文档内容
2023年江苏省连云港市中考物理试卷
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一
个符合题意）
1．（2分）（2023•连云港）我们能辨别出熟悉同学的声音，从物理学角度讲，这主要是
因为他们声音的（ ）
A．响度不同 B．音调不同 C．频率不同 D．音色不同
2．（2分）（2023•连云港）沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼
夜温差较大，这主要是因为（ ）
A．水的内能多，沙石的内能少
B．水的导热性好，沙石的导热性差
C．水的比热容大，沙石的比热容小
D．水吸收的热量多，沙石吸收的热量少
3．（2分）（2023•连云港）如图所示，每个钩码的质量为50g，在均匀杠杆的A处挂2个
钩码，B处挂1个钩码，杠杆恰好水平平衡。在 A、B两处再各加1个钩码，那么（
）
A．杠杆仍水平平衡
B．杠杆的左边向下倾斜
C．杠杆的右边向下倾斜
D．将A处的钩码向左移动一格，杠杆仍能水平平衡
4．（2分）（2023•连云港）下列事例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（ ）
A．古人钻木取火 B．冬天双手摩擦取暖
C．一杯热水慢慢变凉 D．人从滑梯滑下臀部发热
5．（2分）（2023•连云港）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光
屏处于图示位置时，恰能在光屏上得到一个清晰的像。利用这个成像规律可以制成（
）A．照相机 B．潜望镜 C．放大镜 D．幻灯机
6．（2分）（2023•连云港）下列有关功的说法正确的是（ ）
A．用力推车没有推动，人对车也做了功
B．足球在水平地面上滚动时重力对足球没有做功
C．运动员举起杠铃在空中静止不动时对杠铃做了功
D．学生背着书包在水平路面匀速前进时对书包做了功
7．（2分）（2023•连云港）下列关于机械效率的说法正确的是（ ）
A．越省力的机械，机械效率越高
B．做功越快的机械，机械效率越高
C．所做有用功越多的机械，机械效率越高
D．有用功与总功的比值越大的机械，机械效率越高
8．（2分）（2023•连云港）用力将足球踢出，足球在空中运动了一段时间后落向地面，
继续向前滚动，最终停止。下列说法正确的是（ ）
A．足球最终停止，是因为没有受到力的作用
B．足球运动得越来越慢，是因为惯性越来越小
C．足球在空中飞行的过程中，运动状态一定改变
D．足球离开脚后继续运动，是因为受到了惯性的作用
9．（2分）（2023•连云港）下列四个现象中，形成原因与其他三个不同的是（ ）
A．平静水面下树木的倒影
B．雨后天空出现美丽的彩虹
C．放在水中的铅笔看起来弯折
D．游泳池的底部看起来比实际深度浅
10．（2分）（2023•连云港）如图是测量货车质量的地磅示意图，货车的质量可以通过电
流表的示数转换测出，R 为定值电阻。下列说法正确的是（ ）
0A．地磅的量程与R 大小无关
0
B．货车的质量变大时，电流表的示数变小
C．将电流表换成电压表也能测量货车的质量
D．仅增大R ，称量同一货车质量时，电流表示数变小
0
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
11．（2分）（2023•连云港）AI智能音箱已广泛应用于新能源汽车，它让用户以语音对话
的交互方式实现多项功能的操作。当对AI智能音箱发出调大声音的指令时，音箱就自
动改变声音的 ，音箱内部扬声器振动的幅度 。
12．（2分）（2023•连云港）两个电阻R 、R 串联在电路中，已知R ＞R 。通过两个电
1 2 1 2
阻的电流I 、I 的大小关系是I I （选填“＞”“＝”或“＜”），加在两个电
1 2 1 2
阻两端的电压U 、U 的大小关系是U U （选填“＞”“＝”或“＜”）。
1 2 1 2
13．（2分）（2023•连云港）如图所示，两种不同的金属丝组成一个闭合回路，触头 1置
于热水杯中，触头2置于冷水杯中，此时回路中电流表指针就会发生偏转，这是温差电
现象。此过程中 能转化为 能。
14．（4分）（2023•连云港）一束光与水平面成30°角斜射到平静的水面上，则反射角为
°，若入射角增大10°，则入射光线和反射光线夹角为 °。远远望去，一只小
鸟在平静的水面上飞翔，若它距水面6m，它的像距水面的距离是 m，当它向水
面俯冲的过程中，像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
15．（3分）（2023•连云港）2022年11月30日，“神舟十五号”飞船与“天宫”空间站
顺利对接，对接完成后，以“天宫”空间站为参照物，“神舟十五号”飞船处于状态。随后，“神舟十四号”飞船返回地球，在落向地面的过程中，重力势能
（选填“变大”“变小”或“不变”）。空间站与地面间依靠 传递信息。
16．（3分）（2023•连云港）如图甲所示，将一根直导线沿南北方向水平放置在静止的小
磁针正上方，当接通电源时小磁针偏转，表明 。改变直导线中的电
流方向，小磁针偏转方向也随之改变，表明 。若将导线绕成
螺线管并通电，如图乙所示，则通电螺线管的A端是 极。
17．（4分）（2023•连云港）重450N的箱子，在20N水平推力的作用下，沿水平路面做
匀速直线运动，地面对箱子的支持力大小为 N，箱子受到的阻力大小为
N。如果用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，拉力F＝250N，滑轮组的机械效率为
