文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 02（陕西、山西、宁夏、青海专用）
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新动向：试题紧密结合科技热点，体现物理学科的时代性。如第2题“嫦娥六号探测器登月”和
第4题“测糖仪的原理”，将基础物理概念航天科技、医药生物结合，体现学科时代性。社会热点融
入：第15题冰山的移动(环保议题)，增强试题的现实意义。
高考·新考法：实验设计：第11题用手机录像功能拍摄小球做平抛运动的过程，采用逐帧分析的办法，
拼叠各帧画面，还原小球平抛运动轨迹，要求学生进行分析数据，体现科学探究素养。动态建模：第
15题碰撞过程，需结合能量守恒与动量守恒分析。
高考·新情境：物理+生物技术:第4题通过测量溶液相对标准透明介质的折射率，即可得到待测溶液的
含糖率。
命题·大预测：情境化训练：多接触科技热点(如量子材料、新能源)背景题，提升信息提取与建模能力。
跨学科思维：关注物理与地理、化学等学科的交叉点(如地球自转、电解液导电)。动态过程分析：对碰
撞、变加速、多阶段问题进行拆解训练，掌握微元法与守恒思想。实验探究能力：总结教材实验变式
(如测电阻的多种方法)，培养开放性设计思维。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目
要求。
1．10月1日清晨，来自全国各地的9万多名民众在北京天安门广场观看了升国旗仪式，与此同时，全国
多地都举行了升国旗仪式庆祝国庆到来。在某学校举行的两次升国旗演练中，升国旗的时间相同，每次演练过程中国旗加速和减速阶段的加速度大小相同，且第一次演练时的加速度大小小于第二次演练
时的，则以下升国旗过程中，国旗速度 和时间 的关系图像可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【详解】AB．根据题意可知，两次升国旗的时间和位移相等，由 图像的面积表示位移可知，A图
像两次升旗的位移不相等，B图像两次升旗的时间不相等，故AB错误；
CD． 图像的斜率表示物体加速度，与横轴围成的面积表示位移，又两次升国旗过程中国旗的位
移相同，且第一次升国旗时变速阶段的加速度大小小于第二次升国旗时的，故C正确，D错误。
故选C。
2．如图所示为嫦娥六号探测器登月的简化过程，探测器从地球表面发射至地月转移轨道，在 点被月球
捕获后沿椭圆轨道①绕月球运动，然后在 点变轨后沿圆形轨道②运动，下列说法正确的是（ ）
A．探测器在轨道①上经过 点时应该加速才能进入轨道②
B．探测器在轨道②上的运行速度大于月球的第一宇宙速度
C．探测器在地月转移轨道上远离地球的过程中，地球对探测器的万有引力对探测器做负功D．探测器在轨道①上的周期小于轨道②上的周期
【答案】C
【详解】A．飞船由椭圆轨道①上经过P点时应该减速做向心运动变轨到轨道②，故A错误；
B．月球的第一宇宙速度是卫星绕月球做匀速圆周运动的最大速度，即为由月球的万有引力提供向心力
可得
解得
飞船在轨道②上的环绕速度
其中 是飞船距月球表面的高度，可知飞船在轨道②上的环绕速度小于月球的第一宇宙速度，故B错
误；
C．探测器在地月转移轨道上远离地球的过程中，引力方向与位移方向的夹角大于90度，所以地球对
探测器的万有引力对探测器做负功，故C正确；
D．设飞船在轨道①上半长轴为a，由开普勒第三定律可得
可知
则有
即飞船在轨道①上的周期大于轨道②上的周期，故D错误。
故选C。
3．如图所示，正方体ABCD − A′B′C′D′的十二条棱上放有均匀带电绝缘棒，O点为正方体的中心，BB′绝
