文档内容
2023年辽宁省锦州市中考物理试卷
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选
题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）小明同学对身边的物理量进行了估测，你认为最符合实际的是（ ）
A．中学生百米跑的平均速度约为20m/s
B．中学生双脚站立时对地面的压强约为2.2×105Pa
C．普通壁挂式空调正常工作的功率约为1100W
D．人体感觉舒适的环境温度约为36.5℃
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．只要物体振动，我们就能听到声音
B．声音在真空中传播的速度最快
C．戴耳罩是在声源处减弱噪声
D．利用音色能区分钢琴和笛子发出的声音
3．（2分）下列物态变化中，属于凝华的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇成溪流
B．夏天，清晨河面上出现薄雾
C．深秋，清晨草叶上出现白霜
D．冬天，冰雕没有熔化却变小
4．（2分）下列成语中能用光的反射知识解释的是（ ）
A．镜花水月 B．凿壁偷光 C．海市蜃楼 D．形影不离
5．（2分）关于新材料在生产生活的应用，下列说法中正确的是（ ）
A．手机芯片的主要材料是超导体
B．普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能
C．半导体材料制成的太阳能电池板，主要是将太阳能转化为内能
D．记忆合金制成的输电导线，可以避免因输电线上产生热量而造成能源的浪费
6．（2分）关于压力和压强在生活中的应用，下列说法中正确的是（ ）
A．菜刀的刀刃磨得很薄，是为了增大压力
B．茶壶的壶嘴和壶身构成一个连通器
C．高压锅利用了气压越大，液体沸点越低的原理
D．用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的7．（2分）如图所示的四个装置中，能说明洗衣机中电动机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
（多选）8．（2分）2023年5月15日，辽宁男篮获得2022﹣2023赛季CBA总冠军。关于
篮球比赛时出现的场景，下列说法中正确的是（ ）
A．篮球出手后还能继续运动，是因为受到惯性的作用
B．篮球表面做得凸凹不平是为了增大和手之间的摩擦
C．投篮时，篮球出手后到达最高点时处于平衡状态
D．篮球离开篮筐下落过程中，重力势能转化为动能
（多选）9．（2分）装有不同液体的甲、乙两个相同容器放在水平桌面上，将装有适量水
的瓶子（瓶盖密封）先后置于甲、乙两容器中，瓶子静止时如图所示，此时两容器中液
面相平。下列说法中正确的是（ ）
A．甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等
B．甲、乙两容器中，液体对容器底部的压力相等
C．甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强
D．甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S、S ，断开S ，滑
1 2
动变阻器R 的滑片从最右端向左滑动到某点时，小灯泡正常发光；保持滑动变阻器R
1 1
的滑片位置不变，闭合开关S、S ，断开S ，再将滑动变阻器R 的滑片继续向左滑动到
2 1 1
最左端。两次电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（）
A．定值电阻R 的阻值是10
2
B．电源电压是6V Ω
C．小灯泡的额定功率是3W
D．滑动变阻器R 最大阻值是25
1
二、填空题（每空1分，共17分）Ω
11．（2分）雨过天晴，同学们在操场上看到天边的彩虹是光的 现象；闻到空
气中泥土的芬芳，这是 现象。
12．（2分）太阳内部发生剧烈的 （选填“核裂变”或“核聚变”）反应，从
而辐射出巨大的光和热；太阳风暴发生时，干扰 （选填“声波”或“电磁
波”）而给卫星中继通信和地面通信带来很大影响。
13．（2分）试卷在印刷厂“诞生”时，由于 现象会使印刷机积累大量电荷，
为避免出现火花放电，工人会将机器接地。当自由电子从机器流向大地时，电流方向是
（选填“从机器到大地”或“从大地到机器”）。
14．（3分）2023年5月30日，在酒泉卫星发射中心，我国神舟十六号载人飞船发射任务
取得圆满成功。当离开地面加速上升时，火箭受到的反冲推力 （选填“大
于”、“小于”或“等于”）自身重力；火箭采用液氢作为燃料主要是利用氢
的特点；在飞船和空间站对接过程中，飞船不断靠近空间站径向对接口，这一过程中飞
船相对于空间站是 （选填“静止”或“运动”）的。
15．（3分）如图所示，闭合开关，通电螺线管的右端是 （选填“N”或“S”）
极，此时在水平桌面上的条形磁体仍处于静止状态，条形磁体受到向 （选填
“左”或“右”）的摩擦力；若将滑动变阻器滑片向下滑动，条形磁体受到的摩擦力将
（选填“变大”、“变小”或“不变”）。16．（3分）如图所示，重100N的物体A在水平拉力F的作用下以0.1m/s的速度匀速运动
10s，弹簧测力计的示数为20N，滑轮组的机械效率为80%。则拉力F所做的功是
J，拉力F的功率是 W，物体A受到的摩擦力是 N。（不计绳重和滑
轮重）
17．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片从中点向右移动时，
电流表A 示数 ，电压表V与电流表A 示数的比值 。（以上两空
1 2
均选填“变大”、“变小”或“不变”）
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示是中医用切刀切药材的示意图，请你在图中画出施加在手柄上A点
的最小力F及其力臂L。
19．（2分）如图所示是小明家的部分家庭电路，请在括号内标出火线和零线，并将拉线
开关控制的灯泡连入电路中。四、简答题（共3分）
20．（3分）2023年5月28日上午10时32分，我国具有自主知识产权的商用大型客机
C919执行MU9191航班，从上海虹桥机场起飞，飞往北京首都国际机场，开启这一机
型全球首次商业载客飞行，飞机起飞后加速升空的过程如图所示。请利用所学的相关物
理知识回答：
（1）飞机的动力来源于强大的喷气发动机，喷气发动机是热机的一种，热机工作时的
能量是如何转化的？
（2）飞机在升空过程中舱外大气压强如何变化？
（3）飞机获得升力的原理是什么？
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值
和单位）
21．（6分）我国道路交通安全规定，货车轮胎对地面的压强应控制在7×105Pa以内，王师
傅的货车自身质量是6t，车轮与地面总接触面积是0.5m2。一次，王师傅开着装有24t沙
子的货车在平直的公路上匀速行驶30km，货车受到的阻力是货车总重力的0.02倍，消
耗柴油10kg。（g取10N/kg，q柴油 ＝4.3×107J/kg）求：
（1）通过计算判断装有沙子的货车静止时，对水平地面的压强是否符合安全规定？
（2）这一过程中货车牵引力所做的功是多少？
（3）这一过程中货车发动机的效率是多少？（计算结果精确到1%）
22．（6分）小明家一款新型电烤箱铭牌上的部分参数如表所示，其简化电路如图甲所示，
R 、R 均为电热丝（阻值不随温度变化）。求：
1 2
××牌电烤箱额定电压：220V
额定加热功率：1210W
额定保温功率：110W
（1）该电烤箱在额定保温功率下工作时的电流？
（2）电热丝R 的阻值？
2
（3）傍晚用电高峰期，小明想测量电烤箱在工作时的实际电压，于是他断开了家中其
他用电器，仅让电烤箱在加热状态下工作，1min内如图乙所示的电能表转盘转了50r，
则电烤箱两端的实际电压是多少？
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔
化时温度的变化规律”。