。箱子以0.1m/s的速度匀速上升的过程中，拉力的功率为 W。
三、解答题（本大题共7小题，18～21题每图每空2分，23题8分，24题10分，共50分。
解答第23、24题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18．（2分）（2023•连云港）根据平面镜成像特点，画出图中物体AB在平面镜MN中所
成的像。19．（2分）（2023•连云港）如图所示，物体静止在水平桌面上，画出物体所受重力的示
意图。
20．（10分）（2023•连云港）用如图所示装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验装置的安装顺序是 （选填“自上而下”或“自下而上”）。
（2）图示烧杯中水的温度为 ℃。烧杯口出现的“白气”是 现象，
此过程需要 。
（3）沸腾过程中撤去酒精灯，你观察到烧杯中水的现象是 。
21．（8分）（2023•连云港）某同学利用如图所示的电路测量一待测电阻R 的阻值，图中
x
电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为50 。
（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变Ω阻器的滑片 P移至 端（选填
“A”或“B”）。
（2）实验过程中向左移动滑片P，电压表的示数 （选填“变大”“变小”或
“不变”）。
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是 。（4）若R 为10 ，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是
x
。 Ω
22．（10分）（2023•连云港）“铜壶滴漏”是中国古代的计时工具，距今 700多年。如
图1所示，它上面有三个壶，分别是日壶、月壶和星壶，也叫送水壶，最下面的寿壶也
叫受水壶。日、月、星壶侧面底部都有一个龙头形滴水口，壶盖上开有一个进水孔，小
水滴从日壶滴进月壶，再从月壶滴进星壶，最后进入受水壶。受水壶装有两个重要部件：
一个是竖立在壶盖正中的铜尺，上有时辰刻度，从下到上分别为：子、丑、寅、卯、辰、
巳、午、未、申、酉、戌、亥。每个时辰是两个小时，其中子时代表23：00～1：00，
丑时代表1：00～3：00……以此类推；另一个是浮箭，由小木块上连接一把木尺组成，
随着受水壶里水量的增加，浮箭自然同步上升。观看浮箭顶端指示的铜尺刻度，就可以
知晓当时、当地的时间了。请根据以上信息并结合所学知识，回答下面问题：（1）如图2是14：00浮箭顶端指示的部分铜尺位置的示意图，其中正确的是 。
（2）若浮箭的重力为 G，在受水壶中所受的浮力为 F浮 ，则G F浮 （选填
“＞”“＝”或“＜”）。随着受水壶水位的升高，浮箭下部小木块浸没在水中的深度
，受水壶壶底受到水的压强 。若想测量1个时辰浮力对浮箭做的功，还需要
测量 。
23．（8分）（2023•连云港）2023年4月26日，第十二届江苏省园艺博览会在连云港盛
大开幕，其中科技田园描绘的“孙悟空”形象，成为一道靓丽的风景线。科技田园的维
护主要依靠无人机，图中无人机正在给科技田园喷洒农药。已知该无人机空机质量为
5kg，停放时与地面的总接触面积为80cm2，装满农药后的总质量为32kg，农药的密度
为0.9×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）该无人机空机状态停放时对水平地面的压强；
（2）该无人机可装农药的最大体积。
24．（10分）（2023•连云港）如图甲所示为一台电热水器，下表为该热水器的铭牌，其
中高温挡的额定功率模糊不清。图乙为该电热水器的内部简化电路，R 、R 为电热丝
1 2
（阻值未知），S 、S 为挡位开关，S 只能在a、b之间切换。电热水器在使用过程中会
1 2 2
有漏电危险，当发生漏电时，电流会沿着水管经过喷头流过人体而发生触电事故。为防
止触电事故发生，该电热水器在出水口处串接了一个“隔电墙”（见图甲）。“隔电
墙”内部是一个螺旋状绝缘通道（如图丙所示），已知电源电压为220V。求：
××牌电热水器
额定电压 220V
额定功率 高温挡
中温挡 2200W
低温挡 1210W
电源频率 50Hz（1）高温挡的额定功率（计算结果保留整数）；
（2）为确保安全，要求淋浴时通过人体的漏电电流不超过 0.2mA，则该“隔电墙”的
电阻值至少为多大？（计算时忽略人体的电阻值）
（3）说明“隔电墙”的内部做成螺旋状的原因。2023年江苏省连云港市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一
个符合题意）
1．（2分）（2023•连云港）我们能辨别出熟悉同学的声音，从物理学角度讲，这主要是
因为他们声音的（ ）
A．响度不同 B．音调不同 C．频率不同 D．音色不同
【分析】音色是取决于物体本身的一种特性，只和发生体的材料有关。
【解答】解：我们能辨别出熟悉同学的声音，从物理学角度讲，这主要是因为他们声音
的音色不同，D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】知道并理解声音的三个特性是解决该题的关键。
2．（2分）（2023•连云港）沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼
夜温差较大，这主要是因为（ ）
A．水的内能多，沙石的内能少
B．水的导热性好，沙石的导热性差
C．水的比热容大，沙石的比热容小
