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2023年江苏省苏州市中考物理试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的选项中只有一个选项符
合题意）
1．（2分）（2023•苏州）在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传
输所使用的是（ ）
A．电磁波 B．红外线 C．超声波 D．次声波
2．（2分）（2023•苏州）“霜叶红于二月花”。秋天的枫叶呈现红色是因为它（ ）
A．反射了红光 B．吸收了红光
C．反射了红、绿、蓝光 D．吸收了红、绿、蓝光
3．（2分）（2023•苏州）卫星发射时，火箭点火升空刹那间，可看到发射平台升腾起大
量白雾，这是喷水系统同步将大量的水喷撒到平台上所致。该过程涉及的物态变化是（
）
A．仅液化 B．仅汽化
C．先液化后汽化 D．先汽化后液化
4．（2分）（2023•苏州）以下说法正确的是（ ）
A．太阳位于银河系的中心
B．原子由原子核和电子构成
C．核电站通过核聚变利用核能
D．扩散现象说明分子之间有排斥力
5．（2分）（2023•苏州）2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞
行，正式进入民航市场。该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构
件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的（ ）
A．导热性好 B．导电性好 C．密度小 D．熔点高
6．（2分）（2023•苏州）下列各说法中，符合实际的是（ ）
A．家用电视机工作电流约10A
B．空气中声速约340m/sC．一支普通2B铅笔质量约200g
D．正常人心跳每秒约0.5次
7．（2 分）（2023•苏州）下列与磁现象有关的实验中，说法正确的是（ ）
A．甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力
B．乙图说明磁场对电流有力的作用
C．丙图是电磁感应原理的应用
D．丁图说明了电流具有磁效应
8．（2分）（2023•苏州）《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒
车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的
竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A．这是一台“永动机”
B．水在输送过程中重力势能不变
C．转轮转速越快输水做功功率越大
D．上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
9．（2分）（2023•苏州）如图，在桌面上将开关、灯泡和电源等连接好制成一套简易有
线电报机。小明、小红分别在不透光挡板（图中未画出）两侧，通过控制灯泡闪光次数来向对方发送不同信息，图中虚线表示可固定挡板的位置。则（ ）
A．挡板沿AA'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
1 1
B．挡板沿AA'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
1 2
C．挡板沿BB'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
2 1
D．挡板沿BB'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
2 2
10．（2分）（2023•苏州）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出
现如图所示风向时，通常（ ）
A．发生在白天，且陆地温度较高
B．发生在白天，且海水温度较高
C．发生在夜晚，且陆地温度较高
D．发生在夜晚，且海水温度较高
11．（2分）（2023•苏州）用如图电路探究电流与电阻的关系，所用器材：电源（6V），
定值电阻R （5 、10 、15 、20 各1个），规格为“15 1A”的滑动变阻器R ，如
1 2
表为实验数据记Ω录表。Ω关于该Ω实验Ω，下列说法正确的是（ Ω ）
序号 电阻R / 电流I/A
1
Ω1 5 0.6
2 10 0.3
3 15 0.2
4 20 未测
A．实验过程中控制电压表示数为2V
B．将电阻R 由5 更换为10 时，应向左适当移动滑动变阻器滑片
1
C．前3次实验中，Ω滑动变阻器Ω的功率在第1次实验中最小
D．若使用现有器材完成第4次实验，需要改变电路
12．（2分）（2023•苏州）如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均
为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木
模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则（ ）
A．a的拉力等于mg
B．b的拉力大于a的拉力
C．沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D．沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（2分）（2023•苏州）人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的
不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，这属于 （乐音/噪声）。
14．（2分）（2023•苏州）“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。蜻蜓立于荷叶尖上，
距水面0.2m，它在水中的像是 （实像/虚像），像距水面 m。15．（2 分）（2023•苏州）工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过
的方式增加的。用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机
的 冲程相同。
16．（3分）（2023•苏州）托盘天平相当于 杠杆。调节天平平衡时，指针如图
甲，此时应将平衡螺母向 调节。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，
物体质量为 g。
17．（2分）（2023•苏州）如图，一根水平放置、两端开口的透明亚克力管，下部的抽气
孔与抽气机相连。将一个略小于管内径的纸团置于管中，打开抽气机，在
的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端。当管内气压较低时关闭抽气机，快
速弹开 侧塑料片，纸团会从左侧管口飞出。
18．（3分）（2023•苏州）图甲中，试管装有适量碎冰，用酒精灯对烧杯中足量的水进行
加热，用温度计测量不同时刻温度值，温度随时间变化的图像如图乙。
（1）甲图中温度计示数为 ℃；
（2）根据图乙可知冰属于 （晶体/非晶体）；（3）de阶段试管中水 （正在/没有）沸腾。
19．（3分）（2023•苏州）两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，
处于竖直静止状态（图甲）。手握管子突然 （向上/向下）运动时，气球突
然变大（图乙），此时手对管子竖直向上的力 （大于/等于/小于）管子总重，
该现象的产生是由于 具有惯性。
20．（4分）（2023•苏州）寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，
原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R 、热敏电阻R （安装在恒温箱内，
1 2
阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝 R 和R 等
3 4
组成。调好R 阻值，闭合开关S 、S ，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，
1 1 2
且降温阶段降温比较平缓。
（1）通电线圈上端是 极，温度升高时，电磁铁磁性 ；
（2）R 阻值 （大于/小于）R 阻值；
3 4
（3）将R 的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将 。
1
21．（5分）（2023•苏州）阅读材料，回答问题。
“海油观澜号”深远海浮式风电平台
2023年5月20日，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并入文昌油田群
电网，标志着我国深远海风电关键技术取得重大进展。