（1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度﹣时间图像，由图像可以判断 物
质是晶体，第 6min 时 a 物质为 态，a 物质第 9min 时的内能
（选填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能；
（2）某时刻，温度计的示数如图所示，为 ℃；若a物质在固态时的比热容
为 1.0×103J/ （ kg• ℃ ） ， 则 该 物 质 熔 化 后 ， 液 态 时 的 比 热 容 为
J/（kg•℃）。
24．（5分）小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中。（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上出现一个清晰的烛
焰的像，这个凸透镜的焦距可能是 （填选项）；
A.5cm
B.10cm
C.15cm
D.20cm
（2）小明把蜡烛向右移动一小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。他可以将光屏
向 移动或者不移动光屏，将一个度数合适的 （选填“近视”或“远
视”）眼镜的镜片放在凸透镜和烛焰之间，都能让光屏上的像重新变清晰；
（3）完成上述探究后，小明把凸透镜换成一块薄玻璃板，透过玻璃板能看到烛焰正立、
（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像，把光屏移到像所在的位置，
直接观察光屏，光屏上 （选填“有”或“没有”）烛焰的像。
25．（6分）下面是小明测量盐水密度的实验。
（1）小明将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指在如
图甲所示位置，此时他应将平衡螺母适当向 （选填“左”或“右”）调节，使
天平平衡；再将装有盐水的烧杯放在天平的左盘，在右盘中放入50g、20g、10g砝码各
一个时，天平刚好再次平衡；
（2）将杯中的一部分盐水倒入量筒中，盐水的体积如图乙所示为 cm3；
（3）用天平测出剩余盐水和烧杯的总质量如图丙所示为 g，则所测盐水的密
度是 kg/m3。
（4）上述实验结束后，小明利用刚刚测出了密度的盐水和其他一些工具，又想测量一个木块的密度，请帮他将实验步骤补充完整：
①用调好的天平测出木块的质量m ；
1
②容器内装有适量的盐水，将木块和一个空瓶叠加在一起漂浮，如图丁所示；
③向瓶中倒入适量的水，直到木块 ，用天平测出瓶和水的总质量
m ；
2
④木块密度表达式
木
＝ 。（用字母表示，盐水密度用
盐
表
示） ρ ρ
26．（8分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10 、20 、30 、40 、50 的定值电阻，
铭牌上标有“20 1A”的滑动变阻器等实验器材“Ω探究Ω电流与Ω电阻关Ω系”Ω。
Ω
（1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误
的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）电路改接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最 （选填
“左”或“右”）端；
（3）小明将10 的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值
电阻两端电压为Ω4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把
10 的定值电阻换成 20 的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将
（Ω选填“大于”、“小于”Ω或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上
向 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到 4V，记录电
流表的示数；
（4）当小明将50 定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使
定值电阻两端电压Ω为4V，则原因可能是 （写出一条即可）；
（5）完成实验探究后，小明得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与
导体的电阻成 。（6）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额
定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S 和S ，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 V时，
1 2
小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S ，断开S ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V；
1 2
③闭合开关S、S ，断开S ，读出电压表的示数为4V；
2 1
④小灯泡的额定功率P额 ＝ W。2023年辽宁省锦州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选
题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）小明同学对身边的物理量进行了估测，你认为最符合实际的是（ ）
A．中学生百米跑的平均速度约为20m/s
B．中学生双脚站立时对地面的压强约为2.2×105Pa
C．普通壁挂式空调正常工作的功率约为1100W
D．人体感觉舒适的环境温度约为36.5℃
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根
据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的
答案。
【解答】解：A、中学生百米跑的平均速度在8m/s左右，故A错误；
B、普通中学生的重力约为500N，双脚站立时与地面的接触面积约为0.05m2，对地面的
压力等于重力，则压强p＝ ＝1×104Pa，故B错误；
C 、 普 通 壁 挂 式 空 调 正 常 工 作 的 电 流 在 4.5A 左 右 ， 其 功 率 在 P ＝ UI ＝
220V×4.5A≈1000W左右，故C正确；
D、人体感觉舒适的环境温度约为23℃，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，
找出符合实际的选项即可。
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．只要物体振动，我们就能听到声音
B．声音在真空中传播的速度最快
C．戴耳罩是在声源处减弱噪声
D．利用音色能区分钢琴和笛子发出的声音
【分析】（1）人耳的听觉有一定的范围，只能听到20～20000Hz之间的声音；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传播声音；（3）减弱噪声的方式有三种，分别是在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减
弱；
（4）音色是声音的特色，与发声体的材料、结构等因素有关。
【解答】解：A、人耳的听觉范围是20～20000Hz，超出这一频率范围的声音人耳是听
不到的，故有时物体振动我们听不到声音，故A错误；
B、真空不能传播声音，声音在真空中传播的速度为0，故B错误；
C、戴耳罩是在人耳处减弱噪声，故C错误；
D、不同乐器发出声音的音色不同，故区分钢琴和笛子这两种乐器发出的声音是因为它
