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2023年四川省达州市中考物理试卷
第Ⅰ卷选择题一、选择题（本题共12个小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，
只有一项符合题目要求）
1．（3分）物理学是认识世界、改变世界的科学，它推动着人类社会的不断进步和发展。
历史上许多重大科学发现源于科学家的不懈探索，下列关于科学家与其重要发现对应正
确的是（ ）
A．焦耳——电流的磁效应
B．奥斯特——电流的热效应
C．法拉第——电磁感应现象
D．阿基米德——流体压强与流速的关系
2．（3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A．如图甲所示，在汽车排气管上安装消音器，是为了在传播过程中减弱噪声
B．如图乙所示，a、b两个音叉的波形图不同，但音调相同
C．如图丙所示，噪声监测仪既可以监测噪声的强弱，又可以防止噪声的产生
D．如图丁所示，渔民通过声呐捕鱼，利用了声音可以传递信息的特性
3．（3分）光的世界精彩纷呈，绚丽多彩，下列有关光学知识的描述中正确的是（ ）
A．光在同种介质中沿直线传播
B．光的三原色是红、黄、蓝
C．张志和在《玄贞子》中记载“背日喷乎水，成虹霓之水”是光的色散
D．莲花湖湿地公园岸边的美景在湖水中的倒影是实像
4．（3分）热现象与我们的生活息息相关，下面是某同学学习了热学知识后归纳总结的四
个结论，其中正确的是（ ）
A．物体发生物态变化时，内能一定变化，温度也一定变化
B．做功和热传递都可以使同一物体升高相同的温度
C．烧开水时，壶嘴冒出的“白气”是汽化现象D．1千克某种燃料燃烧放出的热量越少，其热值一定越小
5．（3分）下列关于力与运动的现象，说法正确的是（ ）
A．如图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于受到了惯性的作用
B．如图乙所示，足球在运动过程中，如果一切外力消失，足球将做匀速直线运动
C．如图丙所示，跳水运动员起跳时，使跳板弯曲的力是跳板发生形变产生的
D．如图丁所示，跳远运动员起跳后，在空中的运动状态没有发生改变
6．（3分）如图所示，甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的边长之比 L甲 ：
L乙 ＝1：2，质量之比m甲 ：m乙 ＝2：3，甲、乙的密度分别为 甲 、 乙 ，甲、乙对地面
的压强分别为p甲 、p乙 ，下列计算正确的是（ ） ρ ρ
A．
甲
：
乙
＝8：3 B．
甲
：
乙
＝3：4
C．pρ甲 ：pρ乙 ＝2：3 D．ρp甲 ：ρp乙 ＝8：3
7．（3分）搬运工人为了将笨重的物体装进汽车车厢，常使用如图所示的装置把物体从斜
面底端匀速推上顶端，已知斜面长5m，高2m，物体重1000N，沿斜面向上的推力为
500N，则下列判定不正确的是（ ）
A．物体在斜面上运动的过程中受3个力的作用，合力为0
B．推力所做的功是2500J
C．斜面的机械效率为80%
D．物体受到斜面的摩擦力为100N
8．（3分）如图所示，A、B两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同
一水平地面上，分别用水平方向的拉力F甲 和F乙 使AB一起向右运动，甲运动的s﹣t图象和乙运动的v﹣t图象分别如图丙、丁所示，已知F甲 ＝10N，下列说法正确的是（
）
A．F甲 ＜F乙
B．甲、乙两图中AB之间的摩擦力均为10N
C．拉力F甲 与拉力F乙 的功率相等
D．甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等
9．（3分）家里浴室装有排气扇和照明灯，在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时
工作，下列图中符合上述要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
10．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关 S，灯泡L 、L 都发光。一段时间后，
1 2
由于某个灯泡发生故障，使两灯都熄灭，且电流表示数为零，电压表示数变大，则下列
说法正确的是（ ）A．灯泡L 和L 发光时，两灯并联
1 2
B．灯泡熄灭是由于灯L 断路造成的
2
C．灯泡熄灭是由于灯L 断路造成的
1
D．灯泡熄灭是由于灯L 短路造成的
2
11．（3分）如图所示，灯泡规格为“5V 2.5W”（灯丝电阻不随温度变化），滑动变阻
器规格为“50 1A”，电流表所选量程为“0～0.6A”，电压表所选量程为“0～
3V”，电源电压Ω恒为9V，闭合开关，在保证电路中各元件安全的情况下，下列表述正
确的是（ ）
A．该电路消耗的最大功率为4.5W
B．滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为8 ～50
C．通过移动滑动变阻器的滑片可以使小灯泡Ω正常发Ω光
D．滑动变阻器两端的电压变化范围为6V～7.5V
12．（3分）如图所示，电源电压恒定，R 、R 是定值电阻，A、B是滑动变阻器R的两个
1 2
端点，当S、S 、S 都闭合，滑片P位于A端时，电路消耗的总功率为3W；只闭合S、
1 2
S ，滑片P位于AB的中点时，电压表示数为4V，电流表示数为I ，滑动变阻器消耗的
1 1
功率为P ；只闭合S、S ，滑片P位于B端时，电压表示数为2V，电流表示数为I ，滑
1 2 2
动变阻器消耗的功率为P 。已知P ：P ＝1：2（各元器件均在安全工作范围），下列计
2 1 2
算结果正确的是（ ）
A．电流表示数I 、I 之比为2：1
1 2B．电路消耗的最小功率为0.5W
C．定值电阻R 的阻值为36
2
D．滑动变阻器R的最大阻值Ω为18
第Ⅱ卷非选择题（物理部分54分）二Ω、填空题（本题共9小题，每空1分，共23分）
13．（2分）长度测量是最基本的测量，如图是某同学使用刻度尺测量某一物体长度的情
景，则该刻度尺的分度值是 mm，被测物体的长度是 cm。
14．（3分）如图所示是热管的工作原理图，当热管的热端受热时，吸液芯里的液体吸收
热量变成蒸气，这一过程叫 （填物态变化的名称），蒸气在管子里跑到冷端
（选填“吸收”或“放出”）热量变成液态，液体通过吸液芯又回到热端。这一过程循
环进行，不断地将热量从热端带到冷端。若50g的该液体吸收2400J的热量后，温度升
高了40℃，则该液体的比热容为 J/（kg•℃）。
15．（3分）近年来全球气候变暖，森林防火人人有责。某学校开展了“森林防火”主题
班会活动，其中有同学提到不能将矿泉水瓶随意丢弃在森林，这是因为有水的矿泉水瓶
相当于一个 透镜（选填“凸”或“凹”），对太阳光有 作用，从而
点燃枯叶引发火灾；太阳能属于 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
16．（2分）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体 B恰好匀速下降，已知 A重
30N，B重5N，则A所受地面的摩擦力为 N；若对A施加一个水平向左的拉
力F，刚好使A匀速向左运动，则拉力F＝ N。（不计绳重、滑轮重及绳子与
滑轮间的摩擦）17．（2分）如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个质量相等，底面积不等的容器（S甲 ＞
S乙 ），将质量相等的水分别倒入其中，水均不溢出，容器对桌面的压强分别为p甲 、p
乙 ，水对容器底部的压力分别为F甲 、F乙 ，则p甲 p乙 ，F甲 F乙 。（两空
均选填“＞”、“＜”或“＝”）
18．（3分）如图所示，电源电压为3V，闭合开关S后，电流表A的示数为0.54A，电流
表A 的示数为0.2A，则通过小灯泡L 的电流为 A，通过小灯泡L 的电流
1 1 2
为 A，电压表V的示数为 V。
19．（3分）小明家的电能表面板如图所示，图中电能表的示数为 kW•h，
他家同时使用的用电器总功率不能超过 W，家里新添置一台空调并接入该
电能表中，让其单独工作5min，电能表的指示灯闪烁了320次，则该空调的实际电功率
为 W。
20．（3分）如图甲所示，电源电压恒为6V，闭合开关，当滑动变阻器滑片位于最右端时，
电流表A的读数为0.1A。当滑片位于中点时，电流表A的读数为0.16A；则定值电阻R 的阻值为 ，滑动变阻器R的最大阻值为 ；如果用某小灯泡
0
替换滑动变阻器接入该电Ω路，已知该小灯泡的U﹣I图象如图乙所示Ω，再次闭合开关后，
此时电路消耗的功率为 W。
21．（2分）某校科技小组设计了如图所示的装置来探究浮力和机械效率的相关问题，B