“海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，总质量达1.1×107kg。平台采用“半潜式”设计，底部是一个三角形浮式基础，包括3个边立柱和1个中间立柱，
图甲为其实物照片。浮式基础上方是高约83米的圆筒状柱子，柱子上方安装有机舱，
机舱前部的3只大叶片驱动机舱中的发电机转子转动，生成绿色电力，年发电量将达
2.2×107kW•h。
（1）风能属于 （可/不可）再生能源；
（2）根据图甲估测“海油观澜号”单个叶片长度约为 m（保留整数）；
（3）风平浪静叶片不动时，平台基础排开海水的体积达 m3（海水密度
用1.0×103kg/m3计算，不考虑锚链对平台的作用）；
（4）每年的发电量相当于 kg天然气完全燃烧放出的热量（天然气的热
值q取4.4×107J/kg）；
（5）海浮式风电平台基础设计方式除半潜式外还有单柱式（图乙）。两种方式相比较，
你认为“半潜式”的一个明显优点是 。
三、解答题（本题共12小题，共50分。解答26、27、28题时应有解题过程）
22．（2分）（2023•苏州）图中，箱子静止在水平桌面上，画出箱子受力示意图。
23．（2分）（2023•苏州）图中，光线AO自空气斜射向水面，画出其反射光线和折射光
线的大致位置。24．（2分）（2023•苏州）图中，用直棒提升重物，画出图示位置所用最小力F 和阻力F
1 2
的力臂L 。
2
25．（2 分）（2023•苏州）图中，将家庭电路补充完整（虚框内一处接保险丝“
”，另一处用导线连接）。
26．（4分）（2023•苏州）正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有
400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃。不计水的蒸发
[水的比热容是4.2×103J/（kg•℃）]。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
27．（6分）（2023•苏州）如图甲所示，重500N、底面积为0.2m2的箱子放在水平地面上。
现用一块直木板将该箱子匀速拉上平台（图乙）。已知拉力为350N，箱子沿板移动了
2m，升高1m，用时20s。求：
（1）箱子对水平地面的压强；
（2）上移过程中拉力做功的功率；（3）箱子克服木板摩擦力所做的功。
28．（6分）（2023•苏州）如图甲，R 阻值为20 ，图乙为小灯泡L的U﹣I图像。闭合
1
开关S、S ，断开S ，电流表示数为0.4A，再闭Ω合开关S ，电流表示数变为0.6A。求：
1 2 2
（1）电源电压；
（2）R 的阻值；
2
（3）若只闭合S，1min内电阻R 产生的热量。
1
29．（5分）（2023•苏州）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，把蜡烛、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，并将蜡烛烛焰和光屏的中
心调到凸透镜的主光轴上，目的是使像成在 。
（2）按要求进行观察和测量，并将部分观测情况记录在下列表中：
实验序号 物距w/cm 像距v/cm 像的性质
1 60 20 倒立、缩小、实像2 30 30 倒立、等大、实像
3 20
4 10
①凸透镜焦距f＝ cm。
②当物距u＝20cm时，像距v＝ cm。
③当物距u＝10cm时，像的性质是 。
（3）如图乙是航天员王亚平太空授课制作水球时呈现的情景，假设她稍向后远离水球，
则她在球中所成的像将 （变大/变小/不变）。
30．（4分）（2023•苏州）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
（1）压强计通过U形管两侧液面的 来反映被测压强大小。使用前，用手按
压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是 ；
A.向U形管中注入一些水
B.将U形管中水倒出一些
C.检查装置是否漏气
（2）小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内
部压强大小与 是否有关；
（3）小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下
移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，
（能/不能）得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
31．（5分）（2023•苏州）综合实践活动课上，小明用一根长约20cm的圆柱状饮料吸管、
一段细铁丝、石蜡和水等制作了一个简易密度计。
制作时，小明先将吸管两端剪平，铁丝密绕成小团后塞入吸管一端，再用石蜡将该端口
堵住密封；接着，将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态（图甲），用笔在吸管上标记
此时水面位置O；取出吸管，量出O点至封口端的距离H，通过分析与计算，在吸管上分别确定密度值0.8g/cm3、0.9g/cm3、1.0g/cm3、1.1g/cm3的位置并标上密度值。
使用时，将密度计静置于待测液体中，读出吸管壁上液面处的数值即为液体密度。
（1）O位置处的刻度值为 g/cm3；
（ 2 ） 吸 管 漂 浮 在 其 他 液 体 中 时 （ 图 乙 ） ， 液 面 下 方 的 深 度 h ＝
（用
水
、
液
、H表示）；
（3）ρ管壁上ρ 标注的4个刻度值，相邻两刻度值之间的距离 （相等/不相等）；
（4）小明突发奇想，将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其
它没有变化（图丙），他用这样“改装”后的密度计测同一液体密度，测量结果
（偏大/偏小/无变化）；
（5）若增加塞入吸管中铁丝的质量，则制作的密度计精确程度将 。
32．（8分）（2023•苏州）小明选取了两根长度相等材料不同的合金丝a和b，连接成图
甲电路。M为合金丝b的左端点，N为合金丝a的右端点，Q为在合金丝上可移动的触
点。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动 Q，发现电流表指针保持图乙
所示位置不动，电压表读数U随QN之间的距离x的变化如图丙所示。（1）电流表示数为 A。
（2）合金丝a的长度为 cm，其阻值为 。合金丝b两端电压为
V。 Ω
（3）小明再利用合金丝a和其他器材测量一个未知电阻R 的阻值，电路如图丁所示。
x
①请在图戊中用笔画线代替导线帮他完成电路连接。
②电路连接好后，闭合开关S、S ，发现电压表无示数，检查发现是由于滑动变阻器出
1
现 （断路/短路）。
③排除故障后，先闭合开关S和S ，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示
1
数 U ；再断开 S ，闭合 S ，读出此时电压表示数 U ，则待测电阻阻值为
1 1 2 2
（合金丝a的电阻用R 表示）。
a
④若在步骤③中，小明在测量U 时，将S 闭合前，忘记断开S ，仍用原方法算出的
2 2 1
待测电阻阻值 （大于/等于/小于）真实值。
33．（4分）（2023•苏州）人眼对观察到的景物有暂时的“记忆”，在外界景物消失后，
视神经对它的印象还会延续0.1s左右，这种特征叫视觉暂留。例如在一张白色卡片纸的正、反面分别画上鸟笼和鸟，让卡片纸快速旋转，当正、反两面交替出现在眼前的时间
间隔在0.1s之内时，人眼就能看到鸟在笼中的现象（图甲）。一些城市地铁行驶在某些
区间时，乘客能看到窗外出现清晰的动态广告，往往也是利用了视觉暂留的原理。某段
地铁内隧道广告的制作方法如下：在隧道侧壁与车窗相同高度处，沿运行方向每经过距
离d，安装一块大小相同的广告灯箱，如图乙。灯箱采用频闪方式实现亮、暗交替，且
工作时各灯箱亮、暗同步变化（人的视觉暂留时间以0.1s计算）。
（1）要实现时长15s的广告效果，至少需要安装 块广告灯箱；
（2）灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，当它们满足下述哪种情况
时，乘客能看到流畅稳定的广告画面？答： ；
A.f＝5Hz，且v＝df
B.f＝10Hz，且v＝ df
C.f＝20Hz，且v＝df
D.f＝30Hz，且v＝3df
（3）座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，可能原因是
（写出一种即可）。2023年江苏省苏州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的选项中只有一个选项符
合题意）
1．（2分）（2023•苏州）在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传
输所使用的是（ ）
A．电磁波 B．红外线 C．超声波 D．次声波
【分析】电磁波能在真空中传递，电磁波能传递信息，声不能在真空中传播。
【解答】解：在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的
