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2023年湖南省岳阳市中考物理试卷
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只
有一个选项符合题意）
1．（3分）学校组织九年级学生体检，下列各项体检数据中，符合实际的是（ ）
A．身高16m B．质量50kg
C．体温52℃ D．1分钟心跳2次
2．（3分）二胡是具有中国特色的乐器。下列关于二胡发出的声音说法正确的是（ ）
A．由弦振动产生的 B．传播不需要介质
C．力越大，音调越高 D．一定不是噪声
3．（3分）下列现象能用光沿直线传播解释的是（ ）
A． 天上的彩虹 B． 铅笔的弯折
C． 人和猫能看见对方 D． 手影游戏
4．（3分）铸造青铜器时，工匠将铜料化为铜液注入模具，铜液冷却成形。下列说法正确
的是（ ）
A．固态铜料化为铜液需要放热
B．固态铜料化为铜液是熔化过程
C．铜液冷却成形需要吸热
D．铜液冷却成形是凝华过程
5．（3分）把卡片放在瓶口上面，再将光滑的扣子放在卡片上静止。用手指使劲弹一下卡
片，卡片飞出去，但扣子却落入了瓶中。关于这个游戏说法正确的是（ ）A．扣子静止时对卡片的压力与扣子受的支持力是一对平衡力
B．用光滑的扣子是为了增大扣子与卡片之间的摩擦力
C．卡片被弹开说明力可以改变物体的运动状态
D．扣子不随卡片飞出是因为扣子没有受到惯性
6．（3分）将两个带电轻质小球悬挂起来，慢慢靠近，会出现的现象是（ ）
A． B．
C． D．
7．（3分）2023年5月30日神舟十六号载人飞船发射取得圆满成功。下列说法正确的是
（ ）
A．飞船通过电磁波与地面传递信息
B．飞船加速升空时机械能减小
C．火箭使用热值小的燃料
D．飞船升空时相对地面是静止的
8．（3分）在安全教育主题班会上，同学们列举的下列生活现象中符合安全要求的是（
）
A．激光笔直接照射眼睛
B．火车经过时人站在铁轨和对应安全线之间
C．用电器金属外壳与保护接地线相连
D．一个插座上同时使用多个大功率用电器
9．（3分）为了节约电能，小聪利用“声控开关”（有声音时自动闭合，无声音时自动断
开）和“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开），设计了一个只有在天黑且
有声音时灯才亮的楼道照明电路。下列电路图符合要求的是（ ）A．
B．
C．
D．
10．（3分）小明学习了滑轮知识后，利用滑轮设计了一个升降装置，如图所示。在爸爸
的帮助下，通过它把一个重为100N的物体从地面提升到9m高的阳台上，所用拉力F为
60N，用时10s，关于提升过程描述正确的是（ ）
A．做的有用功为900J B．拉力F做功的功率为54W
C．机械效率为60% D．用升降装置可以省功11．（3分）一个装满书的箱子，用图示三种不同方式提起并保持静止。甲图中绳子对手
的拉力为F甲 ，乙图中绳子对手的拉力为F乙 。以下说法正确的是（ ）
A．F甲 ＞F乙
B．F甲 ＜F乙
C．比较乙、丙两图，乙图中绳子对手的勒痕更深一些
D．比较乙、丙两图，丙图中绳子对手的勒痕更深一些
12．（3分）如图，电源电压为18V，小灯泡规格为“10V，10W”且不考虑灯丝电阻随温
度变化，R 为定值电阻。R 为滑动变阻器，最大阻值为60 。甲、乙是同种电表，可供
1 2
选择的电表为双量程电压表（量程分别为0～3V，0～15V）Ω和电流表（量程分别为0～
0.6A，0～3A）。闭合开关，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器R ，两表示数
2
均有变化且小灯泡亮度发生改变。当小灯泡正常发光时，甲、乙两表示数之比为8：
13。下列表述均正确且无遗漏的一组是（ ）
①甲、乙同为电流表
②R 阻值为5
1
③调节R
2
，通Ω过R
2
最小的电流为0.24A
④调节R ，小灯泡的最小功率为3.6W
2
A．①③ B．②④ C．①④ D．②③
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）
13．（4分）小明利用图示装置进行实验，加热试管使水沸腾是通过 （选填
“热传递”或“做功”）的方式改变水的内能，在水蒸气驱动下叶轮转动起来，这个实验体现了 （选填“热机”或“电动机”）的原理。
14．（4分）汨罗江畔迎端午，搏桨跃浪赛龙舟。与登舟前相比，运动员登上龙舟后，龙
舟受到的浮力 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。龙舟用200s的时
间通过了800m赛道，则该龙舟的平均速度是 m/s。
15．（4分）如图为岳阳县的行政区划图，小明想知道该地图上岳阳县的面积，聪明的他
先测出整张地图的面积为S，然后将地图折起来放在天平上、测出整张地图的质量为
m；展开地图，其质量 （选填“变小”“不变”或“变大”），再沿边界将
地图中岳阳县剪下并测出它的质量为 m 。可求得地图上岳阳县的面积为
1
（用m、m 、S表示）。
1
16．（4分）甲图中是一个高尔夫球、小聪发现它的表面不光滑而是布满凹坑，这是为什
