文档内容
专题 10 菱形的性质与判定八类综合题型
目录
典例详解
类型一、利用菱形的性质求解
类型二、利用菱形的性质求解折叠问题
类型三、利用菱形的性质求解动点问题
类型四、利用菱形的性质证明和求解综合问题
类型五、利用菱形的判定与性质求解
类型六、利用菱形的判定与性质多结论性问题
类型七、利用菱形的判定与性质解决综合性问题
类型八、利用菱形的判定与性质作图（含无刻度作图）
压轴专练
类型一、利用菱形的性质求解
方法总结
1. 性质对应：明确菱形的四边相等、对角线互相垂直平分且平分对角。
2. 方程求解：利用上述性质，结合勾股定理或三角函数，建立关于线段或角度的方程求解。
解题技巧
1. 对角线分直角：菱形的对角线将其分割为四个全等的直角三角形，是常用的解题模型。
2. 等边转化：利用“四边相等”进行线段等量代换，常与对角线垂直产生的垂直关系结合使用。
例1．（25-26九年级上·全国·期末）如图，在菱形 中， 与 交于点 ，点 为 的中点，连
接 ，若 ，则 的度数为 °．
【答案】
【分析】本题考查了菱形的性质，直角三角形斜边中线的性质，等边对等角等知识点，熟练掌握菱形的性
质，直角三角形斜边中线的性质是解题的关键．
根据菱形可得 ，即可得到 ，再由直角三角形斜边中线得到 ，由等边对等角即可求解．
【详解】解：∵四边形 是菱形， 与 交于点 ，
∴ ，
∴ ，
∵
∴
∵点 为 的中点，
∴
∴
故答案为：
【变式1-1】（25-26八年级下·全国·周测）如图，四边形 是菱形，点 ， 分别在边 ， 上，
且 是等边三角形．若 ，则 的度数为 ．
【答案】
【分析】本题考查了菱形的性质、等边三角形的性质、等腰三角形的性质等知识，熟练掌握菱形的性质和
等边三角形的性质是解此题的关键．
由菱形的性质和等边三角形的性质得到 ， ， ，设 ，则
， ，根据 列方程求解即可得到
的度数．
【详解】解：∵四边形 是菱形， 是等边三角形，
， ．
又 ，
， ，
．
∵四边形 是菱形，
， ，．
设 ，则 ， ．
，
，
，即 ．
故答案为： ．
【变式1-2】（2026八年级下·江苏·专题练习）如图，菱形 的边长为10，对角线 的长为16，点
， 分别是边 ， 的中点，连接 并延长与 的延长线相交于点 ，则 的长为 ．
【答案】12
【分析】本题主要考查了菱形的性质，平行四边形的判定与性质，三角形中位线定理及勾股定理等知识；
连接 ，交 于点O，先证 是 的中位线，得 ，再证四边形 是平行四边形，得
，然后由勾股定理求出 ，即可解决问题．
【详解】解：连接 ，交 于点O，如图所示：
∵菱形 的边长为10，
∴ ， ，
∵点E、F分别是边 的中点，
∴ 是 的中位线，
∴ ，
∴ ，
∴四边形 是平行四边形，
∴ ，
∵ 是菱形的对角线， ，∴ ， ， ，
在 中， ， ，
∴ ，
∴ ，
∴ ；
故答案为：12．
【变式1-3】（25-26九年级上·辽宁辽阳·期末）在菱形 中， ，边长 为8，点M是
边上一点，点N是 边上一点，将 沿 翻折，点A的对应点 恰好落在菱形 的一条
边上，若 ，则 的长为 ．
【答案】6或7
【分析】本题考查菱形的性质，折叠的性质，矩形的判定和性质，含30度角的直角三角形，勾股定理，熟
练掌握相关知识点，利用分类讨论的思想，进行求解，是解题的关键．
分 落在 上和 落在 上两种情况进行讨论求解即可．
【详解】①当 落在 上时，如图，
∵菱形 中， ，边长 为8，
∴ ， ，
∴ ，
∵折叠，
∴ ，
∴ 为等边三角形，
∴ ，
∵ ，
∴ ，∴ ；
当 落在 上时，如图：
作 交 的延长线于点 ，作 于点 ，
∵菱形 ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，四边形 为矩形，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵折叠，
∴ ，
设 ，则 ，
在 中，由勾股定理，得 ，
解得 ，
∴ ；
综上： 或 ；
故答案为：6或7．
类型二、利用菱形的性质求解折叠问题
方法总结
1. 抓住折叠本质：折叠即轴对称，对应边相等、对应角相等，折痕垂直平分对应点连线。
2. 结合菱形性质：利用菱形四边相等、对角线垂直平分且平分对角的性质，寻找全等或直角三角形。
解题技巧
1. 标注等量：在图上清晰标出折叠产生的等边、等角，以及由菱形本身决定的等量关系。
2. 设元勾股：常在菱形折叠后形成的直角三角形中，设未知线段为x，利用勾股定理列方程求解。例2．（24-25八年级下·湖北宜昌·期中）如图，把菱形 沿 折叠，点 落在 边上的 处，若
，则 的大小为 ．
【答案】
【分析】本题考查了菱形中的翻折问题，解题的关键是掌握翻折的性质及菱形的性质．
根据翻折变换的性质可得 ，然后根据等腰三角形两底角相等求出 ，可得 ，
根据 ，求出 ，由三角形外角等于不相邻的两个内角的和即可得答案．
【详解】解： 菱形 沿 折叠， 落在 边上的点 处，
， ， ，
，
在菱形 中， ， ，
， ，
，
，
，
，
故答案为： ．
【变式2-1】（24-25八年级下·江苏南京·期末）如图，将菱形纸片 折叠，使得点B恰好落在边
的中点 处，折痕为 ．若菱形 的边长为 ， ，则 ．
【答案】
【分析】连接 ，过点C作 交 于点G，证明四边形 是平行四边形， 是等边三角形，设 ，则 根据勾股定理列式 解答即可．
本题考查了菱形的性质，平行四边形的判定和性质，勾股定理，等边三角形的判定和性质，熟练掌握判定
和性质是解题的关键．
【详解】解：连接 ，过点C作 交 于点G，
∵四边形 是菱形，且菱形 的边长为 ， ，
∴ ， ， ，
∴四边形 是平行四边形， 是等边三角形，
∴ ， ，
∵边 的中点是 ，
∴ ，
∴ ，
设 ，
则
∴ ，
∴ ，
解得 ，
故答案为： ．
【变式2-2】（2025·贵州遵义·模拟预测）如图，在菱形 中， ．折叠该菱形，使点A落在边
上的点M处，折痕分别与 ， 交于点E，F．在点M的位置变化的过程中，当 最大时，
的值为 ．【答案】
【分析】本题考查菱形的性质，矩形的判定和性质，垂线段最短等知识，由折叠可得 ， ，
，根据 ，得当 时， 最小， 最大，此时
， 过 作 交 延长线于 ，则 ，
，代入计算即可．
【详解】解：∵菱形 中， ，
∴ ， ，
∵折叠该菱形，
∴ ， ， ，
∴ ，
∴当 最小时， 最大，
根据垂线段最短可得，当 时， 最小， 最大，
∴ ， ，
∴ ，
∴ ，
过 作 交 延长线于 ，
∴ ，
∴ ， ，
∴ ，∵
∴ ，
∴ ，
故答案为： ．
【变式2-3】（25-26九年级上·河南郑州·月考）如图，四边形 是菱形， ， ，点
是射线 上一动点，把 沿 折叠，其中点 的对应点为 ，连接 ，若 为等边三角形，
则 的长为 ．
【答案】 或
【分析】本题考查了菱形的性质，折叠的性质，等边三角形的性质，含 角直角三角形的性质，掌握折
叠前后图形的形状和大小不变，对应边和对应角相等．分两种情况进行讨论：当点 在 上时，当点
