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一、单项选择题
1．如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶
梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送
货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是( )
A．两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功
B．图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功
C．图甲中电梯对货物的支持力对货物不做功
D．图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功
解析：选D.在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移
方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，选项C错误；图乙中，货物受到的
支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况
下支持力对货物不做功，故选项A、B错误，D正确．
2．(2018·高考全国卷Ⅰ)高铁列车在启动阶段的运动可看做初速度为零的匀加速直线运
动．在启动阶段，列车的动能 ( )
A．与它所经历的时间成正比
B．与它的位移成正比
C．与它的速度成正比
D．与它的动量成正比
解析：选B.列车启动的过程中加速度恒定，由匀变速直线运动的速度与时间关系可知
v
＝at，且列车的动能为E
k
＝mv 2，由以上整理得E
k
＝ma2t2，动能与时间的平方成正比，动能与
速度的平方成正比，A、C错误；将x＝at2代入上式得E＝max，则列车的动能与位移成正比，
k
B正确；由动能与动量的关系式E＝可知，列车的动能与动量的平方成正比，D错误．
k
3.如图所示，质量为m的小猴子在荡秋千，大猴子用水平力F缓慢将秋千拉到图示位置
后由静止释放，此时藤条与竖直方向夹角为θ，小猴子到藤条悬点的长度为L，忽略藤条的质
量．在此过程中正确的是( )
A．缓慢上拉过程中拉力F做的功W ＝FLsin θ
F
B．缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加mgLcos θ
C．小猴子再次回到最低点时重力的功率为零
D．由静止释放到最低点小猴子重力的功率逐渐增大解析：选C.缓慢上拉过程中拉力F是变力，由动能定理，F做的功等于克服重力做的功，
即W ＝mgL(1－cos θ)，重力势能增加mgL(1－cos θ)，选项A、B错误；小猴子由静止释放时
F
速度为零，重力的功率为零，再次回到最低点时重力与速度方向垂直，其功率也为零，则小猴
子下降过程中重力的功率先增大后减小，选项C正确、D错误．
4.如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球．在水平拉力F的作用下，小球以
恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点．在此过程中拉力的瞬时功率变化情况是( )
A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．先增大，后减小 D．先减小，后增大
解析：选A.因小球速率不变，所以小球以O点为圆心做匀速圆周运动，受力如图所示，
因此在切线方向上应有：mgsin θ＝Fcos θ，得F＝mgtan θ.则拉力F的瞬时功率P＝F·v cos
θ＝mgv·sin θ.从A运动到B的过程中，拉力的瞬时功率随θ的增大而增大，A项正确．
5．如图甲所示，轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个质量m＝0.5 kg的物块，处于静止状
态．以物块所在处为原点，以竖直向下为正方向建立x轴，重力加速度g＝10 m/s2.现对物块施
加竖直向下的拉力F，F随x变化的情况如图乙所示．若物块运动到x＝0.4 m处速度为零，则
在物块下移0.4 m的过程中，弹簧弹性势能的增加量为( )
A．5.5 J B．3.5 J
C．2.0 J D．1.5 J