么呢？通过查阅资料，她了解到球在空气中高速运动时的情况如图乙，球前端与空气剧
烈冲撞，产生巨大气压，而球后方的空气被排挤开，后方气压减小，于是产生方向向后
的压力差，这种压力差就是压差阻力，高尔夫球表面凹坑的作用就是将表层空气紧紧贴
合在球面，使得空气与球的分离点更靠后，从而减小压差阻力。
（1）其它条件相同时，布满凹坑的高尔夫球比光滑的高尔夫球飞得更 （选填
“近”或“远”）；
（2）图乙中 球（选填“A”或“B”）是布满凹坑的高尔夫球。三、作图题（本大题共2小题，每小题3分，共6分，在答题卡上用铅笔作图，确定后用
黑笔描黑）
17．（3分）如图是锅炉上的安全阀门示意图。请画出物体A的重力示意图及F的力臂
L。
18．（3分）将图中通电螺线管左端磁极和小磁针右端磁极标在对应括号内。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
19．（6分）在探究性学习活动中，小聪做了如下两个光学实验。
（1）图甲是探究平面镜成像特点的实验，改变蜡烛A的位置，发现外形相同的蜡烛B
总能与蜡烛A的像重合，表明像与物的大小 ；蜡烛A的像不能用光屏承接，说明平面镜所成的像是 像；
（2）图乙是探究凸透镜成像规律的实验，凸透镜的焦距是 10cm，图中光屏上恰好成一
清晰的像，这个像是 （选填“正立”或“倒立”）缩小的实像。
20．（8分）在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，
（1）气密性良好的微小压强计 （选填“是”或“不是”）连通器；
（2）甲、乙两图中， （选填“甲”或“乙”）图中探头上的橡皮膜受到的压强
大，这是因为，同种液体内部的压强随深度的增加而 。
（3）丙图中，A、B、C三点受到液体压强最大的是 点。
21．（10分）小聪用图甲所示电路图探究电流跟电压、电阻的关系。
（1）连接电路时，开关应 ；
（2）若定值电阻R开路，闭合开关后 （选填“电流表”或“电压表”）无
示数；
（3）实验完成后记录数据的纸被同学无意撕断，只剩图乙表格。根据表格数据我们能
判断小聪探究的是电流跟 （选填“电压”或“电阻”）的关系；
（4）用“2.5V，0.3A”的小灯泡替换R来完成研究小灯泡电阻的实验。闭合开关移动
滑片，电压表示数如图丙，此时电压为 V，电流表示数可能是下列数据中的
（选填序号）。
A．0.18A
B．0.22AC．0.26A
五、综合应用题（本大题共2小题，每小题9分，共18分。解答应写出必要的文字说明、
公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
22．（9分）平江石牛寨地质公园中玻璃桥使用的特种玻璃，具备极强的耐压耐磨抗冲击
的特性。现有一块该特种玻璃，质量为25kg，体积为0.01m3，求：
（1）这块玻璃所受的重力；
（2）这块玻璃的密度；
（3）一名质量为60kg的游客静止站立在桥上，与桥面总接触面积为0.04m2，此游客对
桥面的压强大小。
23．（9分）小明同学设计了一款自动控温烧水壶，其电路原理如图甲所示。S 为温控开
1
关，当温度低于 98℃时自动闭合，当温度达到 100℃时自动断开。电源电压恒为
220V，S为总开关。R为水壶的电热丝，其阻值是44 。
Ω
（1）求R工作时的电流；
（2）求R工作时的电功率；
（3）某次烧水过程中，壶的加热效率恒为75%，水的初温为20℃，质量视为不变。从
开关S闭合到温控开关S 第一次断开，水吸收的热量为2.64×105J，S 每次断开的时间
1 1
均为48s。将S 第一次断开时作为计时起点，作出此后水的温度—时间图像如图乙。求
1
S 第一次断开后220s内电路消耗的总电能。
12023年湖南省岳阳市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只
有一个选项符合题意）
1．（3分）学校组织九年级学生体检，下列各项体检数据中，符合实际的是（ ）
A．身高16m B．质量50kg
C．体温52℃ D．1分钟心跳2次
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要
进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生的身高约1.6m，故A不符合实际；
B、中学生的质量约50kg，故B符合实际；
C、人的正常体温约为37℃，且上下变化很小，故C不符合实际；
D、1分钟心跳约60次，故D不符合实际。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，
找出符合实际的选项即可。
2．（3分）二胡是具有中国特色的乐器。下列关于二胡发出的声音说法正确的是（ ）
A．由弦振动产生的 B．传播不需要介质
C．力越大，音调越高 D．一定不是噪声
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的传播需要介质；
（3）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指