是放置在水平桌面上的盛水玻璃杯，总重力为30N，与桌面的接触面积为25cm2，A物
体重力为50N，体积为1.25×10﹣3m3，当物体A浸没在水中匀速上升时，该装置的机械
效率为75%，则物体完全拉出水面后（物体不吸水、不沾水），B容器对水平桌面的压
强变化了 Pa，该装置的机械效率变为 。（不计绳重、摩擦和
水的阻力，g取10N/kg，
水
＝1×103kg/m3）
ρ
三、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
22．（3分）如图所示，一小球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯放置在斜面上，各物体均处
于静止状态，请作出小球的受力示意图和烧杯对斜面压力的示意图（小球的重心已标
出）。
23．（3分）如图所示，请在括号内标出通电螺线管左端的磁极、小磁针右端的磁极以及
导线上A点的电流方向。（磁极均用“N”或“S”表示）四、创新设计与实验探究题（本题共2小题，连线1分，其余每空1分，共13分）
24．（6分）在学习了密度、浮力、杠杆的相关知识后，小丽同学根据杠杆的平衡条件测
出了一个物块的密度，请帮她将下列步骤补充完整。（g＝10N/kg，
水
＝
1.0×103kg/m3） ρ
（1）相邻两刻度间距离相等的轻质杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆
（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母
向 （选填“左”或“右”）调节。
（2）调节杠杆水平平衡后，用细线将物块挂于杠杆左侧，将 3个钩码挂于右侧，杠杆
仍处于水平平衡，如图乙所示，每个钩码质量100g，则物块质量为 g。
（3）将该物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，
如图丙所示，则物块在水中所受浮力为 N。
（4）物块的密度是 kg/m3。
（5）在探究杠杆平衡条件的实验中，多次改变钩码的位置和个数，收集多组数据的目
的是 （选填字母）。
A.避免实验的偶然性，便于得到普遍规律
B.取平均值，减小误差
25．（7分）小明学习了电功率的知识后，在家中找来了一个标有额定电压为“6V”的小
灯泡，为了测定该小灯泡的额定功率，他在学校的实验室找到了相关器材，并进行了如
下实验，已知电源电压恒为8V。（1）请用笔画线代替导线，帮他连接好实物图。要求闭合开关后，滑片向右移，灯泡
变亮。
（2）小明在实际操作中发现灯泡很暗，电流表和电压表示数均很小，无论怎样移动滑
片，电表的示数几乎不变，你认为出现此现象的原因是 （选填字母）。
A.滑动变阻器同时接入了下方的两个接线柱
B.灯泡的电阻太小
C.滑动变阻器的最大阻值太小
（3）排除故障后，闭合开关，发现电压表的示数如图乙所示，接下来他应该将滑动变
阻器的滑片向 移动，同时眼睛注意观察 （选填“电流表”、“电
压表”或“灯泡”），直到灯泡正常发光。
（4）经过多次测量，小明绘制了小灯泡的I﹣U图象，如图丙所示，则该小灯泡的额定
功率为 W。
（5）若该实验中电压表标有15V的接线柱损坏了无法使用，于是他向老师请教，老师
告诉他用该电压表仍能测量该灯泡的额定功率，你认为老师的方案可能是 （选
填字母）。
A.只将电源电压减小
B.只更换一个其他规格的滑动变阻器
C.将该电压表并联到滑动变阻器的两端
（6）小明还想用该灯泡和电压表测量一个未知电阻R 的阻值，于是他设计了如图丁所
x示的电路图，操作步骤如下：
①闭合开关S、S ，断开S ，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3V；
1 2
②保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合S、S ，断开S ，电压表示数为4.5V；则R
2 1 x
＝ 。
五、综合运用Ω与计算题（本题共2小题，每小题6分，共12分，解答时要求有必要的文字
说明、公式和计算过程，只写结果不得分）
26．（6分）如图所示，电源电压不变，只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 在
3
10s内消耗电能80J；只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最右端时，电流表A 读数为
1 1
1A；只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最左端时，电流表A 读数为3A。已知滑动变
2 2
阻器的最大阻值是R 的4倍，求：
3
（1）只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 的电功率。
3
（2）定值电阻R 与R 的比值。
1 3
（3）电路消耗的最小电功率。
27．（6分）A、B两个圆柱形容器按如图所示的方式放置在水平地面上，容器的厚度忽略
不计，A容器自重300N，底面积为0.6m2，装有深度为20cm的水，B容器底面积为
0.8m2。（g取10N/kg，
水
＝1×103kg/m3）
（1）求A容器中水的重ρ力。
（2）从A容器中抽出质量为m的水倒入B容器，A容器对B容器底部刚好无压力，求
m的值。
（3）在（2）小题的基础上，向B容器另外加入80kg水（水不溢出），当A容器静止
时，求B容器中的水对A容器所做的功。2023年四川省达州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
第Ⅰ卷选择题一、选择题（本题共12个小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，
只有一项符合题目要求）
1．（3分）物理学是认识世界、改变世界的科学，它推动着人类社会的不断进步和发展。
历史上许多重大科学发现源于科学家的不懈探索，下列关于科学家与其重要发现对应正
确的是（ ）
A．焦耳——电流的磁效应
B．奥斯特——电流的热效应
C．法拉第——电磁感应现象
D．阿基米德——流体压强与流速的关系
【分析】根据对物理规律及科学家主要贡献的掌握分析答题。
【解答】解：A、焦耳发现电流的热效应，故A错误；
B、奥斯特发现电流的磁效应，故B错误；
C、在奥斯特发现电生磁现象的基础上，法拉第发现了磁生电——电磁感应现象，故C
正确；
D、伯努利发现了流体压强与流速的关系，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了物理常识，属于基础知识。
2．（3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A．如图甲所示，在汽车排气管上安装消音器，是为了在传播过程中减弱噪声
B．如图乙所示，a、b两个音叉的波形图不同，但音调相同
C．如图丙所示，噪声监测仪既可以监测噪声的强弱，又可以防止噪声的产生
D．如图丁所示，渔民通过声呐捕鱼，利用了声音可以传递信息的特性
【分析】（1）减弱噪声的途径有三个：在声源处，在传播过程中，在人耳处；（2）音调的影响因素是频率，响度的影响因素是振幅，音色的影响因素是发声体的材
料和结构；
（3）噪声监测仪是用来检测环境噪声的仪器；
（4）声音可以传递信息，声音可以传递能量。
【解答】解：A．汽车排气管上安装消音器，属于在声源处减弱噪声，故A错误；
B．图乙中，由两列音叉的波形图可以看出，a音叉的振动频率大于b的振动频率，说明
两个音叉发声时音调不同，故B错误；
C．噪声监测仪只能监测噪声的强弱，不能防止噪声的产生，故C错误；
D．渔民通过声呐捕鱼，利用了声音可以传递信息，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了减弱噪声的途径、响度与音调的区分、声音的利用等知识，要结合
相关知识进行分析解答。
3．（3分）光的世界精彩纷呈，绚丽多彩，下列有关光学知识的描述中正确的是（ ）
A．光在同种介质中沿直线传播
B．光的三原色是红、黄、蓝
C．张志和在《玄贞子》中记载“背日喷乎水，成虹霓之水”是光的色散
D．莲花湖湿地公园岸边的美景在湖水中的倒影是实像
【分析】（1）光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）光的三原色是红、绿、蓝；
（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、
靛、紫，这就是光的色散现象；
（4）平面镜成像是由光的反射形成的。
【解答】解：
A、光在同种均匀介质中沿直线传播，故A错误；
B、光的三原色是红、绿、蓝，故B错误；
C、雨后空中有大量的小水滴，太阳光照在这些小水滴上，被分解为绚丽的七色光，这
就是光的色散现象，故C正确；