在 延长线上时，依据折叠的性质、等边三角形的性质以及含 角直角三角形的性质，即可得到
和 的度数，进而得到 的长．
【详解】解： 四边形 是菱形， ， ，
， ，
分两种情况： 如图，当点 在 上时，点 与点 重合时，此时 为等边三角形，
由折叠可得， ，
，
在 中， ；
②如图，当点 在 延长线上时，当 为等边三角形时， ，，
由折叠可得， ，
，
在 中， ．
故答案为： 或 ．
类型三、利用菱形的性质求解动点问题
方法总结
1. 分类画图：根据动点位置（如在线段上、延长线上），画出所有可能的菱形示意图。
2. 性质建方程：利用菱形四边相等或对角线垂直平分的性质，建立关于动点坐标或时间的方程。
解题技巧
1. 参照系固定：以已知定点为参照，用含t的代数式表示动点的坐标或相关线段长。
2. 检验合理性：解方程后，检验结果是否满足动点的运动范围（如在线段上）及图形的构成条件。
例3．（25-26九年级上·广东茂名·期末）如图，在菱形 中，点 是对角线 上一动点，点 是边
上一动点，连接 ， ．若 ， ，则 的最小值为 ．
【答案】
【分析】本题考查菱形的性质，垂线段最短，勾股定理等知识点，解题的关键是熟练掌握菱形的性质．
如图，连接 ， ， ，过点C作 ，垂足为F，由菱形知， ， 互相垂直平分，得
，由两点之间线段最短得 ，进而由垂线段最短得 的最小值为垂线
段 的长；根据勾股定理得 ，由菱形的面积公式得 ，从而得最小值．【详解】解：如图，连接 ， ， ，过点C作 ，垂足为F，
∵四边形 是菱形，
∴ ， 互相垂直平分．
∴ ．
∴
当点C，P，E三点共线时，
而
∴ 的最小值为垂线段 的长．
∵菱形 中，
∴
∴
∴
∴
∴ ．
故答案为： ．
【变式3-1】（24-25八年级下·贵州毕节·月考）如图，四边形 是边长为8的菱形， ，M
是对角线 上的一个动点．
（1）若N是 边上一点， ，连结 ，则 的最小值为 ；（2）变式：若 N是 边上一个动点，连结 ，则 的最小值为 ．
【答案】
【分析】（1）在 上截取 ，如图1，先根据菱形的性质得到 ， ，
则 ，再证明 得到 ，利用两点之间线段最短得到
（当且仅当A、M、E共线时取等号），据此求解即可；
（2）过A点作 于H点， 交 于M点，过M点作 于N点，如图2，利用菱形的性
质和角平分线的性质得到 ，所以 ，根据垂线段最短可得到 的最小值为
的长，然后由（1）得到 即可．
【详解】解：（1）在 上截取 ，如图1，
∵四边形 是边长为8的菱形，
∴ ， ，
∴ ，
在 和 中， ，
∴ ，
∴ ，
∵ （当且仅当A、M、E共线时取等号），
∴ 的最小值为 的长，
即 最小值为 的长，
过A点作 于H点，如图1，
在 中，∵ ，∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
即 的最小值为 ；
故答案为： ；
（2）过A点作 于H点， 交 于M点，过M点作 于N点，如图2，
∵四边形 为菱形，
∴ 平分 ，
∴ ，
∴ ，
即 的最小值为 的长，
由（1）得到 ，
∴ 的最小值为 ．
故答案为： ．
【变式3-2】（24-25八年级下·广西桂林·期中）如图，在四边形 中， ， ，
， ， ，动点 从点 出发沿 边以 的速度向点 匀速运动，同时
动点 从点 出发沿 边以 的速度向点 匀速运动，当其中一个动点到达终点时，另一个动点也随
之停止运动．设运动的时间为 ．(1)用含有 的代数式表示： ______， ______， ______；
(2)当 为何值时，四边形 是矩形？
(3)四边形 是否能成为菱形？若能，求出 的值；若不能，请说明理由．
【答案】(1) ， ，
(2)
(3)四边形 不能成为菱形，理由见解析
【分析】本题考查了列代数式，矩形的判定和性质，勾股定理，菱形的性质，掌握矩形的判定和性质以及
菱形的性质是解题的关键．
（ ）由题意得 ， ，进而即可求解；
（ ）由矩形的性质可得 ，进而即可求解；
（ ）由菱形的性质可得 ，即得 ，可得 ，过点 作 于 ， 则四边形
是矩形， 可得 ， ，即得 ，由勾股定理得
，即可判断求解；
【详解】（1）解：由题意得， ， ，
∵ ， ，
∴ ， ，
故答案为： ， ， ；
（2）解：∵在四边形 中， ， ，
∴当 时，四边形 是矩形，
∴ ，
解得 ，
即当 时，四边形 是矩形；
（3）解：四边形 不能成为菱形，理由如下：若四边形 是菱形，则 ，
∴ ，
解得 ，
∴ ，
过点 作 于 ，则四边形 是矩形，
∴ ， ，
∴ ，
∴ ，
∴四边形 不能成为菱形．
【变式3-3】（24-25八年级下·福建厦门·期中）如图，菱形 的边长为 ， ，动点 从点
出发，沿着线路 做匀速运动，动点 从点 同时出发，沿着线路 做匀速运动．
(1) ______；
(2)已知动点 、 运动的速度分别为 、 ．经过12秒后， 、 分别到达 、 两点，试判断
的形状，并说明理由，同时求出 的面积；
(3)设问题（2）中的动点 、 分别从 、 同时沿原路返回，动点 的速度不变，动点 的速度改变为
，经过3秒后， 、 分别到达 、 两点，若 为直角三角形，试求 的值．
【答案】(1)
(2) 为直角三角形，
(3) 的值为2或6或
【分析】本题考查了菱形的性质，等边三角形的判定与性质，勾股定理，解题关键是根据直角的不同分情
况讨论求解．（1）先根据菱形的性质得出 ，再根据 ，可得 为等边三角形，从而可得出
；
（2）利用等腰三角形三线合一，可证明 ，从而可得 为直角三角形，再利用勾股定理求得
，然后利用 求解；
（3）分 ， ， 三种情况，分别得到关于 的一元一次方程求解，求得
的值．
【详解】（1）解：∵菱形 的边长为
∴ ，
，
∴ 为等边三角形，
∴ ，
故答案为 ；
（2）如图1，12秒后点 走过的路程为 ，
则12秒后点 到达点 ，
即点 与 点重合；
12秒后点 走过的路程为 ，而 ，
∴点 到 点的距离为 ，
此时点 到达 的中点，即点 为 的中点
是等边三角形，而 为中线，
，
为直角三角形，
在 中，
；
（3） 为等边三角形，
，
经过3秒后，点 运动的路程为 、点 运动的路程为 ，
点 从点 开始运动，∴ ，
点 为 的中点，
∴ ，
①若 ，且点 在 上，如图1，
则 ，
，
在 中， ，
，
，
，
；
②若 ，且点 在 上，如图2，
则 ，
，
在 中， ，
，
，
，
；
③若 ，即 ，，
点 在 的垂直平分线上，
此时点 在点 处，
，
，
，
综上所述， 的值为2或6或 ．
类型四、利用菱形的性质证明和求解综合问题
方法总结
1. 性质选择：根据所求结论，选用菱形对应性质（如四边相等、对角线垂直平分且平分对角）。
2. 数形转化：将几何关系转化为代数方程（如用勾股定理），或转化为三角形全等、相似的证明问
题。
解题技巧
1. 对角线模型：连接对角线，构造出直角三角形，是运用勾股定理和三角函数的关键。