声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是
由发声体本身决定的一个特性；
（4）从环保角度定义，凡是妨碍人们正常的学习、休息和工作的声音以及对人们想要
听到的声音起干扰作用的声音都是噪声。
【解答】解：A、声音是由物体振动产生的，二胡发出的声音是琴弦振动产生的，故A
正确；
B、声音的传播需要介质，故B错误；
C、响度是声音的强弱，拉弓弦时，用力越大发出声音的响度越大，故C错误；D、从环保角度来看，一切干扰人们学习、休息和工作的声音都是噪声，在有些情况下，
二胡发出优美的声音也可以成为噪声，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了对声音的产生和传播、声音的三个特性的理解以及噪声的理解，属
于基础题，难度不大。
3．（3分）下列现象能用光沿直线传播解释的是（ ）
A． 天上的彩虹 B． 铅笔的弯折
C． 人和猫能看见对方 D． 手影游戏
【分析】（1）太阳光经过三棱镜折射后分解出七种单色光的现象叫光的色散，雨后彩
虹属于光的色散现象，光的色散本质上是光的折射。
（2）光从一种透明介质斜射进入另一种透明介质时，传播方向通常会发生变化，这种
现象叫光的折射。海市蜃楼、池水变浅、插入水中的筷子向上弯折等都属于光的折射现
象。
（3）光射到物体的表面，改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射，平面镜成
像属于光的反射的应用。
（4）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。小孔成像、日食、月食、激光准直、影子
的形成都是光的直线传播的实例。
【解答】解：A、天上的彩虹属于光的折射现象，故A不符合题意；
B、铅笔的弯折属于光的折射现象，故B不符合题意；
C、人和猫能看见对方，属于光的反射现象，故C不符合题意；
D、手影游戏是由于光的直线传播形成的，故D符合题意。故选：D。
【点评】本题主要考查了光的直线传播规律，属于基础性题目。
4．（3分）铸造青铜器时，工匠将铜料化为铜液注入模具，铜液冷却成形。下列说法正确
的是（ ）
A．固态铜料化为铜液需要放热
B．固态铜料化为铜液是熔化过程
C．铜液冷却成形需要吸热
D．铜液冷却成形是凝华过程
【分析】（1）固态变为液态的过程叫做熔化，熔化过程要吸收热量；
（2）液态变为固态的过程叫做凝固，凝固过程要放出热量。
【解答】解：AB．铜料化为铜液的过程叫做熔化，熔化过程要吸收热量，故A错误、B
正确；
CD．铜液冷却成形的过程叫做凝固，凝固过程要放出热量，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查对熔化和凝固的认识与掌握，知道凝固放热、熔化吸热是解题的关键。
5．（3分）把卡片放在瓶口上面，再将光滑的扣子放在卡片上静止。用手指使劲弹一下卡
片，卡片飞出去，但扣子却落入了瓶中。关于这个游戏说法正确的是（ ）
A．扣子静止时对卡片的压力与扣子受的支持力是一对平衡力
B．用光滑的扣子是为了增大扣子与卡片之间的摩擦力
C．卡片被弹开说明力可以改变物体的运动状态
D．扣子不随卡片飞出是因为扣子没有受到惯性
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同
一物体上；
（2）减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、使得接触
面分离；
（3）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性。【解答】解：A．扣子静止时对卡片的压力与扣子受的支持力作用在不同物体上，不是
一对平衡力，故A错误；
B．用光滑的扣子是减小接触面的粗糙程度减小摩擦，故B错误；
C．卡片被弹开，由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态，
故C正确；
D．扣子不随卡片飞出是因为扣子具有惯性，保持原来的静止状态，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查二力平衡、减小摩擦的方法、惯性和力的作用效果，属于综合题。
6．（3分）将两个带电轻质小球悬挂起来，慢慢靠近，会出现的现象是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
【解答】解：根据电荷间的相互作用规律可知，同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，
因此ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了电荷间的相互作用规律，比较简单，属基础题目。
7．（3分）2023年5月30日神舟十六号载人飞船发射取得圆满成功。下列说法正确的是
（ ）
A．飞船通过电磁波与地面传递信息
B．飞船加速升空时机械能减小
C．火箭使用热值小的燃料
D．飞船升空时相对地面是静止的
【分析】（1）电磁波可以在真空中传播，能够传递信息；