D．水吸收的热量多，沙石吸收的热量少
【分析】因为沙子的比热容比水的小，白天，相同质量的不同物质，吸收相同的热量后，
比热容小的温度升高的多；夜晚，相同质量的不同物质放出相同的热量后，比热容小的
温度下降的多，气温较低，据此回答产生这种气候的原因。
【解答】解：因为沙子的比热容较小、水的比热容较大，白天，吸收热量后，沙子的温
度升高的多，气温较高；夜晚，放出热量后，沙子的温度下降的多，气温较低；所以沿
海地区昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大。
故选：C。
【点评】本题是“比热容知识”的一个应用，我们要学会使用所学物理知识来解释我们
生活中的有关现象。
3．（2分）（2023•连云港）如图所示，每个钩码的质量为50g，在均匀杠杆的A处挂2个
钩码，B处挂1个钩码，杠杆恰好水平平衡。在 A、B两处再各加1个钩码，那么（
）A．杠杆仍水平平衡
B．杠杆的左边向下倾斜
C．杠杆的右边向下倾斜
D．将A处的钩码向左移动一格，杠杆仍能水平平衡
【分析】（1）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，即F ×L ＝F ×L ；
1 1 2 2
（2）在A、B两处再各加挂一个50g的钩码后，分析两边的力和力臂的乘积是否还相等，
据此判断杠杆是否还平衡。
【解答】解：ABC、如图所示，每个钩码的质量为50g，重力为G＝mg＝0.05kg×10N/
kg＝0.5N，杠杆上每小格的长度假设为1cm，
则F ＝0.5N×2＝1N，L ＝1cm×2＝2cm，F ＝0.5N，L ＝1cm×4＝4cm，杠杆平衡，则：
A A B B
F ×L ＝F ×L ；
A A B B
在A、B两处再各加挂一个50g的钩码后，F ′＝0.5N×3＝1.5N，F ′＝0.5N×2＝1N，
A B
L 和 L 的长度都不变，则 F ′×L ＝1.5N×2cm＝3N•cm，F ′×L ＝1N×4cm＝
A B A A B B
4N•cm，则：F ′×L ＜F ′×L ，杠杆右边下倾，故AB错误、C正确；
A A B B
D、将A处的钩码向左移动一格，杠杆左端为：1.5N×3cm＝4.5N•cm，杠杆右端为：
1N×4cm＝4N•cm，左右两侧力与力臂的乘积不等，所以杠杆不能水平平衡，故D错误。
故选：C。
【点评】杠杆是否平衡，取决于力和力臂的乘积是否相等，不能只看力或力臂的大小。
4．（2分）（2023•连云港）下列事例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（ ）
A．古人钻木取火 B．冬天双手摩擦取暖
C．一杯热水慢慢变凉 D．人从滑梯滑下臀部发热
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，
而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、钻木取火是摩擦生热，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能，
故A错误；
B、冬天双手互相摩擦，手会发热，是通过做功方式改变了手的内能，故B错误；
C、一杯热水慢慢变凉，即热水放出热量，这是通过热传递改变物体内能的，故C正确；
D、人从滑梯滑下臀部发热，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是通过做功改变了物体的内能，故D错误；
故选：C。
【点评】解决此类题目的关键是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变
物体内能的方式。
5．（2分）（2023•连云港）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光
屏处于图示位置时，恰能在光屏上得到一个清晰的像。利用这个成像规律可以制成（
）
A．照相机 B．潜望镜 C．放大镜 D．幻灯机
【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律：
当u＞2f时，f＜v＜2f，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据这个原理制成
的；
当u＝2f时，v＝2f，成倒立、等大的实像；
当f＜u＜2f时，v＞2f，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成
的；
当u＝f时，无像，经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点；
当u＜f时，成正立、放大的虚像，放大镜就是根据这个原理制成的。
【解答】解：当u＞2f时，f＜v＜2f，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据
这个原理制成的；
当f＜u＜2f时，v＞2f，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成
的；
当u＜f时，成正立、放大的虚像，放大镜就是根据这个原理制成的；
潜望镜是利用了平面镜成像，是光的反射现象。
所以，由图可知，物距大于像距，且u＞2f、f＜v＜2f，是照相机的成像原理，A正确，
BCD错误。
故选：A。
【点评】此题主要考查了凸透镜成像的应用，要熟记凸透镜成像的规律，特别搞清物距
与像距之间的关系。
6．（2分）（2023•连云港）下列有关功的说法正确的是（ ）A．用力推车没有推动，人对车也做了功