是电磁波，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查电磁波的应用。
2．（2分）（2023•苏州）“霜叶红于二月花”。秋天的枫叶呈现红色是因为它（ ）
A．反射了红光 B．吸收了红光
C．反射了红、绿、蓝光 D．吸收了红、绿、蓝光
【分析】不透明物体的颜色由它反射的色光决定。
【解答】解：
秋天的枫叶呈现红色是因为红枫叶反射了红光，故BCD错误，A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了不透明物体颜色的决定因素，是一道基础题。
3．（2分）（2023•苏州）卫星发射时，火箭点火升空刹那间，可看到发射平台升腾起大
量白雾，这是喷水系统同步将大量的水喷撒到平台上所致。该过程涉及的物态变化是（
）
A．仅液化 B．仅汽化
C．先液化后汽化 D．先汽化后液化
【分析】（1）物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程；（2）物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化是吸收过程。
【解答】解：点火升空时，高温的火焰喷射到水池里时，水吸热发生剧烈的汽化，产生
大量的水蒸气，水蒸气遇冷液化，形成“白气”，此过程放热。
故选：D。
【点评】本题是利用了运载火箭这一载体来考查物态变化，这是中考的一种热点题型，
所以学习物理也需要对生活热点中蕴含的物理知识多加关注。
4．（2分）（2023•苏州）以下说法正确的是（ ）
A．太阳位于银河系的中心
B．原子由原子核和电子构成
C．核电站通过核聚变利用核能
D．扩散现象说明分子之间有排斥力
【分析】（1）太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的系星，太
阳系不位于漩涡的中心；
（2）物质是由分子组成，分子又由原子组成的，原子又由原子核和核外电子组成，且
核外电子带负电绕原子核高速旋转，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成；
（3）核电站中的核反应是核裂变；
（4）扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，扩散现象表明分子是运
动的，且分子间有间隙。
【解答】解：A、太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的星系，
太阳不是漩涡的中心，故A错误；
B、原子是由原子核和核外电子组成，故B正确；
C、核电站是通过核裂变来利用核能发电，故C错误；
D、扩散现象表明分子在不停做无规则运动，且分子间有间隙，但不能说明分子间存在
引力或斥力，故D错误；
故选：B。
【点评】此题考查了与太阳位置、原子结构、核电站的工作原理、扩散现象。
5．（2分）（2023•苏州）2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞
行，正式进入民航市场。该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构
件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的（ ）
A．导热性好 B．导电性好 C．密度小 D．熔点高
【分析】体积相同时质量不同，可以用密度这个概念来描述；飞机起飞尽量减小飞机的重量。
【解答】解：国产大飞机C919机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机
构件重量显著减轻，由于铝锂合金的密度更小，所以与同体积的普通铝合金相比其质量
更小，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查物质的物理属性及密度。
6．（2分）（2023•苏州）下列各说法中，符合实际的是（ ）
A．家用电视机工作电流约10A
B．空气中声速约340m/s
C．一支普通2B铅笔质量约200g
D．正常人心跳每秒约0.5次
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要
进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、家用电视机工作电流约1A，故A错误；
B、空气中声速约340m/s，故B正确；
C、一支普通2B铅笔质量约6g，故C错误；
D、正常人心跳每秒约1次，故D错误。
故选：B。
【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行
快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
7．（2 分）（2023•苏州）下列与磁现象有关的实验中，说法正确的是（ ）
A．甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力
B．乙图说明磁场对电流有力的作用
C．丙图是电磁感应原理的应用D．丁图说明了电流具有磁效应
【分析】（1）磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用；
（2）奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；
（3）磁场对通电导体有力的作用；
（4）闭合电路的部分导体切割磁感线运动时，导体中产生感应电流。
【解答】解：A．磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用，
甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力，故A正确。
B．乙图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C．丙图是磁场对通电导体有力的作用，使得线圈转动，是电动机的原理，故C错误；
D．丁图中转动扇叶会使得发光二极管发光，说明产生了电流，是电磁感应原理，故 D
错误。
故选：A。
【点评】本题考查磁场、电流的磁效应、电动机和发电机的原理，是电磁部分的综合题。
8．（2分）（2023•苏州）《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒
车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的
竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A．这是一台“永动机”
B．水在输送过程中重力势能不变
C．转轮转速越快输水做功功率越大
D．上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【分析】（1）自然界中能量是守恒的，但机械能在转化时往往存在能量的损耗，一部
分机械能会转化为内能散失到空气中；
（2）重力势能的大小与质量和高度有关；（3）功率是表示做功快慢的物理量；
（4）“高转筒车”在转动时，它的轴始终是固定不动的。
【解答】解：A、这一装置在工作时，存在摩擦和空气阻力，不是一台“永动机”，故
A错误；
B、水在输送过程中高度改变，所以重力势能改变，故B错误；
C、转轮转速越快，相同时间内输水做功越多，则功率越大，故C正确；
D、上、下两个转轮在转动时，它们的轴始终是固定不动的，不符合动滑轮的特点，里
面不存在动滑轮，故D错误。
故选：C。
【点评】本题通过“高转筒车”，考查了对能量的守恒、机械能的转化、功与功率的理
解、简单机械的认识，有一定综合性。
9．（2分）（2023•苏州）如图，在桌面上将开关、灯泡和电源等连接好制成一套简易有
线电报机。小明、小红分别在不透光挡板（图中未画出）两侧，通过控制灯泡闪光次数
来向对方发送不同信息，图中虚线表示可固定挡板的位置。则（ ）
A．挡板沿AA'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
1 1
B．挡板沿AA'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
1 2
C．挡板沿BB'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
2 1
D．挡板沿BB'固定，灯泡L 显示操控开关S 的人所发信息
2 2
【分析】先对题干中的电路进行分析，并清楚每个开关的作用，再结合挡板的位置分析每个选项中的灯泡能否显示操控开关的人所发信息。
【解答】解：A、开关S 控制灯泡L ，灯泡L 不能显示操控开关S 的人所发信息，故
1 2 1 1
A错误；
B、挡板沿AA'固定，开关S 控制灯泡L ，开关S 和灯泡L 分别在挡板AA'两侧，灯泡
2 1 2 1
L 能显示操控开关S 的人所发信息，故B正确；
1 2
C、挡板沿BB'固定，开关S 控制灯泡L ，开关S 和灯泡L 都在挡板BB'的上方，灯泡
1 2 1 2
L 显示的信息不能传递到对方，故C错误；
2