D、莲花湖湿地公园岸边的美景在湖水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的
虚像，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了光的色散、光的三原色、光的直线传播和光的反射现象，属于基础题。
4．（3分）热现象与我们的生活息息相关，下面是某同学学习了热学知识后归纳总结的四
个结论，其中正确的是（ ）
A．物体发生物态变化时，内能一定变化，温度也一定变化
B．做功和热传递都可以使同一物体升高相同的温度
C．烧开水时，壶嘴冒出的“白气”是汽化现象
D．1千克某种燃料燃烧放出的热量越少，其热值一定越小
【分析】（1）晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增加；
（2）做功和热传递都可以使物体的内能增加；
（3）物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；
（4）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；热值是燃料的一种特性，
它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
【解答】解：A、物质吸热发生物态变化时，有时温度不变，但内能一定增加，如晶体
熔化，故A错误；
B、做功和热传递都可以使物体的内能增加，做功和热传递也可以使同一物体升高相同
的温度，故B正确；
C、烧开水时壶嘴冒出的“白气”是由水蒸气液化而形成的小水滴，是液化现象，故C
错误；
D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无
关，1千克某种燃料燃烧放出的热量越少，可能是未完全燃烧，其热值未必小，故D错
误。
故选：B。
【点评】本题考查内能、热量、和温度的关系、晶体熔化以及改变内能的方式、液化现
象、热值等内容。
5．（3分）下列关于力与运动的现象，说法正确的是（ ）
A．如图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于受到了惯性的作用
B．如图乙所示，足球在运动过程中，如果一切外力消失，足球将做匀速直线运动C．如图丙所示，跳水运动员起跳时，使跳板弯曲的力是跳板发生形变产生的
D．如图丁所示，跳远运动员起跳后，在空中的运动状态没有发生改变
【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）明确力消失一瞬间足球的运动状态，再根据牛顿第一定律进行判断；
（3）物体发生形变产生的弹力作用在其他物体上；
（4）运动状态包括运动方向和速度大小，有一个改变，运动状态改变。
【解答】解：A．如图甲所示，纸飞机离手后，还会继续飞行是由于具有，惯性不是力，
不能说受到了惯性的作用，故A错误；
B．如图乙所示，足球在运动过程中有一定的速度，如果一切外力消失，足球将保持
原来的速度做匀速直线运动，故B正确；
C．如图丙所示，跳水运动员起跳时，使跳板弯曲的力是人对跳板的压力，是人的脚发
生形变产生的，跳板发生形变产生的弹力作用在人上，故C错误；
D．如图丁所示，跳远运动员起跳后，在空中做曲线运动，运动方向改变，运动状态发
生改变，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查惯性、牛顿第一定律、弹力和运动状态，属于综合题，有一定的难度。
6．（3分）如图所示，甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的边长之比 L甲 ：
L乙 ＝1：2，质量之比m甲 ：m乙 ＝2：3，甲、乙的密度分别为 甲 、 乙 ，甲、乙对地面
的压强分别为p甲 、p乙 ，下列计算正确的是（ ） ρ ρ
A．
甲
：
乙
＝8：3 B．
甲
：
乙
＝3：4
C．pρ甲 ：pρ乙 ＝2：3 D．ρp甲 ：ρp乙 ＝8：3
【分析】（1）已知它们的边长之比，计算出它们的体积之比，再根据密度公式计算出
密度之比；
（2）根据F＝G＝mg可知它们对地面的压力之比；根据面积公式得出甲、乙的底面积
之比，根据p＝ 得出甲、乙对地面的压强之比。
【解答】解：AB、甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的体积之比为：＝ ，
密度之比为： ，故AB错误；
CD、根据F＝G＝mg可知它们对地面的压力之比 ；
甲、乙的底面积之比 ；
甲、乙对地面的压强之比 ，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了密度公式、压强公式的灵活运用，要注意p＝ 适用与一切求压强
的计算。
7．（3分）搬运工人为了将笨重的物体装进汽车车厢，常使用如图所示的装置把物体从斜
面底端匀速推上顶端，已知斜面长5m，高2m，物体重1000N，沿斜面向上的推力为
500N，则下列判定不正确的是（ ）
A．物体在斜面上运动的过程中受3个力的作用，合力为0
B．推力所做的功是2500J
C．斜面的机械效率为80%
D．物体受到斜面的摩擦力为100N
【分析】（1）根据物体运动情况分析受力；
（2）根据W总 ＝Fs得出总功；（3）根据W有 ＝Gh得出有用功，根据 ＝ 得出机械效率；
η
（4）根据W额 ＝W总 ﹣W有 得出额外功，根据f＝ 得出货物受到斜面对它的摩擦阻
力。
【解答】解：A、把物体从斜面底端匀速推上顶端，物体受到沿斜面向下的静摩擦力，
受重力、支持力、推力和摩擦力4个力作用，合力为0，故A错误；
B、总功为：W总 ＝Fs＝500N×5m＝2500J，故B正确；
C、有用功：W有 ＝Gh＝1000N×2m＝2000J；
机械效率为： ＝ ×100%＝ ×100%＝80%，故C正确；
D、额外功Wη
额
＝W总 ﹣W有 ＝2500J﹣2000J＝500J，
货物受到斜面对它的摩擦阻力f＝ ＝ ＝100N，故D正确。
故选：A。
【点评】熟练运用计算功、机械效率的公式，明确斜面能够省力的特点，是解答此题的
关键。
8．（3分）如图所示，A、B两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同
一水平地面上，分别用水平方向的拉力F甲 和F乙 使AB一起向右运动，甲运动的s﹣t图
象和乙运动的v﹣t图象分别如图丙、丁所示，已知F甲 ＝10N，下列说法正确的是（
）
A．F甲 ＜F乙
B．甲、乙两图中AB之间的摩擦力均为10NC．拉力F甲 与拉力F乙 的功率相等
D．甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等
【分析】（1）对整体受力分析，根据二力平衡条件求出拉力的大小关系、摩擦力的大
小关系；
（2）分别对A、B受力分析，得出摩擦力的大小关系；
（3）根据丙、丁得出速度的大小关系，然后根据P＝ ＝ ＝Fv得出功率的大小关系。
【解答】解：
AD、对整体受力分析，甲、乙中整体在水平方向上做匀速直线运动，则整体在水平方
向上受力平衡，受到的摩擦力等于拉力；甲、乙中整体对水平地面的压力相同，接触面
的粗糙程度相同，所以受到的摩擦力大小相同，则拉力大小相同，即F甲 ＝F乙 ，故A错
误、D正确；
B、甲图中AB一起向右做匀速直线运动，A和B之间没有发生相对滑动，也没有发生
相对滑动的趋势，所以A受到的摩擦力大小为0N；乙图中，B向右做匀速直线运动，B
受到的摩擦力等于拉力，拉力为10N，所以摩擦力为10N，由于物体间力的作用是相互
的，所以A受到的摩擦力为10N，故B错误；
C、根据图乙可知，甲中物体运动的速度为v＝ ＝ ＝3m/s；丁中物体的运动速度为
6m/s；由于两种情况下的拉力相同，根据 P＝ ＝ ＝Fv可知，拉力F甲 与拉力F乙 的
功率不相等，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了功率的大小比较、速度计算公式的应用、摩擦力的大小、二力平衡
条件的应用，属于综合题。
9．（3分）家里浴室装有排气扇和照明灯，在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时
工作，下列图中符合上述要求的电路图是（ ）
A． B．C． D．
【分析】并联电路特点：各用电器之间互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只
控制所在支路，由此根据题意分析解答。
【解答】解：由题意可知，照明灯和排气扇都能各自独立工作，说明它们的连接方式是
并联，且两支路上各有一个开关来控制灯与排气扇，干路没有开关，故A图符合要求。
故选：A。
【点评】本题考查了并联电路的特点和开关的作用，明确串并联电路的特点是关键。