（2）根据火箭机械能的变化分析；
（3）热值是燃料的一种特性，质量相同的不同燃料，热值越大，在完全燃烧时，放出
的热量越多；
（4）在研究物体的运动情况时，要选择参照的标准，即参照物，若物体的位置相对于参照物发生变化，则物体是运动的，若不发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：A、指挥中心与空间站间的联系是利用电磁波来传递信息，故A正确；
B、火箭升空时，动能和重力势能都变大，机械能变大，故B错误；
C、火箭发射时要选用热值大的固体燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，
可以放出更多的热量，故C错误；
D、火箭升空时相对地面位置发生了变化，是运动的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查电磁波、机械能、热值、运动与静止的描述，是综合性的题目，但难
度不大。
8．（3分）在安全教育主题班会上，同学们列举的下列生活现象中符合安全要求的是（
）
A．激光笔直接照射眼睛
B．火车经过时人站在铁轨和对应安全线之间
C．用电器金属外壳与保护接地线相连
D．一个插座上同时使用多个大功率用电器
【分析】（1）激光具有能量大、颜色纯、亮度高、方向直等特点；
（2）分析火车驶向车站时，人前后空气的流速变化，根据流体压强和流速的关系判断
压强变化；
（3）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
（4）电路中电流过大的原因：一是用电器的总功率过大，二是发生短路。
【解答】解：
A、激光笔发出的激光，集中较高的能量，不能直接照射到人的眼睛，否则会灼伤眼睛，
故A不符合安全要求；
B、火车到来时受列车的影响，人与火车之间的空气流速变大，压强变小，人身后的压
强不变，所以人身后气压大于人和列车之间的压强，若靠近铁轨站立，容易把人推向列
车出现危险，故B不符合安全要求；
C、家用电器的金属外壳要接地，这样可防止金属外壳漏电时发生触电事故，故 C符合
安全要求；
D、插座上同时接入多个大功率用电器，使用的电器总功率过大，会使电路中电流过大，
引起保险丝的熔断，故D不符合安全要求。
故选：C。【点评】本题主要考查学生对安全用电的原则、流体压强与流速关系等知识的了解和掌
握，是一道基础题。
9．（3分）为了节约电能，小聪利用“声控开关”（有声音时自动闭合，无声音时自动断
开）和“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开），设计了一个只有在天黑且
有声音时灯才亮的楼道照明电路。下列电路图符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】先确定“光控开关”、“声控开关”的连接方式，而这两个开关与灯串联，且
开关接在火线与灯之间。
【解答】解：只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，两个开关串联，
并且两个开关要接在火线与灯之间，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了声光控开关与灯的连接方法。确定声光控开关的连接方式是关键。
10．（3分）小明学习了滑轮知识后，利用滑轮设计了一个升降装置，如图所示。在爸爸的帮助下，通过它把一个重为100N的物体从地面提升到9m高的阳台上，所用拉力F为
60N，用时10s，关于提升过程描述正确的是（ ）
A．做的有用功为900J B．拉力F做功的功率为54W
C．机械效率为60% D．用升降装置可以省功
【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出做的有用功；
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，再根
据W＝Fs求出拉力所做的总功，利用P＝ 求出拉力F做功的功率；
（3）根据 ＝ ×100%求出滑轮组的机械效率；
η
（4）功的原理：使用任何机械都不省功。
【解答】解：
A．做的有用功W有 ＝Gh＝100N×9m＝900J，故A正确；
B．由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝2，则绳子自由端移动的距离s＝nh＝2×9m＝
18m，拉力所做的总功 W总 ＝Fs＝60N×18m＝1080J，拉力 F做功的功率 P＝ ＝
＝108W，故B错误；
C．滑轮组的机械效率 ＝ ×100%＝ ×100%≈83.3%，故C错误；
η
D．根据功的原理（使用任何机械都不省功）可知，用升降装置不能省功，故D错误。
故选：A。【点评】本题考查了使用滑轮组时做功公式和功率公式、机械效率公式以及功的原理的
应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
11．（3分）一个装满书的箱子，用图示三种不同方式提起并保持静止。甲图中绳子对手
的拉力为F甲 ，乙图中绳子对手的拉力为F乙 。以下说法正确的是（ ）