D、开关S 控制灯泡L ，灯泡L 不能显示操控开关S 的人所发信息，故D错误。
2 1 2 2
故选：B。
【点评】此题主要考查学生对于电路连接方式、信息与信息传递的理解和掌握，属于中
考必考点。
10．（2分）（2023•苏州）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出
现如图所示风向时，通常（ ）
A．发生在白天，且陆地温度较高
B．发生在白天，且海水温度较高
C．发生在夜晚，且陆地温度较高
D．发生在夜晚，且海水温度较高
【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区
来分析海风的形成过程。
【解答】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆
地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；
晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，
形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所
示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
11．（2分）（2023•苏州）用如图电路探究电流与电阻的关系，所用器材：电源（6V），
定值电阻R （5 、10 、15 、20 各1个），规格为“15 1A”的滑动变阻器R ，如
1 2
表为实验数据记Ω录表。Ω关于该Ω实验Ω，下列说法正确的是（ Ω ）
序号 电阻R / 电流I/A
1
1 5 Ω 0.6
2 10 0.3
3 15 0.2
4 20 未测
A．实验过程中控制电压表示数为2V
B．将电阻R 由5 更换为10 时，应向左适当移动滑动变阻器滑片
1
C．前3次实验中，Ω滑动变阻器Ω的功率在第1次实验中最小
D．若使用现有器材完成第4次实验，需要改变电路
【分析】（1）根据表中数据结合U＝IR求出定值电阻两端电压；
（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，
当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分
压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
（3）研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压
规律求出滑动变阻器两端电压，利用P＝UI判断前3次实验中，滑动变阻器最小功率；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律
求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20 电阻时滑动变阻器连入电
路中的电阻，然后进行分析回答。 Ω
【解答】解：A、由表中数据可知，实验过程中控制电压表示数为U ＝IR＝0.6A×5 ＝
V
0.3A×10 ＝0.2A×15 ＝3V，故A错误； Ω
B、实验Ω中，当把5Ω的电阻换成10 的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，
研究电流与电阻关系Ω时要控制电压不Ω变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，所以应向右适当移动滑动变阻
器滑片，故B错误；
C、研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因电源电压不变，根
据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压也不变；前3次实验中，第3次电流最
小，由P＝UI可知，滑动变阻器的功率在第3次实验中最小，故C错误；
D、实验中使用的定值电阻阻值最大为20 ，定值电阻两端的电压始终保持U ＝3V，根
V
据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得Ω的电压：U滑 ＝U﹣U
V
＝6V﹣3V＝3V，滑动变
阻器分得的电压为电压表示数的 ＝1倍，根据分压原理，当接入20 电阻时，滑动
变阻器连入电路中的电阻为：R滑 ＝1×20 ＝20 ，而本实验中提供的滑动Ω变阻器规格为
“15 1A”，无法满足实验需求，所以需Ω要改变Ω 电路，故D正确。
故选Ω：D。
【点评】本题探究电流与电阻的关系实验，考查了电压的计算、实验操作、控制变量法
和欧姆定律的应用等知识。
12．（2分）（2023•苏州）如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均
为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木
模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则（ ）
A．a的拉力等于mg
B．b的拉力大于a的拉力
C．沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D．沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
【分析】利用整体法判断木模对水平面的压力情况，将上方木模隔离分析短线的拉力情
况。
【解答】解：AB、对上方木模受力分析有，F ＝mg+F +F ，则F ＞F ，故AB错误；
a b c a b
C、以a上方的连接点为支点，根据杠杆平衡条件得，F •L +F •L ＝G•L ，如沿左右方
b b c c G向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，G•L 不变，F 和F 的力臂变化，F
G b c b
和F 变化，F 变化；则线上拉力会改变，故C正确；
c a
D、整体受力分析，由平衡条件得，F ＝2mg，沿左右方向平移三根细线在上方木模的
N
接线点，线仍竖直，地面受到的压力不会改变，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查的是受力分析，需要灵活使用整体法和隔离法。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（2分）（2023•苏州）人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的
音色 不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，这属于 噪声 （乐音/噪声）。
【分析】（1）不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；
（2）从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声。
【解答】解：人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的音色不同。小明
学习时，听到邻居家传来的钢琴声，钢琴声影响了学习，属于噪声。
故答案为：音色；噪声。
【点评】本题考查了声音的特点和噪声的辨别，属于基础题。
14．（2分）（2023•苏州）“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。蜻蜓立于荷叶尖上，
距水面0.2m，它在水中的像是 虚像 （实像/虚像），像距水面 0. 2 m。
【分析】平静的水面相当于平面镜，依据平面镜成像的特点可知，成的像是虚像，像与
物到镜面的距离相等来解答此题。
【解答】解：平静的水面相当于平面镜，平面镜成虚像，若蜻蜓立于距水面0.2m处的
荷尖上，根据物像到平面镜距离相等，所以蜻蜓在水中所成的像距水面的距离也为
0.2m。
故答案为：虚像；0.2。
【点评】针对此类型的题目，要明确谁是反射面，然后根据物像到反射面的距离相等，
进行分析解答。
15．（2分）（2023•苏州）工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过 热传递
的方式增加的。用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机
的 压缩 冲程相同。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，
而做功过程是能量的转化过程；
热机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。【解答】解：工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过热传递的方式增加的；
切割机切割钢筋时，切割片克服摩擦做功，机械能转化为内能，使切割片的内能增加、
温度升高，该过程内能变化情况与热机的压缩冲程相同。