B．足球在水平地面上滚动时重力对足球没有做功
C．运动员举起杠铃在空中静止不动时对杠铃做了功
D．学生背着书包在水平路面匀速前进时对书包做了功
【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方
向上通过的距离，二者缺一不可。
【解答】解：A、用力推车，但没有推动，没有距离，所以没做功，故A不符合题意。
B、足球在水平地面上滚动时，重力方向竖直向下，运动方向是水平的，两个方向垂直，
重力对足球没有做功，故B符合题意；
C、运动员举着杠铃静止不动，没有距离，所以没做功，故C不符合题意；
D、学生背着书包在水平路面匀速前进时，有力也有距离，但不是在力的方向上通过的
距离，所以没做功，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查了力是否做功的判断方法，基础题目。
7．（2分）（2023•连云港）下列关于机械效率的说法正确的是（ ）
A．越省力的机械，机械效率越高
B．做功越快的机械，机械效率越高
C．所做有用功越多的机械，机械效率越高
D．有用功与总功的比值越大的机械，机械效率越高
【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，机械
效率是有用功与总功的比值；
使用机械可以省力、可以改变力的方向、可以省距离。
【解答】解：A、根据功的原理可知省力的机械不能省功，机械效率是有用功与总功的
比值，机械省力与否与机械效率大小没有关系，因此省力的机械，机械效率不一定越高，
故A错误；
B、做功越快的机械功率越大，功率反映了物体做功的快慢，机械效率是指有用功与总
功的比值，机械效率与功率大小没有直接关系，故B错误；
C、机械效率是指有用功与总功的比值，有用功越多的机械，有用功与总功的比值不一
定大，机械效率不一定高，故C错误；
D、机械效率是有用功与总功的比值，有用功与总功的比值越大的机械，机械效率就越
高，故D正确。故选：D。
【点评】此题考查了学生对于功、功率和机械效率的理解和掌握，深刻理解功率和机械
效率的概念是解答此题的关键。
8．（2分）（2023•连云港）用力将足球踢出，足球在空中运动了一段时间后落向地面，
继续向前滚动，最终停止。下列说法正确的是（ ）
A．足球最终停止，是因为没有受到力的作用
B．足球运动得越来越慢，是因为惯性越来越小
C．足球在空中飞行的过程中，运动状态一定改变
D．足球离开脚后继续运动，是因为受到了惯性的作用
【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；物体不受力时将保持静止或匀速直线运
动状态。
（2）质量不变，惯性不变；
（3）物体运动方向、运动速度的改变都属于运动状态的改变；
（4）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性。
【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，踢出去的足球最终停止运动，足球越
滚越慢是阻力改变了它的运动状态，故A错误；
B、物体的惯性只与物体的质量有关，足球踢出后，质量不变，其惯性不变，故B错误；
C、足球在空中飞行过程中，运动的速度或方向发生了改变，运动状态一定发生改变，
故C正确；
D、球离开脚后继续运动，是因为球具有惯性，惯性是物体的一种性质，惯性不是力，
不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查力是改变物体运动状态的原因、惯性现象、运动状态的改变等知识。
9．（2分）（2023•连云港）下列四个现象中，形成原因与其他三个不同的是（ ）
A．平静水面下树木的倒影
B．雨后天空出现美丽的彩虹
C．放在水中的铅笔看起来弯折
D．游泳池的底部看起来比实际深度浅
【分析】平面镜成像，成因是光的反射；由物体发出的光透过不同介质时，会发生折射
现象。
【解答】解：A、平静水面下树木的倒影是光的反射现象；B、雨后天空会出现美丽的彩虹是光的色散，是光的折射现象；
C、放在水中的铅笔看起来弯折，是光的折射现象；
D、游泳池的底部看起来比实际深度浅，是光的折射现象。
故选：A。
【点评】本题主要考查学生对光学一些基础知识的了解和掌握，属光学基础题。
10．（2分）（2023•连云港）如图是测量货车质量的地磅示意图，货车的质量可以通过电
流表的示数转换测出，R 为定值电阻。下列说法正确的是（ ）
0
A．地磅的量程与R 大小无关
0
B．货车的质量变大时，电流表的示数变小
C．将电流表换成电压表也能测量货车的质量
D．仅增大R ，称量同一货车质量时，电流表示数变小
0
【分析】根据串联电路电阻规律和欧姆定律判断各选项的对错。
【解答】解：A、滑动变阻器与R 串联，当总电阻不变时，地磅的量程与R 大小有关，
0 0
故A错误；
B、货车的质量变大时，滑动变阻器接入的电阻变小，根据欧姆定律，电流表的示数变
大，故B错误；
C、将电流表换成电压表，整条电路的电流几乎为零，不能测量货车的质量，故C错误；
D、仅增大R ，称量同一货车质量时，滑动变阻器接入的阻值不变，整个电路的总阻值
0
变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电流变小，故电流表示数变小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了动态电路和欧姆定律的运用，有一定难度。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