们发出声音的音色不同，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声音的传播条件、声音在不同介质中的传播速度、减弱噪声的方式、
声音的特性等，是一道基础题，难度不大。
3．（2分）下列物态变化中，属于凝华的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇成溪流
B．夏天，清晨河面上出现薄雾
C．深秋，清晨草叶上出现白霜
D．冬天，冰雕没有熔化却变小
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变
为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝
固。
【解答】解：A、初春，冰雪消融汇成溪流，属于熔化现象，故A错误；
B、夏天，清晨河面上出现薄雾，是空中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；
C、深秋，清晨草叶上出现白霜，是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的小冰晶，故 C正
确；
D、冬天，冰雕没有熔化却变小，是由固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，
故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处
于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（2分）下列成语中能用光的反射知识解释的是（ ）
A．镜花水月 B．凿壁偷光 C．海市蜃楼 D．形影不离【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激
光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体
的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光
的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射
形成的。
【解答】解：A、镜里的花，水里的月，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A
符合题意；
B、凿壁偷光，这是利用光沿直线传播，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是光经过不均匀的大气时发生的折射现象，故C不符合题意。
D、形影不离属于光沿直线传播现象，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题通过成语的含义考查了学生对光的反射和光的直线传播的理解。在平时要
注意区分，找出它们实质上的不同，并学会用所学知识解释有关的物理现象。
5．（2分）关于新材料在生产生活的应用，下列说法中正确的是（ ）
A．手机芯片的主要材料是超导体
B．普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能
C．半导体材料制成的太阳能电池板，主要是将太阳能转化为内能
D．记忆合金制成的输电导线，可以避免因输电线上产生热量而造成能源的浪费
【分析】（1）半导体具有单向导电性，制作手机芯片主要是利用半导体；
（2）普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能，不沾水也不沾油；
（3）太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
（4）超导体是指在电阻为0的导体。
【解答】解：A、手机芯片的主要材料是半导体材料，故A错误；
B、普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能，故B正确；
C、半导体材料制成的太阳能电池板，主要是将太阳能转化为电能，故C错误；
D、记忆合金制成的输电导线有电阻，用作输电导线时产生热量而造成能源的浪费，故
D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了半导体的应用、纳米技术的应用、电能与其它形式能量的转化、记忆合金的超导性等，知识点较多，比较简单。
6．（2分）关于压力和压强在生活中的应用，下列说法中正确的是（ ）
A．菜刀的刀刃磨得很薄，是为了增大压力
B．茶壶的壶嘴和壶身构成一个连通器
C．高压锅利用了气压越大，液体沸点越低的原理
D．用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的
【分析】（1）压强与压力大小和受力面积有关。
（2）上端开口，下端相连的容器叫连通器；
（3）液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高；
（4）大气压是存在的，在生产生活中有广泛的应用。
【解答】解：A、菜刀的刀刃磨得很薄，减小受力面积，是为了增大压强，故A错误；
B、茶壶的壶嘴和壶身构成一个连通器，故B正确；
C、高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点升高，故C 错误；
D、用吸管喝饮料时，管内气压减小，杯里的饮料是被大气压压上来的，故D错误。
故选：B。
【点评】理解影响压强的因素，知道大气压的应用、连通器概念和应用、沸点与气压的
关系，可解答此题。
7．（2分）如图所示的四个装置中，能说明洗衣机中电动机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用，据此选择。
【解答】解：A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流
表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，是发电机的制作原理，不符合题意；
B、奥斯特实验，小磁针偏转说明通电导体周围有磁场，不是电动机的制作原理，不符合题意；
C、闭合开关后，螺线管具有磁性，不符合题意；
D、开关闭合后，电路中有电流，通电线圈受到磁场力的作用发生运动；是电动机的制
作原理，符合题意；
故选：D。
【点评】本题是历年考试中的常见题型。涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和
发电机的原理。注意电动机和发电机的区别：电动机是先有电，后运动；发电机是先运
动，后发电。
（多选）8．（2分）2023年5月15日，辽宁男篮获得2022﹣2023赛季CBA总冠军。关于
篮球比赛时出现的场景，下列说法中正确的是（ ）
A．篮球出手后还能继续运动，是因为受到惯性的作用
B．篮球表面做得凸凹不平是为了增大和手之间的摩擦
C．投篮时，篮球出手后到达最高点时处于平衡状态
D．篮球离开篮筐下落过程中，重力势能转化为动能
【分析】（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度
一定时，增大压力；
（3）篮球在最高点时受重力和空气阻力的作用，结合二力平衡条件作出判断；
（4）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，二者可以相
互转化。
【解答】解：A、篮球出手后还能继续飞行，是由于篮球具有惯性，惯性不是力，不能
说受到惯性的作用。故A错误；
B、篮球表面有凹凸不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B正确；
C、篮球抛出后沿抛物线进筐，篮球在最高点时受重力和空气阻力的作用，这两个力的
大小并不相等，方向不相反，且不在同一直线上，所以二力是非平衡力，则此时篮球处
于非平衡状态，故C错误；
D、篮球下落过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，重