故答案为：热传递；压缩。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
16．（3分）（2023•苏州）托盘天平相当于 等臂 杠杆。调节天平平衡时，指针如图
甲，此时应将平衡螺母向 右 调节。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，
物体质量为 26. 4 g。
【分析】（1）杠杆的种类有三种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，
既不省距离也不省力；
（2）天平放在水平台上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动；
（3）物体的质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和。
【解答】解：托盘天平相当于等臂杠杆；
由图甲知，指针偏左，此时应将平衡螺母向右调节；
天平游码标尺的分度值为0.2g，由图乙知，物体质量为：m＝20g+5g+1.4g＝26.4g。
故答案为：等臂；右；26.4。
【点评】本题考查了天平的调节和用天平测量物体的质量，属于基础性题目。
17．（2分）（2023•苏州）如图，一根水平放置、两端开口的透明亚克力管，下部的抽气
孔与抽气机相连。将一个略小于管内径的纸团置于管中，打开抽气机，在 大气压
的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端。当管内气压较低时关闭抽气机，快
速弹开 右 侧塑料片，纸团会从左侧管口飞出。【分析】大气中存在压强，叫大气压；分析不同位置气体的压强，可对实验中的现象做
出判断。
【解答】解：由题意可知，打开抽气机向外抽气，管内气压减小，在大气压的作用下，
两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端；
当管内气压较低时关闭抽气机，此时若快速弹开右侧塑料片，右侧气压大于纸团左侧气
压，在气压差的作用下，纸团会从左侧管口飞出。
故答案为：大气压；右。
【点评】本题主要考查了对大气压的理解和应用，属基础题，但也容易出错。
18．（3分）（2023•苏州）图甲中，试管装有适量碎冰，用酒精灯对烧杯中足量的水进行
加热，用温度计测量不同时刻温度值，温度随时间变化的图像如图乙。
（1）甲图中温度计示数为 ﹣ 4 ℃；
（2）根据图乙可知冰属于 晶体 （晶体/非晶体）；
（3）de阶段试管中水 没有 （正在/没有）沸腾。
【分析】（1）温度计的分度值为1℃，注意区分是零上还是零下，然后根据液面位置读
数；
（2）晶体熔化时有固定的温度；
（3）液体沸腾时要不断吸收热量，但温度保持在沸点不变。
【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，液面位置在0℃以下，示数为﹣4℃；
（2）根据图乙可知，冰在0℃时熔化，熔化过程中吸热，温度保持不变，所以，冰属于
晶体；
（3）根据图乙可知，结合液体沸腾的特点，de阶段试管中水与烧杯中的水温度相同，
试管中水不能获得热量，所以，试管中水没有沸腾。
故答案为：（1）﹣4；（2）晶体；（3）没有。【点评】本题为“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验，考查水浴法、晶体熔化特点、
沸腾条件等基础知识。
19．（3分）（2023•苏州）两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，
处于竖直静止状态（图甲）。手握管子突然 向上 （向上/向下）运动时，气球突然
变大（图乙），此时手对管子竖直向上的力 大于 （大于/等于/小于）管子总重，该
现象的产生是由于 水 具有惯性。
【分析】物体具有保持运动状态不变的性质叫做惯性；
物体加速运动时受力不平衡，较大的力与运动方向相同。
【解答】解：两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静
止状态（图甲），当气球突然变大，说明水向下充入了气球，由于水具有惯性，当手握
管子突然向上运动时，管子上升，水保持静止，流入气球，使得气球突然变大，由于整
体做加速运动，受力不平衡，较大的力与运动方向相同，则此时手对管子竖直向上的力
大于管子总重。
故答案为：向上；大于；水。
【点评】本题考查惯性、力与运动的关系，属于中档题，有一定的难度。
20．（4分）（2023•苏州）寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，
原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R 、热敏电阻R （安装在恒温箱内，
1 2
阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝 R 和R 等
3 4
组成。调好R 阻值，闭合开关S 、S ，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，
1 1 2
且降温阶段降温比较平缓。
（1）通电线圈上端是 N 极，温度升高时，电磁铁磁性 增强 ；
（2）R 阻值 小于 （大于/小于）R 阻值；
3 4
（3）将R 的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将 降低 。
1【分析】（1）根据安培定则判断通过后电磁铁的极性；根据热敏电阻阻值随温度的变
化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；
（2）温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R 电路接通，此时恒温箱处于保温
4
状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R 电路接通，
3
此时恒温箱处于加热状态；根据P＝UI＝ 分析R 与R 的阻值大小；
3 4
（3）电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控
制电路的总电阻不变，将R 的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联分析热敏电阻R 的
1 2
阻值变化，利用热敏电阻阻值随温度的变化关系确定恒温箱控制的温度变化。
【解答】解：（1）闭合开关S ，电流从电磁铁上端流入，下端流出，由安培定则可知，
1
线圈的上端为N极，下端为S极；
温度升高时，热敏电阻R 的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流
2
变大，电磁铁的磁性增强；
（2）温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R 电路接通，此时恒温箱处于保温
4
状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R 电路接通，
3
此时恒温箱处于加热状态；因加热功率大于保温功率，且电源电压不变，由 P＝UI＝
可知，R 阻值小于R 阻值；
3 4
（3）电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控
制电路的总电阻不变，将R 的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻R
1 2
的阻值变大，因热敏电阻R 的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降
2低。
故答案为：（1）N；增强；（2）小于；（3）降低。
【点评】本题通过电磁继电器的应用考查了对电磁铁的认识和理解，知道电磁继电器实
质是一个开关，对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电
路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影
响，最后确定工作电路中的工作情况。
21．（5分）（2023•苏州）阅读材料，回答问题。
“海油观澜号”深远海浮式风电平台
2023年5月20日，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并入文昌油田群
电网，标志着我国深远海风电关键技术取得重大进展。
“海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，总质量达1.1×107kg。平台
采用“半潜式”设计，底部是一个三角形浮式基础，包括3个边立柱和1个中间立柱，
图甲为其实物照片。浮式基础上方是高约83米的圆筒状柱子，柱子上方安装有机舱，
机舱前部的3只大叶片驱动机舱中的发电机转子转动，生成绿色电力，年发电量将达
2.2×107kW•h。
（1）风能属于 可 （可/不可）再生能源；
（2）根据图甲估测“海油观澜号”单个叶片长度约为 7 0 m（保留整数）；