A．F甲 ＞F乙
B．F甲 ＜F乙
C．比较乙、丙两图，乙图中绳子对手的勒痕更深一些
D．比较乙、丙两图，丙图中绳子对手的勒痕更深一些
【分析】（1）三种方式，绳子对手的拉力都等于箱子的重力；
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：AB、三种方式，绳子对手的拉力都等于箱子的重力，即F甲 ＝F乙 ＝F丙 ＝
G，故AB错误；
CD、比较乙、丙两图，绳子对手的压力都等于箱子的重力，乙图中受力面积小于丙图，
根据p＝ 得p乙 ＞p丙 ，所以，乙图中绳子对手的勒痕更深一些，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了压强公式的理解和应，关键是理解绳子对手的拉力和压力等于箱子
的重力。
12．（3分）如图，电源电压为18V，小灯泡规格为“10V，10W”且不考虑灯丝电阻随温
度变化，R 为定值电阻。R 为滑动变阻器，最大阻值为60 。甲、乙是同种电表，可供
1 2
选择的电表为双量程电压表（量程分别为0～3V，0～15V）Ω和电流表（量程分别为0～
0.6A，0～3A）。闭合开关，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器R ，两表示数
2
均有变化且小灯泡亮度发生改变。当小灯泡正常发光时，甲、乙两表示数之比为8：
13。下列表述均正确且无遗漏的一组是（ ）
①甲、乙同为电流表
②R 阻值为5
1
Ω③调节R ，通过R 最小的电流为0.24A
2 2
④调节R ，小灯泡的最小功率为3.6W
2
A．①③ B．②④ C．①④ D．②③
【分析】知道小灯泡的规格且不考虑灯丝电阻随温度变化，根据P＝UI求出灯泡正常发
光时的电阻，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
①若甲、乙都为电流表，根据电路图分析电路的连接方式，结合“调节滑动变阻器
R ，两表示数均有变化且小灯泡亮度发生改变”分析判断两表是否都为电流表，进而判
2
断甲、乙两表的类型；
②根据两表的类型分析电路的连接方式，根据灯泡正常发光可知此时灯泡两端的电压
和电路中的电流，由串联电路的电压特点求出电压表甲的示数，已知甲、乙两表示数之
比为8：13，据此求出电压表乙的示数，根据串联电路的电压特点求出R 两端的电压，
1
再根据欧姆定律求出R 的阻值；
1
③根据串联电路的分压原理可知，电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最
大，因为R ＞R ，所以灯泡与变阻器R 的总电阻大于R 与变阻器R 的总电阻，由串联
L 1 2 1 2
电路的分压原理可知，灯泡与变阻器R 两端的总电压大于R 与变阻器R 两端的总电压，
2 1 2
即乙电压表的示数始终大于甲电压表的示数，分析得出两电压表的量程，得出乙电压表
能达到的最大示数，根据串联电路的电压特点求出R 两端的最小电压，根据欧姆定律
1
求出电路中的最小电流，由串联电路的电流特点求出通过R 最小的电流；
2
④根据P＝UI＝I2R求出小灯泡的最小功率。
【解答】解：小灯泡规格为“10V 10W”且不考虑灯丝电阻随温度变化，
由P＝UI可得，灯泡正常工作时的电流：I ＝ ＝ ＝1A，
L
由I＝ 可得，灯泡的电阻：R ＝ ＝ ＝10 ；
L
Ω①若甲、乙都为电流表，由图可知，此时R 、R 、灯泡并联，因并联电路中各支路互
1 2
不影响，所以调节滑动变阻器R ，灯泡的亮度不变，因此两表不可能都为电流表，则甲、
2
乙两表都为电压表，故①错误；
②由于甲、乙两表都为电压表，因此R 、R 与灯泡串联，电压表甲测R 、R 两端的电
1 2 1 2
压，电压表乙测灯泡、R 两端的电压，
2
由题可知此时灯泡正常发光，所以，此时灯泡两端的电压为10V，电路中的电流I＝I ＝
L
1A，
由串联电路的电压特点可知，电压表甲的示数：U甲 ＝U﹣U
L
＝18V﹣10V＝8V，
已知此时甲、乙两表示数之比为8：13，即U甲 ：U乙 ＝8：13，
则电压表乙的示数：U乙 ＝ U甲 ＝ ×8V＝13V，
由串联电路的电压特点可知，此时R
1
两端的电压：U
1
＝U﹣U乙 ＝18V﹣13V＝5V，
由I＝ 可知，R 的电阻：R ＝ ＝ ＝5 ，故②正确；
1 1
Ω
③由串联电路的分压原理可知，电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
电路中的电流最小，
因为R ＝10 ＞R ＝5 ，所以灯泡与变阻器R 的总电阻大于R 与变阻器R 的总电阻，
L 1 2 1 2
由串联电路的Ω分压原理Ω可知，灯泡与变阻器R
2
两端的总电压大于R
1
与变阻器R
2
两端的
总电压，即乙电压表的示数始终大于甲电压表的示数，
根据灯泡正常发光时U甲 ＝8V、U乙 ＝13V可知两电压表的量程均为0～15V，所以乙电
压表能达到最大示数15V（即灯泡、R 两端的最大电压为15V），
2
由串联电路的电压特点可知，R
1
两端的最小电压：U
1小
＝U﹣U乙大 ＝18V﹣15V＝3V，