力势能转化为动能，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题以篮球运动为背景，考查了多个相关的力学知识点，综合性强，但都是基
础知识，难度不大。（多选）9．（2分）装有不同液体的甲、乙两个相同容器放在水平桌面上，将装有适量水
的瓶子（瓶盖密封）先后置于甲、乙两容器中，瓶子静止时如图所示，此时两容器中液
面相平。下列说法中正确的是（ ）
A．甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等
B．甲、乙两容器中，液体对容器底部的压力相等
C．甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强
D．甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力
【分析】（1）物体漂浮，浮力等于重力；
（2）利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系；根据F＝pS分析容器
底部受到的压力的大小；
（3）容器对桌面的压力等于容器、液体及物体的重力总和，由p＝ 可知容器对桌面的
压强关系；
（4）甲中瓶内液体对瓶子底部的压力等于瓶内液体的重力，乙中瓶内液体对瓶子底部
的压力有一部分分担在了瓶子的侧壁上，由此可知液体对瓶底和瓶盖的压力大小关系。
【解答】解：
A、在甲、乙两个容器中，瓶子的重力相等，都处于漂浮状态，浮力等于重力，即：甲、
乙两容器中，瓶子受到的浮力相等，故A正确；
B、由图可知瓶子在甲液体中排开液体的体积大于水的体积，乙中排开液体的体积小于
水的体积，故瓶子在甲中排开液体的体积较大，故甲液体密度较小，即 ＜ ，两容
甲 乙
器液面等高，根据p＝ gh可知，两种液体对容器底压强关系为：p甲 ＜pρ乙 ；容ρ器的底面
积相同，根据F＝pS可ρ知，乙容器中液体对容器底部的压力较大，故B错误；
C、由图可知，容器的重力和装水瓶子的重力相同，甲、乙容器中，液面相平且乙液体
的体积大于甲液体的体积，且乙液体的密度大于甲液体的密度，由 m＝ V可知，乙容
器中液体质量更大，乙容器总重力大于甲容器总重力，乙对桌面的压力大ρ于甲对桌面的
压力，而两容器底面积相同，由p＝ 可知甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强，故C正确；
D、由图知，甲中瓶内液体对瓶子底部的压力等于瓶内液体的重力，乙中瓶内液体对瓶
子底部的压力有一部分分担在了瓶子的侧壁上，因此瓶盖受到的压力小于瓶内液体的重
力，所以甲中瓶内液体对瓶子底部的压力大于乙中瓶内液体对瓶盖的压力，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题主要考查的是学生对液体压强计算公式以及物体的浮沉条件的理解和掌握，
是一道综合题，有一定的难度。
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S、S ，断开S ，滑
1 2
动变阻器R 的滑片从最右端向左滑动到某点时，小灯泡正常发光；保持滑动变阻器R
1 1
的滑片位置不变，闭合开关S、S ，断开S ，再将滑动变阻器R 的滑片继续向左滑动到
2 1 1
最左端。两次电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（
）
A．定值电阻R 的阻值是10
2
B．电源电压是6V Ω
C．小灯泡的额定功率是3W
D．滑动变阻器R 最大阻值是25
1
【分析】AB、闭合开关S、S
2
，断Ω开S
1
，滑动变阻器R
1
和R
2
串联，电压表测量定值电
阻的电压，电流表测量电路中的电流，
根据定值电阻的阻值不变，电流与电压成正比，确定图像并读出电压和电流，由欧姆定
律I＝ 可得R 的阻值；
2
再将滑动变阻器R 的滑片继续向左滑动到最左端，只有R 接入电路，此时电流最大，
1 2
根据欧姆定律计算电源电压；
C、根据欧姆定律计算当切换开关时，滑动变阻器接入电路的阻值和切换前的电流，即灯泡正常发光的电流，根据P＝UI计算灯泡的额定功率；
D、根据图像得出滑动变阻器R 的滑片在最右端时，灯泡的电压和电流，根据串联电路
1
电压特点得到滑动变阻器的电压和电流，根据欧姆定律计算最大值。
【解答】解：AB、闭合开关S、S ，断开S ，滑动变阻器R 和R 串联，电压表测量定
2 1 1 2
值电阻的电压，电流表测量电路中的电流，
根据定值电阻的阻值不变，电流与电压成正比，图像是右侧的直线，由图像和由欧姆定
律I＝ 可得，此时R 的阻值：R ＝ ＝ ＝10 ，
2 2
再将滑动变阻器R 的滑片继续向左滑动到最左端，只Ω有R 接入电路，此时电流最大，
1 2
为0.6A，
则电源电压U＝U'
2
＝I 2大R
2
＝0.6A×10 ＝6V；故AB正确；
C、当切换开关时，滑动变阻器两端的Ω电压U
1
＝U﹣U
2
＝6V﹣4V＝2V；
滑动变阻接入电路的阻值R ＝ ＝ ＝5 ，
1
闭合开关S、S ，断开S ，滑动变阻器与灯泡Ω串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测
1 2
量电路中的电流，从最右端向左滑动到某点时，小灯泡正常发光，灯泡的电压最大为
3.5V，
滑动变阻器的电压U' ＝U﹣U ＝6V﹣3.5V＝2.5V；
1 L
此时电路中的电流I'＝ ＝ ＝0.5A，即灯泡正常发光的电流I ＝I'＝0.5A
L
则灯泡的额定功率P ＝U I ＝3.5V×0.5A＝1.75W；故C错误；
L L L
D、滑动变阻器R 的滑片在最右端时，灯泡的电压为1V，U″ ＝U﹣U ＝6V﹣1V＝
1 1 L
5V；
电流I″＝0.2A，
滑动变阻器的最大值为R' ＝ ＝ ＝25 ，故D正确。
1
故选：ABD。 Ω
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率的计算，属于较难题，关键是从图像获得有用的信息。
二、填空题（每空1分，共17分）
11．（2分）雨过天晴，同学们在操场上看到天边的彩虹是光的 色散 现象；闻到空气
中泥土的芬芳，这是 扩散 现象。
【分析】彩虹是由七种颜色的光组成，它们都是从太阳光中折射出来的，属光的色散现
象；
一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子的这种运动属于扩散。
【解答】解：天空出现美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为
绚丽的七色光，即光的色散；
空气中弥漫着泥土的芬芳，是因为泥土分子在不停地做无规则运动，发生扩散现象。
故答案为：色散；扩散。
【点评】利用分子动理论和光的色散可以解释很多生活中的现象，遇到生活中的现象时
可以多想想所学的物理知识。
12．（2分）太阳内部发生剧烈的 核聚变 （选填“核裂变”或“核聚变”）反应，从
而辐射出巨大的光和热；太阳风暴发生时，干扰 电磁波 （选填“声波”或“电磁
波”）而给卫星中继通信和地面通信带来很大影响。
【分析】（1）获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
（2）电磁波能够传递信息。
【解答】解：太阳内部发生剧烈的核聚变反应，从而辐射出巨大的光和热；太阳风暴发
生时，发出不规则的电磁波，干扰卫星中继通信和地面通信所用的电磁波。
故答案为：核聚变；电磁波。
【点评】本题考查了电磁波的应用和核能；核能利用分为裂变和聚变两种，裂变分为两
种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹
中。
13．（2分）试卷在印刷厂“诞生”时，由于 摩擦起电 现象会使印刷机积累大量电荷，
为避免出现火花放电，工人会将机器接地。当自由电子从机器流向大地时，电流方向是
从大地到机器 （选填“从机器到大地”或“从大地到机器”）。