（3）风平浪静叶片不动时，平台基础排开海水的体积达 1.1×1 0 4 m3（海水密度用
1.0×103kg/m3计算，不考虑锚链对平台的作用）；
（4）每年的发电量相当于 1.8×1 0 6 kg天然气完全燃烧放出的热量（天然气的热值q
取4.4×107J/kg）；
（5）海浮式风电平台基础设计方式除半潜式外还有单柱式（图乙）。两种方式相比较，
你认为“半潜式”的一个明显优点是 吃水深度较浅，适用海域范围较广 。【分析】（1）能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断
获得的能源是不可再生能源；
（2）海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高
度的三分之一；
（3）根据物体沉浮条件和阿基米德原理求出平台排开海水的体积；
（4）利用Q放 ＝mq求需要天然气的质量；
（5）结合材料和图片进行比较。
【解答】解：（1）风能能从自然界源源不断地获得，属于可再生能源；
（2）海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高
度的三分之一，单个叶片长度约70m；
（3）根据题意可知，平台基础总质量为1.1×107kg，
此时漂浮平台受到的浮力为：F浮 ＝G总 ＝m总g＝1.1×107kg×10N/kg＝1.1×108N，
由阿基米德原理可知，此时漂浮平台排开海水的体积为：
V排 ＝ ＝ ＝1.1×104m3；
（4）年发电量W＝2.2×107kW•h＝2.2×107×3.6×106J＝7.92×1013J，
由W＝Q＝mq可知，需要天然气的质量：
m＝ ＝ ＝1.8×106kg；
（5）如图所示，半潜式底部有一个三角形浮式基础，与单柱式相比，吃水深度较浅，
适用海域范围较广。
故答案为：（1）可；（2）70；（ 3）1.1×10⁴；（4）1.8×106；（5）吃水深度较浅，
适用海域范围较广。
【点评】本题考查能源分类、长度估测、浮力计算、热量计算等知识，综合性较强。
三、解答题（本题共12小题，共50分。解答26、27、28题时应有解题过程）
22．（2分）（2023•苏州）图中，箱子静止在水平桌面上，画出箱子受力示意图。
【分析】箱子静止在水平面上，受到了平衡力的作用，故箱子受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
【解答】解：过箱子重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线
段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭
头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23．（2分）（2023•苏州）图中，光线AO自空气斜射向水面，画出其反射光线和折射光
线的大致位置。
【分析】先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，
并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的
方向。
【解答】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射光线、入射光线以及法线在同
一平面内，反射角等于入射角，在法线左侧的空气中画出反射光线OB；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，在法线左侧的水
中画出折射光线OC，如图所示：
【点评】在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光
线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
24．（2分）（2023•苏州）图中，用直棒提升重物，画出图示位置所用最小力F 和阻力F
1 2
的力臂L 。
2【分析】（1）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
（2）使用杠杆时，若阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此解答此题，只
需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
【解答】解：物体对杠杆的拉力为阻力F ，方向竖直向下，反向延长阻力F 的作用线，
2 2
从支点O向阻力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂l 。
2
使杠杆AB静止时所用最小力的作用点在离支点最远的B点，用力方向与OB垂直，这
样动力臂最长（等于OB），最省力，动力的方向大致向上；如图所示：
【点评】在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：
①确定支点和动力作用点，找出最长的动力臂；
②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线。
25．（2 分）（2023•苏州）图中，将家庭电路补充完整（虚框内一处接保险丝“
”，另一处用导线连接）。
【分析】家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时切断火线。
【解答】解：家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时
切断火线。根据灯泡的右侧开关与火线相连，确定上方的导线是火线，保险丝应该安装
在火线上，如图：
【点评】本题考查家庭电路的组成与安装，属于简单的基础题。
26．（4分）（2023•苏州）正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有
400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃。不计水的蒸发
[水的比热容是4.2×103J/（kg•℃）]。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
【分析】（1）根据Q吸 ＝cmΔt计算水吸收的热量；
（2）由P＝ 公式变形可求得照射到水面上的太阳能，由 ＝ ×100%可求得水获取
η
太阳能的效率。
【解答】解；（1）水吸收的热量：
Q吸 ＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.4kg×2.5℃＝4.2×103J；
（2）由P＝ 可得，照射到水面上的太阳能：
W＝Pt＝25W×10×60s＝1.5×104J，水获取太阳能的效率： ＝ ×100%＝ ×100%＝28%。
答：（1）该过程水吸收η的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是28%。
【点评】本题考查了热量的计算和效率的计算，关键是理解“地表水吸收太阳能的效
率”的含义。
27．（6分）（2023•苏州）如图甲所示，重500N、底面积为0.2m2的箱子放在水平地面上。
现用一块直木板将该箱子匀速拉上平台（图乙）。已知拉力为350N，箱子沿板移动了
2m，升高1m，用时20s。求：
（1）箱子对水平地面的压强；
（2）上移过程中拉力做功的功率；
（3）箱子克服木板摩擦力所做的功。
【分析】（1）箱子对水平地面的压力等于自身重力，根据压强公式计算箱子对水平地
面的压强；
（2）根据W＝Fs计算拉力做功，根P＝ 计算拉力做功功率；
（3）根据W有 ＝Gh计算该过程的有用功，根据W额 ＝W总 ﹣W有 计算克服摩擦力做的
功。
【解答】解：（1）箱子对水平地面的压力等于自身重力，
箱子对水平地面的压强： ；
（2）拉力做功：W总 ＝Fs＝350N×2m＝700J，
拉力做功功率： ；
（3）该过程的有用功：W有 ＝Gh＝500N×1m＝500J，
克服摩擦力做的功：W额 ＝W总 ﹣W有 ＝700J﹣500J＝200J。答：（1）箱子对水平地面的压强为2.5×103Pa；
（2）上移过程中拉力做功的功率为35W；
（3）箱子克服木板摩擦力所做的功为200J。
【点评】本题考查压强公式、做功公式、功率公式的灵活运用，知道总功包括有用功和
额外功。
28．（6分）（2023•苏州）如图甲，R 阻值为20 ，图乙为小灯泡L的U﹣I图像。闭合
1
开关S、S ，断开S ，电流表示数为0.4A，再闭Ω合开关S ，电流表示数变为0.6A。求：
1 2 2
（1）电源电压；
（2）R 的阻值；
2
（3）若只闭合S，1min内电阻R 产生的热量。
1
【分析】（1）闭合开关S、S ，断开S ，灯泡被短路，只有R 接入电路，根据电流表
1 2 1
示数和欧姆定律计算电源电压；
（2）再闭合开关S ，R 与R 并联，根据并联电路特点计算R 上的电流，根据欧姆定
2 1 2 2
律计算R 的电阻；
2
（3）若只闭合S，灯泡L与R 串联，根据串联电流相等，结合图像，分析电流大小，
1
利用Q＝I2Rt计算热量。
【解答】解：（1）闭合开关S、S ，断开S ，灯泡被短路，只有R 接入电路，电流表