2. 等量代换：灵活运用“四边相等”进行线段等量代换，并结合“对角线互相垂直”产生的垂直关
系。
例4．（25-26九年级上·河北保定·期末）如图，在菱形 中， ，垂足为 ， ，垂
足为 ．
(1)求证： ；
(2)若 ，则 的度数为__________．
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】本题考查菱形的性质，全等三角形的判定与性质，三角形的内角和定理，熟练掌握菱形的性质是
关键．
（1）由菱形的性质可得 ， ，结合 ， ，可证明 ，则 ；
（2）由三角形内角和定理可得 ，结合 ，则 ．根据菱
形的邻角互补的性质可得 ，作差求得 ．
【详解】（1）证明：∵四边形 是菱形，
∴ ， ，
∵ ， ，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ；
（2）∵ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵四边形 是菱形，
∴ ，
∴ ．
【变式4-1】（25-26九年级上·山西运城·期末）如图，菱形 的对角线 、 相交于点 ，过点
作 ，且 ，连接 、 ， 交 于点 ．
(1)求证：四边形 是矩形；
(2)若 ，求 的长．
【答案】(1)见解析(2)
【分析】本题主要考查了菱形的性质，平行四边形的判定与性质，矩形的性质和判定，熟练掌握以上知识
是解题的关键．
（1）根据菱形的性质 ，结合 ，四边形 是平行四边形，结合
，即可证明平行四边形 是矩形．
（2）由（1）可知 ，结合 ，可得四边形 是平行四边形， ，再根据矩形
的性质可得 ．
【详解】（1）证明： 四边形 是菱形，
，
，
，
，
，
∴四边形 是平行四边形，
又 ，
平行四边形 是矩形；
（2）解：由（1）可知， ， ，
∴ ，
，
∴四边形 是平行四边形，
，
∵四边形 是矩形，
．
【变式4-2】（25-26八年级上·重庆·月考）如图，四边形 是菱形，连接 、 交于点 ，点 为
上方一点，且满足 ， ．(1)求证：四边形 是矩形；
(2)过点 作 ，交 于点 ，交 于点 ，若 ， ， ，求 的
面积．
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）由菱形的性质可得， ， ， ， ．结合题干可得，
，且 ，则四边形 是平行四边形．又因为 ，因此命题得证；
（2）作 ，垂足为 ，由角平分线定理可得， ．使用勾股定理计算出 和 ，根据
的面积构造方程，求出 ，进而求出 的面积．
【详解】（1）证明：∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ，
∴四边形 是矩形；
（2）解：如图，作 ，垂足为 ，设 ，在直角 中， ，
∵四边形 是菱形，
∴ ， ，
∵ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
在直角 中， ，
， ，
，
∵ ，
∴ ，
解得， ，
∴ ．
【变式4-3】（25-26九年级上·辽宁丹东·期末）如图，在菱形 中，对角线 交于点O，过点A
作 的垂线，垂足为点E，延长 到点F，使 ，连接 ．
(1)求证：四边形 是矩形；
(2)连接 ，若 ，
①求 的长；
②求 的长．
【答案】(1)证明见解析
(2)①2②
【分析】本题主要考查了菱形的性质，矩形的判定，勾股定理，直角三角形的性质，
对于（1），根据菱形的性质得 ，再结合 得出四边形 是平行四边形，然后
根据“有一个角是直角的平行四边形是矩形”得出结论；
对于（2），①根据直角三角形的斜边中线等于斜边一半得出答案；
②，先根据菱形的性质得出 ，再根据面积相等求出 ，然后根据勾股定理得出答案．
【详解】（1）证明：∵四边形 是菱形，
∴ ．
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴四边形 是平行四边形．
∵ ，
∴ ，
∴平行四边形 是矩形；
（2）解：①∵四边形 是菱形，
∴ ．
在 中， ，
∴ ；
②∵四边形 是菱形，且 ，
∴ ， ．
在 中， ，
∴ ，
即 ，解得 ．
根据勾股定理，得 ,
即 ，
解得 ．
类型五、利用菱形的判定与性质求解
方法总结
1. 先判后性：先依据一组邻边相等或对角线垂直等条件，判定四边形为菱形。
2. 再性求解：再利用菱形的性质（四边相等、对角线垂直平分等）求解角度、线段或证明。
解题技巧
1. 判定优选：优先选择“四边相等的四边形”或“对角线垂直平分的四边形”等直接判定。
2. 转化化归：将菱形问题常转化为等腰三角形或直角三角形问题，运用勾股定理、等边对等角求解。
例5．（2026九年级·吉林·专题练习）按如下步骤作四边形 ：①画 ；②以点 为圆心，1个
单位长度为半径画弧，分别交 于点 ；③分别以点 和点 为圆心，1个单位长度为半径画弧，
两弧交于点 ；④连接 ．若 ，则 的度数是 ．
【答案】70
【分析】本题考查了作线段，菱形的性质与判定，根据作图可得四边形 是菱形，进而根据菱形的性
质，即可求解．
【详解】解：根据作图可得 ，
∴四边形 是菱形，则 ，
又∵ ，
，故答案为70．
【变式5-1】（25-26九年级上·福建漳州·期末）如图，矩形 的对角线 、 相交于点 ，
， ，若 ，则 的长为 ．
【答案】
【分析】本题主要考查了矩形的性质、平行四边形的判定以及菱形的判定与性质，熟练掌握矩形的对角线
相等且互相平分是解题的关键．
先根据矩形的性质得到对角线相等且互相平分，再由两组对边分别平行判定四边形 是平行四边形，
最后结合矩形性质得出 ，从而判定该平行四边形为菱形，进而得到 ，求出 的长度．
【详解】解：∵四边形 是矩形，
∴ ， ， ，
∴ ．
∵ ， ，
∴四边形 是平行四边形．
∵ ，
∴平行四边形 是菱形，
∴ ．
故答案为： ．
【变式5-2】（25-26八年级上·山东泰安·期末）如图， 是边长为1的等边三角形，取 边中点 ，
作 ， ，得到四边形 ，它的周长记作 ；取 中点 ，作 ．
，得到四边形 ，它的周长记作 ，…，照此规律作下去，则 ．【答案】
【分析】本题考查等边三角形的性质，三角形的中位线的性质，菱形的性质和判定，找出周长的规律是解
题的关键；根据三角形的中位线求解 ，找规律可得 ，据此规律可求解．
【详解】解：∵ 是边长为1的等边三角形，
∴ ，
∵E是 边中点， ，
∴ 是 的中位线，
∴ ，
∵ ，
∴四边形 是菱形，
∴ ，
同理：以此方法得到的四边形都为菱形，且边长为前一个菱形边长的 ，
即 ， ，……， ，
∴ ．
故答案为： ．
【变式5-3】（25-26八年级上·河北唐山·期末）如图1，将四个全等的直角三角形拼成了一个四边形
，然后将这四个全等的直角三角形和一个小正方形拼成一个大正方形如图2所示，大正方形的面积
为5；如果再将这四个全等的直角三角形拼成的图形如图3所示，外轮廓周长为 ．则图1中的