则电路中的最小电流：I小 ＝ ＝ ＝0.6A，
灯泡与变阻器R
2
的最大总电阻：R总大 ＝ ＝ ＝25 ，
Ω
则滑动变阻器接入电路的最大电阻：R
2大
＝R总大 ﹣R
L
＝25 ﹣10 ＝15 ＜60 ，符合题
意， Ω Ω Ω Ω
因此电路的最小电流为0.6A，由串联电路的电流特点可知，通过R
2
最小的电流：I
2小
＝
I小 ＝0.6A，故③错误；④小灯泡的最小功率：P
L小
＝I小 2R
L
＝（0.6A）2×10 ＝3.6W，故④正确；
综上所述只有②④正确，故B正确。 Ω
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确判断两电表
的类型是解题的关键。
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）
13．（4分）小明利用图示装置进行实验，加热试管使水沸腾是通过 热传递 （选填
“热传递”或“做功”）的方式改变水的内能，在水蒸气驱动下叶轮转动起来，这个实
验体现了 热机 （选填“热机”或“电动机”）的原理。
【分析】改变物体内能的方法：做功和热传递；热机是利用内能做功的机械。
【解答】解：加热试管使水沸腾，水吸收热量，是通过热传递的方式改变水的内能；
在水蒸气驱动下叶轮转动起来，这个过程中，内能转化为机械能，这个实验体现了热机
的原理。
故答案为：热传递；热机。
【点评】本题考查了内能的改变方法、热机的工作原理，属于基础题。
14．（4分）汨罗江畔迎端午，搏桨跃浪赛龙舟。与登舟前相比，运动员登上龙舟后，龙
舟受到的浮力 变大 （选填“变小”、“不变”或“变大”）。龙舟用 200s的时间
通过了800m赛道，则该龙舟的平均速度是 4 m/s。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件判断；
（2）根据速度公式v＝ 计算即可。
【解答】解：运动员登上龙舟前后，龙舟始终处于漂浮状态，即处于平衡状态。根据物
体的浮沉条件可知，浮力与重力大小相等，当运动员登上龙舟后，龙舟重力变大，所以
浮力变大；
已知该龙舟通过的路程s＝800m，所用时间t＝200s，则该龙舟的平均速度v＝ ＝＝4m/s。
故答案为：变大；4。
【点评】本题主要考查了物体的浮沉条件以及速度的计算，难度较小，属于基础性题目。
15．（4分）如图为岳阳县的行政区划图，小明想知道该地图上岳阳县的面积，聪明的他
先测出整张地图的面积为S，然后将地图折起来放在天平上、测出整张地图的质量为
m；展开地图，其质量 不变 （选填“变小”“不变”或“变大”），再沿边界将
地图中岳阳县剪下并测出它的质量为m 。可求得地图上岳阳县的面积为 S （用
1
m、m 、S表示）。
1
【分析】（1）质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间
位置的变化无关；
（2）根据密度公式 ＝ 求解。
【解答】解：物体所ρ含物质的多少叫质量，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位
置的变化无关，当展开地图时，所含物质的多少没有变化，因此质量不变；
设地图的厚度为h，已知整张地图的面积为S，则地图的体积V＝Sh，整张地图的质量
为m，则该地图的密度 ＝ ＝ ，岳阳县地图的密度为 ＝ ＝ ，由于密度相
ρ ρ
等，即 ＝ ，则S ＝ S。
1
故答案为：不变； S。
【点评】本题考查了质量的特性以及密度公式的应用，难度较小，属于基础性题目。16．（4分）甲图中是一个高尔夫球、小聪发现它的表面不光滑而是布满凹坑，这是为什
么呢？通过查阅资料，她了解到球在空气中高速运动时的情况如图乙，球前端与空气剧
烈冲撞，产生巨大气压，而球后方的空气被排挤开，后方气压减小，于是产生方向向后
的压力差，这种压力差就是压差阻力，高尔夫球表面凹坑的作用就是将表层空气紧紧贴
合在球面，使得空气与球的分离点更靠后，从而减小压差阻力。
（1）其它条件相同时，布满凹坑的高尔夫球比光滑的高尔夫球飞得更 远 （选填
“近”或“远”）；
（2）图乙中 B 球（选填“A”或“B”）是布满凹坑的高尔夫球。
【分析】（1）高尔夫球表面凹坑的作用就是将表层空气紧紧贴合在球面，使得空气与
球的分离点更靠后，从而减小压差阻力，从而可以飞的更远；
（2）对比表层空气是否紧紧贴合在球面分析得出结论。
【解答】解：高尔夫球表面凹坑的作用就是将表层空气紧紧贴合在球面，使得空气与球
的分离点更靠后，从而减小压差阻力，根据阻力对运动的影响知，阻力越小，可以飞的
更远；乙图中B的空气更加贴着球，说明表面凹坑起到了作用。
故答案为：（1）远；（2）B。
【点评】本题考查阅读能力，结合阻力对物体的运动影响进行分析。
三、作图题（本大题共2小题，每小题3分，共6分，在答题卡上用铅笔作图，确定后用
黑笔描黑）
17．（3分）如图是锅炉上的安全阀门示意图。请画出物体A的重力示意图及F的力臂
L。【分析】（1）重力的作用点在物体的重心，重力的方向竖直向下。
（2）过支点O作F作用线的垂线段即可。
【解答】解：（1）过物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号 G