1 2 1
示数为0.4A，
由I＝ 可得，电源电压：U＝U ＝I R ＝0.4A×20 ＝8V；
1 1 1
（2）再闭合开关S ，R 与R 并联，根据并联不相Ω互影响知，R 的电流不变，
2 1 2 1
根据并联电路的电流规律知，R 上的电流：I ＝I﹣I ＝0.6A﹣0.4A＝0.2A；
2 2 1由I＝ 可得，R 的阻值
2
（3）若只闭合S，灯泡L与R 串联，根据串联电流相等，当通过R 的电流I'＝0.3A时，
1 1
的电压U＝IR ＝0.3A×20 ＝6V，灯泡的电压为2V，恰好满足电源电压U＝2V+6V＝
1
8V， Ω
1min内电阻R 产生的热量Q＝I2R t＝（0.3A）2×20 ×60s＝108J。
1 1
答：（1）电源电压8V； Ω
（2）R 的阻值是40 ；
2
（3）若只闭合S，1mΩin内电阻R
1
产生的热量108J。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律，难点是结合图像分析串联
的电压关系。
29．（5分）（2023•苏州）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，把蜡烛、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，并将蜡烛烛焰和光屏的中
心调到凸透镜的主光轴上，目的是使像成在 光屏中央 。
（2）按要求进行观察和测量，并将部分观测情况记录在下列表中：
实验序号 物距w/cm 像距v/cm 像的性质
1 60 20 倒立、缩小、实像
2 30 30 倒立、等大、实像
3 20
4 10
①凸透镜焦距f＝ 1 5 cm。
②当物距u＝20cm时，像距v＝ 6 0 cm。
③当物距u＝10cm时，像的性质是 正立、放大、虚像 。
（3）如图乙是航天员王亚平太空授课制作水球时呈现的情景，假设她稍向后远离水球，则她在球中所成的像将 变小 （变大/变小/不变）。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光
轴上；
（2）①根据u＝v＝2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
②在光的折射中，光路是可逆的；
③根据u＜f时，成正立、放大的虚像；
（3）根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的
主光轴上；
（2）①由表中数据可知，u＝v＝30cm，根据u＝v＝2f，成倒立等大的实像，即2f＝
30cm，故凸透镜焦距f＝15cm；
②当物距u＝20cm，由表中数据可知，此时物距等于第1次成像时像距，根据在光的折
射中，光路是可逆的，故像距应该等于第1次成像时物距，即v＝60cm；
③当物距u＝10cm，此时u＜f，根据u＜f时，成正立、放大的虚像，故像的性质是正
立、放大、虚像；
（3）水球相当于凸透镜，假设她稍向后远离水球，此时物距增大，根据凸透镜成实像
时，物远像近像变小，可知，她在球中所成的像将变小。
故答案为：（1）光屏中央；（2）①15；②60；③正立、放大、虚像；（3）变小。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做
到灵活运用。
30．（4分）（2023•苏州）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
（1）压强计通过U形管两侧液面的 高度差 来反映被测压强大小。使用前，用手按
压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是 C ；
A.向U形管中注入一些水B.将U形管中水倒出一些
C.检查装置是否漏气
（2）小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内
部压强大小与 方向 是否有关；
（3）小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下
移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较， 能
（能/不能）得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
【分析】（1）压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小；
压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化
来改变U形管中液面高度差的；
（2）影响液体内部压强的因素有深度和密度，且密度相同，深度相同时，液体内部朝
各个方向的压强都相等；
（3）图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，说明密度也会影响液体内部压强。
【解答】解：（1）压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大
小，这种研究方法叫转换法；
使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，应检查装置是否漏
气；
（2）保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管高度差不变，压强不变，
说明液体内部朝各个方向都有压强，且同种液体，同一深度各个方向上的压强相等；
（3）图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，是液体密度对液体压强产生了影响，
与图甲比较，能得出液体内部压强与液体密度有关的初步结论。
故答案为：（1）高度差；C；（2）方向；（3）能。
【点评】本题考查了液体内部压强特点及影响液体内部压强的因素，难度适中，需熟练
掌握。
31．（5分）（2023•苏州）综合实践活动课上，小明用一根长约20cm的圆柱状饮料吸管、
一段细铁丝、石蜡和水等制作了一个简易密度计。
制作时，小明先将吸管两端剪平，铁丝密绕成小团后塞入吸管一端，再用石蜡将该端口
堵住密封；接着，将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态（图甲），用笔在吸管上标记
此时水面位置O；取出吸管，量出O点至封口端的距离H，通过分析与计算，在吸管上
分别确定密度值0.8g/cm3、0.9g/cm3、1.0g/cm3、1.1g/cm3的位置并标上密度值。
使用时，将密度计静置于待测液体中，读出吸管壁上液面处的数值即为液体密度。（1）O位置处的刻度值为 1. 0 g/cm3；
（2）吸管漂浮在其他液体中时（图乙），液面下方的深度 h＝ （用
水
、
ρ ρ
液
、H表示）；
（3）管壁上标注的4个刻度值，相邻两刻度值之间的距离 不相等 （相等/不相等）；
（4）小明突发奇想，将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其
它没有变化（图丙），他用这样“改装”后的密度计测同一液体密度，测量结果 偏
大 （偏大/偏小/无变化）；
（5）若增加塞入吸管中铁丝的质量，则制作的密度计精确程度将 提高 。
【分析】（1）O位置处的刻度值为水的密度；
（2）根据物体在液体中的沉浮条件和阿基米德原理分析；
（3）结合反比例函数关系分析；
（4）将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再
用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，根据吸管排开液体的
体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积判断吸管排开液体体积的变化，然后结合吸
管密度计的特点进行解答：
（5）若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的
深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
【解答】解：（1）如图甲所示，小明将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态，用笔在
吸管上标记此时水面位置O，O位置处的刻度值为水的密度值1.0g/cm3；
（2）因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，则 F浮水 ＝F浮液 ＝G，即
水gSH＝ 液gSh＝G，可得：h＝ ；
ρ ρ（3）因为h＝ ，
水
和H已知，h和
液
是反比例函数，所以刻度分布不均匀，
相邻两刻度值之间的距离ρ不相等，且密度计的ρ刻度由上至下数值逐渐增大，密度变大时
h液 变化越小；
（4）将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再
用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，