的长度为 ；四边形 的面积为 ．【答案】 4
【分析】本题主要考查了勾股定理的应用，菱形的判定，菱形的面积等知识点，熟练掌握及运用勾股定理
是做题的关键．先求得四个全等的直角三角形的斜边长为 ，即可得出图1中的 的长度；设两条直角
边分别为 ， ，利用图3的外轮廓周长为 ，求得 ，再判定图1中的四边形为菱形，根据面
积公式，列式计算即可求解．
【详解】解：如图，
由题意得， ，
（已舍去负值），
即图1中的 的长度为 ；
如图，
由题意可知， ，设 ， ，则 ，
在 中， ，
即 ，
由题意得， ，
，
，
，
即 ，
，
．
将四个全等的直角三角形拼成了一个四边形 ，
，
四边形 为菱形．
由题意和图可知， ， ，
．
故答案为： ； ．
类型六、利用菱形的判定与性质多结论性问题
方法总结
1. 逐项分析：对每个结论单独推理，判断其是否可由已知条件结合菱形判定与性质必然推出。
2. 构造反例：对于“不一定成立”的结论，尝试构造特殊菱形（如内角非90°的菱形）进行验证。
解题技巧
1. 性质链梳理：系统梳理菱形的判定条件与性质（边、对角线、角），形成完整推理链条。
2. 图形直观法：画出一般菱形（非正方形）示意图，结合图形测量快速排除明显错误结论。
例6．（25-26八年级上·山东济宁·期末）如图，已知在菱形 中， ， 、 分别是射线
和 上的两个点， ，以下结论：① ；② 是等边三角形；③ ；
④ ， ，若 ，则 面积的最大值为 ．其中正确的个数有（ ）A． B． C． D．
【答案】B
【分析】本题考查菱形的性质，等边三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，作辅助线构造全等
三角形是解题关键．
①连接 构造全等三角形 ，得到 ， ，进而可得 ， 是等
边三角形，①、②正确；用反证法可知③错误；根据题意可知，四边形 的面积等于 ，则当
时， 可取得最小值， 取得最大值，根据等边三角形性质分别求出此时的 ， ，
进而求出 ．
【详解】解：如图，连接 ．
四边形 为菱形， ，
， ，
是等边三角形，
，
，
，
，
在 和 中，
，，
， ，即 ，①正确，
， 为等边三角形，②正确；
∴ ，则 ，③不正确；
，
，
可知当 取得最小值， 取得最大值，
设等边三角形边长为 ，可知其高为 ，面积为 ，
为等边三角形，其面积会随边长变化而变化，
当 ， 取得最小值，则 取得最小值，
，
此时 ， ， ，
，④正确．
综上，正确的个数有 个．
故选： ．
【变式6-1】（25-26八年级上·山东泰安·期末）如图，有一张矩形纸片 ， ， ，点 ，
分别在矩形的边 ， 上，将矩形纸片沿直线 折叠，使点 落在矩形的边 上，记为点 ，点
落在 处，连接 ，交 于点 ，连接 ．下列结论：① ；②四边形 是菱形；③
， 重合时， ；④ 的面积的最小值为1．上述结论中正确的个数是（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【答案】C
【分析】本题考查了菱形的判定与性质，矩形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，折叠
的性质，掌握折叠的性质及菱形的性质是解题的关键．根据折叠的性质及矩形的性质可知四边形 是
菱形，再根据全等三角形的判定与性质可知 ，这个结论不一定成
立，最后利用菱形的面积公式即可解答．
【详解】解：∵ ，
∴ ，
由折叠的性质得： ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ，
∴四边形 是菱形，故②正确；
∴ ， ，
∴ ，
∵ ，
若 ，
∴ ，
∴ ，这个结论不一定成立，故①错误；
点 与点 重合时，如图 所示，设 ，则 ，
∴在 中， ，
∴ ，
解得： ，
∴ ， ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，故③正确；
当 过点 时，如图 所示， 最短，四边形 的面积最小，
∴ ，
即 的面积的最小值为1．故④正确；
正确的项为②③④，共3个，
故选：C．
【变式6-2】（2025九年级上·全国·专题练习）如图，已知菱形 的边长为 分别是 上的动点，且 ．下列结论正确的个数是（ ）
① ；② 为等边三角形；③ ；④ 为等边三角形．
A．1 B．2 C．3 D．4
【答案】D
【分析】易证△ABC为等边三角形，得 ，结合已知条件 可证 ；由全等三
角形的性质可得 ，得 ，进而可得结论；证明 则可得结
论．
【详解】解： ，四边形 为菱形，
，
为等边三角形， ．
，
，故①④正确；
，
．
，
，即 ，
为等边三角形，故②正确；
，
，故③正确．
综上所述，结论正确的个数是4．
故选：D
【变式6-3】（24-25八年级下·江苏宿迁·期中）如图，在菱形 中， ， ，对角线
相交于点O，点E、F分别在边 上，点E、F同时以相同的速度分别从点B向点A和从点
A向点D运动， 与 交于点G，则在这个运动过程中，下列说法正确的个数是（ ）①菱形的面积是 ；② 始终为等边三角形；③线段 长的最小值为 ；④点G所走过的路径长
为1．
A．4 B．3 C．2 D．1
【答案】A
【分析】本题主要考查了菱形的性质，三角形中位线定理，等边三角形的性质与判定，勾股定理，全等三
角形的性质与判定，先由菱形的性质得到 ， ，再证明
是等边三角形，得到 ，利用勾股定理可得 ，则
，根据菱形面积等于其对角线乘积的一半可判断①；证明 ，得到
，进而证明 ，则 是等边三角形，据此可判断②；当
时， 有最小值，即此时 有最小值，利用等面积法可求出 的最小值为 ，据此可判断
③；由菱形的对称性可得，整个运动过程是点G的运动是一个往返过程，点G先从点A运动到最远（离点
A）为止，再从最远位置运动回点A，且点G运动到最远位置时此时点E刚好是 的中点，点F为 的
中点，当点E刚好是 的中点，点F为 的中点时， 为 的中位线，则可证明 ，
，由勾股定理可得 ，则 ，即点G离点A的最远距
离为 。
【详解】解：∵四边形 是菱形， ，
∴ ， ，
∵ ，∴ 是等边三角形，
∴ ，
∴ ，
在 中，由勾股定理得 ，
∴ ，
∴ ，故①正确；
由题意得， ，
又∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ 是等边三角形，故②正确；
∴ ，
∴当 时， 有最小值，即此时 有最小值，
当 时，此时有 ，即 ，
∴ 的最小值为 ，故③正确；
∵ ，
∴ ，即 ，
∴由菱形的对称性可得，整个运动过程是点G的运动是一个往返过程，点G先从点A运动到最远（离点
A）为止，再从最远位置运动回点A，且点G运动到最远位置时此时点E刚好是 的中点，点F为 的
中点，
当点E刚好是 的中点，点F为 的中点时，
∴ 为 的中位线，
∴ ，
∴ ，
∴ ，∴ ，
∴ ，
∴点G离点A的最远距离为 ，
∴整个过程中点G的路程为 ，故④正确；
故选；A.