缘棒带电荷量为−2q，其余各绝缘棒带电荷量均为q，此时O点处电场强度大小为E，下列说法正确的是（ ）
A．若将BB′绝缘棒拿走，O点处电场强度大小为
B．若将AD绝缘棒拿走，O点处电场强度大小为
C．若将DD′绝缘棒所带电荷量变为2q，则O点处电场强度大小为
D．若将AD绝缘棒所带电荷量变为2q，则O点处电场强度大小为
【答案】B
【详解】A．BB′处绝缘棒带电荷量为−2q，可视为该处放有一根带电荷量为+q的绝缘棒和一根带电荷
量为−3q的绝缘棒，当正方体每条棱上的绝缘棒带电荷量相同时，O点处电场强度为零，则此时O点
处电场可看成是BB′处带电荷量为−3q的绝缘棒产生的。当取走BB′处绝缘棒时，O点的电场强度大小
为 ，A错误；
B．将AD处绝缘棒拿走，该处可视为放置有一根带电荷量为+q的绝缘棒和一根带电荷量为−q的绝缘
棒，则O点处电场可视为由AD处带电荷量为−q的绝缘棒和BB′处带电荷量为−3q的绝缘棒共同产生的，
大小分别为 和E，两电场间的夹角为120°，由矢量合成的知识可知O点处电场强度大小为 ，
B正确；
C．同理可知，若将DD′处绝缘棒所带电荷量变为2q，O点处电场强度大小为 ，C错误；D．若将AD处绝缘棒所带电荷量变为2q，则O点处电场可视为由AD处带电荷量为+q的绝缘棒和BB′
处带电荷量为−3q的绝缘棒共同产生的，大小分别为 和E，两电场间的夹角为60°，由矢量合成的知
识可知O点处电场强度大小为 ，D错误。
故选B。
4．测糖仪的原理是溶液的折射率与含糖率成正比，通过测量溶液相对标准透明介质的折射率，即可得到
待测溶液的含糖率。如图所示为某种测糖仪内部核心结构的原理图，截面为半圆形的透明容器中装有
待测溶液，容器右侧有一截面为长方形的标准透明介质，介质右侧面贴有一屏幕，可用来记录光线出
射的位置。一束光沿半径方向射向半圆形圆心，射出后分为 、 两束光，光路图如图所示，其中
，忽略容器壁的厚度，下列说法正确的是（ ）
A． 、 光在溶液中的传播速度比在透明介质中的小
B．若稍微提高溶液的含糖率，光线打在屏幕上的位置均将向下移动
C．若逐渐提高溶液的含糖率， 光先不能射出容器
D．稍水平向左移动透明介质，光线打在屏幕上的位置均将向下移动
【答案】B
【详解】A． ，由光的折射定律结合光路图可知，溶液的折射率小于透明介质的折射率，由可知，光线在溶液中的传播速度比在透明介质中的大，A错误；
B．稍微提高溶液的含糖率，溶液的折射率增大，光线从溶液射出时，折射角增大，故打在屏幕上的位
置向下移动，B正确；
C．由图可知，溶液对 光的折射率小于溶液对 光的折射率，由 可知，逐渐提高溶液的含
糖率， 光先达到全反射的临界角，即 光先不能射出容器，C错误；
D．稍微水平向左移动透明介质，由几何关系可知光线打在屏幕上的位置均将向上移动，D错误。
故选B。
5．变压器被誉为“电魔术师”，在生产和生活中有着重要的作用。从家里的电视机、电风扇，到大街上
的路灯、广告牌，都有变压器的身影。如图所示是实验小组研究的一种家用台灯的原理图，理想自耦
变压器的 、 间接入 的交变电流，交流电流表均为理想电表。下列说法
正确的是（ ）
A． 的滑片不动，滑片 位于线圈中点时，电流表 与 示数之比为2：1
B． 的滑片不动，滑片 上移时灯泡变亮，两电流表示数均变大
C．滑片 不动， 的滑片右移时，电流表 示数不变，电流表 示数变小
D．滑片 不动， 的滑片右移时，灯泡变暗，灯泡消耗的电功率变大
【答案】B
【详解】A．根据题意， 的滑片不动，滑片 位于线圈中点时，原、副线圈匝数比为根据理想变压器的电流与匝数比关系有