10．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关 S，灯泡L 、L 都发光。一段时间后，
1 2
由于某个灯泡发生故障，使两灯都熄灭，且电流表示数为零，电压表示数变大，则下列
说法正确的是（ ）
A．灯泡L 和L 发光时，两灯并联
1 2
B．灯泡熄灭是由于灯L 断路造成的
2
C．灯泡熄灭是由于灯L 断路造成的
1
D．灯泡熄灭是由于灯L 短路造成的
2
【分析】由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电流，
电压表测量的是灯泡L 两端的电压；某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，说明电路中
1
无电流，根据电压表的示数变化判定故障的原因。
【解答】解：由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电
流，电压表测量的是灯泡L 两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，此时电压表
1
示数要小于电源电压；
某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，电流表示数为零，说明电路出现了断路现象；电压
表示数比原来还大，说明电压表与电源之间是接通的，即测量的是电源电压，所以故障
是与电压表并联的灯泡L 断路，故C正确。
1故选：C。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短
路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
11．（3分）如图所示，灯泡规格为“5V 2.5W”（灯丝电阻不随温度变化），滑动变阻
器规格为“50 1A”，电流表所选量程为“0～0.6A”，电压表所选量程为“0～
3V”，电源电压Ω恒为9V，闭合开关，在保证电路中各元件安全的情况下，下列表述正
确的是（ ）
A．该电路消耗的最大功率为4.5W
B．滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为8 ～50
C．通过移动滑动变阻器的滑片可以使小灯泡Ω正常发Ω光
D．滑动变阻器两端的电压变化范围为6V～7.5V
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测
电路中的电流。
知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的
量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用
电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P＝UI计算电路的最大电功率；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据串联电路电阻规律结
合欧姆定律计算通过电路的最小电流，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围以及
电压表的示数变化范围。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流
表测电路中的电流。
A、根据P＝UI可得，灯的额定电流：I ＝ ＝ ＝0.5A，由欧姆定律可得灯泡的
L电阻：R ＝ ＝ ＝10 ，
L
Ω
当电压表示数为3V时，电流中的电流I' ＝ ＝ ＝0.3A，因串联电路中各处的电
L
流相等，且电流表的量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流为I ＝0.3A；该电路
max
消耗的最大功率P＝UI＝9V×0.3A＝2.7W；故A错误；
BC、电压表示数最大时，电路中的总电阻：R ＝ ＝ ＝30 ，
min
Ω
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑
＝R ﹣R ＝30 ﹣10 ＝20 ，
min min L
由于电压表的量程Ω是3V，Ω小于Ω灯泡的额定电压，故灯泡不可能正常发光，
当滑动变阻器的电阻增大时，电路中的电流减小，电压表的示数减小，故可以调到最大
值；
所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是20 ～50 ，故BC错误；
D、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，Ω通过Ω电路的电流最小，此时电路中的电流：
I ＝ ＝ ＝0.15A，
min
此时滑动变阻器的电压U'＝I R ＝0.15A×50 ＝7.5V；
min max
当电压表示数最大时，滑动变阻器的电压U″＝ΩU﹣U
L
＝9V﹣3V＝6V，
滑动变阻器两端的电压变化范围为6V～7.5V，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律，属于中档题，有一定的难度。
12．（3分）如图所示，电源电压恒定，R 、R 是定值电阻，A、B是滑动变阻器R的两个
1 2
端点，当S、S 、S 都闭合，滑片P位于A端时，电路消耗的总功率为3W；只闭合S、
1 2
S ，滑片P位于AB的中点时，电压表示数为4V，电流表示数为I ，滑动变阻器消耗的
1 1
功率为P ；只闭合S、S ，滑片P位于B端时，电压表示数为2V，电流表示数为I ，滑
1 2 2
动变阻器消耗的功率为P 。已知P ：P ＝1：2（各元器件均在安全工作范围），下列计
2 1 2
算结果正确的是（ ）A．电流表示数I 、I 之比为2：1
1 2
B．电路消耗的最小功率为0.5W
C．定值电阻R 的阻值为36
2
D．滑动变阻器R的最大阻值Ω为18
【分析】（1）设电源电压为U，当ΩS、S
1
、S
2
都闭合，滑片P位于A端时，R
1
、R
2
并联，
只闭合S、S ，滑片P位于AB的中点时，R、R 串联，滑动变阻器连入电路的阻值为：
1 1
R中 ＝ R，
只闭合S、S ，滑片P位于B端时，R、R 串联，滑动变阻器的阻值全部连入电路，
2 2
根据P＝I2R得出滑动变阻器消耗的功率的表达式，结合P ：P ＝1：2即可求出数I 、I
1 2 1 2
之比；
（2）根据串联电路的电压关系和欧姆定律得出I 、I 的表达式，结合I 、I 的比值即可
1 2 1 2
求出电源电压；
根据串联电路的分压特点得出R 、R 与R之间的关系，
1 2
然后根据P＝ 求出当S、S 、S 都闭合时电路中的总电阻，
1 2
根据并联电路的电阻特点得出S、S 、S 都闭合时电路中的总电阻，
1 2
因当S、S 、S 都闭合时电路中的总电阻相等即可求出R的阻值，进而可得出R 、R 的
1 2 1 2
阻值；
（3）根据P＝ 可知当电路中总电阻最大时，电功率最小，根据电阻的串并联电路的特点判断出电路的连接方式，最后根据P＝ 求出电路消耗的最小功率。
【解答】解：（1）只闭合S、S ，滑片P位于AB的中点时，R、R 串联，滑动变阻器
1 1
连入电路的阻值为：R中 ＝ R，电压表测量R
1
两端的电压，电流表测量电路中电流，
则滑动变阻器消耗的功率：P
1
＝ ×R中 ＝ × R，
只闭合S、S ，滑片P位于B端时，R、R 串联，滑动变阻器的阻值全部连入电路，电
2 2
压表测量R 两端的电压，电流表测量电路中电流，
2
则滑动变阻器消耗的功率：P ＝ ×R＝ ×R，
2
已知P ：P ＝1：2，
1 2
则： ＝ ，
解得： ＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，故A错误；
（2）根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得，
只闭合S、S
1
，滑片P位于AB的中点时，滑动变阻器两端的电压为：U中 ＝U﹣U
1
＝U
﹣4V，
根据I＝ 可得：I ＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
1
只闭合S、S ，滑片P位于B端时，滑动变阻器两端的电压为：U ＝U﹣U ＝U﹣2V，
2 B 2
根据I＝ 可得：I ＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
2
解①②③可得：U＝6V，
则U中 ＝U﹣U
1
＝U﹣4V＝6V﹣4V＝2V，
根据串联电路的分压特点可得：＝ ，即： ＝ ，则：R ＝R，
1
U ＝U﹣U ＝U﹣2V＝6V﹣2V＝4V，
R 2
根据串联电路的分压特点可得：
＝ ＝ ，则：R ＝ R，
2
根据P＝ 可得当S、S 、S 都闭合时，R 、R 并联时的总电阻：