类型七、利用菱形的判定与性质解决综合性问题
方法总结
1. 判性结合：先依据条件判定菱形，再运用其性质（四边相等、对角线垂直平分）推导新结论或求值。
2. 数形互化：将几何关系转化为方程求解（如勾股定理），或将代数条件还原为几何特征进行判定。
解题技巧
1. 对角线模型：连接对角线构造直角三角形，是运用勾股定理和三角函数的核心模型。
2. 等量转化：灵活利用“四边相等”进行线段等量代换，常与“对角线垂直”产生的垂直关系结合。
例7．（25-26八年级下·全国·课后作业）如图，在四边形 中， ， ，对角线 ，
交于点 ， 平分 ．
(1)求证：四边形 是菱形．
(2)过点 作 交 的延长线于点 ，连接 ．若 ， ，求 的长．
【答案】(1)见解析
(2)
【分析】本题考查了菱形的判定与性质，角平分线的定义，平行线的性质，勾股定理，直角三角形斜边中
线定理知识点，掌握菱形的判定方法和直角三角形斜边中线等于斜边一半的性质是解题的关键．
（1）先利用平行线和角平分线的性质得到角相等，推出 ，再结合 和 证明平行
四边形，最后由邻边相等证菱形；（2）利用菱形对角线互相垂直平分的性质，结合勾股定理求出 ，再根据直角三角形斜边中线等于斜边
一半得到 的长度．
【详解】（1）证明： ，
．
平分 ，
，
，
．
又 ，
．
，
四边形 是菱形．
（2）解：∵四边形 是菱形，
， ， ．
，
．
，
．
在 中， ， ，
，
．
【变式7-1】（25-26九年级上·辽宁丹东·期末）如图，矩形 中，点 在边 上，将 沿 折
叠，点 落在 边上的点 处，过点 作 交 于点 ，连接 ．
(1)求证：四边形 是菱形；
(2)若 ， ，求四边形 的周长．
【答案】(1)见解析(2)
【分析】本题考查翻折变化、菱形的性质和判定、矩形的性质，解答本题的关键是明确题意，找出所求问
题需要的条件，利用数形结合的思想解答．
（1）根据题意和翻折的性质，可以得到 ，再根据全等三角形的性质和菱形的判定方法即可
证明结论成立；
（2）根据题意和勾股定理，可以求得 的长，进而求得 ，然后在 中根据勾股定理求出 的
值，从而可以得到四边形 的周长．
【详解】（1）证明：∵ 沿 折叠，点 落在 边上的点 处，
∴ ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴四边形 是平行四边形，
又∵ ，
∴四边形 是菱形；
（2）解：∵矩形 中， ， ， ，
∴ ， ，
∴ ，
∴ ，
设 ，则 ， ，
∵ ，
∴ ，
解得 ，
∴ ，
∴菱形 的周长是： ．
【变式7-2】（25-26九年级上·重庆南岸·期末）在四边形 中， ，E为射线 上的一点，四边形 为平行四边形．
(1)如图1，连接 ， ，若 ，求证：四边形 是矩形；
(2)如图2，连接 ， ， ， 交 于点 ．若 ，求 的周长的最小
值；
(3)如图3，连接 ， ， 交 于点 ．若 ，当 是等腰三角形时，直
接写出 的值．
【答案】(1)见解析
(2) 周长的最小值为
(3) 或 或
【分析】（1）先证明四边形 是菱形得到 ， ，再根据平行四边形的性质推导出
， ，则四边形 是平行四边形，进而根据矩形的判定可证得结论；
（2）过E作 交 延长线于N，过B作 ，交 延长线于H，在 延长线上截取
，连接 ，则 ，由菱形的性质可求得 ，进而可得当F、B、M共线时取等号，
的周长的最小值为 ；证明四边形 、四边形 是矩形，求得 ， ，
最后利用勾股定理求得 即可求解；
（3）先根据线段垂直平分线的判定与性质得到 垂直平分 ，则 ， ，设 ，
则 ， ，则 ，根据等腰三角形的定义分三种情况求解即可．
【详解】（1）证明：∵ ， ，∴四边形 是菱形，则 ， ，
∵四边形 是平行四边形，
∴ ， ， ，
∴ ， ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ，
∴四边形 是矩形；
（2）解：过E作 交 延长线于N，过B作 ，交 延长线于H，在 延长线上截取
，连接 ，如图，
则 垂直平分 ，
∴ ，
由（1）知四边形 是菱形， ，
∴ ， ， ，
∴ ，
∵ 的周长 ，当F、B、M共线时取等号，
∴ 的周长的最小值为 ，
∵ ， ，
∴四边形 、四边形 是矩形，
∴ ， ， ， ，
∴ ， ，
在 中， ，
∴ 的周长的最小值为 ；（3）解：∵ ，
∴ 垂直平分 ，
∴ ， ，
∵ ，设 ，
∴ ， ，则 ，
根据题意，当 是等腰三角形时，分三种情况：
当点E在线段 上且 时， ，
∴ ；
当点E在 延长线上且 时，
∴ ；
当 时， ，
在 中，由勾股定理得 ，
∴ ，
解得 ，则
∴ ，
综上，满足条件的 的值为 或 或 ．
【变式7-3】（25-26八年级上·四川成都·期末）定义：菱形一边的中点与它所在边的对边的两个端点连线
所形成的折线，叫做菱形的折中线，例如，如图1，在菱形 中，E是 的中点，连接 ， ，则
折线 叫做菱形 的折中线，折线 的长叫做折中线的长．已知，在菱形 中， ，E是 的中点，连接 ， ．
(1)如图1，已知折中线 将菱形的面积分为了三部分， 、 、 的面积之比为 ；
(2)如图2，若 ， ，求折中线 的长；
(3)若 ，且折中线 中的 或 与菱形 的一条对角线相等，求折中线的长．
【答案】(1)
(2)折中线 的长为
(3) 或
【分析】（1）根据E是菱形的边 的中点，即可解决问题；
（2）连接 ，根据题意证得 为等边三角形，利用勾股定理求出 ， ，即可解答；
（3）当 时，过点E作 ，交 的延长线于点F，过点B作 于点G，利用勾股定
理即可解答；当 时，过点C作 ，过点E作 ，交 的延长线于点G，过点C
作 于点H，交 的延长线于点F，利用勾股定理即可解答．
【详解】（1）解：在菱形 中，
∵E是 的中点，
∴ ，
∴ 、 、 的面积之比为 ，
（2）解：如图，连接 ，
在菱形 中， ， ，
∴ 为等边三角形，
∵点E为 的中点，∴ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
在 中， ，
∴折中线 的长为 ；
（3）解：由已知得折中线 中的 或 只能与菱形 中较短的对角线相等，
当 时，如图，过点E作 ，交 的延长线于点F，过点B作 于点G，
则四边形 是矩形，
在菱形 中， ，E是 的中点，
，
∴ ， ，
∴ ，
在 中， ，
在 中， ，
∵ ， ，
在 中， ，
∴ ；
当 时，如图，过点C作 ，交 的延长线于点F，过点E作 ，交 的延长线
于点G，过点C作 于点H，∴四边形 是平行四边形，四边形 是矩形，
∴ ， ， ，