可知电流表 与 示数之比为 ，故A错误；
B． 的滑片不动，滑片 上移时，副线圈两端电压变大，副线圈的总电阻不变，则电流表 示数变
大，灯泡变亮，总功率增大，输入电压不变，则电流表 示数变大，故B正确；
CD．滑片 不动， 的滑片右移时，接入电路的电阻变大，副线圈两端电压不变，电流表 示数变
小，电流表 示数变小，灯泡变暗，灯泡消耗的电功率变小，故CD错误。
故选B。
6．如图所示，竖直固定在水平桌面上的导热良好的汽缸粗细均匀，内壁光滑，上端开口，下端封闭。一
轻质活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，汽缸底部与活塞用轻质细弹簧相连。现往活塞上表面
缓慢添加一定质量的沙子，汽缸内气体温度始终不变，弹簧始终处于伸长状态且在弹性限度内。关于
汽缸内的气体，下列说法正确的是（ ）
A．气体的压强增大
B．气体的压强不变
C．弹簧的弹性势能增大
D．气体从外界吸收热量
【答案】A
【详解】AB．对汽缸内密封的气体，根据玻意耳定律有
pV=pV
1 1 2 2气体的体积减小，压强增大，故A正确，B错误；
C．弹簧的伸长量减小，弹性势能减小，故C错误；
D．外界对气体做正功 ，理想气体内能由温度决定，温度始终不变，气体的内能不变 ，
根据热力学第一定律 可知，气体放出热量，故D错误。
故选A。
7．如图所示，已知匀强电场方向向下，边界为矩形ABGH，匀强磁场方向垂直纸面向里，边界为矩形
BCDG，GD长为L，磁感应强度为B。电量为q，质量为m的粒子，从AH中点以垂直电场的速度
（未知量）进入电场，然后从边界BG进入磁场，轨迹恰好和磁场另外三个边界相切，运动 个圆周
后返回电场。不计粒子的重力，下列说法正确的是（ ）
A．粒子一定带正电
B．AB长为2L
C．
D．若电场强度减弱，粒子在磁场中运动时间将变长
【答案】B
【详解】A．由题意可知，若粒子带正电，运动轨迹如图所示，若粒子带负电，由对称性，粒子在电场
中向上偏转，磁场中运动的圆轨迹与正粒子圆轨迹相重合，故不论带何种电荷，都符合题意，A错误；B．如图所示，取正粒子运动轨迹，轨迹恰好和磁场另外三个边界相切，运动 个圆周后返回电场,所
以圆弧对应的圆心角为 ，可知图中设定的 ，设粒子在磁场中运动轨道半径为r,由几
何关系
设P点速度为 ,根据速度的分解可得
，
粒子在电场中做类平抛运动，设粒子在电场中运动时间为 ，则有
，
由几何关系
联立解得
B正确；
C．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦磁力提供向心力，可得代入数据解得
C错误；
D．若电场强度减弱，粒子进入磁场的偏转角减小，粒子在磁场中运动的轨道半径减小，圆轨道对应的
圆心角变小，所以在磁场中运动时间将变短，D错误。
故选B。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多
项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．用a、b、c三束光照射图甲中的实验装置，移动滑片P，电流表示数随电压表示数变化的关系如乙图所
示。则（ ）
A．若P在O点的左侧，三种光照射时电流表均有示数
B．若P在O点的右侧同一位置，a光照射时电流表示数一定最大
C．用同一装置做双缝干涉实验，b光产生的条纹间距最小
D．a、b两束光的光子动量之比为
【答案】BC
【详解】A．若P在O点的左侧，光电管加的是反向电压，三种光照射时电流表不一定有示数，故A
错误；
D．根据利用图像遏止电压的值可知
而光子动量
联立得
故D错误；
C．由于