因为吸管排开液体的体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积，
所以，吸管排开液体的体积减小，会上浮一些，测得的密度值偏大，即测出的液体密度
值大于实际值；
（5）若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的
深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
故答案为：（1）1.0；（2） ；（3）不相等；（4）偏大；（5）提高。
【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析。
32．（8分）（2023•苏州）小明选取了两根长度相等材料不同的合金丝a和b，连接成图
甲电路。M为合金丝b的左端点，N为合金丝a的右端点，Q为在合金丝上可移动的触
点。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动 Q，发现电流表指针保持图乙
所示位置不动，电压表读数U随QN之间的距离x的变化如图丙所示。（1）电流表示数为 0. 4 A。
（2）合金丝a的长度为 10 cm，其阻值为 20 。合金丝b两端电压为 2
V。 Ω
（3）小明再利用合金丝a和其他器材测量一个未知电阻R 的阻值，电路如图丁所示。
x
①请在图戊中用笔画线代替导线帮他完成电路连接。
②电路连接好后，闭合开关S、S ，发现电压表无示数，检查发现是由于滑动变阻器出
1
现 断路 （断路/短路）。
③排除故障后，先闭合开关S和S ，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示
1
数U ；再断开S ，闭合S ，读出此时电压表示数U ，则待测电阻阻值为
1 1 2 2
（合金丝a的电阻用R 表示）。
a
④若在步骤③中，小明在测量U 时，将S 闭合前，忘记断开S ，仍用原方法算出的
2 2 1
待测电阻阻值 大于 （大于/等于/小于）真实值。【分析】（1）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
（2）闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动 Q，发现
电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测
量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN＝10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a
的长度为10cm，a两端电压为8V，b两端电压为2V，由欧姆定律可知a的阻值；
（3）①根据电路图进行连接；
②电路连接好后，闭合开关S、S ，电路为串联电路，电压表测R 和合金丝a两端电压，
1 x
发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路；
③先闭合开关S和S ，滑动变阻器、合金丝a、R 串联接入电路，电压表测R 和合金
1 x x
丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U 为R 和合金丝a
1 x
两端电压，再断开S ，闭合S ，滑动变阻器、合金丝a、R 串联接入电路，电压表测R
1 2 x x
两端电压，由串联电路的电压分理可得R ；
x
④小明在测量U 时，将S 闭合前，忘记断开S ，此时电路仍为串联电路，但合金丝a
2 2 1
被短路，滑动变阻器、R 串联接入电路，电压表测R 两端电压，示数为U ，与之前相
x x 2
比，U 的示数变大进行分析。
2
【解答】解：（1）图丙中电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；
（2）闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动 Q，发现
电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测
量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN＝10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a
的长度为10cm，a两端电压U ＝8V，a、b两端的电压U ＝10V，由欧姆定律可知a的
a ab
阻值R＝ ＝ ＝20 ，由串联电路的电压规律可知合金丝b两端电压为U ＝U ﹣
b ab
Ω
U ＝10V﹣8V＝2V；
a
（3）①由图丁可知，合金丝a左端与开关S 右端接线柱连接，如下图所示：
2②电路连接好后，闭合开关S、S ，电路为串联电路，电压表测R 和合金丝a两端电压，
1 x
发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路，故障出现在滑动
变阻器位置的话应为滑动变阻器断路；
③先闭合开关S和S ，滑动变阻器、合金丝a、R 串联接入电路，电压表测R 和合金
1 x x
丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U 为R 和合金丝a
1 x
两端电压，再断开S ，闭合S ，滑动变阻器、合金丝a、R 串联接入电路，电压表测R
1 2 x x
两端电压为U ，由串联电路的电压规律可知合金丝a两端电压U ＝U ﹣U ，由串联电
2 a 1 2
路的电压分理可得： 即 ＝ ，
得R ＝ ；
x
④小明在测量U 时，将S 闭合前，忘记断开S ，此时电路仍为串联电路，但合金丝a
2 2 1
被短路，滑动变阻器、R 串联接入电路，电压表测R 两端电压，示数为U ，由串联电
x x 2
路 的 分 压 原 理 可 知 ， 步 骤 ③ 时 ， U ＝ ， 此 时 U ′ ＝
2 2，示数变大，仍用原方法算出的待测电阻阻值，则R ＝ 式子分
x
子变大，分母变小，结果偏大。
故答案为：（1）0.4；（2）10；20；2；（3）①如上图所示；②断路；③ ；
④大于。
【点评】本题考查伏安法测电阻时电流表读数、数据分析、电路连接、欧姆定律等内容，
综合性强。
33．（4分）（2023•苏州）人眼对观察到的景物有暂时的“记忆”，在外界景物消失后，
视神经对它的印象还会延续0.1s左右，这种特征叫视觉暂留。例如在一张白色卡片纸的
正、反面分别画上鸟笼和鸟，让卡片纸快速旋转，当正、反两面交替出现在眼前的时间
间隔在0.1s之内时，人眼就能看到鸟在笼中的现象（图甲）。一些城市地铁行驶在某些
区间时，乘客能看到窗外出现清晰的动态广告，往往也是利用了视觉暂留的原理。某段
地铁内隧道广告的制作方法如下：在隧道侧壁与车窗相同高度处，沿运行方向每经过距
离d，安装一块大小相同的广告灯箱，如图乙。灯箱采用频闪方式实现亮、暗交替，且
工作时各灯箱亮、暗同步变化（人的视觉暂留时间以0.1s计算）。
（1）要实现时长15s的广告效果，至少需要安装 15 0 块广告灯箱；
（2）灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，当它们满足下述哪种情况时，乘客能看到流畅稳定的广告画面？答： C ；
A.f＝5Hz，且v＝df
B.f＝10Hz，且v＝ df
C.f＝20Hz，且v＝df
D.f＝30Hz，且v＝3df
（3）座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，可能原因是
地铁速度稍稍减慢（或发光频率稍稍变大） （写出一种即可）。
【分析】（1）根据人的视觉暂留时间的意义进行分析解答；
（2）根据速度公式结合题中信息分析解答；
（3）根据运动的相对性分析解答。
【解答】解：（1）人的视觉暂留时间以0.1s计算，人看到广告的时间间隔不能超过
0.1s，因而每秒至少看到10幅广告，因而实现时长15s的广告效果，至少需要15×10＝
150块广告灯箱；
（2）灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，由于工作时各灯箱亮、暗
同步变化，第1次看到灯箱亮，保证在下一次恰好也是灯箱亮，且时间间隔必须小于
0.1s，在频率最低为f＝ ＝10Hz，且运动的最快速度v＝ ＝df，故C符合要求，
而D速度过大；
（3）座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，说明本应该
恰好经过的广告变为了到达人的前方，说明车子的速度变慢了，也有可能画面的播放速
度变快了，即发光频率稍稍变大了。
故答案为：（ 1 ）150；（ 2）C；（3）地铁速度稍稍减慢（或发光频率稍稍变大）。
【点评】本题通过材料信息考查阅读能力与速度公式的应用、运动的相对性，属于难题
一道。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/6/24
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