∴ 是等腰三角形，
∵ ，
∴H是 的中点，即 ，
∴ ， ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
综上，折中线 的长为 或 ．
类型八、利用菱形的判定与性质作图（含无刻度作图）
方法总结
1. 依性作图：根据菱形“四边相等”、“对角线垂直平分”的性质，利用圆规截等长、作中垂线。
2. 依判构形：以满足菱形判定条件（如“邻边相等的平行四边形”）为目标，设计作图步骤。
解题技巧
1. 先定一边：通常先作出一条边，再以此边为半径画弧确定等长的邻边或对角线的交点。
2. 巧用对角线：利用“对角线互相垂直平分”，通过作已知线段的中垂线来定位顶点。
例8．（25-26八年级下·全国·期中）如图，在菱形 的边 上有一点 （不与点 ， 重合），请
仅用无刻度的直尺按下列要求作图（保留作图痕迹，不写作法）．(1)在图①中的菱形 的边上找一点 ，作线段 ，使 ．
(2)在图②中的菱形 的边上找点 ， ，使 ，并作出等腰三角形 ．
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】（1）结合菱形的性质、全等三角形的判定与性质，连接 交 于点 ，连接 并延长，交
于点 即可；
（2）结合菱形的性质、全等三角形的判定与性质，连接 ， 相交于点 ， 交 于点 ，连接
并延长，交 于点 ，连接 并延长，交 于点 ，连接 ， ， 即可．
【详解】（1）解：如图①，线段 即为所作．
（2）解：如图②， 即为所作．
【变式8-1】（25-26九年级上·江西九江·期末）如图，四边形 是菱形， 是 边上的高，请仅用
无刻度的直尺作图（保留作图痕迹）．
(1)在图1中，作 边上的高 ；(2)在图2中，作 边上的高 ．
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】本题主要考查了菱形的性质，矩形的判定和性质，全等三角形的判定和性质：
（1）连接 交 于点K，作线段 ，并延长 交 于点F，即可；
（2）连接 ，交于点M，作线段 ，并延长 交 于点G，即可．
【详解】（1）解：如图，高 即为所求；
理由：∵四边形 是菱形，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ 是 边上的高，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，即 是 边上的高；
（2）解：如图，高 即为所求．
理由：∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ，
∴ ，
∵ ，∴ ，
∴ ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ，
∴四边形 是矩形，
∴ ，即 是 边上的高．
【变式8-2】（25-26九年级上·广东深圳·期末）如图，四边形 中， ， ，
于点 ．
(1)尺规作图：在 上求作一点E（不写作法，保留作图痕迹），连接 ，使四边形 为菱形，并说
明理由；
(2) 与 相交于点O，连接 ，若 ，求 长．
【答案】(1)见解析
(2)
【分析】本题考查尺规作图——作角平分线，菱形的判定及性质，勾股定理，直角三角形斜边上中线的性
质，掌握相关知识是解题的关键．
（1）作 的平分线，交 于点E，则点E为所求．根据角平分线和平行线的性质得到
，得到 ，从而得到 ，即可证明四边形 是菱形；
（2）根据菱形的性质得到 ， ， ，从而根据勾股定理求出 ，
进而得到 的长，最后根据直角三角形斜边上中线的性质即可求解．
【详解】（1）解：如图，点E为所求．理由如下：∵ 是 的角平分线，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵ ，即 ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ，
∴ 是菱形．
（2）解：如图，
∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ，
∴ ，
∴
∵ ，
∴ ．
【变式8-3】（25-26八年级上·江苏淮安·月考）请用无刻度直尺完成下列作图（要求：保留作图痕迹，不
写作法）．(1)如图 ，点 是菱形 边 上一点，连接 ．求作 ，使 ，且点 在 边
上；
(2)如图 ，点 是菱形 边 上的一点．求作 边上的点 ，使 ；
(3)如图3，四边形 中， ， ， 平分线交边 于点 ，求作线段
的中点 ．
【答案】(1)见解析
(2)见解析
(3)见解析
【分析】本题主要考查了菱形的性质、全等三角形的判定与性质，熟练掌握特殊四边形的性质及全等三角
形的判定方法是解题的关键．
（1）连接 、 交于点 ，作射线 交 于点 ，连接 ，则 ；
（2）连接 、 于点 ，作射线 交 于点 ，则 ；
（3）连接 交 于点 ，作射线 交 于点 ，则点 为 的中点．
【详解】（1）解：如图， 为所求；
∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ，
∵ ，
∴ （ ），
∴ ，
又∵ ， ，
∴ （ ），∴ ，
∵ ，
∴ ，即 ，
∵ ， ， ，
∴ （ ），
∴ ；
（2）解：如图，点 为所求；
∵四边形 是菱形，
∴ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ （ ）
∴ ；
（3）解：如图点 为所求；
∵ ，
连接 交 于点 ，作射线 交 于点
∵ 平分 ，
∴
又∵ ， ，
∴ （ ），
∴ ，
∵ ，∴ ，
又∵ ， ，
∴ （ ），
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，即点 是 的中点．
一、单选题
1．（25-26九年级上·辽宁沈阳·期末）如图，菱形 中，连接 ， ，若 ，则 的度数
为（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】本题考查菱形的性质，菱形的对角线互相垂直，所以在菱形 中， ，即
，在 中，因为 ，三角形内角和为 ，所以
，因为菱形的对边平行，即 ，根据两直线平行，
内错角相等，所以 ．
【详解】解：如图，∵四边形 是菱形，
∴ ，即 ， ，
在 中，∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ．
故选：B．
2．（25-26八年级下·全国·周测）如图， ， 是 的对角线，过点 作 ，交 的延
