物理参考答案_2024-2026高三（6-6月题库）_2026年04月高三试卷_260401湖南省常德市2026届高三年级3月模拟（全科）_湖南省常德市2026届高三年级3月模拟物理试卷

2026 年常德市高三年级模拟考试 物理参考答案及评分标准 一二、选择题：共10小题，单选题每小题4分，多选题每小题5分，共43分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B C A B B B AC AC BD 三、实验题：本题共2小题，每空2分，共16分。 11．【答案】（1）AC (只选对一项得1分) （2）x g （3）△x g 2h 2h −h −h 2 1 3 解析：（1）B项中斜槽不光滑对实验结果没有影响，AC正确 1 g （2）根据平抛运动规律：x=v t ，h= gt2，得：v =x 0 2 0 2h （3）水平方向： △x=v T ，竖直方向： △h=(h −h )−(h −h )=gT2 ，得： 0 2 3 1 2 g v =△x 0 2h −h −h 2 1 3 12．【答案】（1）红（2）60 （3）B （4）×100 （5）111 解析：（1）与内部电池负极相连的表笔为红表笔； E E （2）“×1”挡时，根据：I = ，I /2= ，可得：中值电阻即内阻，故R =15Ω， g1 R g1 R +R 内 内 内 x E 20µA处：I /5= ，故：Rx=4R =60Ω； g1 R +R 内 内 x （3）偏转角度过小，说明是大电阻，为了测量更精确，要让指针偏到中间位置附近， 故换更大的倍率，即“×100”挡，且要重新进行欧姆调零再测； （4）当电键K与1接通时，改装的电流表量程最小，故内阻最大，是最大的倍率，故 欧姆表的倍率为“×100”； （5）当电键K与3接通时欧姆表的倍率为“×1”，在欧姆调零过程中，当电流表G满偏 E 1.5 时，总电流为I = = A=100mA，电流表G量程为100 A，故通过R 的电 g1 R 15 1 内 流是电流表G量程的999倍；当电键K与1接通时欧姆表的倍率为“×100”，在欧 E 1.5 姆调零过程中，当电流表 G 满偏时，总电流为I = = A=1mA，电流表 g2 R 1500 内 G量程为100µA，故通过R 的电流是电流表G量程的9倍；故当电键K与3接 1 通时通过电阻R 的电流是K与1接通时通过R 电流的111倍。 1 1 物理参考答案 第1页 共3页四、计算题：本题共3小题，其中第13小题11分，第14小题14分，第15小题16分， 共41分。 1 3 13．【答案】（1） h （2）△U + p Sh 5 10 0 V V hS (h+△h)S 解析：（1）此过程气体是等压变化，由盖-吕萨克定律得 1 = 2 即 = （2分） T T T T 1 2 1 2 1 代入数据解得△h= h。（3分） 5 （2）初始时以活塞为研究对象，根据受力平衡可得 pS = p S+mg 1 0 解得常态27℃时缸内气体的压强为 p =1.5p （2分） 1 0 3 h 气体等压膨胀对外做功，则外界对气体做功W =− p S 2 0 5 3 代入解得：W =− p Sh（2分） 10 0 由热力学第一定律得：△U =W +Q 3 代入可得：Q=△U + p Sh（2分） 10 0 14．【答案】（1）3m/s （2）0.7J （3）F=t-0.4（N） 解析：（1）金属棒ab下滑到最大速度时，受力平衡，有： mgsinθ=BIL（1分） E I = （1分） R+r E=BLv （1分） m 解得：v =3m/s（1分） m  BLx （2）金属棒从静止下滑至最大速度时，q=It = ，解得：x=3m（2分） R+r 1 由能量守恒：mgxsinθ= mv2 +Q得：Q=2.1J（2分） 2 m r 金属棒产生的焦耳热：Qr = Q=0.7J（1分） R+r BLx （3）根据：q= ，又：q=0.5t2可得：x=1.5t2 R+r 1 说明金属棒做初速度为零的匀加速运动，由x= at2解得加速度：a=3m/s2 （2分） 2 对金属棒受力分析，由牛顿第二定律： F +mgsinθ−BIL=ma（2分） 可得：F=t-0.4（N）（1分） 物理参考答案 第2页 共3页15．【答案】（1）2m/s 1m/s （2）3J （3）168J 1 解析：（1）对滑块a，由机械能守恒定律：m gR= m v2（1分） a 2 a a 得：v =2m/s（1分） a 滑块b轻放于传送带右端，而传送带足够长，故：v =v=1m/s（1分） b （2）相撞过程中当滑块a、b速度相同时弹簧弹性势能最大，取向右为正方向，由动量 守恒定律：m v −m v =(m +m )v （2分） a a b b a b 共 解得：v =1m/s（1分） 共 1 1 1 则弹性势能最大值：E = m v2 + m v2 − (m +m )v2 （2分） Pm 2 a a 2 b b 2 a b 共 解得：E =3J （1分） Pm （3）若传送带的速度v=4m/s，则v =4m/s，v 仍为2m/s（1分） b1 a1 滑块b第一次通过传送带过程，设摩擦系数为µ，摩擦生热为Q 1 1 由动能定理：µm gx= m v2 b 2 b v 匀加速到传送带速度的过程滑块b位移：x= t 2 1 摩擦生热：Q =µm g(vt−x)= m v2 1 b 2 b 得：Q =8J （1分） 1 滑块a、b相碰过程满足动量守恒和机械能守恒 m v −m v =m v +m v （1分） a a1 b b1 a a2 b b2 1 1 1 1 m v2 + m v2 = m v2 + m v2 （1分） 2 a a1 2 b b1 2 a a2 2 b b1 解得：v =−2m/sv =4m/s（1分） a2 b2 之后两滑块又以相同的速度返回，碰后速度又反向，不断重复。 每次碰后到下一次相碰过程中，滑块b与传送带摩擦生热  v v2   v v2  Q =µm gv× + +µm gv× −  2 b  µg 2µg b  µg 2µg =2m v2 b =32J （1分） 故从释放b到两滑块即将发生第6次碰撞的过程中，Q=Q +5Q =168J （1分） 1 2 用图像法得出正确结果同样给分。 物理参考答案 第3页 共3页