11．（2分）（2023•连云港）AI智能音箱已广泛应用于新能源汽车，它让用户以语音对话
的交互方式实现多项功能的操作。当对AI智能音箱发出调大声音的指令时，音箱就自
动改变声音的 响度 ，音箱内部扬声器振动的幅度 变大 。
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色
是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：当对AI智能音箱发出调大声音的指令时，音箱就自动改变声音的响度，
响度变大，则音箱内部扬声器振动的幅度变大。
故答案为：响度；变大。
【点评】本题考查声音的特征，是声学基础题。
12．（2分）（2023•连云港）两个电阻R 、R 串联在电路中，已知R ＞R 。通过两个电
1 2 1 2
阻的电流I 、I 的大小关系是I ＝ I （选填“＞”“＝”或“＜”），加在两个电阻
1 2 1 2
两端的电压U 、U 的大小关系是U ＞ U （选填“＞”“＝”或“＜”）。
1 2 1 2
【分析】电阻R 、R 串联在电路中，串联电路各处电流相等，根据 U＝IR比较电阻两
1 2
端的电压大小。
【解答】解：串联电路电流处处相等，两电阻串联，则通过它们的电流相等；在串联电
路中，由U＝IR可知电阻两端电压在电流相等时，电阻越大，电阻两端的电压也越大，
已知R ＞R ，则U ＞U 。
1 2 1 2
故答案为：＝；＞。
【点评】本题难度不大，熟练应用串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键。
13．（2分）（2023•连云港）如图所示，两种不同的金属丝组成一个闭合回路，触头 1置
于热水杯中，触头2置于冷水杯中，此时回路中电流表指针就会发生偏转，这是温差电
现象。此过程中 内 能转化为 电 能。
【分析】热水是系统能量的来源，接触头1从热水中吸收的热量，一部分转化为电流做
功，另一部分能量被冷水吸收；
温差电压产生的原因是，在同一导体的两端因其温度不同而产生的一种热电压，从能量
转化角度，热电偶消耗了内能转化成了电能。
【解答】解：温差电压产生的原因是，在同一导体的两端因其温度不同而产生的一种热
电压，从能量转化角度，热电偶消耗了内能转化成了电能。故答案为：内；电。
【点评】本题主要是考查能量守恒定律
14．（4分）（2023•连云港）一束光与水平面成30°角斜射到平静的水面上，则反射角为
60 °，若入射角增大10°，则入射光线和反射光线夹角为 140 °。远远望去，一只
小鸟在平静的水面上飞翔，若它距水面6m，它的像距水面的距离是 6 m，当它向水
面俯冲的过程中，像的大小 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）入射角是入射光线与法线的夹角，据此可求出入射角的大小；然后可知
反射光线与入射光线的夹角；
（2）反射角和入射角的概念：入射光线与法线的夹角叫做入射角；反射光线与法线的
夹角叫做反射角；
（3）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它
们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：读图可知，入射光线与界面的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，反
射角也为60°；
若入射角增大10°，即入射角为70°，由反射角等于入射角可知，反射角也为70°，则反
射光线与入射光线的夹角将增大70°+710°＝140°；
倒影属平面镜成像现象，其原理是光的反射，根据平面镜成像特点可知，当小鸟距水面
6m时，小鸟的像距水面6m；
由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管小鸟向上飞还是
向下俯冲，像始终和物体等大，因此当小鸟向着水面俯冲的过程中，它在水中所成的像
不变。
故答案为：60；140；6；不变。
【点评】此题主要考查了光的反射定律的内容以及平面镜成像的特点及原理并会分析实
际问题。
15．（3分）（2023•连云港）2022年11月30日，“神舟十五号”飞船与“天宫”空间站
顺利对接，对接完成后，以“天宫”空间站为参照物，“神舟十五号”飞船处于 静
止 状态。随后，“神舟十四号”飞船返回地球，在落向地面的过程中，重力势能
变小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。空间站与地面间依靠 电磁波 传递
信息。
【分析】物体的运动和静止是相对的，关键看选取的参照物，相对于参照物位置发生了
改变，就是运动的；位置如果没有发生改变，就是静止的；重力势能的大小由质量和高度决定，质量越大、高度越大，重力势能越大；
电磁波可以传递信息。
【解答】解：对接完成后，以“天宫”空间站为参照物，“神舟十五号”飞船与空间站
之间没有位置的变化，飞船处于静止状态；
“神舟十四号”飞船返回地球，在落向地面的过程中，飞船的质量不变，高度变小，重
力势能变小；
电磁波可以在真空中传播，空间站与地面间依靠电磁波传递信息。
故答案为：静止；变小；电磁波。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、电磁波的应用、重力势能的大小变化，属于
基础题。
16．（3分）（2023•连云港）如图甲所示，将一根直导线沿南北方向水平放置在静止的小
磁针正上方，当接通电源时小磁针偏转，表明 通电导体周围存在磁场 。改变直导