【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移；正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定
向移动的方向与电流方向相反。
【解答】解：试卷在印刷厂“诞生”时，由于摩擦起电现象会使印刷机积累大量电荷，
为避免出现火花放电，工人会将机器接地。当自由电子从机器流向大地时，由于电子带负电荷，负电荷定向移动的方向与电流方向相反，电流方向是从大地到机器。
故答案为：摩擦起电（静电）；从大地到机器。
【点评】本题考查摩擦起电、电流的方向，属于基础题，难度较小。
14．（3分）2023年5月30日，在酒泉卫星发射中心，我国神舟十六号载人飞船发射任务
取得圆满成功。当离开地面加速上升时，火箭受到的反冲推力 大于 （选填“大
于”、“小于”或“等于”）自身重力；火箭采用液氢作为燃料主要是利用氢 热值
大 的特点；在飞船和空间站对接过程中，飞船不断靠近空间站径向对接口，这一过程
中飞船相对于空间站是 运动 （选填“静止”或“运动”）的。
【分析】力是改变物体运动状态的原因；若物体运动状态发生了变化，则物体一定受到
合外力；
液态氢具有较高的热值，与质量相同的其它燃料相比，完全燃烧放出的热量较多；
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，
则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：火箭加速上升，则一定受到向上的合力，故发动机的推力大于火箭的重力；
火箭采用液氢作为火箭的燃料，原因是液氢具有较大的热值，与质量相同的其它燃料相
比，完全燃烧放出的热量较多；
对接过程中，飞船不断靠近空间站径向对接口，飞船和空间站对接口之间有位置的变化，
所以飞船相对于空间站对接口是运动的。
故答案为：大于；热值大；运动。
【点评】本题考查了机械运动、热值以及力的作用效果，属于基础题。
15．（3分）如图所示，闭合开关，通电螺线管的右端是 S （选填“N”或“S”）极，
此时在水平桌面上的条形磁体仍处于静止状态，条形磁体受到向 左 （选填“左”
或“右”）的摩擦力；若将滑动变阻器滑片向下滑动，条形磁体受到的摩擦力将 变
小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】根据安培定则判断通电螺线管的磁极；
根据磁极间的相互作用规律判断通电螺线管和条形磁铁相互吸引还是排斥，再判断条形磁铁的受摩擦力情况；
由滑片的移动方向可知螺线管中电流的变化，根据欧姆定律可知通电螺线管磁性强弱的
变化及相互作用力的变化，由二力平衡条件可知条形磁铁所受摩擦力的大小变化。
【解答】解：闭合开关，根据安培定则可知，通电螺线管的右端是S极；
因同名磁极相互排斥，则通电螺线管对条形磁铁有向右的排斥力作用，条形磁铁有向右
运动趋势，所以条形磁铁受到向左的静摩擦力作用；
若将滑动变阻器滑片向下滑动，变阻器接入电路中的电阻变大，由 I＝ 可知，电路中
的电流变小，通电螺线管的磁性变弱，条形磁铁受到的排斥力变小，因为条形磁铁始终
静止，处于平衡状态，其受到的排斥力和摩擦力是一对平衡力，故条形磁铁受到摩擦力
将变小。
故答案为：S；左；变小。
【点评】本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，属于基础题。
16．（3分）如图所示，重100N的物体A在水平拉力F的作用下以0.1m/s的速度匀速运动
10s，弹簧测力计的示数为20N，滑轮组的机械效率为80%。则拉力F所做的功是 4 0
J，拉力F的功率是 4 W，物体A受到的摩擦力是 32 N。（不计绳重和滑轮
重）
【分析】（1）知道物体移动速度和时间，利用s＝vt求物体移动距离，由题知，n＝2，
拉力端移动的距离等于物体移动距离的2倍；利用W＝Fs求拉力做的总功，再利用功率
公式求拉力做功的功率；
（2）知道机械效率和拉力大小，利用 ＝ ＝ ＝ ＝ 求摩擦力
f。 η
【解答】解：
由图知，n＝2，则绳子自由端移动的距离：s绳 ＝2s物 ＝2v物t＝2×0.1m/s×10s＝2m，
弹簧测力计的示数为20N，拉力就是20N，拉力做功为：W总 ＝Fs绳 ＝20N×2m＝40J，
拉力做功的功率：
P＝ ＝ ＝4W；
因为 ＝ ＝ ＝ ＝ ，
所以物η体与地面间的滑动摩擦力：
f＝ ×2F＝80%×2×20N＝32N。
故答η案为：40；4；32。
【点评】本题主要考查学生对：滑轮组的工作特点的了解和掌握以及对功、功率计算公
式的理解，是一道中档题。
17．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片从中点向右移动时，
电流表A 示数 不变 ，电压表V与电流表A 示数的比值 变大 。（以上两空均
1 2
选填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】由电路图可知，电阻R 和R 并联在电源两端，电流表A 测的是干路中的电流，
1 2 2
电流表A 测的是通过定值电阻R 的电流，电压表测的是电源电压；根据滑片的移动方
1 1
向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据并联电路特点和欧姆定律分析回
答。
【解答】解：
由图可知，电阻R 与滑动变阻器R 并联，电流表A 测干路中的电流，A 测通过R 的
1 2 2 1 1
电流，电压表V测电源电压。
因为电阻R 与滑动变阻器R 并联，所以它们两端的电压相等，等于电源电压，则电压
1 2
表V的示数不变；
当滑片向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变大，而电压不变，由欧姆定律可知，通过
滑动变阻器R 的电流变小；R 的阻值不变，电压不变，所以通过R 的电流不变，即A
2 1 1 1的示数不变；
因为通过R 的电流变小、通过R 的电流不变，所以根据并联电路的电流特点可知，干
2 1
路电流变小，即电流表A 的示数变小；
2
由电压表V的示数不变、电流表A 的示数变小可知，电压表V与电流表A 示数的比值
2 2
变大。
故答案为：不变；变大。
【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路特点及欧
姆定律即可正确解题。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示是中医用切刀切药材的示意图，请你在图中画出施加在手柄上A点
的最小力F及其力臂L。
【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F L ＝F L ），在阻力跟阻力臂的
1 1 2 2
乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：由杠杆平衡条件F L ＝F L 可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂
1 1 2 2
越长，动力越小；
图中支点在O点，要求在A点用力，连接OA，则OA就是最长的动力臂L；由题意可
知，要在A点用最小的力F将药材切开，杠杆应按顺时针转动，则动力应垂直于力臂L
向下，据此可画出最小动力F的示意图。
如图所示：
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，
动力臂越长，动力越小的结论。19．（2分）如图所示是小明家的部分家庭电路，请在括号内标出火线和零线，并将拉线
开关控制的灯泡连入电路中。
【分析】首先根据测电笔的正确使用方法确定火线和零线，
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线
直接进入灯泡的螺旋套，这样在灯泡损坏，更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更
安全。
