物理参考答案长沙市2026年高三模拟考试_全国高考模拟卷_2026年2月_260203湖南省长沙市2026年高三年级模拟考试（长沙一模）_湖南省长沙市2026年高三年级模拟考试物理

长沙市 2026 年高三年级模拟考试 物理参考答案 选择题（一、二大题）： 1-7小题，每小题4分；8-10小题，每小题5 分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分；共43分 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A D C A B C BD AD CD 部分题目解析： 6.B 【解析】建立直角坐标系，设颈椎对头部的支 持力为F ，设肌肉拉力与水平方向的夹角为α，则： N 17 17 GcosF sin53 ， GsinGF cos53， 2 N 2 N 联立得：F =2.5G。故选B N 7.C【解析】有空气阻力做负功，机械能不守恒，A项错误；最大速度满足kvmg， mg 得v ，B项错误；对下降h的过程，由动量定理，有 mgtkvt mv0，vt h k m2gk2h 1 得： t  ，C 项正确；由动能定理，有 mghW  mv2 ，得： kmg f 2 m3g2 W  mgh，D项错误。故选C f 2k2 9.AD【解析】箱子落地后，小球做简谐运动，当小球位于最高点时，箱子对地面 压力最小且为0，可知此时弹簧处于压缩状态且弹力为mg，回复力F 2mg，方向向 回 下。当小球位于最低点时，由简谐回复力的对称性，F 2mg，方向向上，此时弹簧 回 处于拉伸状态且弹力最大值为3mg，箱子对地面压力最大值为4mg，A项正确，B项错 mg 3mg 误。小球静止时，弹簧伸长量为 ，在简谐最低点时，弹簧伸长量为 ，可知小 k k 物理答案第1页（共5页）2mg 球离地面的最小高度为h ，C项错误。从箱子刚开始下落到小球简谐运动的速度 k 1 最大，初末状态弹簧伸长量相等，由能量守恒有 2mgH mv2E ,得： 2 1 E 2mgH  mv2，D项正确，故选AD 2 B2L2v B2L2x 10.CD【解析】F  ，Ftmv，即 mv，可知线框进入磁场的过 R R 程，v随x均匀减小，F随x均匀减小，线框完全进入磁场后F突变为0，A项错误。 q BLv BLv I，I  ，可知q-t图的斜率先逐渐减小，再突变为0，B项错误。由I  t R R 可知，线框进入磁场的过程I随v均匀减小，线框完全进入磁场后匀速运动，I突变为 1 0，C项正确。线框进入磁场的过程中U  BLv，完全进入磁场后U  BLv，结合 ad 4 ad v随x的变化关系，可知D项正确，故选AD 非选择题（第三大题）：本题共5小题，共57分。 t 42 11．（1）20.125（20.123～20.127均可） （2） （3） l ， n k2 12. （1）R （2）甲，右 （3）1.49V， 1.51Ω 1 【解析】（1）估算可知电路中最小电流为150mA左右，需对电流表扩程，采用R 1 可以将量程扩大至500mA，R 只能扩大到60mA左右，故需要选用R 。 2 1 （2）由于改装的电流表内阻已知，选择甲图可以精确测量电动势和内阻，故应选 择甲图进行实验。为了避免闭合开关后电流过大，应在闭合开关前将滑动变阻器的滑 片置于右端。 （3） 电流表电流为7.4mA时，干路电流I=7.4mA×50=0.37A，   设一节干电池电动势为E，内阻为r，由闭合电路欧姆定律U 2EI R 2r ， 并 其 中 R 为 改 装 后 电 流 表 的 内 阻 ， R 0.98 ， 由 图 可 知 2E=2.98V ， 并 并 U 2.981.50 R 2r  4，得E=1.49V，r=1.51Ω 并 I 0.37 物理答案第2页（共5页）13.【答案】（1）30° （2）45° （3）（3+ 3）h 【解析】 （1）由几何关系，入射角i=45°，设折射角为r，由折射定律 sini A D n i sinr r sini 1 sinr   α i n 2 45° r B C 解得： r 30 （2）如图，由几何关系得,在BC边上反射时，入射角75 1 设全反射临界角为θ，则sin ， θ=45° n 由可知光在BC界面上发生全反射 根据对称性可以求得光线在CD面上折射时的入射角为30°，所以折射角等于45°。 （3）依题意，作出光路图 A D 由几何关系CAE 75 h CE htanCAE （2 3）h 45° B E C 故，BC  BEEC （3 3）h qBr qB2r 14.【答案】（1）粒子带负电，v = ；（2）E  ；（3） 45~60 0 m m 【解析】（1）由左手定则可得，粒子带负电。 由几何关系，粒子在磁场中做圆周运动的半径R=r ① v 2 由牛顿第二定律 qv B m 0 ② 0 R qBr 由①②式得：v = ③ 0 m 物理答案第3页（共5页）（2）粒子在电场中沿y方向速度不变，到达y轴时的沿x方向速度为v 。 x v tanθ  x ④ v 0 qE 在x方向上v x 2 2 m r ⑤ qB2r 又已知tan 2，联立③④⑤，得：E  m （3）所有粒子从P点射入后，经磁场偏转后，最终沿y轴正方向以相同的速度 v 进入电场。设粒子穿过y轴时，与y轴正方向的夹角的最小值为θ ，最大值为θ 。 0 1 2 r 由几何关系可得，以60入射的粒子，将从x  处进入电场；则有 1 2 qE v2 2 x ⑥ x1 m 1 v tan  x1 ⑦ 1 v 0 解得 45 1 3 以120入射的粒子，将从x  r处进入电场。 2 2 qE v2 2 x ⑧ x2 m 2 v tan  x2 ⑨ 2 v 0 解得 60 2 综上所述，的范围是45~60 v 1 5 4 15.【答案】（1） A  ；（2）h R ；（3）v  3gR v 3 3 0 3 B 【解析】 （1）设小球A的初速度为v ，碰撞后，A、B两球的速度大小分别为v 、v 0 A B 由动量守恒定律得：mv mv mv ① 0 A B 物理答案第4页（共5页）v v 由题意可知： B A 0.5 ② v 0 v 1 联立①②式得 A  ③ v 3 B v 2 （2）B球在D点时，由牛顿第二定律得：2mg m D ④ R 设B球在E点脱轨，O、E连线与竖直方向的夹角为，由牛顿第二定律得： v2 mgcosm E ⑤ R 对从D运动到E的过程，由机械能守恒得： 1 1 mv2 mgRcos mv2 ⑥ 2 D 2 E 2 将④⑤代入⑥，得：cos 3 5 由几何关系，得：h RRcos R 3 （3）设小球B从滑入轨道到滑出轨道所经历的时间为t，小球A在此过程中做 x = x = x =v t 匀速直线运动，依题意： A B C A ⑦ 由B球和轨道C组成的系统水平方向动量守恒 mv mv m v B Bx C C ⑧ mv tmv tm v t ⑨ B Bx C C mv t mx m x ⑩ B B C C 将 代入⑩，结合③式得：m 2m C 设B球以速度v B⑦ 进入轨道恰好不脱离轨道，则B能到达圆形 ⑪ 轨道的最高点为与 圆心等高处，此时速度为v ，由水平方向动量守恒，有 共 mv =（m+m ）v B C 共 1 1 ⑫ mv2 = （m+m ）v2 +mgR 2 B 2 C 共 ⑬ 将 代入 得，v = 3gR， B ⑪⑫1 ⑬ 4 则v = 3gR 又v v v 故v  3gR A 3 0 A B 0 3 物理答案第5页（共5页）