表示；
（2）过O点向F的作用线作垂线，垂线段的长就是该力的力臂；如图所示：
【点评】画重力示意图的关键是要把握它的三要素；画杠杆的力臂则要找准支点和力的
作用线，并从支点向力的作用线作垂线。
18．（3分）将图中通电螺线管左端磁极和小磁针右端磁极标在对应括号内。
【分析】根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相
互作用规律分析小磁针的磁性。
【解答】解：根据图示可知，电流从螺线管的右端流入，根据安培定则可知，螺线管的
右端为S极、左端为N极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极、右端为
S极，如图所示：【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律的应用、安培定则的应用，属于基础题。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
19．（6分）在探究性学习活动中，小聪做了如下两个光学实验。
（1）图甲是探究平面镜成像特点的实验，改变蜡烛A的位置，发现外形相同的蜡烛B
总能与蜡烛A的像重合，表明像与物的大小 相同 ；蜡烛A的像不能用光屏承接，
说明平面镜所成的像是 虚 像；
（2）图乙是探究凸透镜成像规律的实验，凸透镜的焦距是 10cm，图中光屏上恰好成一
清晰的像，这个像是 倒立 （选填“正立”或“倒立”）缩小的实像。
【分析】（1）平面镜所成的像与物体大小相等，平面镜所成的像是虚像；
（2）根据物距与像距的关系确定像的性质。
【解答】解：（1）改变蜡烛A的位置，发现外形相同的蜡烛B总能与蜡烛A的像重合，
可以初步得出结论平面镜所成的像与物体大小相等；蜡烛 A的像不能用光屏承接，说明
平面镜所成的像是虚像；
（2）由图可知，此时的物距大于像距：u＝60.0cm﹣30.0cm＝30.0cm＞2f，成的是倒立、
缩小的实像，
故答案为：（1）相同；虚；（2）倒立。
【点评】本题考查平面镜成像特点和凸透镜成像规律的运用。
20．（8分）在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，
（1）气密性良好的微小压强计 不是 （选填“是”或“不是”）连通器；
（2）甲、乙两图中， 乙 （选填“甲”或“乙”）图中探头上的橡皮膜受到的压强大，这是因为，同种液体内部的压强随深度的增加而 增大 。
（3）丙图中，A、B、C三点受到液体压强最大的是 C 点。
【分析】（1）上端开口、下端连通的容器叫连通器；
（2）在液体内部的同一深度，向各个方向的压强都相等。深度越深，压强越大。液体
内部压强的大小还跟液体的密度有关，在深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
（3）首先根据p＝ gh判断出同种液体中不同深度两点的压强大小，再判断出不同种液
体深度相同两点的压ρ强大小关系。
【解答】解：（1）因微小压强计U形管一端封闭，故从结构来看，气密性良好的微小
压强计不是连通器；
（2）同种液体内部的压强随深度的增加而增大，甲、乙两图中，探头上的橡皮膜都浸
没在水中，乙图中探头上的橡皮膜在水中的深度比甲图中探头上的橡皮膜在水中的深度
大，因此乙图中探头上的橡皮膜受到的压强大；
（3）AB两点是同种液体中的两点，液体密度相同，根据p＝ gh可知，B点深度大于
A点深度，所以p ＜p ；BC两点深度相同，但C点液体盐水的ρ密度大于B点液体水的
A B
密度，根据p＝ gh可知，p ＜p ；因此丙图中，A、B、C三点受到液体压强最大的是
B C
C点。 ρ
故答案为：（1）不是；（2）乙；增大；（3）C。
【点评】此题考查了连通器的概念、液体内部压强的特点、学生对液体压强计算公式的
理解和掌握，应注意控制变量法的应用。
21．（10分）小聪用图甲所示电路图探究电流跟电压、电阻的关系。
（1）连接电路时，开关应 断开 ；
（2）若定值电阻R开路，闭合开关后 电流表 （选填“电流表”或“电压表”）无
示数；
（3）实验完成后记录数据的纸被同学无意撕断，只剩图乙表格。根据表格数据我们能
判断小聪探究的是电流跟 电压 （选填“电压”或“电阻”）的关系；（4）用“2.5V，0.3A”的小灯泡替换R来完成研究小灯泡电阻的实验。闭合开关移动
滑片，电压表示数如图丙，此时电压为 2 V，电流表示数可能是下列数据中的 C
（选填序号）。
A．0.18A
B．0.22A
C．0.26A
【分析】（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）若定值电阻R开路，闭合开关后，此时电压表与电源连通，据此分析两表示数变
化；
（3）根据表中数据分析回答；
（4）根据电压表选用量程确定分度值读数；灯丝电阻随温度的降低而减小。
【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）若定值电阻R开路，闭合开关后，此时电压表与电源连通，电压表有示数，由于
电路断路，电流表无示数；