线中的电流方向，小磁针偏转方向也随之改变，表明 通电导体周围的磁场方向与电
流方向有关 。若将导线绕成螺线管并通电，如图乙所示，则通电螺线管的A端是 S
极。
【分析】（1）奥斯特实验时，发现和通电导线平行的小磁针，在导线通电时小磁针发
生偏转，说明电流周围存在磁场。
（2）当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；
（3）确定螺线管中的电流方向，利用安培定可以确定A端磁极。
【解答】解：将一根直导线沿南北方向水平放置在静止的小磁针正上方，当接通电源时
小磁针偏转，表明通电导体周围存在磁场；
改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，说明了产生的磁场方向也改变，即表明了
通电导体周围的磁场方向与电流方向有关；
电流从螺线管的右端流入、左端流出，利用安培定则可知，大拇指指向B端为N极，A端为S极。
故答案为：通电导体周围存在磁场；通电导体周围的磁场方向与电流方向有关；S。
【点评】此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，安培定则。
17．（4分）（2023•连云港）重450N的箱子，在20N水平推力的作用下，沿水平路面做
匀速直线运动，地面对箱子的支持力大小为 450 N，箱子受到的阻力大小为 20
N。如果用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，拉力F＝250N，滑轮组的机械效率为
90% 。箱子以0.1m/s的速度匀速上升的过程中，拉力的功率为 5 0 W。
【分析】（1）匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件求出地面对箱子
的支持力大小和箱子受到的阻力大小；
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数n＝2，令箱子被提升的高度为h，则拉力端移动
距离s＝2h；利用W总 ＝Fs求拉力做的功（总功），利用W有 ＝Gh求克服重力做的有用
功，滑轮组的机械效率 ＝ 。
η
再利用P＝ 可求拉力做功功率。
【解答】解：箱子在大小为20N的水平推力作用下，沿水平路面做匀速直线运动，箱子
在水平方向上受到推力和阻力作用，这两个力是平衡力，大小相等，所以箱子受到的阻
力大小等于推力大小即为20N；
箱子在竖直方向上受到重力和地面对箱子的支持力作用，这两个力是平衡力，大小相等，
所以地面对箱子的支持力大小等于重力大小即为450N；
由图可知滑轮组绳子的有效股数n＝2，令箱子被提升的高度为h，则拉力端移动距离s
＝2h，拉力端移动的速度等于箱子上升速度的2倍，
滑轮组的机械效率 ＝ ＝ 。
η根据P＝ 可求拉力做功功率P＝Fv＝250N×2×0.1m/s＝50W。
故答案为：450；20；90%；50。
【点评】本题考查了二力平衡条件的运用、滑轮组的机械效率的计算以及功率的计算，
难度一般。
三、解答题（本大题共7小题，18～21题每图每空2分，23题8分，24题10分，共50分。
解答第23、24题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18．（2分）（2023•连云港）根据平面镜成像特点，画出图中物体AB在平面镜MN中所
成的像。
【分析】平面镜成像的特点是：像和物体的大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜
面垂直、是虚像，即像与物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB在镜中所成的像。
【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接
A′B′即为AB在平面镜中所成的像。如图所示：
【点评】在作物体在平面镜中所成的像时，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端
点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
19．（2分）（2023•连云港）如图所示，物体静止在水平桌面上，画出物体所受重力的示
意图。【分析】首先知道重力的作用点在重心上，方向竖直向下；其次要用一条带箭头的线段
把重力的三要素都表示出来。
【解答】解：物体受重力的方向竖直向下，作用点在重心，重力示意图如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭
头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
20．（10分）（2023•连云港）用如图所示装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验装置的安装顺序是 自下而上 （选填“自上而下”或“自下而上”）。
（2）图示烧杯中水的温度为 97 ℃。烧杯口出现的“白气”是 液化 现象，此
过程需要 放热 。
（3）沸腾过程中撤去酒精灯，你观察到烧杯中水的现象是 水没有立即停止沸腾，过
了一会水停止了沸腾 。
【分析】（1）为了用酒精灯的外焰加热，在安装实验仪器时，应该遵循自下而上的顺
序；
（2）读取温度计的示数时，要观察其分度值，再看液柱的位置；“白气”是水蒸气液
化成的小水滴，液化放热；（3）液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热。