1 2 1 2
R总 ＝ ＝ ＝12 ，
根据电阻的并联特点可得ΩR 、R 并联时的总电阻：
1 2
R总 ＝ ＝ ＝ R，
所以，R＝12 ×3＝36 ，故D错误，
Ω Ω
则R ＝R＝36 ，R ＝ R＝ ×36 ＝18 ，故C错误；
1 2
（3）因R ＝3Ω6 ＞R ＝18 ，则闭Ω合S、ΩS ，滑片P位于B端时，电路中的电阻最大，
1 2 1
电功率最小， Ω Ω
为：P＝ ＝ ＝ ＝0.5W，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查电路分析、串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，综
合性强，难度较大。
第Ⅱ卷非选择题（物理部分54分）二、填空题（本题共9小题，每空1分，共23分）
13．（2分）长度测量是最基本的测量，如图是某同学使用刻度尺测量某一物体长度的情
景，则该刻度尺的分度值是 1 mm，被测物体的长度是 3.5 0 cm。【分析】测量长度的工具是刻度尺，刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；起始
端没从0开始，把起始刻度处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为
物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm＝10mm，测量的起始刻度不是零刻度，
而是2.00cm的刻线，物体的末端对着的刻度线为 5.50cm，所以物体的长度为：L＝
5.50cm﹣2.00cm＝3.50cm。
故答案为：1；3.50。
【点评】刻度尺是常用的测量工具，要学会正确使用和读数，注意刻度尺要估读到分度
值的下一位数字。
14．（3分）如图所示是热管的工作原理图，当热管的热端受热时，吸液芯里的液体吸收
热量变成蒸气，这一过程叫 汽化 （填物态变化的名称），蒸气在管子里跑到冷端
放出 （选填“吸收”或“放出”）热量变成液态，液体通过吸液芯又回到热端。这一
过程循环进行，不断地将热量从热端带到冷端。若50g的该液体吸收2400J的热量后，
温度升高了40℃，则该液体的比热容为 1.2×1 0 3 J/（kg•℃）。
【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；
（2）物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热；
（3）根据热量公式Q＝cmΔt进行计算。
【解答】解：热管的热端受热时，吸液芯里的液体吸收热量变成蒸气，是液态变为气态
的过程，是汽化现象；
蒸气在管子里跑到冷端变成液态，是气态变为液态的过程，是液化现象，液化放热；根据热量公式 Q＝cmΔt 可得该液体的比热容 c＝ ＝ ＝
1.2×103J/（kg•℃）。
故答案为：汽化；放出；1.2×103。
【点评】对于这类探究性的信息题目，要结合物态变化过程进行分析，知道物态变化过
程需要吸热或放热，热量计算。
15．（3分）近年来全球气候变暖，森林防火人人有责。某学校开展了“森林防火”主题
班会活动，其中有同学提到不能将矿泉水瓶随意丢弃在森林，这是因为有水的矿泉水瓶
相当于一个 凸 透镜（选填“凸”或“凹”），对太阳光有 会聚 作用，从而点
燃枯叶引发火灾；太阳能属于 可再生 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
【分析】透明圆塑料瓶装水后，中间厚而边缘薄，类似于凸透镜，凸透镜对光线有会聚
作用；
能够从自然界源源不断地获得的能源是可再生能源。
【解答】解：瓶中进入水之后，瓶中的水形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状特
点，对光线有会聚作用，如果热量集中，会造成树叶燃烧，造成火灾；
太阳能可以从自然界源源不断地获得，属于可再生能源。
故答案为：凸；会聚；可再生。
【点评】本题考查凸透镜的识别与作用、能源的分类，属于基础题，难度不大。
16．（2分）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体 B恰好匀速下降，已知 A重
30N，B重5N，则A所受地面的摩擦力为 10 N；若对A施加一个水平向左的拉力
F，刚好使A匀速向左运动，则拉力F＝ 2 0 N。（不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间
的摩擦）
【分析】（1）由图可知n＝2，利用不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦时，每段
绳子上的力都相等，根据力的平衡条件求出物体A受到桌面的摩擦力；
（2）物体A向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，
物体A和水平桌面的摩擦力不变；物体A水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的
拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据平衡力条件求出水平向左的拉力。
【解答】解：由图可知n＝2，利用不计绳重和摩擦时，每段绳子上的力都相等，滑轮受
到向右的力F＝2×5N＝10N，根据力的平衡条件可得物体A受到桌面的摩擦力f＝F＝
10N；
物体A水平向左运动或水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A
受到的摩擦力不变，所以物体A水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是10N；
物体A水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力
10N（物体B对物体A施加的）、水平向右的摩擦力10N；水平向左的拉力和水平向右
的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，三力平衡，因此水平向左的拉力＝水平向右的拉
力+水平向右的摩擦力＝10N+10N＝20N。
故答案为：10；20。
【点评】本题考查滑轮组、力的平衡条件的运用。
17．（2分）如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个质量相等，底面积不等的容器（S甲 ＞
S乙 ），将质量相等的水分别倒入其中，水均不溢出，容器对桌面的压强分别为p甲 、p
乙 ，水对容器底部的压力分别为F甲 、F乙 ，则p甲 ＜ p乙 ，F甲 ＜ F乙 。（两空均
选填“＞”、“＜”或“＝”）
【分析】（1）静止在水平面上的物体对桌面的压力大小等于自身的重力，据此判断容
器对桌面压力的大小关系，根据p＝ 得出压强关系；
（2）先根据p＝ gh和F＝pS比较液体压力和液体重力关系，得出压力大小关系。
【解答】解：如图ρ 所示，水平桌面上放置甲、乙两个质量相等的容器，将质量相等的水
分别倒入其中，水均不溢出，水和容器的总质量相等，总重力相等，根据压力F＝G知，
对桌面的压力相等，底面积不等，S甲 ＞S乙 ，根据p＝ 知，容器对桌面的压强为p甲 ＜
p乙 ；
液体对容器底的压力F＝pS＝ ghS，等于以底面大小所装柱体的重力，根据图中，甲是
圆柱形，对底面压力等于液体ρ的重力，而乙上小下大，压力大于液体重力，由于液体重力相同，故甲的压力小于乙的压力，即F甲 ＜F乙 。
故答案为：＜；＜。
【点评】此题考查了压强的大小比较、压力与液体重力的关系，属于中档题。
18．（3分）如图所示，电源电压为3V，闭合开关S后，电流表A的示数为0.54A，电流
表A 的示数为0.2A，则通过小灯泡L 的电流为 0.2 A，通过小灯泡L 的电流为
1 1 2
0.34 A，电压表V的示数为 3 V。
【分析】由图可知，当两个开关都闭合时，两灯泡并联，电流表A测干路的电流，电流
表A 测灯L 的电流；由并联电路的电流特点求出流过小灯泡L 上的电流。电压表V测
1 1 2
量电源电压。
【解答】解：当开关闭合时，两灯泡并联，电流表A测干路的电流，电流表A 测灯L
1 1
的电流，已知电流表A的示数为0.54A，即干路电流I＝0.54A；
电流表A 的示数为0.2A，则通过小灯泡L 的电流I ＝0.2A，
1 1 1
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以流过灯泡L 的电流：I ＝I﹣I ＝0.54A﹣0.2A＝0.34A；
2 2 1
电压表V测量电源电压，则电压表V的示数为3V。
故答案为：0.2；0.34；3。
【点评】本题考查了串并联电路的电流和电压的特点，分析清楚电路结构是解题的前提。
