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学年第一学期鼎尖名校大联考
2025-2026
高一物理 卷参考答案
B
选择题: 题,每题 分; 题,每题 分,共 分。
1-8 4 9-10 5 42
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C D D A B D C B BC BD
分
11.(8 )
【答案】 竖直 分 分 分 分
(1) (2 ) (2)L3(2 ) (3)5.0(2 ) (4)0.05(2 )
分
12.(10 )
【答案】 AB 分 分 分 分
(1) (2 ) (2)0.1(2 ) (3)1.3(2 ) (4)2.0(2 )
大于
(5)
. 分
13 (10 )
【答案】 分 分
(1)80m(4 ) (2)24s(6 )
【解析】 v t面积表示小汽车的位移 没有交警护航时
(1)- , :
v
时间内x 0t 分
0~4s :1= 1=40m ……………………………………………………………………… (1 )
2
时间内x x 分
24~28s :2= 1=40m ……………………………………………………………………… (1 )
时间内x x 分
0~28s :3=2 1=80m ……………………………………………………………………… (2 )
有交警护航时汽车匀速运动
(2) :
时间内汽车位移 x vt 分
0~28s ::4= 0 2=20m/s×28s=560m……………………………………… (1 )
在 内交警护航时比没有交警护航时多走了Δx x x 分
28s : = 4- 3=480m …………………………… (2 )
Δx
没有护航时后阶段同样需完成Δx 多耗时Δt 分
=480m, : =v =24s ……………………………… (2 )
0
所以交警此次护航可以节省的时间为 分
24s ………………………………………………………… (1 )
. 分
14 (14 )
【答案】 受力分析见解析图 F 分
(1) 1,1=1100N(4 )
受力分析见解析图 F 分
(2) 2,2=1000N(4 )
推不动 F 分
(3) ,f 3=800N(6 )
【解析】 石墩受重力mg 地面支持力F 水平拉力F 以及地面摩擦力F
(1) 、 N1、 1 f 1
受力分析如图 所示
1
分
…………………………………………………………………………… (2 )
水平方向
:
F
1=
F
f 1,
竖直方向F
N1=
mg
,
且F
f 1=
μF
N1 …………………………………………… (1
分
)
得F μmg 分
1= =1100N ………………………………………………………………………………… (1 )
石墩受重力mg 地面支持力F 斜面拉力F 以及地面摩擦力F
(2) 、 N2、 2 f 2
受力分析如图 所示
2
分
…………………………………………………………………………… (1 )
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B 1 4取水平向右为x轴 垂直向上为y轴
, ,
x轴
:
F
2cos37°=
F
f 2,
y轴
:
F
2sin37°+
F
N2=
mg
,
且F
f 2=
μF
N2 …………………………………… (2
分
)
得F
μmg
分
2= =1000N …………………………………………………………………… (1 )
cos37°+μsin37°
石墩受力分析如图 所示
(3) 3
分
…………………………………………………………………………… (1 )
F mg F 分
N3= + 3sin37°=2800N ………………………………………………………………………… (1 )
最大静摩擦力F
f 3m=
μF
N3=1400 N,
等于滑动摩擦力
……………………………………………… (1
分
)
F F 分
3 x= 3cos37°=800N ……………………………………………………………………………… (1 )
F F 故推不动 分
3 x< f 3m, …………………………………………………………………………………… (1 )
故摩擦力等于F 水平分量 即F F 分
3 , f 3= 3 x=800N ………………………………………………… (1 )
. 分
15 (16 )
【答案】 分
(1)6m(4 )
甲追不上乙 见解析 分
(2)① , (7 )
甲滑上水平面后两者最小距离为 最终距离为 分
② 2m, 2.5m(5 )
【解析】 甲在斜面上匀加速x 1at2 得t 分
(1) ,0= 1 1, 1=2s…………………………………………… (2 )
2
乙在水平面上匀加速x 1at2 得x 分
,= 2 1, =6m ……………………………………………………… (2 )
2
即甲运动到B点时二者间距为
6m
t 时 甲的速度为v at 乙的速度为v 分
(2)① 1=2s , 1= 1 1=10m/s, 2=6m/s………………………… (1 )
设经时间t 甲乙速度相等
2,
v
1-
a
3
t
2=
v
2-
a
4
t
2=
v共
……………………………………………………………………………… (1
分
)
得t
2=2 s,
v共
=2 m/s………………………………………………………………………………… (2
分
)
甲运动位移为x
v
1+
v共
t 分
:1= 2=12m………………………………………………………………… (1 )
2
乙运动位移为x
v
2+
v共
t 分
:2= 2=8m ………………………………………………………………… (1 )
2
x x x 此后甲速小于乙速 故甲追不上乙 分
1- 2=4m< =6m, , ………………………………………… (1 )
共速前 甲速大于乙速 间距不断减小 速度相等时间距最小
② , , , 。
d x x x 分
1= 2+ - 1=2m ………………………………………………………………………………… (1 )
共速后甲速就一直小于乙速 间距又开始增大 甲先静止 乙继续运动直到它们都静止
, , , 。
v2
甲在水平面上运动的总位移为x 1 . 分
:3=a =125m ………………………………………………… (1 )
2 3
v2
乙在水平面上减速运动的位移为x 2 分
:4=a =9m …………………………………………………… (1 )
2 4
甲乙最终距离为d x x x . 分
:= + 4- 3=25m …………………………………………………………… (1 )
综上所述 甲滑上水平面后 甲乙间距离从 不断减小到 再增大到 结束 最终二者间距为
, , 6m 2m, 2.5m ,
分
2.5m …………………………………………………………………………………………………… (1 )
【注:】以上计算题,其他方法合理即可。
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B 2 4【详解】
.【答案】
1 C
【解析】 分钟 是时间间隔 不是时刻 错误
“21 ” , ,A ;
马赫 是瞬时速度大小 错误
“25~30 ” ,B ;
导弹沿曲线运动 马赫 一分钟路程为 千米 但
,25 =25×340m/s=8500m/s, 8500×60=510000m=510 ,
位移是从初位置到末位置的有向线段 因轨迹是曲线 位移大小小于 千 错误
, , 510 ,D 。
.【答案】
2 D
【解析】 规定向上为正 则有v v Δt .