【解答】解：（1）为了用酒精灯的外焰加热，安装实验仪器时，需要采用自下而上的
安装顺序；
（2）从图可以看出，温度计的分度值为1℃，其示数为97℃；“白气”是高温水蒸气
遇冷形成的小水珠，是液化现象，液化放热；
（3）撤去酒精灯，石棉网上还有一定的余热，水不会立即停止沸腾，沸腾过程需要不
断吸收热量，过了一会随着吸热的停止，水停止沸腾。
故答案为：（1）自下而上；（2）97；液化；放热；（3）水没有立即停止沸腾，过了
一会水停止了沸腾。
【点评】此题是研究水的沸腾实验，涉及装置组装顺序、温度计的读数、液化现象和沸
腾的条件。
21．（8分）（2023•连云港）某同学利用如图所示的电路测量一待测电阻R 的阻值，图中
x
电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为50 。
（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动Ω变阻器的滑片P移至 A 端（选填
“A”或“B”）。
（2）实验过程中向左移动滑片P，电压表的示数 变大 （选填“变大”“变小”或
“不变”）。
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是 取平均值减小测量的误差 。
（4）若R 为10 ，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是 1 0
x
﹣ 5 0 。 Ω
Ω
【分析】（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
（2）实验过程中向左移动滑片P，变阻器连入电路的电阻变小，由分压原理，变阻器的
电压变小，根据串联电路电压的规律确定电压表的示数变化；
（3）一组数据求出的电阻误差较大，取平均值可减小测量的误差；（4）根据电压表量程可知待测电阻的最大电压为，根据串联电路电压的规律和最贱变
阻器分得的电压最小值，由分压原理可知滑动变阻器连入电路的最小电阻；变阻器连入
电路的电阻越大，变阻器的电压越大，电压表示数越小，故变阻器的最大电阻可连入电
路中，据此确定滑动变阻器连入电路的阻值范围。
【解答】解：（1）正确连接电路，闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片
P移至阻值最大处的A端；
（2）实验过程中向左移动滑片P，变阻器连入电路的电阻变小，由分压原理，变阻器的
电压变小，根据串联电路电压的规律，电压表的示数变大；
（3）实验中测量多组电压和电流值的目的是取平均值减小测量的误差。
（4）根据电压表的量程知待测电阻的最大电压为 3V，根据串联电路电压的规律，变阻
器分得的电压最小为：
U滑 ＝6V﹣6V＝3V；
变阻器的电压是电压表示数的1倍，若R 为10 ，由分压原理可知，滑动变阻器连入电
x
路的阻值最小是10 ；变阻器连入电路的电阻越Ω大，变阻器的电压越大，电压表示数越
小，故变阻器的最大Ω电阻可连入电路中，若R 为10 ，在保证电路安全的情况下，滑动
x
变阻器连入电路的阻值范围是10﹣50 。 Ω
故答案为：（1）A；（2）变大；（3Ω）取平均值减小测量的误差；（4）10﹣50 。
【点评】本题测量一待测电阻R
x
的阻值，考查注意事项、电路分析和数据处理的Ω能力。
22．（10分）（2023•连云港）“铜壶滴漏”是中国古代的计时工具，距今 700多年。如
图1所示，它上面有三个壶，分别是日壶、月壶和星壶，也叫送水壶，最下面的寿壶也
叫受水壶。日、月、星壶侧面底部都有一个龙头形滴水口，壶盖上开有一个进水孔，小
水滴从日壶滴进月壶，再从月壶滴进星壶，最后进入受水壶。受水壶装有两个重要部件：
一个是竖立在壶盖正中的铜尺，上有时辰刻度，从下到上分别为：子、丑、寅、卯、辰、
巳、午、未、申、酉、戌、亥。每个时辰是两个小时，其中子时代表23：00～1：00，
丑时代表1：00～3：00……以此类推；另一个是浮箭，由小木块上连接一把木尺组成，
随着受水壶里水量的增加，浮箭自然同步上升。观看浮箭顶端指示的铜尺刻度，就可以
知晓当时、当地的时间了。请根据以上信息并结合所学知识，回答下面问题：（1）如图2是14：00浮箭顶端指示的部分铜尺位置的示意图，其中正确的是 C 。
（2）若浮箭的重力为G，在受水壶中所受的浮力为F浮 ，则G ＝ F浮 （选填“＞”
“＝”或“＜”）。随着受水壶水位的升高，浮箭下部小木块浸没在水中的深度 不
变 ，受水壶壶底受到水的压强 变大 。若想测量1个时辰浮力对浮箭做的功，还
需要测量 浮箭 1 个时辰上浮的路程 。
【分析】（1）由题知，一个是竖立在壶盖正中的铜尺，上有时辰刻度，从下到上分别
为：子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥。每个时辰是两个小时，其中
子时代表23：00～1：00，丑时代表1：00～3：00……以此类推，由此即可解答；
（2）浮箭漂浮在水面，所受的浮力等于浮箭的重力；
根据阿基米德原理进行解答；
根据p＝ gh进行解答；
根据W＝ρFs进行解答。
【解答】解：（1）由题知，一个是竖立在壶盖正中的铜尺，上有时辰刻度，从下到上
分别为：子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥。每个时辰是两个小时，
其中子时代表23：00～1：00，丑时代表1：00～3：00……以此类推，未时是13：00～
15：00，14：00浮箭应指在未时正中间的刻度，故选：C；
