高一物理答案_2025年02月试卷_0223浙江省温州市浙南名校联盟2024-2025学年高一下学期2月开学考试_浙江省浙南名校联盟2024-2025学年高一下学期2月返校考试物理试题（PDF版，含答案）

2024 年学年第二学期浙南名校联盟返校联考 高一年级物理学科 参考答案 一、选择题I(本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个选项中只有一 个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 B A D D D B D B B B D D D 二、 选择题Ⅱ(本题共2小题，每小题 3分，共6分。每小题列出的四个选项中至少有 一个符合题目要求的。全选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 14 15 AB BC 三、本题共6小题，共55分 16．（8分）(1)乙（2分） (2)C（2分） (3)B（2分） (4)位移（1分） 需要（1分） 17．（8分）(1)B (2)2或2.0皆可 (3)不同 B （每空2分） 18．（7分）（1）当运动员在水平轨道上运动时，由运动学知识得v2 2as （1分） B 1 1 代入数据得v 4m/s （1分） B （2）当运动员在倾斜轨道上运动时，由运动学知识得v2 v2 2a s （1分） C B 2 2 代入数据得a 1.5m/s2 （1分） 2 （3）当运动员在水平轨道上运动时，由运动学知识得v at 解得t 4s （1分） B 11 1 v v 20 当运动员在倾斜轨道上运动时，由运动学知识得t  c B 解得t  s （1分） 2 a 2 3 2 32 故运动员从A点运动到C点的时间为tt t  s（1分） 1 2 3 19．（10分）（1）根据题目半径之比为3:2:1，由几何关系可知O 和O 连线与水平方向的夹角为 1 3 37°，O 和O 连线与水平方向的夹角为53°， 2 3 对圆柱体C受力分析，可知F 5mgsin37，F 5mgcos37 解得F 3mg ，F 4mg （2分） a b a b （2）对圆柱体A水平方向受力分析，满足 f F cos37 （1分） 解得 f 2.4mg（1分） A a A 对圆柱体B水平方向受力分析，满足 f F cos53 （1分） 解得 f 2.4mg （1分） B b B （3）对圆柱体A水平方向受力分析，满足F F sin37m g （1分） 解得F 12mg NA a A NA f 2.4mg 1  半圆柱体A与地面的动摩擦因素  A  0.2 也对 （1分） A F 12mg 5  NA 对圆柱体B竖直方向受力分析，满足F F sin53m g （1分） 解得F 9.6mg NB b B NB f 2.4mg 1  半圆柱体B与地面的动摩擦因素  B  0.25 也对 （1分） B F 9.6mg 4  NB {#{QQABDQet5gCwgAZACC5KBUUiC0gQkIMRJSomxUAQKARDQBNABIA=}#}20．（11分）(1)对小球在斜杆AB上进行受力分析， mgsinmgcos ma a 4m/s2 （1分） 1 1 对小球在水平杆BC上进行受力分析，mg ma a 2.5m/s2 （1分） 2 2 h 由运动学关系可得 v2 2a 2a L （1分） 解得 L 8m （1分） B 1sin 2 BC BC (2)对小球在倾斜杆BC上受力分析 mgsinmgcosma a 8m/s2 （1分） 3 3 h 由运动学关系可得 v2 2a 2a L a 5m/s2 （1分） B 3sin 4 4 C到A的运动，对小球在水平杆BC 上受力分析，根据牛顿第二定律可得 F mg ma （1分） 4 解得 F 7.5N （1分） (3)由（2）解得v 4 5m/s由运动学关系可得v a t a t B B 31 4 2 5 4 5 5 4 5 13 5 解得 t  s（1分） t  s（1分） t （  ）s  s（1分） 1 2 2 5 总 2 5 10 v2 21．（11分）（1）根据相互作用以及受力分析得，F mg m 0 （1分） N R 解得v 4m/s （1分） 0 （2）当煤块滑上传送带后的加速度a g 1m/s2 （ 1分） 1 1 （此分新增加） � 若煤块一直减速，v2 v 2 2a L,得v 2m/s, 0 右 1 右 当v2m/s, v 2m/s（1分） 右 � 若煤块一直匀加速，v 2 v2 2a L，得v 2 7m/s， 右 0 1 右 当v2 7m/s, v 2 7m/s（1分） 右 � 当2m/sv2 7m/s,v v（1分） 右 （3）当煤块滑上木板E时，煤块的加速度a g 3m/s2（1分）（此分不给，给到第2小题） 煤 2   由于mg  mgm gm g ，木板E、F保持静止。 2 3 E F 当煤块滑上木板F时，煤块的加速度保持不变，   由于mg  mgm g ，木板F开始运动， 2 3 F   mg mgm g 木板F的加速度a 木  2 3 F 1m/s2。 （1分） m F 若煤块恰好滑到木板E的右端停止，煤块从传送带右端出来的速度v2 2a L 解得v 3m/s 1 煤 E 1 若煤块恰好滑到木板F的右端时与木板相对静止，煤块从传送带右端出来的速度 v2 2a L （2 a a ）L 解得v  33m/s 2 7m/s 2 煤 E 煤 木 F 1 {#{QQABDQet5gCwgAZACC5KBUUiC0gQkIMRJSomxUAQKARDQBNABIA=}#}2 ①当v2m/s，v 2m/s，两木板均不动，S  m （1分） 右 3 v2 ②当2m/sv3m/s，v v，两木板不动，S  （1分） 右 6 ③当3m/sv2 7m/s，v v，煤块运动到木板F上后相对静止， 右 v2 2a L v2 9 v2 3 S  L  2 E 1.5  （1分） E 2(a a ) 8 8 煤 木 31 ④当2 7m/sv，v 2 7m/s，煤块运动到木板F上后相对静止，S  m （1分） 右 8 {#{QQABDQet5gCwgAZACC5KBUUiC0gQkIMRJSomxUAQKARDQBNABIA=}#}