【解答】解：由测电笔的使用方法可知，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线，
火线首先进入开关，然后再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，如图
所示：
【点评】此题考查测电笔的使用方法、开关与所控制电灯的连接方法，难度不大。
四、简答题（共3分）
20．（3分）2023年5月28日上午10时32分，我国具有自主知识产权的商用大型客机
C919执行MU9191航班，从上海虹桥机场起飞，飞往北京首都国际机场，开启这一机
型全球首次商业载客飞行，飞机起飞后加速升空的过程如图所示。请利用所学的相关物
理知识回答：
（1）飞机的动力来源于强大的喷气发动机，喷气发动机是热机的一种，热机工作时的
能量是如何转化的？
（2）飞机在升空过程中舱外大气压强如何变化？（3）飞机获得升力的原理是什么？
【分析】（1）热机工作时将燃料燃烧获得内能转化为机械能；
（2）大气压随高度的升高而减小；
（3）流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
【解答】解：（1）飞机的动力来源于强大的喷气发动机，喷气发动机是热机的一种，
热机工作时将内能转化为机械能；
（2）大气压随高度的升高而减小；飞机在升空过程中舱外大气压强变小；
（3）流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，机翼上凸下平，上方空气流速
大，压强小，下方空气流速小，压强大，产生向上的压力差，即升力。
【点评】本题考查热机、大气压和流体的压强，是典型的综合题。
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值
和单位）
21．（6分）我国道路交通安全规定，货车轮胎对地面的压强应控制在7×105Pa以内，王师
傅的货车自身质量是6t，车轮与地面总接触面积是0.5m2。一次，王师傅开着装有24t沙
子的货车在平直的公路上匀速行驶30km，货车受到的阻力是货车总重力的0.02倍，消
耗柴油10kg。（g取10N/kg，q柴油 ＝4.3×107J/kg）求：
（1）通过计算判断装有沙子的货车静止时，对水平地面的压强是否符合安全规定？
（2）这一过程中货车牵引力所做的功是多少？
（3）这一过程中货车发动机的效率是多少？（计算结果精确到1%）
【分析】（1）根据G＝mg求出装有沙子的货车的总重力，装有沙子的货车静止时，对
水平地面的压力等于货车的总重力，根据p＝ 求出装有沙子的货车静止时，对水平地
面的压强，与货车轮胎对地面应控制的压强比较可知是否符合安全规定；
（2）根据f＝0.02G求出货车受到的阻力，货车匀速行驶时，货车的牵引力等于货车受
到的阻力，根据W＝Fs求出这一过程中货车牵引力所做的功；
（3）根据Q放 ＝mq求出柴油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出这一过程中货车
发动机的效率。【解答】解：（1）装有沙子的货车的总重力：G总 ＝m总g＝（6×1000kg+24×1000kg）
×10N/kg＝3×105N，
装有沙子的货车静止时，对水平地面的压力：F＝G总 ＝3×105N，
装有沙子的货车静止时，对水平地面的压强：p＝ ＝ ＝6×105Pa＜7×105Pa，
所以符合安全规定；
（2）货车受到的阻力：f＝0.02G总 ＝0.02×3×105N＝6000N，
货车匀速行驶时，货车的牵引力与受到的阻力是一道平衡力，根据二力平衡条件可知，
货车匀速行驶时，货车的牵引力：F牵 ＝f＝6000N，
这一过程中货车牵引力所做的功：W＝F牵s＝6000N×30×1000m＝1.8×108J；
（3）柴油完全燃烧放出的热量：Q放 ＝m柴油q柴油 ＝10kg×4.3×107J/kg＝4.3×108J，
这一过程中货车发动机的效率： ＝ ＝ ≈42%。
答：（1）装有沙子的货车静止时η，对水平地面的压强符合安全规定；
（2）这一过程中货车牵引力所做的功是1.8×108J；
（3）这一过程中货车发动机的效率是42%。
【点评】本题考查重力公式、压强公式、功的公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公
式的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
22．（6分）小明家一款新型电烤箱铭牌上的部分参数如表所示，其简化电路如图甲所示，
R 、R 均为电热丝（阻值不随温度变化）。求：
1 2
××牌电烤箱
额定电压：220V
额定加热功率：1210W
额定保温功率：110W
（1）该电烤箱在额定保温功率下工作时的电流？
（2）电热丝R 的阻值？
2
（3）傍晚用电高峰期，小明想测量电烤箱在工作时的实际电压，于是他断开了家中其
他用电器，仅让电烤箱在加热状态下工作，1min内如图乙所示的电能表转盘转了50r，
则电烤箱两端的实际电压是多少？【分析】（1）知道额定保温功率、工作电压，利用P＝UI求该电烤箱在额定保温功率
下工作时的电流；
（2）当S闭合，S 接右边接线柱b时，R 单独工作，电路中电阻较大，电源电压一定，
1 1
由P＝ 可知，此时电功率较小，电路处于保温挡位；当S闭合、S 接左边接线柱a时，
2
电阻R 和R 并联，电路中电阻较小，电源电压一定，由P＝ 可知，此时电功率较大，
1 2
处于加热挡位，此时R 的电功率等于保温挡功率，知道加热挡功率，减去R 的电功率，
1 1
可得R 的电功率，再利用P＝ 求R 的阻值大小；
2 2
（3）知道加热挡功率、工作电压，利用P＝ 求R并 的大小；
电能表上“3000r/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘
转3000r，据此求电能表转盘转了50r时，电烤箱消耗的电能，知道工作时间，利用P＝
求出电烤箱的实际功率；再利用P＝ 求出实际电压。
【解答】解：
（1）由P＝UI可得，该电烤箱在额定保温功率下工作时的电流：
I保温 ＝ ＝ ＝0.5A；（2）当S闭合，S 接右边接线柱b时，R 单独工作，电路中电阻较大，电源电压一定，
1 1
由P＝ 可知，此时电功率较小，电路处于保温挡位；
当S闭合、S 接左边接线柱a时，电阻R 和R 并联，电路中电阻较小，电源电压一定，
2 1 2
由P＝ 可知，此时电功率较大，处于加热挡位，此时 R
1
的电功率：P
1
＝P保温 ＝
110W，
R
2
的电功率：P
2
＝P加热 ﹣P
1
＝1210W﹣110W＝1100W，
由P＝ 可得：
R ＝ ＝ ＝44 ；
2
（3）S 闭合、S 2 接左边Ω接线柱 a 时，电阻 R 1 和 R 2 并联，处于加热挡位，P 加热 ＝
1210W，
由P＝ 可得：
R并 ＝ ＝ ＝40 ；
电能表上“3000r/（kW•h）”Ω表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘
转3000r，
电能表转盘转了50r，电烤箱消耗的电能：
W＝ kW•h＝ kW•h，
工作时间t＝1min＝ h，
电烤箱的实际功率：P实 ＝ ＝ ＝1kW＝1000W，
由P＝ 可得，电路的实际电压：
U实 ＝ ＝ ＝200V。
答：（1）该电烤箱在额定保温功率下工作时的电流为0.5A；
（2）电热丝R 的阻值为44 ；
2
（3）电烤箱两端的实际电压Ω是220V。
【点评】本题考查了电功率的公式及其推导公式的应用、并联电阻的特点、对电能表相
关参数的理解，分析电路图得出电烤箱不同挡位的电路连接方式是关键。
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔
化时温度的变化规律”。
（1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度﹣时间图像，由图像可以判断 a 物质
是晶体，第6min时a物质为 固液共存 态，a物质第9min时的内能 大于 （选