则波长
根据
b光产生的条纹间距最小，故C正确；
B．若P在O点的右侧同一位置，光电管加的是正向电压，由图乙知
U>0
时，a光照射时电流表示数一定最大，故B正确。
故选BC。
9．如图所示，一根轻质弹簧一端固定于光滑竖直杆上，另一端与质量为m的滑块P连接，P穿在杆上，一
根轻绳跨过定滑轮将滑块P和重物Q连接起来，重物Q的质量M = 6m，把滑块从图中A点由静止释放
后沿竖直杆上下运动，当它经过A、B两点时弹簧对滑块的弹力大小相等，已知OA与水平面的夹角θ
= 53°，OB长为L，与AB垂直，不计滑轮的摩擦力，重力加速度为g，sin53° = 0.8，cos53° = 0.6，滑块
P从A到B的过程中，下列说法正确的是（ ）A．对于滑块Q，其重力的功率一直减小
B．P与Q的机械能之和先增加后减小
C．轻绳对滑块P做功为4mgL
D．滑块P运动到位置B处速度达到最大，且大小为
【答案】BC
【详解】A．释放重物Q后，Q向下运动，P向上运动，根据速度关联可知，P沿绳方向的速度分量等
于Q运动的速度，当P运动到B点时，Q的速度为零，所以P从A点运动至B点的过程中，重物Q的
速度先增加后减小，根据
可知，重物Q的重力的功率先增加后减小，故A错误；
B．对于P、Q系统，竖直杆不做功，系统的机械能变化只与弹簧对P的做功有关，由题知，P经过A、
B两点时弹簧弹力大小相等，则P在A处时弹簧被压缩，P在B处时弹簧被拉伸，压缩量等于伸长量，
故P从A到B的过程中，弹簧对P先做正功，后做负功，所以P、Q系统的机械能先增加后减小，故B
正确；
C．设P从A到B过程中，轻绳拉力对Q做功为W，P到达B点时Q的速度为0，对Q，根据动能定理
得
解得
则轻绳对P做功为故C正确；
D．由于滑块P在A、B两点处弹簧的弹力大小相等，所以滑块P在A点时受到弹簧向上的弹力，运动
至B点时受到弹簧向下的弹力，对P受力分析可知，滑块P运动到B点时所受合力竖直向下，则加速
度竖直向下，所以滑块P从A到B过程中，开始时加速最后减速，即在A、B间某位置速度最大，故D
错误。
故选BC。
10．如图所示匀强电场 的区域内，在 点处放置一点电荷 。 、 、 、 、 、 为以 为球
心的球面上的点， 平面与电场方向平行， 平面与电场方向垂直，则下列说法中正确的是
（ ）
A． 、 两点的电场强度相同
B． 点的电势等于 点的电势
C．点电荷 在球面上任意两点之间移动时，电场力不一定做功
D．将点电荷 在球面上任意两点之间移动，从 点移动到 点电势能的变化量一定最大
【答案】CD
【详解】A．点电荷 在 点产生的电场方向为竖直向上，在 点产生的电场方向为竖直向下，匀
强电场方向水平向右，根据平行四边形定则可知，b点的合电场强度斜向右上方，d点的合电场强度
斜向右下方，两点电场强度大小相等，方向不同，电场强度不同，故A错误；B．将一个正试探电荷由 点移动到 点，点电荷电场力不做功，匀强电场的电场力做正功，故合电
场力做正功，电势能减小，电势降低，两点电势不相等，故B错误；
C．当点电荷 沿着球面从 移动到 时，匀强电场的电场力不做功，点电荷电场力也不做功，故
合电场力不做功；当电荷 沿着球面从 移动到 时，匀强电场的电场力做功，点电荷电场力不做
功，故合电场力做功，因此在球面上任意两点之间移动时，电场力不一定做功，故C正确；
D．将点电荷 在球面上任意两点之间移动，点电荷电场力不做功，从 点移动到 点，匀强电场
的电场力做功最大，因此电势能的变化量最大，故D正确。
故选CD。
三、非选择题：本题共5小题，共54分。
11．（8分）某小组探究小球做平抛运动的规律。
步骤一：探究平抛运动竖直分运动的特点