（3）由表中数据可知，上下两行数据之比为一定值，即通过导体的电流与导体两端的
电压成正比，故可以判断小聪探究的是电流跟电压的关系；
（4）闭合开关移动滑片，电压表示数如图丙，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示
数为2V；
小灯泡正常发光时的电阻为：
R ＝ ＝ ≈8.3 ；
L
Ω
假设灯丝电阻不变，当灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流为：
I'＝ ＝ ≈0.24A，
由于灯丝电阻随温度的降低而减小，所以通过灯泡的电流应大于0.24A，即电流表示数
可能是下列数据中的0.26A，故选：C。
故答案为：（1）断开；（2）电流表；（3）电压；（4）2；C。
【点评】本题探究电流跟电压、电阻的关系实验，考查了注意事项、故障分析、数据分
析、电压表读数和影响电阻大小因素等知识。
五、综合应用题（本大题共2小题，每小题9分，共18分。解答应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
22．（9分）平江石牛寨地质公园中玻璃桥使用的特种玻璃，具备极强的耐压耐磨抗冲击
的特性。现有一块该特种玻璃，质量为25kg，体积为0.01m3，求：
（1）这块玻璃所受的重力；
（2）这块玻璃的密度；
（3）一名质量为60kg的游客静止站立在桥上，与桥面总接触面积为0.04m2，此游客对
桥面的压强大小。
【分析】（1）已知该特种玻璃的质量，根据G＝mg计算它受到的重力；
（2）利用公式 计算出玻璃的密度；
（3）游客静止站立在桥上，对桥面的压力等于人的重力，已知与地面的总接触面积，
根据p＝ 计算游客对桥面的压强。
【解答】解：（1）已知该特种玻璃质量为 25kg，它受到的重力是：G＝mg＝
25kg×10N/kg＝250N；
（2）玻璃的密度为： ；
（3）游客静止站立在桥上，对桥面的压力等于人的重力，即 F＝G
人
＝m 人g＝
60kg×10N/kg＝600N，
人与桥面总接触面积为 0.04m2，此游客对桥面的压强是：p＝ ＝
1.5×104Pa。
答：（1）这块玻璃所受的重力为250N；
（2）这块玻璃的密度为2.5×103kg/m3；
（3）此游客对桥面的压强为1.5×104Pa。【点评】本题考查了重力、固体密度和压强的计算，难度不大，属于基础题目。
23．（9分）小明同学设计了一款自动控温烧水壶，其电路原理如图甲所示。S 为温控开
1
关，当温度低于 98℃时自动闭合，当温度达到 100℃时自动断开。电源电压恒为
220V，S为总开关。R为水壶的电热丝，其阻值是44 。
Ω
（1）求R工作时的电流；
（2）求R工作时的电功率；
（3）某次烧水过程中，壶的加热效率恒为75%，水的初温为20℃，质量视为不变。从
开关S闭合到温控开关S 第一次断开，水吸收的热量为2.64×105J，S 每次断开的时间
1 1
均为48s。将S 第一次断开时作为计时起点，作出此后水的温度—时间图像如图乙。求
1
S 第一次断开后220s内电路消耗的总电能。
1
【分析】（1）根据欧姆定律求出R工作时的电流；
（2）根据P＝UI求出R工作时的电功率；
（3）知道水吸收的热量、水的比热容、初温和末温，利用 Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）求出水的
质量；根据Q吸 ＝cm（t﹣t
1
）求出水从98℃升高到100℃所吸收的热量，根据效率公式
求出水从98℃升高到100℃所消耗的电能，根据P＝ 求出水从98℃升高到100℃所用
的时间；据此求出S 第一次断开后220s内，壶加热的时间，根据W＝Pt求出电路所消
1
耗的电能。
【解答】解：（1）R工作时的电流：I＝ ＝ ＝5A；
（2）R工作时的电功率：P＝UI＝220V×5A＝1100W；
（ 3 ） 由 Q 吸 ＝ cm （ t﹣ t 0 ） 可 知 ， 水 的 质 量 ： m ＝ ＝＝ kg，
则水从98℃升高到100℃所吸收的热量：Q吸 ＝cm（t﹣t
1
）＝4.2×103J/（kg•℃）×
kg×（100℃﹣98℃）＝6600J，
由 ＝ 可知，水从98℃升高到100℃所消耗的电能：W＝ ＝ ＝8800J，
η
由P＝ 可知，水从98℃升高到100℃所用的时间：t′＝ ＝ ＝8s；
所以S 第一次断开时作为计时起点，到S 第二次断开需要的时间为48s+8＝56s，
1 1
则S 第一次断开后 220s内，断开时间为 4×48s＝192s，加热时间为 t″＝3×8s+4s＝
1
28s，
S
1
第一次断开后220s内电路消耗的总电能：W总 ＝Pt″＝1100W×28s＝30800J。
答：（1）R工作时的电流为5A；
（2）R工作时的电功率为1100W；
（3）S 第一次断开后220s内电路消耗的总电能为30800J。
1
【点评】本题考查欧姆定律、电功率公式、吸热公式、吸热公式以及电功公式的应用，
是一道电热综合题，能求出壶的加热时间的是解题的关键。
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