填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能；
（2）某时刻，温度计的示数如图所示，为 35 ℃；若a物质在固态时的比热容为
1.0×103J/（kg•℃），则该物质熔化后，液态时的比热容为 1.5×1 0 3 J/（kg•℃）。
【分析】（1）晶体有固定的熔化温度，而非晶体没有确定的熔点；晶体在熔化前为固
态；熔化过程中为固液并存状态；熔化后变为液态；晶体在熔化过程中，不断吸收热量，
温度保持不变，内能增大；
（2）根据温度计的分度值读数，温度在0℃以上，分度值为1℃；由乙图可知，该物质
在0﹣3min时间内处于固态，由于在相同的时间内吸收的热量相同，可求在 9﹣12min内吸收的热量，然后利用吸热公式求出固态下的比热容。
【解答】解：（1）晶体有固定的熔化温度，而非晶体没有确定的熔点，由图乙可知，
物质a是晶体；第6min为晶体熔化之时，所以为固液共存态；晶体在熔化过程中不断
吸收热量，温度保持不变，内能增大，所以物质a第9min的内能大于第3min的内能；
（2）由图甲可知，温度在0℃以上，分度值为1℃，故物质此时的温度是为35℃；
从图象乙可知，a物质在0﹣3min时间内处于固态，温度从20℃升高到50℃，温度升高
了30℃，物质在固态时所吸收的热量Q固 ＝c固m×30℃；在第9﹣12in时间物质处于液
态，温度从50℃升高到70℃，温度升高了20℃．则物质在液态时所吸收的热量Q液 ＝c
液m×30℃；由于物质的质量不变，在相同时间内吸收的热量相等，即 Q固 ＝Q液 ，c固
m×30℃＝c液m×20℃，
则c固 ＝ c液 ＝ ×1×103J/（kg•℃）＝1.5×103J/（kg•℃）。
固态时比热容为2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）a；固液共存；大于；（2）35；1.5×103。
【点评】本题主要考查这样几个方面：①判断物质是晶体还是非晶体；②判断某个时
间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态；学会分析物质
熔化图像，是实验应该掌握的基本技能；③对公式Q吸 ＝cmΔt比热容与升高温度之间
关系的理解。
24．（5分）小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上出现一个清晰的烛
焰的像，这个凸透镜的焦距可能是 B （填选项）；
A.5cm
B.10cm
C.15cm
D.20cm
（2）小明把蜡烛向右移动一小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。他可以将光屏
向 右 移动或者不移动光屏，将一个度数合适的 远视 （选填“近视”或“远视”）眼镜的镜片放在凸透镜和烛焰之间，都能让光屏上的像重新变清晰；
（3）完成上述探究后，小明把凸透镜换成一块薄玻璃板，透过玻璃板能看到烛焰正立、
等大 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像，把光屏移到像所在的位置，直
接观察光屏，光屏上 没有 （选填“有”或“没有”）烛焰的像。
【分析】（1）根据物距大于像距，成倒立、缩小的实像，由u＝30.0cm＞2f及像距：f
＜15.0cm＜2f得出焦距的取值范围；
（2）凸透镜成实像的条件下，物距变小，像距变大，像变大，据此分析；因凸透镜对
光线有会聚作用，可提前像的会聚分析；
（3）平面镜成的像与物体大小相等，虚像不能成在光屏上。
【解答】解：（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示时，易知物距大
于像距，成倒立、缩小的实像，且u＝30.0cm＞2f；
像距：
f＜15.0cm＜2f；
解之：
7.5cm＜f＜15.0cm；
这个凸透镜的焦距可能是10cm，故选：B；
（2）凸透镜成实像的条件下，物距变小，像距变大，像变大，小明把蜡烛向右移动一
小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。他可以将光屏向右移动或者不移动光屏，因
凸透镜对光线有会聚作用，可提前像的会聚，故将一个度数合适的远视眼镜的镜片放在
凸透镜和烛焰之间，都能让光屏上的像重新变清晰；
（3）平面镜成的像与物体大小相等，完成上述探究后，小明把凸透镜换成一块薄玻璃
板，透过玻璃板能看到烛焰正立、等大的像，把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，
因虚像不能与在光屏上，故光屏上没有烛焰的像。
故答案为：（1）B；（2）右；远视；（3）等大；没有。
【点评】本题“探究凸透镜成像规律”，考查成像规律的运用及像距随物距的变化规律
和平面镜成像规律的运用。
25．（6分）下面是小明测量盐水密度的实验。（1）小明将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指在如
图甲所示位置，此时他应将平衡螺母适当向 右 （选填“左”或“右”）调节，使
天平平衡；再将装有盐水的烧杯放在天平的左盘，在右盘中放入50g、20g、10g砝码各
一个时，天平刚好再次平衡；
（2）将杯中的一部分盐水倒入量筒中，盐水的体积如图乙所示为 4 0 cm3；
（3）用天平测出剩余盐水和烧杯的总质量如图丙所示为 38 g，则所测盐水的密度
是 1.05×1 0 3 kg/m3。
（4）上述实验结束后，小明利用刚刚测出了密度的盐水和其他一些工具，又想测量一
个木块的密度，请帮他将实验步骤补充完整：
①用调好的天平测出木块的质量m ；
1
②容器内装有适量的盐水，将木块和一个空瓶叠加在一起漂浮，如图丁所示；
③向瓶中倒入适量的水，直到木块 刚好浸没在盐水中 ，用天平测出瓶和水的总质
量m ；
2
④木块密度表达式
木
＝ 。（用字母表示，盐水密度用
盐
表示）
【分析】（1）天平ρ放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处ρ，平衡螺母向指针
反转的反方向移动；左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；
（2）正确读出量筒的示数可知盐水的体积；
（3）左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；
量筒中盐水的质量等于烧杯和盐水的总质量减去剩余盐水与烧杯的质量；
利用密度的公式即可计算出其密度的大小；
（4）实验步骤的设计就从测量木块的质量和体积入手，从而计算出木块的密度。
【解答】解：（1）小明将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端零刻度线处，发
现指针指在分度盘的左侧，此时他应将平衡螺母适当向右调节；
盐水和烧杯的总质量为：m总 ＝50g+20g+10g＝80g；（2）量筒中盐水的体积：V＝40mL＝40cm3；
（3）由图可知，天平标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度值为3g，剩余盐水与烧杯
的质量：m剩 ＝20g+10g+5g+3g＝38g；
量筒中盐水的质量：m＝m总 ﹣m剩 ＝80g﹣38g＝42g；
盐水的密度：
＝ ＝ ＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3；
ρ
（4）③向瓶中倒水，直到木块刚好浸没在盐水中，用天平测出瓶和水的总质量m ；
2
④木块刚好完全浸没在盐水中时，木块排开盐水的体积等于木块的体积，即V排 ＝V木
＝ ，
因为木块和瓶整体漂浮，所以整体受到的浮力等于空瓶、瓶中的水和木块的总重力，
即F浮 ＝ 盐gV排 ＝ 盐g ＝（m
1
+m
2
）g；
由此可得ρ木块的密度ρ：
＝ 。
木
ρ故答案为：（1）右；（2）40；（3）38；1.05×103；（4）③刚好浸没在盐水中；
。
【点评】此题是测量固体密度的实验，考查了天平的调节、读数、量筒的读数及密度的