长线于点 ，则添加下列条件，不能使 为菱形的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】根据各选项条件，结合菱形判定依据，逐一分析能否判定平行四边形 为菱形．
【详解】解：A、∵ 是平行四边形，
∴ ， ．
∵ ，
∴ ， 是平行四边形．
∴ ．
∵ ，
∴ 是菱形，不符合题意．
B、∵ ，
∴ ．
∵ ，
∴只能说明 是 的角平分线，无法推出 的邻边相等或对角线垂直，不能判定其为菱形，符合题意．
C、 ，直接根据“对角线互相垂直的平行四边形是菱形”，可判定 是菱形，不符合题意．
D、由三角形外角性质， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ 是菱形，不符合题意．
故选：B．
【点睛】本题考查了平行四边形的性质、菱形的判定定理、三角形外角性质，解题关键是准确区分 “能
判定菱形的条件” 和 “不能判定菱形的条件”，熟练将角的关系转化为边的关系．
3．（24-25八年级下·湖北武汉·期中）如图，在矩形 中，连接 ，分别以点 ， 为圆心，大于
长为半径作弧，两弧交于点 ， ，作直线 分别交 ， 于点 ， ，连接 ， ，若
，则 的大小为（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【分析】本题考查作图—基本作图、线段垂直平分线的性质、矩形的性质、菱形的判定与性质，解题的关
键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．设 与 交于点 ，由作图过程可知，直线 为线段
的垂直平分线，结合矩形的性质可得出四边形 为菱形，再进一步可得答案．
【详解】解：设 与 交于点 ，由作图过程可知，直线 为线段 的垂直平分线，
， ， ， ．
四边形 为矩形，
，
， ，
，
，
，
四边形 为菱形，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ；
故选：D．
4．（25-26九年级上·山东青岛·月考）如图，菱形 的对角线交于点O，过点C作 ，交
的延长线于点E，连接 ．若 ， ，则菱形 的面积为（ ）
A． B． C． D．9
【答案】B
【分析】此题考查了菱形的性质和直角三角形斜边中线的性质，熟练掌握以上知识点是解题的关键．首先
根据菱形的性质得到 ，然后利用直角三角形斜边中线的性质得到 ，然后利用
菱形面积公式求解即可．
【详解】解： 四边形 是菱形， ，
， ，， ，
，
，
菱形 的面积 ，
故选B．
5．（24-25九年级下·河北沧州·月考）如图，现有一张矩形纸片 ， ， ，点 ， 分别
在矩形的边 ， 上，将矩形纸片沿直线 折叠，使点 落在 边上点 处，点 落在点 处，连
接 ，交 于点 ，连接 ．下列结论：
① ；
②四边形 是菱形；
③ ， 重合时， ；
④点 、 、 三点共线．
其中正确的结论有（ ）
A． 个 B． 个 C． 个 D． 个
【答案】C
【分析】先判断出四边形 是平行四边形，再根据翻折的性质可得 ，然后根据邻边相等的平
行四边形是菱形证明，判断出②正确；假设 ，得 ，进而得
，这个不一定成立，判断①错误； ， 重合时，设 ，表示出
，利用勾股定理列出方程求解得 的值，进而用勾股定理求得 ，判断出③正确；结合矩
形的性质可知 ，进而可证明 ，即可判断④．
【详解】解： 矩形 中 ，
，
由翻折可知： ， ，，
，
，
，
，
四边形 是平行四边形，
，
四边形 是菱形，故②正确；
， ，
，
在 和 中，
，
若 ，则 ，
，这个不一定成立，故①错误；
点 与点 重合时，如图 ，
设 ，则 ，
在 中， ，
即 ，
解得 ，
，
，
四边形 是菱形，故②正确；，
，
，故③正确；
由折叠可知： ，
，
四边形 是菱形，
，
，
、 、 三点一定在同一直线上，故④正确．
综上所述：正确的结论有②③④，共 个．
故选： ．
二、填空题
6．（25-26九年级上·陕西渭南·月考）如图，已知菱形花坛 ，沿着菱形花坛 的对角线修建两
条小路 和 ， 、 相交于点O，若 ，则 的度数为 °．
【答案】60
【分析】本题主要考查菱形的性质，由菱形性质得 ，再根据直角三角形两锐角互余可得结论．
【详解】解：∵四边形 是菱形，
∴ ，即 ，
∴ ，
∵ ，
∴ ,
故答案为：60．
7．（24-25八年级下·黑龙江牡丹江·期末）如图，在矩形 中，点 ， 分别在 ， 上，
，不添加任何字母与辅助线，添加一个适当的条件 ，使四边形 是菱形．【答案】 （答案不唯一）
【分析】本题考查了矩形的性质，平行四边形的判定和性质，菱形的判定，熟练掌握菱形的判定定理是解
题的关键．根据矩形的性质得到 ，即 ，推出四边形 是平行四边形，根据菱形的
判定定理即可得到结论．
【详解】解：这个条件可以是 ，
理由： 四边形 是矩形，
，即 ，
，
四边形 是平行四边形，
，
四边形 是菱形，
故答案为： （答案不唯一）．
8．（25-26九年级上·四川成都·期中）如图，在 的两边上分别截取 ，使 ，分别以
点A，B为圆心， 长为半径作弧，两弧交于点C，连接 ．若 ，四边形
的面积为 ，则 的长为 ．
【答案】6
【分析】本题考查菱形的判定与性质．根据作法判定出四边形 是菱形，再根据菱形的面积等于对角
线乘积的一半列式计算即可得解．
【详解】解：由作图知 ，
四边形 为菱形，
，
四边形 的面积为 ，
，，
故答案为：6．
9．（25-26九年级上·辽宁阜新·期末）中国结寓意团圆、美满，以独特的东方神韵体现中国人民的智慧和
深厚的文化底蕴．如图，小红家有一个菱形中国结装饰，对角线 ， 相交于点 ，测得 ，
，过点 作 于点 ，则 的长是 ．
【答案】
【分析】本题考查了菱形的性质，勾股定理，根据菱形的性质得到 ， ，
， ，根据勾股定理得到 ，最后根据
等面积法即可求解，掌握知识点的应用是解题的关键．
【详解】解：∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ， ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
故答案为： ．
10．（25-26九年级上·辽宁辽阳·期末）在菱形 中， ，边长 为8，点M是 边上一
点，点N是 边上一点，将 沿 翻折，点A的对应点 恰好落在菱形 的一条边上，若，则 的长为 ．
【答案】6或7
【分析】本题考查菱形的性质，折叠的性质，矩形的判定和性质，含30度角的直角三角形，勾股定理，熟