解析：选A.由图线与横轴所围的“面积”可得物块下移0.4 m的过程中，拉力F做的功
W＝3.5 J，重力势能减少量mgx＝2 J，由功能关系，弹簧弹性势能的增加量ΔE＝W＋mgx＝
p
5.5 J，选项A正确．
6.一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图
所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度
v
随时间t变化的图线中，
可能正确的是( )解析：选A.由P－t图象知：0～t 内汽车以恒定功率P 行驶，t～t 内汽车以恒定功率P
1 1 1 2 2
行驶．设汽车所受牵引力为F，则由P＝Fv 得，当
v
增加时，F减小，由a＝知a减小，又因速
度不可能突变，所以选项B、C、D错误，选项A正确．
7.(2019·陕西部分学校第一学期摸底检测)如图所示，水平地面上
有一倾角为θ的三角形斜面体，其质量为M，上表面粗糙，下表面光滑．
滑块质量为m，放在斜面上能保持静止．现用从零开始缓慢增大、方向
水平向右的外力F作用在斜面体上，直到滑块与斜面体发生相对运动
为止．已知重力加速度为g，下列说法正确的是( )
A．斜面对滑块的支持力一直不做功
B．滑块受到的摩擦力一直做负功
C．斜面对滑块的支持力始终等于mgcos θ
D．当F大于(M＋m)gtan θ之后，斜面对滑块的支持力大于
解析：选D.在运动过程中，斜面对滑块的支持力与运动方向的夹角为锐角，做正功，故A
错误；当推力F比较小的时候，滑块有下滑的趋势，受沿斜面向上的摩擦力，当推力增大到某
一值的时候，滑块有沿斜面向上滑动的趋势，摩擦力方向变为沿斜面向下，故滑块受到的摩
擦力先做负功，后做正功，故B错误；F为0时，滑块受力平衡，有F ＝mgcos θ，F逐渐增大，
N
则滑块有水平向右的加速度，分析摩擦力沿斜面向上的情况，滑块在竖直方向有mg＝F cos
N
θ＋fsin θ，又滑块所受合外力水平向右且逐渐增大，分析可知f减小，F 增大，故C错误．当F
N
＝(M＋m)·gtan θ时，摩擦力减小为零，F ＝，当F大于(M＋m)gtan θ之后，滑块有沿斜面向
N
上滑动的趋势，摩擦力方向变为沿斜面向下，在竖直方向有mg＝F cos θ－fsin θ，解得F
N N
＝，所以D正确．
二、多项选择题
8．(2019·辽宁五校协作体高三上学期联合模拟考试)如图所示，质量为M的长木板静止
在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且长为l，左端O处有一固定挡板，挡板上固
定轻质弹簧，右侧用不可伸长的轻绳连接在竖直墙上，轻绳所能承受的最大拉力为F.质量为
m的小滑块以速度v从A点向左滑动压缩弹簧，弹簧的压缩量达到最大时细绳恰好被拉断，
再过一段时间后长木板停止运动，小滑块恰未掉落．重力加速度为g，则( )A．细绳被拉断瞬间长木板的加速度大小为
B．细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为mv2
C．弹簧恢复原长时滑块的动能为mv2
D．滑块与长木板AB段间的动摩擦因数为
解析：选ABD.细绳被拉断瞬间弹簧的弹力等于F，对长木板，由牛顿第二定律得F＝
Ma，得a＝，A正确；滑块以速度v从A点向左滑动压缩弹簧，到弹簧压缩量最大时速度为0，
由系统的机械能守恒得：细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为mv2，B正确；弹簧恢复原长时长
木板与滑块都获得动能，所以滑块的动能小于mv2，C错误；弹簧最大的弹性势能E＝mv2，小
p
滑块恰未掉落时滑到木板的右端，此时小滑块与长木板均静止，又水平面光滑，上表面OA段
光滑，则有E＝μmgl，联立解得μ＝，D正确．
p
9.如图所示，细绳的一端绕过定滑轮与木箱相连，现以大小恒定的拉力F拉动细绳，将静
置于A点的木箱经B点移到C点(AB＝BC)，地面平直且与木箱的动摩擦因数处处相等．设从
A到B和从B到C的过程中，F做功分别为W、W，克服摩擦力做功分别为Q、Q，木箱经过
1 2 1 2
B、C时的动能和F的功率分别为E 、E 和P 、P ，则下列关系一定成立的有( )
kB kC B C
A．W＞W B．Q＞Q
1 2 1 2
C．E ＞E D．P ＞P
kB kC B C
解析：选AB.F做功W＝Flcos α(α为绳与水平方向的夹角)，AB段和BC段相比较，F大
小相同，l相同，而α逐渐增大，故W＞W，A正确；木箱运动过程中，支持力逐渐减小，摩擦