, 0=-6m/s,=4m/s, =02s;
v v
根据定义式a - 0得a 2 正值表示方向向上 正确
:= Δt =50m/s, ,D 。
.【答案】
3 D
【解析】x t图像斜率表示速度 前 斜率不变 说明该物体做匀速运动 错误
- , 2s , ,A ;
第 内的斜率为 说明该物体静止 错误
3s 0, ,B ;
初位置x 最远位置离出发点 错误
0=10m, 20m,C ;
前 的平均速度v 后 的平均速度v 负号不表示大小 正确
2s 1=10m/s, 2s 2=-15m/s, ,D 。
.【答案】
4 A
【解析】 由x vt 1at2 可得v a . 2 正确 错误
= 0 + , 0=10m/s,=-25m/s,A ,B ;
2
v
t 0 得t 错误
= a, =4s,C ;
-
电动车刹车后 已停止 因此 内的位移等于前 的位移
4s , 5s 4s ,
v
x 0+0t得x 错误
= , =20m,D 。
2
.【答案】
5 B
【解析】 大熊猫匀速向上爬时 处于平衡状态 在竖直方向上重力向下 摩擦力需向上与重力平衡 故
, , , , A
错误
;
大熊猫匀速爬行时 摩擦力始终等于重力 与速度大小无关 故 错误
, , , C ;
地球上的物体始终受重力作用 大熊猫下落过程中仍受重力 故 错误
, , D 。
.【答案】
6 D
v v v2 v2
【解析】 由v 0+ 得v v 0+ 得v 错误
t = , :t =4m/s;x = x =5m/s,A、B ;
2 2 2 2 2 2
v v v v
x x x 0+ x x x +
前 的时间为t 后 的时间为t 2t 2 t 得tt 错误
1, 2; = 1, = 2, 1∶2=2∶1,C ;
2 2 2 2 2 2
v v v v
t t 0+ t t t + t
前 的位移为x 后 的位移为x x 2 5tx 2 11t 得x x
1, 2,1= × = ,2= × = , 1∶ 2=5∶11,D
2 2 2 2 4 2 2 4
正确
。
.【答案】
7 C
【解析】 受力如图
,
F mg 1mgF mg 3mg 错误
T= sin30°= , N= cos30°= ,A、B ;
2 2
位置不变 只 长度发生变化 可以用相似三角形处理 两个选项
B , AB , CD ,
力三角形和几何三角形相似 对应边成比例
, :
mg F F
N T
AB=OA=OB,
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B 3 4OB变短 F 减小 OA长度不变 杆的支持力大小不变
,T , , 。
.【答案】
8 B
【解析】 规定开始运动方向为正方向a 2t a 2 设前 的位移为x 则时间t
,1=1m/s,0=6s,2=-3m/s, 6s 0,
内的位移为 x x 1at2 x vt 1at2v at 得t
- 0,0= 1 0,- 0= + 2 ,= 1 0, =6s。
2 2
.【答案】
9 BC
【解析】v (5
.
6+4
.
0)×10
-2
m . 错误
2= =12m/s,A ;
2×0.04s
由Δx at2 得a 2 正确
= =10m/s,B ;
v v gT 即位置 在竖直上抛的最高点 正确
5= 2-3 =0, 5 ,C ;
逆向思维 第 T和第 T位移之比是 错误
: 1 2 1∶3,D 。
.【答案】
10 BD
【解析】 和 受到合力均为 可以用整体法
A B 0, 。
思路 先整体后隔离分析受力少的
:
整体分析 如图 可得F F μ m m g
, 1, 2= 1+ 2( 1+ 2),
对物块 分析 如图 间发生相对运动 为滑动摩檫力 即F μmg
A , 2,A、B , , 1= 1 1 ,
综上可得F F
1=7.2N,2=19.2N。
【解析】 水平原长为 竖直悬挂L . 由于弹簧自身重力使弹簧伸长Δx
11. (4) 21.35cm, 0=2235cm, =
-2 则G kΔx .
10 m, = =005N。
x
.【解析】 v 2 .
12 (3)2= T=13m/s。
2
x x
(4)
a测
=
a
=
4-
T
2
2
2
=2
.
0 m/s
2
。
4
x x
(5)
a真
=
4
T
-2
2真
2
,
f真
=49 Hz,
T真
=5
T交
>0
.
1 s,
a真
<2
.
0 m/s
2
=
a测。
4
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B 4 4