（2）若浮箭的重力为G，在受水壶中所受的浮力为F浮 ，由于浮箭在水中总是处于漂浮状态，所受浮力等于重力，则G＝F浮 ；
随着受水壶水位的升高，浮箭受到的浮力不变，根据阿基米德原理，浮箭排开水的体积
不变，下部小木块的底面积不变，所以，浸没在水中的深度不变；
受水壶中水的深度变大，根据p＝ gh得，受水壶壶底受到水的压强变大；
已知浮力，若想测量1个时辰浮力ρ对浮箭做的功，根据W＝Fs可知，还需要测量浮箭1
个时辰上浮的路程。
故答案为：（1）C；（2）＝；不变；变大；浮箭1个时辰上浮的路程。
【点评】本题考查了古代计时的方法，从题目中找出有用的知识是解题的关键，体现了
学以致用。
23．（8分）（2023•连云港）2023年4月26日，第十二届江苏省园艺博览会在连云港盛
大开幕，其中科技田园描绘的“孙悟空”形象，成为一道靓丽的风景线。科技田园的维
护主要依靠无人机，图中无人机正在给科技田园喷洒农药。已知该无人机空机质量为
5kg，停放时与地面的总接触面积为80cm2，装满农药后的总质量为32kg，农药的密度
为0.9×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）该无人机空机状态停放时对水平地面的压强；
（2）该无人机可装农药的最大体积。
【分析】（1）根据G＝mg计算该无人机空机的重力，该无人机空机状态停放时对水平
地面的压力等于重力，根据p＝ 计算压强；
（2）根据装满药后的总质量和空机的质量，计算装满时所装药的质量，根据 V＝ 计
算该无人机可装农药的最大体积。
【解答】解：（1）该无人机空机的重力G空机 ＝m空机g＝5kg×10N/kg＝50N，
该无人机空机状态停放时对水平地面的压力F＝G空机 ＝50N，
该无人机空机状态停放时对水平地面的压强p＝ ＝ ＝6250Pa；（2）装满时所装农药的质量m药 ＝m总 ﹣m空机 ＝32kg﹣5kg＝27kg，
该无人机可装农药的最大体积V药 ＝ ＝ ＝0.03m3。
答：（1）该无人机空机状态停放时对水平地面的压强为6250Pa；
（2）该无人机可装农药的最大体积为0.03m3。
【点评】本题考查了压强和体积的计算，要求学生能够熟练应用压强和密度的公式进行
计算。
24．（10分）（2023•连云港）如图甲所示为一台电热水器，下表为该热水器的铭牌，其
中高温挡的额定功率模糊不清。图乙为该电热水器的内部简化电路，R 、R 为电热丝
1 2
（阻值未知），S 、S 为挡位开关，S 只能在a、b之间切换。电热水器在使用过程中会
1 2 2
有漏电危险，当发生漏电时，电流会沿着水管经过喷头流过人体而发生触电事故。为防
止触电事故发生，该电热水器在出水口处串接了一个“隔电墙”（见图甲）。“隔电
墙”内部是一个螺旋状绝缘通道（如图丙所示），已知电源电压为220V。求：
××牌电热水器
额定电压 220V
额定功率 高温挡 4889W
中温挡 2200W
低温挡 1210W
电源频率 50Hz
（1）高温挡的额定功率（计算结果保留整数）；
（2）为确保安全，要求淋浴时通过人体的漏电电流不超过 0.2mA，则该“隔电墙”的
电阻值至少为多大？（计算时忽略人体的电阻值）（3）说明“隔电墙”的内部做成螺旋状的原因。
【分析】（1）在电源电压U＝220V一定时，电阻越大电功率越小，电阻越小电功率越
大，已知低温挡功率可求出电阻R 、R 串联接入电路时的总电阻最大值，当S 闭合、
1 2 1
S 接b时，电阻R 接入电路时为中温挡，当S 闭合、S 接a时，电阻R 、R 并联接入
2 1 1 2 1 2
电路，为高温挡，由P＝P +P 可得高温挡电功率；
1 2
（2）由欧姆定律R＝ 可得；
（3）“隔电墙“是利用了水本身所具有的电阻的特性，通过对管径和距离的的调整，
形成“隔电”的效果。
【解答】解：（1）由电功率P＝UI＝ 可知，在电源电压U＝220V一定时，电阻越大
电功率越小，电阻越小电功率越大，
由图乙电路图可知，当开关S 断开、S 接b时，电阻R 、R 串联接入电路，电路中的
1 2 1 2
电阻最大，
电路中的最大电阻R总 ＝ ＝ ＝40 ，
Ω
由图乙开关和电阻位置可知，当S 闭合，S 接b时，只有电阻R 接入电路时为中温挡，
1 2 1
中温挡时电阻R ＝ ＝ ＝22 ，
1
Ω
电阻R
2
＝R总 ﹣R
1
＝40 ﹣22 ＝18 ，
当S
1
闭合、S
2
接a时，Ω电阻RΩ1 、R 2Ω并联接入电路，为高温挡，
由并联电路特点
可知高温挡总功率 P＝P +P ＝ ＝2200W+ ＝2200W+2689W＝
1 2
4889W；
（2）由题意可知，当发生漏电时，电流会沿着水管经过喷头流过人体而发生触电事故，
即电流依次经过电阻和人体，电流只有一条路径，“隔电墙”的电阻和人体为串联；
由于忽略人体的电阻值，故当淋浴时通过人体的漏电电流不超过0.2mA时，“隔电墙”
的电阻两端电压为220V，“隔电墙”的电阻最大值R＝ ＝ ＝1.1×106 ；
Ω
（3）在设计隔电墙时，一般会尽量增加水流的长度，以达到增大电阻，减小电流的目
的，如图丙，将水流路径设计成螺旋线结构来增加水流的长度。
故答案为：（1）高温挡的额定功率为4889W；
（2）该“隔电墙”的电阻值至少为1.1×106 ；
（3）“隔电墙”的内部做成螺旋状是为了Ω增加水流的长度，以达到增大电阻，减小电
流的目的。
【点评】本题考查多挡拉开关连接、电功率计算、欧姆定律和综合运用能力。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/6/24
9:22:11；用户：15972770568；邮箱：15972770568；学号：26197019