在如图甲所示实验中，用小锤击打弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被释放，自由下落。
（1）请预测可能观察到的实验现象是： 。
（2）分别改变小球距地面的高度和小锤击打的力度，多次重复实验，发现实验现象类似。上述实验
表明，平抛运动在竖直方向分运动为： 。
步骤二：探究平抛运动水平分运动的特点
让小球从如图乙装置上由静止释放，用手机录像功能拍摄小球做平抛运动的过程。录像每秒30帧，
即每相邻两帧的时间间隔为 。现采用逐帧分析的办法，拼叠各帧画面，还原小球平抛运动轨迹如图丙。标记1、2、3分别为小球运动轨迹上相邻三帧的位置，坐标分别用 、 表示，以下角标作
为区分。
（1）标记1、3两处的时间间隔为： 。
（2）O为抛出点，且 。若要证明水平分运动为匀速直线运动，则需证明比例式：
成立。
【答案】 在误差允许的范围内两球同时落地或听到同时落地的撞击声 自由落体运动
【详解】步骤一（1）[1]根据平抛运动规律可知，可观察到的现象是：在误差允许的范围内两球同时
落地或者听到同时落地的撞击声；
（2）[2]实验表明平抛运动在竖直方向分运动为自由落体运动；
步骤二（1）[3]由于每相邻两帧的时间间隔为 ，则标记1、3两处的时间间隔为
（2）[4]O为抛出点，且 ，根据匀变速直线运动规律可知时间之比为 ，
若水平方向为匀速直线运动，则根据水平方向匀速直线运动规律
可知
12．（8分）现测量电源的电动势E（约为3V）和内阻r。可以选用的器材有：滑动变阻器R（最大阻值为
15Ω），定值电阻 （阻值4Ω），电压表V（量程0~3V，内阻很大），电流表 （量程0~0.6A）
和 （量程0~3A），开关S，导线若干等。电路原理图如图1所示。(1)将图2中的实物图连接完整 ，其中电流表应选择 。（填“ ”或“
”）
(2)实验中将滑动变阻器滑片置于两个不同位置时，电压表和电流表的示数分别为 ，
则电源电动势 ，内阻 （用 和 表示）
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）[1]根据电路图可得实物连接图如图所示[2]电路中的最大电流
为了减小误差，电流选择量程为0~0.6A的 。
（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有
联立可得
13．（10分）在平面直角坐标系中 轴上有一振源，产生的简谐波沿 轴传播， 、 是 轴上的两个
质点，从质点 第一次达到波峰开始计时， 、 两质点的振动图像分别如图甲、乙所示，已知 、
平衡位置间距离为 且 在 的右侧， 的横坐标为 ，该简谐波的波长 大于
时波源位于平衡位置，波源起振方向竖直向上。(1)求该简谐波的波速；
(2)若波源在质点 的左侧，求 内，平衡位置在 处的质点 通过的路程。
【答案】(1) 或
(2) 或
【详解】（1）由振动图像可知，该简谐波的周期为 ；由于 、 两质点间的距离小于波长。
①当波源在 的左侧时， 时刻 、 间的波动图像如图1所示
可知该情况下波的波长为
波速为
②当波源在 的右侧时， 时刻 、 间的波动图像如图2所示可知此情况该波的波长为
波速为
③当波源在 、 之间时， 时刻 、 间的波动图像如图3所示
可知此情况该波的波长为
波速为
（2）当波源在 的左侧时， 时刻该波恰传播到 处，则该波从 传播到 点所用时间为可知 时刻到 时刻质点 振动了 ，经过的路程为
当波源在 、 之间时， 时刻波恰传播到 处则该波从 传播到 所用时间为
可知 时刻到 时刻质点 振动了 ，经过的路程为
