案】（1） ；（2）Q=52.4J；（3）Q=104J
1 0
【规范答题】（1）当线框匀加速时，依题意有
(1分)
(1分)
(1分)
根据牛顿第二定律
(1分)
得
(1分)
（2）当线框达到最大速度v 时，有
1
(1分)
(1分)
(1分)(1分)
代入数据得
(1分)
当线框刚好穿出第十三个磁场时，线框的位移
(1分)
(1分)
得
(1分)
根据动能定理
(1分)
线框的焦耳热
(1分)
（3）当线框达到最大速度v 时，有
0
(1分)
(1分)
(1分)
代入数据得
(1分)
根据动量定理
(1分)得
(1分)
根据动能定理
(1分)
线框的焦耳热
(1分)