19．（3分）小明家的电能表面板如图所示，图中电能表的示数为 219.6 kW•h，他家
同时使用的用电器总功率不能超过 2200 W，家里新添置一台空调并接入该电能表
中，让其单独工作5min，电能表的指示灯闪烁了 320次，则该空调的实际电功率为
1200 W。【分析】（1）电能表读数时，数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h；
（2）由参数可知，电能表正常工作时的电压和允许通过的最大电流，根据P＝UI求出
他家同时使用用电器的最大总功率；
（3）3200imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的指示灯闪烁
3200次；据此求出电能表指示灯闪烁320次，空调消耗的电能，利用P＝ 求出空调的
功率；
【解答】解：电能表读数时，数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h，由图可知，
此时电能表的示数为219.6 kW•h；
由图中所给参数可知，电能表正常工作时的电压为 220V，允许通过的最大电流为
10A，则他家同时使用用电器的最大总功率：P ＝UI ＝220V×10A＝2200W；
max max
3200 imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗 1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁
3200次，
则指示灯闪烁320次时，电路消耗的电能：W＝ ＝0.1kW•h，
则电热水壶的功率：P＝ ＝1.2kW＝1200W。
故答案为：219.6；2200；1200。
【点评】本题考查了电能表的计数、允许用电器同时工作的最大功率以及用电器电功率
的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
20．（3分）如图甲所示，电源电压恒为6V，闭合开关，当滑动变阻器滑片位于最右端时，
电流表A的读数为0.1A。当滑片位于中点时，电流表A的读数为0.16A；则定值电阻
R 的阻值为 15 ，滑动变阻器R的最大阻值为 45 ；如果用某小灯泡替换滑
0
动变阻器接入该电路Ω，已知该小灯泡的U﹣I图象如图乙所示Ω，再次闭合开关后，此时
电路消耗的功率为 1. 2 W。【分析】由图甲可知，R 与R串联，电流表测电路中的电流；
0
（1）闭合开关，当滑动变阻器滑片位于最右端时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根
据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点表示出总电阻；当滑片
位于中点时，滑动变阻器接入的电阻为滑动变阻器最大电阻的 ，根据欧姆定律求出此
时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点表示出总电阻，解方程求出R 的阻值和R
0
的最大阻值；
（2）根据串联电路的电流特点和电压特点结合图乙找出此时电路中的电流，根据 P＝
UI求出此时电路消耗的功率。
【解答】解：由图甲可知，R 与R串联，电流表测电路中的电流；
0
（1）闭合开关，当滑动变阻器滑片位于最右端时滑动变阻器接入电路的电阻最大，
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总最大 ＝ ＝ ＝60 ，
Ω
由串联电路的电阻特点可知，R
0
+R最大 ＝60 ……①
Ω
当滑片位于中点时，滑动变阻器接入的电阻为滑动变阻器最大电阻的 ，
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总 ＝ ＝ ＝37.5 ，
Ω
由串联电路的电阻特点可知，R
0
+ R最大 ＝37.5 ……②
由①②解得：R
0
＝15 ，R最大 ＝45 ； Ω
（2）由串联电路的电流Ω特点和电压Ω特点结合图乙可知，当电路中的电流为0.2A时，灯
泡两端的电压为3V，由欧姆定律可知，此时R 两端的电压为：U ＝I'R ＝0.2A×15 ＝
0 0 0
3V，此时电源电压：U＝U +U ＝3V+3V＝6V，符合题意， Ω
0 L
此时电路消耗的功率：P＝UI'＝6V×0.2A＝1.2W。故答案为：15；45；1.2。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图象读
出相关的信息。
21．（2分）某校科技小组设计了如图所示的装置来探究浮力和机械效率的相关问题，B
是放置在水平桌面上的盛水玻璃杯，总重力为30N，与桌面的接触面积为25cm2，A物
体重力为50N，体积为1.25×10﹣3m3，当物体A浸没在水中匀速上升时，该装置的机械
效率为75%，则物体完全拉出水面后（物体不吸水、不沾水），B容器对水平桌面的压
强变化了 500 0 Pa，该装置的机械效率变为 80% 。（不计绳重、摩擦和水的阻
力，g取10N/kg，
水
＝1×103kg/m3）
ρ
【分析】（1）物体浸没在水中时排开水的体积，利用阿基米德原理求物体浸没在水中
时受到的浮力；物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面的压力变化量 ΔF＝F浮 ，利
用p＝ 求出圆柱形容器底对地面变化的压强；
（2）不计绳重、摩擦及水的阻力，当物体A浸没在水中匀速上升时，拉力端移动距离s
＝ h，滑轮组的机械效率 ＝ ＝ ＝ 据此求拉力大小；
η
对上面的滑轮进行受力分析，滑轮受到向上的拉力 F、两股绳子的向下的拉力（每一股
绳子的拉力等于G
A
﹣F浮 ）、动滑轮的重力，则拉力F＝2（G
A
﹣F浮 ）+G动 ，据此求滑
轮重力；
物体完全提出水面后，滑轮受到向上的拉力F、两股绳子的向下的拉力（每一股绳子的
拉力等于G
A
）、重力，拉力F＝2G
A
+G轮 ，拉力端移动距离s＝ h，滑轮组的机械效率＝ ＝ ＝ ＝ 。
η
【解答】解：
（1）物体浸没在水中，排开水的体积：V排 ＝V
A
＝1.25×10﹣3m3，
物体受到的浮力：
F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣3m3＝12.5N；
物体完ρ全提出水面后，圆柱形容器底对地面的压力变化量ΔF＝F浮 ＝12.5N，
圆柱形容器底对地面变化的压强：
Δp＝ ＝ ＝5000Pa；
（2）由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，使用时费力但省距离，且n＝2，则拉力端移
动距离s＝ h，
不计绳重、摩擦及水的阻力，当物体A浸没在水中匀速上升时，
该滑轮组的机械效率 ＝ ＝ ＝ ，
η
即：75%＝ ，
解得F＝100N；
对上面的动滑轮进行受力分析，动滑轮受到向上的拉力 F、两股绳子的向下的拉力（每
一股绳子的拉力等于G
A
﹣F浮 ）、自身的重力G动 ，
则：F＝2（G
A
﹣F浮 ）+G动 ，
所以动滑轮的重力：G动 ＝F﹣2（G
A
﹣F浮 ）＝100N﹣2×（50N﹣12.5N）＝25N，
物体完全提出水面后，动滑轮受到向上的拉力 F、两股绳子的向下的拉力（每一股绳子
的拉力等于G ）、重力，
A
则拉力F′＝2G
A
+G动 ＝2×50N+25N＝125N，
拉力端移动距离s＝ h，此时滑轮组的机械效率： ′＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ×100%＝
η
80%。
故答案为：5000；80%。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、液体压强公
式的应用以及使用滑轮组时动滑轮重力、机械效率的计算，本题使用的滑轮组很特殊，
注意拉力端移动距离s＝ h。
三、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
22．（3分）如图所示，一小球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯放置在斜面上，各物体均处
于静止状态，请作出小球的受力示意图和烧杯对斜面压力的示意图（小球的重心已标
出）。
【分析】小球漂浮时，处于静止状态，受力平衡，受到浮力的作用点为小球的重心，浮
力的方向总是竖直向上的，重力反向竖直向下；压力的作用点在接触面上，压力的方向
与接触面垂直向下。
【解答】解：过小球的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号 F浮 表示，
向下画出重力的示意图；过杯子与桌面接触的中心，沿垂直于斜面向下的方向画一条带
箭头的线段，用符号F表示；如图所示：