14．（13分）如图所示，在水平面上的装置由三部分构成，装置中间部分为电路控制系统，电源电动势恒
定且为 ，内阻不计，两个开关 、 初始状态都断开。装置左右两侧均为足够长且不计电阻的光
滑金属导轨，导轨 宽度为 ， 宽度为 ，导轨 和 之间存在匀强磁场，磁感应强
度分别为 和 ，磁场方向如图所示。将质量均为 的金属杆 ， 分别如图轻放在水平轨道
上，两杆接入电路中的电阻相等，不计金属杆与导轨的摩擦。
(1)接通 ，求 杆的最大速度；
(2)当 杆做匀速运动后，断开 同时闭合 ，当两杆再次匀速运动时，求 杆产生的焦耳热。
【答案】(1)(2)
【详解】（1）S 接通，ab中有a→b的电流，ab受水平向右的安培力 ab向右做加速运动，ab切割磁
1
感线产生一个感应电动势,与电源相抵消。当ab产生的感应电动势与电源电动势完全相消时，ab棒不
受安培力，ab将做匀速运动，速度为v ，此时产生的感应电动势为
m
解得
（2）断开S，接通S，ab向右运动切割磁感线产生感应电流，由b→a，电流再流经cd棒，方向由c
1 2
到d。由左手是则可知，ab棒受水平向左的安培力，做减速运动； cd棒受水平向右的安培力，向右
做加速运动，ab、cd.产生互相抵消的电动势，当完全抵消时，电路中无电流 。ab、cd做匀速运动速
度分别为v、v，则
1 2
可得
v=v
1 2
ab、cd中电流相等。ab、cd的安培力分别为
F=2BIL
1
F=B×2LI=2BIL
2
安培力大小相等、方向相反，ab、cd满足动量守恒，有
联立解得
电路中的总热量为
因为ab、cd的阻值相等，所以cd杆产生的焦耳热为15．（15分）人们越来越深刻地认识到冰山对环境的重要性，冰山的移动将给野生动物带来一定影响。为
研究冰山移动过程中表面物体的滑动，小星找来一个足够长的水槽，将质量为 长为L的车厢放在
水槽中模拟冰山，车厢内有一个质量为 、体积可以忽略的滑块。车厢的上下表面均光滑，
车厢与滑块的碰撞均为弹性碰撞且忽略碰撞的时间。开始时水槽内未装水，滑块与车厢左侧的距离为
。在车厢上作用一个大小为 ，方向水平向右的恒力，当车厢即将与滑块发生第一次碰撞时撤去
水平恒力。
(1)求车厢即将与滑块发生第一次碰撞时车厢的速度 的大小；
(2)求从车厢与滑块发生第一次碰撞到发生第二次碰撞的过程中，车厢的位移 ；
(3)若在水槽中装入一定深度的水，车厢在水槽中不会浮起。开始时滑块与车厢左侧的距离为 ，由于
外界碰撞，车厢在极短时间内速度变为 ，方向水平向右。车厢移动过程中受到水的阻力大小与速率
的关系为 （ 为已知常数），除第一次碰撞以外，以后车厢与滑块之间每次碰撞前车厢均已
停止。求全程车厢通过的总路程 。
【答案】(1)
(2)
(3)【详解】（1）对车厢，由动能定理可得
解得
（2）车厢与滑块的碰撞为弹性碰撞，设第一次碰撞后车厢和滑块的速度分别为v 和v ，由机械能守
M m
恒定律
根据动量守恒定律
解得
第一次碰撞到第二次碰撞之间，车厢与滑块的位移分别为x ，x ，则有
M m
位移关系为
联立解得
（3）每一次碰撞后车厢的运动过程中，由动量定理即
累加后得
第一次碰撞前，车厢的路程为d，所以
碰撞前车厢的速度
设第n次碰撞后，车厢的速度为v，滑块的速度为 ，第n次碰撞至停下，车厢的路程为s。第一次
n n
碰撞，由机械能守恒定律
动量守恒定律
解得
第一次碰撞后，对车厢
解得第二次碰撞，由机械能守恒定律
根据动量守恒定律
解得
所以第二次碰撞后车厢的路程
此后的每次碰撞前滑块的速度大小都变为前一次的 倍，车厢均静止。
所以第三次碰撞后车厢的路程
第四次碰推后车厢的路程
第n次碰撞后车厢的路程
根据等比数列求和公式求得车厢在第二次及以后的路程之和所以