计算，通过浮沉条件列等式表示出木块的密度是本题的难点。
26．（8分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10 、20 、30 、40 、50 的定值电阻，
铭牌上标有“20 1A”的滑动变阻器等实验器材“Ω探究Ω电流与Ω电阻关Ω系”Ω。
Ω（1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误
的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）电路改接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最 左 （选填“左”
或“右”）端；
（3）小明将10 的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值
电阻两端电压为Ω4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把
10 的定值电阻换成 20 的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 大于
（Ω选填“大于”、“小于Ω”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上
向 左 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到 4V，记录电流
表的示数；
（4）当小明将50 定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使
定值电阻两端电压Ω为4V，则原因可能是 所选滑动变阻器的最大阻值太小 （写出一
条即可）；
（5）完成实验探究后，小明得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与
导体的电阻成 反比 。
（6）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额
定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S 和S ，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 3. 5 V时，小灯
1 2
泡正常发光；
②闭合开关S、S ，断开S ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V；
1 2
③闭合开关S、S ，断开S ，读出电压表的示数为4V；
2 1
④小灯泡的额定功率P额 ＝ 0. 7 W。
【分析】（1）分析图甲电路的连接，电阻与电流表并联了，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，
当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分
压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律
求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50 电阻时变阻器连入电路中的电
阻，据此分析回答； Ω
（5）在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）①分析电路连接，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的可使灯正常发
光；
②闭合开关S、S ，断开S ，保持滑片位置不变，分析电路连接及电流的路径和电压表
1 2
测量的电压；
③在②的基础上，通过开关的转换，若能用电压表测量出变阻器整段电阻丝的电压，
根据电路的电流保持不变，根据欧姆定律，可确定变阻器最大电阻与②中与电压表并
联电阻的大小关系，从而可得出①中变阻器连入电路中电阻的大小，由欧姆定律可得
出灯的额定电流，根据P＝UI可算出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）小明连接好如图甲所示的电路，该电路有一处故障是：电阻与电流
表并联了，将电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，如下图所示：
（2）滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即图中最左端；
（3）实验中，当把10 的电阻换成20 的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变
大，研究电流与电阻关Ω系时要控制电压Ω不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变
阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向
左滑动；（4）4节新干电池电压为6V，电阻两端的电压始终保持U ＝4V，根据串联电路电压的
V
规律，变阻器分得的电压：U滑 ＝U﹣U
V
＝6V﹣4V＝2V，变阻器分得的电压为电压表示
数的0.5倍，根据分压原理，当接入50 电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑 ＝
0.5×50 ＝25 ，故为了完成整个实验，应Ω该选取最大阻值至少25 的滑动变阻器，而现
有变阻Ω器的最Ω大电阻太小；控制的电阻电压不变，变阻器分得的电Ω压过小，即电源电压
太大了；
故当小明将50 定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值
电阻两端电压为Ω 4V，则原因可能是所选滑动变阻器的最大阻值太小或电源电压过大；
（5）在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）①闭合开关S、S 、S ，调节滑动变阻器的滑片，变阻器滑片以左电阻丝与灯串
1 2
联，此时电压表测量滑动变阻器电阻丝以左电阻丝两端的电压，根据串联电路电压的规
律知，当电压表示数为：6V﹣2.5V＝3.5V时，灯泡正常发光；
②闭合开关S、S ，断开S ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V，即滑片以左
1 2
电阻丝的电压，因电压表接在滑片上，故电流要全部经过变阻器的电阻丝；
③闭合开关S、S ，断开S ，读出电压表的示数为4V，变阻器的所有电阻丝与灯串联，
2 1
电压表测量滑动变阻器两端的电压，因电压表的示数为4V，与②电路相比，这两次电
路的连接不变，电流大小不变，只是电压表的测量范围变化了，因此时电压表的示数为
“闭合开关S、S ，断开S ”时的 ＝ 倍，故变阻器的最大电阻为②中与电压表
1 2
并联的电阻的 倍，即闭合开关S、S 、S ，滑动变阻器左电阻丝接入阻值为20 × ＝
1 2
12.5 ，即在①中，滑动变阻器的电阻为12.5 ，由欧姆定律，在①中，通过滑Ω动变阻
Ω Ω
器的电流为：I＝ ＝ ＝0.28A，即灯的额定电流，
小灯泡的额定功率：
P额 ＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W。
故答案为：（1）见解答；（2）左；（3）大于；左；（4）所选滑动变阻器的最大阻值
太小（或电源电压过大）；（5）反比；（6）①3.5；④0.7。
【点评】本题探究通过导体的电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、控制变量法、操作过程；同时也考查了设计方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/7/20
14:34:18；用户：15972770568；邮箱：15972770568；学号：26197019