【点评】画力的示意图，就是用一条带箭头的线段表示力的三要素，线段的长短表示力
的大小，箭头表示力的方向，线段的起点或终点表示力的作用点；有时还要结合物体所
处的运动状态，如果处于静止或匀速直线运动状态，受到的力是平衡力。
23．（3分）如图所示，请在括号内标出通电螺线管左端的磁极、小磁针右端的磁极以及
导线上A点的电流方向。（磁极均用“N”或“S”表示）【分析】根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相
互作用规律分析小磁针的磁性。
【解答】解：根据图示可知，电流从螺线管的右端流入，所以A点电流的方向是向下的，
根据安培定则可知，螺线管的右端为N极、左端为S极；根据异名磁极相互吸引可知，
小磁针的右端为S极，如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律的应用、安培定则的应用，属于基础题。
四、创新设计与实验探究题（本题共2小题，连线1分，其余每空1分，共13分）
24．（6分）在学习了密度、浮力、杠杆的相关知识后，小丽同学根据杠杆的平衡条件测
出了一个物块的密度，请帮她将下列步骤补充完整。（g＝10N/kg，
水
＝
1.0×103kg/m3） ρ
（1）相邻两刻度间距离相等的轻质杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆 是
（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母
向 右 （选填“左”或“右”）调节。
（2）调节杠杆水平平衡后，用细线将物块挂于杠杆左侧，将 3个钩码挂于右侧，杠杆
仍处于水平平衡，如图乙所示，每个钩码质量100g，则物块质量为 40 0 g。
（3）将该物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，如图丙所示，则物块在水中所受浮力为 2 N。
（4）物块的密度是 2×1 0 3 kg/m3。
（5）在探究杠杆平衡条件的实验中，多次改变钩码的位置和个数，收集多组数据的目
的是 A （选填字母）。
A.避免实验的偶然性，便于得到普遍规律
B.取平均值，减小误差
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡，左边下沉往右调；杠杆在水平位置平衡，力
臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，
使实验简单化，便于探究；
（2）根据杠杆平衡条件计算出物块的质量；
（3）根据杠杆原理和物块的受力情况计算物块在水中受到的浮力。
（4）根据阿基米德原理和密度公式计算物块的密度。
（5）本实验多次测量是为了避免实验的偶然性，便于得到普遍规律。
【解答】解：（1）相邻两刻度间距离相等的轻质杠杆静止在如图甲所示的位置，此时
杠杆是处于平衡状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）调节杠杆水平平衡后，用细线将物块挂于杠杆左侧，将 3个钩码挂于右侧，杠杆
仍处于水平平衡，如图乙所示，每个钩码质量100g，根据杠杆的平衡条件，设每个小格
的长度为L ，mg×3L ＝3×100g×4L ；
0 0 0
则物块质量为：m＝400g；
（3）该物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，根
据杠杆的平衡条件有：F×3L ＝2L ×3×0.1kg×10N/kg；解得：F＝2N；
0 0
物块的重力：G＝mg＝0.4kg×10N/kg＝4N；
以物块为研究对象，受到三个力的作用：重力、浮力和拉力F，即：G＝F浮+F；物块在
水中受到的浮力为：F浮 ＝G﹣F＝4N﹣2N＝2N；
（ 4 ） 根 据 阿 基 米 德 原 理 ， 物 块 的 体 积 为 ：
＝2×10﹣4m3；
物块的密度为： 。（5）本实验多次测量是为了避免实验的偶然性，便于得到普遍规律，故 A符合题意，
B不符合题意。
故答案为：（1）是；右；（2）400；（3）2；（4）2×103；（5）A。
【点评】本题主要考查的是杠杆的平衡条件；会根据阿基米德原理计算浮力和物体的密
度。
25．（7分）小明学习了电功率的知识后，在家中找来了一个标有额定电压为“6V”的小
灯泡，为了测定该小灯泡的额定功率，他在学校的实验室找到了相关器材，并进行了如
下实验，已知电源电压恒为8V。
（1）请用笔画线代替导线，帮他连接好实物图。要求闭合开关后，滑片向右移，灯泡
变亮。
（2）小明在实际操作中发现灯泡很暗，电流表和电压表示数均很小，无论怎样移动滑
片，电表的示数几乎不变，你认为出现此现象的原因是 A （选填字母）。
A.滑动变阻器同时接入了下方的两个接线柱
B.灯泡的电阻太小
C.滑动变阻器的最大阻值太小
（3）排除故障后，闭合开关，发现电压表的示数如图乙所示，接下来他应该将滑动变
阻器的滑片向 右 移动，同时眼睛注意观察 电压表 （选填“电流表”、“电压
表”或“灯泡”），直到灯泡正常发光。
（4）经过多次测量，小明绘制了小灯泡的I﹣U图象，如图丙所示，则该小灯泡的额定功率为 3 W。
（5）若该实验中电压表标有15V的接线柱损坏了无法使用，于是他向老师请教，老师
告诉他用该电压表仍能测量该灯泡的额定功率，你认为老师的方案可能是 C （选填
字母）。
A.只将电源电压减小
B.只更换一个其他规格的滑动变阻器
C.将该电压表并联到滑动变阻器的两端
（6）小明还想用该灯泡和电压表测量一个未知电阻R 的阻值，于是他设计了如图丁所
x
示的电路图，操作步骤如下：
①闭合开关S、S ，断开S ，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3V；
1 2
②保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合S、S ，断开S ，电压表示数为4.5V；则R
2 1 x
＝ 5 。
【分析】Ω（1）滑片向右移，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，
据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）小明在实际操作中发现灯泡很暗，电流表和电压表示数均很小，说明电路是通路，
且电路中电阻较大；无论怎样移动滑片，电表的示数几乎不变，说明滑动变阻器失去了
变阻的作用，据此分析；
（3）根据电压表选用的量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，
根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（4）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出灯泡的额定功率；
（5）根据串联电路电压规律，当灯泡正常工作时，求出滑动变阻器两端电压，若滑动
变阻器两端电压小于3V，将电压表并联在滑动变阻器两端，间接得到灯泡的额定功电
压；
（6）没有电流表，电压表和灯泡应起到间接测量电流的作用，故将灯与未知电阻R 串
x
联后再与滑动变阻器串联；
要测未知电阻R ，先将电压表与灯泡并联，通过移动滑片的位置，使灯泡两端的电压为
x
3V，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与未知电阻R 两端的电压，
x
因此时各电阻的大小和电压不变，灯泡两端的电压仍为 3V，根据串联电路电压的规律，
可求出此时未知电阻R 两端的电压，根据图丙得到电路中的电流，利用R＝ 求出未知
x
电阻R 的阻值。
x【解答】解：（1）滑片向右移，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变
小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
（2）小明在实际操作中发现灯泡很暗，电流表和电压表示数均很小，说明电路是通路，
且电路中电阻较大；无论怎样移动滑片，电表的示数几乎不变，说明滑动变阻器失去了
变阻的作用，即出现此现象的原因是滑动变阻器同时接入了下方的两个接线柱，故选：
A；
（3）闭合开关，发现电压表的示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值0.5V，其
示数为4V，小于灯泡额定电压6V，为了使灯泡正常发光，即灯泡两端电压为6V，应
增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原
理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故接下来他应该将滑动变阻器的滑片向右移动，