1 2
力逐渐减小，故Q＞Q，B正确；因为Fcos α与摩擦力的大小关系无法确定，木箱运动情况
1 2
不能确定，故动能关系、功率关系无法确定，C、D错误．
10．(2016·高考全国卷Ⅱ)两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量．
两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．
若它们下落相同的距离，则( )
A．甲球用的时间比乙球长
B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小
C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小
D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功
解析：选BD.由于两球由同种材料制成，甲球的质量大于乙球的质量，因此甲球的体积
大于乙球的体积，甲球的半径大于乙球的半径，设球的半径为r，根据牛顿第二定律，下落过
程中mg－kr＝ma，a＝g－＝g－，可知，球下落过程做匀变速直线运动，且下落过程中半径大
的球下落的加速度大，因此甲球下落的加速度大，由h＝at2可知，下落相同的距离，甲球所用
的时间短，A、C项错误；由
v
2＝2ah可知，甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小，B项正
确；由于甲球受到的阻力大，因此克服阻力做的功多，D项正确．
11.(2019·河北唐山二模)一辆汽车从t＝0 s时刻开始，以2 m/s的初速度
做匀加速直线运动，至t时刻牵引力做功为W，－t图象如图所示．则由图象可知( )
A．t＝1 s时汽车发动机的输出功率为20 kW
B．汽车牵引力大小为5×103 N
C．汽车加速度大小为2 m/s2
D．1～2 s内牵引力做功为2.5×104 J
解析：选BC.由图象的横纵坐标可知，图象与坐标轴围成的面积表示在一定时间内牵引
力做的功，汽车做有初速度的匀加速直线运动，则其位移可表示为x＝
v0
t＋at2，则牵引力的功
为W＝Fx＝F，从图象中分别取t＝1 s，t＝2 s对应的面积，代入牵引力做功的表达式，注意
1 2
图象纵坐标的数量级，可解得F＝5×103 N，a＝2 m/s2，选项B、C正确；t＝1 s时，牵引力的
1
功为P＝Fv ＝5×103 N×(2＋2×1) m/s＝2×104 W＝20 kW，但发动机的输出功率不等于
该数值，发动机的输出功率一部分变成牵引力功率，一部分变成耗油产生的热功率，选项A
错误；由图象面积的物理意义可知，t在1 s到2 s时，牵引力的功为1.5×104 J，选项D错误．
12．(2019·广东揭阳模拟)质量为400 kg的赛车在平直赛道上以恒定功率加速，受到的阻
力不变，其加速度a与速度的倒数的关系如图所示，则赛车( )
A．速度随时间均匀增大
B．加速度随时间均匀增大
C．输出功率为160 kW
D．所受阻力大小为1 600 N
解析：选CD.由题图可知，加速度是变化的，故赛车做变加速直线运动，选项A错误；由
P＝F·v 和F－F
阻
＝ma可得a＝·－，由此式可知，赛车速度增大时，加速度逐渐减小，故赛车
做加速度逐渐减小的加速运动，选项B错误；由a＝·－结合a－图象可得F ＝4m(N)，P＝
阻
400m(W)，代入数据解得F ＝1 600 N，P＝160 kW，选项C、D正确．
阻
三、非选择题
13．某汽车集团公司研制了一辆燃油与电动混合动力赛车，燃油发动机单独工作时的额
定功率为P，蓄电池供电的电力发动机单独工作时的额定功率为，已知赛车运动过程中受到
的阻力恒定．
(1)若燃油发动机单独工作时的最大速度为120 km/h，则两台发动机同时工作时的最大
速度为多少？
(2)若赛车先单独启动电力发动机从静止开始做匀加速直线运动，经过t 时间达到额定
1
功率，然后以燃油发动机的额定功率单独启动继续加速，又经过t
2
时间达到最大速度
v0
，赛
车总质量为m，求赛车的整个加速距离．
解析：(1)燃油发动机单独工作，P＝F
1v1
＝fv1
两台发动机同时工作，P＋＝F
2v2
＝fv2最大速度 v2 ＝＝210 km/h.
(2)燃油发动机的额定功率为P，最大速度为
v0
，
阻力f＝
匀加速过程功率随时间均匀增加，发动机的平均功率为，设总路程为s，由动能定理有
t
1
＋Pt
2
－fs＝mv
解得s＝.
答案：(1)210 km/h (2)