练掌握相关知识点，利用分类讨论的思想，进行求解，是解题的关键．
分 落在 上和 落在 上两种情况进行讨论求解即可．
【详解】①当 落在 上时，如图，
∵菱形 中， ，边长 为8，
∴ ， ，
∴ ，
∵折叠，
∴ ，
∴ 为等边三角形，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ；
当 落在 上时，如图：
作 交 的延长线于点 ，作 于点 ，
∵菱形 ，
∴ ，∴ ，
∴ ，四边形 为矩形，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵折叠，
∴ ，
设 ，则 ，
在 中，由勾股定理，得 ，
解得 ，
∴ ；
综上： 或 ；
故答案为：6或7．
三、解答题
11．（25-26九年级上·贵州贵阳·月考）如图， 是菱形 的对角线， ．
(1)请用尺规作图法，在 上找点 ，使 ；（不写作法，保留作图痕迹）
(2)在（1）条件下，连接 ,求 的度数．
【答案】(1)见解析
(2)
【分析】本题考查作垂直平分线和以及垂直平分线的性质，菱形的性质等性质，掌握菱形的性质和垂直平
分线的作法是解题的关键．
（1）作 的垂直平分线交 于点F即可；
（2）根据菱形的性质求出 ，继而求出 ，最后运用等边对等角即可得解．【详解】（1）解：如图所示，点 即为所求；
（2）解：∵四边形 是菱形，
∴ ， ， ．
∴ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ．
12．（25-26九年级上·陕西榆林·期末）如图，四边形 的对角线 、 交于点O，延长 至点
E，使得 ，连接 交 边于点F，点D、F分别是 、 的中点， ．
(1)求证：四边形 是菱形；
(2)若 ， ，求四边形 的面积．
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】本题考查菱形的性质和判定，勾股定理；
（1）先证明 得到 ， ，得出四边形 是平行四边形，再证明
邻边 即可；
（2）由菱形的性质和勾股定理求出 ， 即可求出四边形 的面积．【详解】（1）证明：∵点D、F分别是 、 的中点， ，
∴ ， ， ，
又∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，即 ，
∴四边形 是平行四边形，
∵ ， ，
∴ ，
∴四边形 是菱形．
（2）解：∵四边形 是菱形，
∴ ， ，
∵ ，
∴设 ，则 ，
∵ ，
∴ ，解得： ，
∴ ，
∵四边形 是菱形，
∴ ．
13．（24-25八年级下·福建·期中）如图，平行四边形 中， 平分 交 于点E，F为 边
上的点，且 ，连接 ．
(1)求证：四边形 是菱形；
(2)连接 ，若 ， ， ，求 的长．【答案】(1)见详解
(2)
【分析】（1）由平行四边形的性质得 ，由 ，推导出
，则 ，而 ，所以 ，因为 ，所以四边形 是平行四
边形，再根据菱形的定义证明四边形 是菱形即可；
（2）连接 ，由菱形的性质得 ，因为 ，所以
，则 ，求得 ．
【详解】（1）证明：∵四边形 是平行四边形，
∴ ，
∵ 平分 交 于点 为边 上的点， ，
，
，
，
∵ ，
，
，
∴四边形 是平行四边形，
，
∴四边形 是菱形．
（2）解：连接 ，如图所示：
∵四边形 是菱形，
，
，，
∴ 是直角三角形，且 ，
∴ ，
∴ 的长是 ．
14．（25-26九年级上·江西萍乡·期中）如图，菱形 及点P，请仅用无刻度的直尺按要求完成下列作
图．
(1)如图1，若点P在 上，请在 上作出点Q，使 ．
(2)如图2，若点P在菱形 外，请在菱形外作点Q，使 ．
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】本题考查作图 复杂作图，菱形的性质等知识，解题的关键是作出菱形的对称中心 ，属于中考
常考题型．
（1）连接 ， 交于点 ，连接 ，延长 交 于点 ，点 即为所求．
（2）连接 ， 交于点 ，延长 交 的延长线于 ，连接 交 的延长线于 ，连接 ，
连接 ，延长 交 于点 ，连接 ，点 即为所求．
【详解】（1）解：如图所示，点 即为所求．
（2）如图所示，点 即为所求．15．（24-25八年级下·云南临沧·期末）如图，矩形 的对角线 与 相交于点O，且 ，
．
(1)求证：四边形 是菱形；
(2)若 ， ，求四边形 的周长．
【答案】(1)见详解
(2)8
【分析】该题考查了菱形的性质和判定，勾股定理，矩形的性质等知识点，解题的关键是掌握以上知识点．
（1）根据两组对边分别平行的四边形是平行四边形可得四边形 是平行四边形，再根据矩形对角线
相等且互相平分可得 进而可以解决问题；
（2）在矩形 中， ，则 ，结合 ，得出
，则 ， ，根据 ，得出
，则 ，进而可以解决问题．
【详解】（1）证明：∵ ， ，
∴四边形 是平行四边形，
∵矩形 的对角线 与 相交于点 ，
∴ ，
∴四边形 是菱形；
（2）解：∵在矩形 中， ，
∴ ，
又 ，
∴ ，∴ ， ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴四边形 的周长 ．
16．（24-25八年级下·湖北十堰·期末）如图，在菱形 中， ， ，点E为 上一
动点，延长 到点 ，使 ，且 分别交 ， 于点 和点 ．
(1)将 沿 对折，使点E落在 处，若 ，求 的度数；
(2)在点E运动过程中，是否存在这样的一点E，使得四边形 是平行四边形？若存在，请说出E点位
置，并证明四边形 是平行四边形，若不存在，请说明理由．
(3)若 ，探究 是否为定值？如果是定值，求出这个值；如果不是，请说明理由．
【答案】(1)
(2)存在， 是 的中点时，四边形 是平行四边形
(3)是定值，
【分析】（1）由菱形的性质得 ，由折叠的性质得 ，即可求解；
（2）由菱形的性质得 ， ，结合 是 的中点时，由平行四边形的判定方法，即可
得证；
（3）过 作 交 的延长线于 ，由菱形的性质和等腰三角形的判定及性质得 ，
结合菱形的性质，设 ，则 ，由勾股定理得 ，即可求解．
【详解】（1）解：如图，四边形 是菱形， ，
，
，
，
由对折得： ；
（2）解：存在， 是 的中点时，四边形 是平行四边形，
证明：如图，
四边形 是菱形，
， ，
，
是 的中点时，
，
，
，
四边形 是平行四边形；
（3）解：过 作 交 的延长线于 ，四边形 是菱形，
，
，
，
，
，
，
，
，
，
，
，
，
设 ，则 ，
，
，
，，
解得： ， （舍去），
， ，
．