同时眼睛注意观察电压表，直到灯泡正常发光；
（4）由小灯泡的I﹣U图象可知，当灯泡两端电压为6V时，通过灯泡的额定电流为
0.5A，则小灯泡额定功率为：
P ＝U I ＝6V×0.5A＝3W；
L L L
（5）电源电压为8V，灯泡和滑动变阻器串联在电路中，灯泡额定电压为6V，要让灯
泡正常工作，滑动变阻器的电压为8V﹣6V＝2V＜3V，可以用电压表0～3V量程，并联
在滑动变阻器两端，当滑动变阻器的电压为2V时，灯泡正常工作，故选：C；
（6）实验步骤：
①闭合开关S、S ，断开S ，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为3V；
1 2
②保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合S、S ，断开S ，电压表示数为4.5V；
2 1
在步骤①中，滑动变阻器、灯泡和未知电阻R 串联，电压表测灯泡两端电压，移动滑
x动变阻器滑片，使电压表的示数为3V；
在步骤②中，电压表测灯泡和未知电阻R 的总电压，电路的连接方式不变，且各电阻
x
的大小和电压不变，灯泡两端的电压仍为3V，根据串联电路电压的规律，未知电阻R
x
两端的电压为U ＝U﹣U ＝4.5V﹣3V＝1.5V；
x 1
由图丙可知，当灯泡两端电压为3V时，通过灯泡的电流为I ＝0.3A，根据串联电路电
1
流特点可知，通过未知电阻R 的电流为I ＝I ＝0.3A，
x x 1
则R ＝ ＝ ＝5 。
x
故答案为：（1）见解答Ω图；（2）A；（3）右；电压表；（4）3；（5）C；（6）5。
【点评】本题测定小灯泡的额定功率实验，考查了电路连接、故障分析、实验操作、功
率的计算及设计实验方案测电阻的能力。
五、综合运用与计算题（本题共2小题，每小题6分，共12分，解答时要求有必要的文字
说明、公式和计算过程，只写结果不得分）
26．（6分）如图所示，电源电压不变，只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 在
3
10s内消耗电能80J；只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最右端时，电流表A 读数为
1 1
1A；只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最左端时，电流表A 读数为3A。已知滑动变
2 2
阻器的最大阻值是R 的4倍，求：
3
（1）只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 的电功率。
3
（2）定值电阻R 与R 的比值。
1 3
（3）电路消耗的最小电功率。
【分析】（1）只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 、R 和R 的最大阻值串联；
1 3 2
根据P＝ 求R 的电功率；
3
（2）只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最右端时，R 、R 被短路，电路为R 的简单
1 2 3 1
电路，电流表A 测电路的电流；只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 、R
1 2 1 2被短路，电路为R 的简单电路，电流表A 测电路的电流；根据欧姆定律求出定值电阻
3 2
R 与R 的比值；
1 3
（3）根据P＝UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最
小，由欧姆定律可知此时电路中的电阻最大，根据电路图可知电路中电阻最大时的电路
连接，根据W＝UIt＝I2Rt结合R 在10s内消耗电能80J求出此时电路中消耗的总电能，
3
根据P＝ 求电路消耗的最小电功率。
【解答】解：（1）只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 、R 和R 的最大阻值
1 3 2
串联；
R 的电功率：P ＝ ＝ ＝8W；
3 3
（2）只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最右端时，R 、R 被短路，电路为R 的简单
1 2 3 1
电路，电流表A 测电路的电流；
1
只闭合S、S ，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 、R 被短路，电路为R 的简单电路，
2 1 2 3
电流表A 测电路的电流；
2
由欧姆定律可知，定值电阻R 与R 的比值： ＝ ＝ ＝ ＝ ＝3；
1 3
（3）由P＝UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小，
由欧姆定律可知此时电路中的电阻最大，
由电路图可知，只闭合S，滑动变阻器滑片位于最左端时，R 、R 和R 的最大阻值串联，
1 3 2
此时电路中的总电阻最大，
由W＝I2Rt可知，10s内电路消耗的最小电能与R 消耗电能之比： ＝ ＝
3
＝ ＝ ＝ ，
则10s内电路消耗的最小电能：W＝8W ＝8×80J＝640J，
3因此电路消耗的最小电功率：P最小 ＝ ＝ ＝64W。
答：（1）R 的电功率为8W；
3
（2）定值电阻R 与R 的比值为8；
1 3
（3）电路消耗的最小电功率为64W。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功公式和电功率公式的应用，分清开
关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
27．（6分）A、B两个圆柱形容器按如图所示的方式放置在水平地面上，容器的厚度忽略
不计，A容器自重300N，底面积为0.6m2，装有深度为20cm的水，B容器底面积为
0.8m2。（g取10N/kg，
水
＝1×103kg/m3）
（1）求A容器中水的重ρ力。
（2）从A容器中抽出质量为m的水倒入B容器，A容器对B容器底部刚好无压力，求
m的值。
（3）在（2）小题的基础上，向B容器另外加入80kg水（水不溢出），当A容器静止
时，求B容器中的水对A容器所做的功。
【分析】（1）先求出容器中水的体积，根据m＝ V可得水的质量，由G＝mg求水的
重力； ρ
（2）先分析从A容器中抽出质量为m的水倒入B容器，A容器对B容器底部刚好无压
力时A物体状态刚好漂浮F浮 ＝G
A
+G剩水 再计算倒入B容器后水面上升的高度，乘以A
容器的底面积为排开水的体积，由F浮 ＝G
A
+G剩水 列式可得m；
（3）向B容器另外加入80kg水（水不溢出）解出水面上升的高度，即为A物体重心上
升的高度，根据W＝Gh求出。
【解答】解：（1）A容器中水的体积V＝Sh＝0.6m²×20cm＝0.6m²×0.2m＝0.12m3，
水的质量m＝ V＝1.0×103kg/m3×0.12m3＝120kg，
A容器中水的重ρ 力G＝mg＝120kg×10N/kg＝1200N；
（2）从A容器中抽出质量为m的水倒入B容器，A容器对B容器底部刚好无压力，A刚好漂浮于B容器水中，
此时容器A受到B中水的浮力和A的整体重力相等，即F浮 ＝G
A
+G剩水 ；
将质量为 m 的水倒入 B 容器，B 容器水面上升高度为：h＝ ＝ ＝
，
A容器在B中受到水的浮力F浮 ＝ 水gV排 ＝ 水gS
A
h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m²×
ρ ρ
A容器中剩余水的重力G剩水 ＝mg＝（120kg﹣m）×10N/kg
由F浮 ＝G
A
+G剩水 得：
1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m² × ＝ 300N+ （ 120kg﹣ m ）
×10N/kg
解得m＝37.5kg；
（3）在（2）小题的基础上，A容器对B容器底部刚好无压力，A刚好漂浮于B容器水
中
向 B 容器另外加入 80kg 水（水不溢出）时，B 中液面上升高度 h＝ ＝ ＝
＝0.1m，
所以物体A重心比之前重心升高的高度为0.1m
容器A在倒出质量为37.5kg的水后，重力为G＝（120kg﹣37.5kg）×10N/kg+300N＝
1125N，
B容器中的水对A容器所做的功W＝Gh＝1125N×0.1m＝112.5J。
故答案为：（1）A容器中水的重力为1200N；（2）m的值为37.5kg；
（3）B容器中的水对A容器所做的功为112.5J。
【点评】本题综合能力要求较强，主要考查的知识点有重力计算、密度公式、阿基米德
原理浮力公式、功的公式的应用。
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