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2020 年春季九年级复学测试卷理科综合
一、选择题
1.根据图所示实验得出的结论中，正确的是（ ）
A. 本实验探究的是滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系
B. 在蜡烛火焰上方的冷碟子底部收集到炭黑，说明蜡烛的元素组成中有碳元素
C. 加热后硝酸钾固体溶解了，说明硝酸钾的溶解度随温度的升高而减小
D. 纸锅没有燃烧，是因为火焰的温度低于纸锅的着火点
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图可知，粗糙程度不变，压力改变，所以探究的是滑动摩擦力与压力的关系，故A错误；
B．由质量守恒定律可知，冷碟子底部收集到炭黑，说明蜡烛的元素组成中有碳元素，故B正确；
C．加热后硝酸钾固体溶解了，说明硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，故C错误；
D．纸锅没有燃烧，是因为水沸腾时继续吸热而温度不变，未达到纸锅的着火点，故D错误。
故选B。
2.下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A. 一个乒乓球的质量约为30 g B. 人的步行速度约为5 m/s
C. 一枚硬币的直径约为 2mm D. 人体的正常温度约为36.5℃
【答案】D
【解析】
【详解】A．一个乒乓球的质量约为3g，A错误，故A不符合题意；
B．人的步行速度约为1m/s，B错误，故B不符合题意；
C．一枚硬币的直径约为2cm，C错误，故C不符合题意；
D．人体的正常温度约为36.5℃左右，D正确，故D符合题意。3.下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A. 用手机微信与朋友联系是利用电磁波来传递信息的
B. 汽车的“倒车雷达”和“军事雷达”都是利用了超声波测距
C. 声音在真空中传播速度为340 m/s
D. 学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
【答案】A
【解析】
【详解】A．手机既可发送电磁波，也可以接收电磁波，所以手机利用电磁波来传递信息，故A正确；
B．汽车的“倒车雷达”利用超声波测距，“军事雷达”利用电磁波测距，故B错误；
C．声音不可在真空中传播，故C错误；
D．学校附近禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
4.下面是小聪整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（ ）
A. 毛皮与橡胶棒摩擦的过程中，毛皮得到了电子
B. 电动机是利用电磁感应原理工作的
C. 磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极
D. 安装家庭电路时，开关应与所控制的电灯串联，且接在火线上
【答案】D
【解析】
【详解】A．毛皮与橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒得到电子，带负电，毛皮失去电子带正电，故A错误；
B．电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故B错误；
C．在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，
故C错误；
D．开关接在灯泡和火线之间，当断开开关，火线和灯泡处于断开状态，人接触灯泡的金属部分时才不会
发生触电事故，故D正确。
故选D。
5.在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜16 cm处，在透镜另一侧距离透镜30 cm
处的光屏上得到烛焰清晰的像。则下列相关说法错误的是（ ）
A. 光屏上成倒立、放大的实像
B. 照相机是利用这一成像原理工作的
C. 该透镜的焦距f一定满足8 cm2f
2f>16cm>f
解得
8cm< f< 15cm
故C正确，不符合题意；
D．远视镜片是凸透镜，对光线具有会聚作用，所远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，光线将加强会聚，为
使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏靠近透镜，使像成在光屏上，故D正确，不符合题意。
故选B。
6.如图所示，粗糙程度相同的水平地面上，重50 N的物块在AB段受F=15 N的水平拉力作用，向右做匀速
直线运动，到B点时撤去水平拉力，物块仍继续运动，到C处静止。下列说法错误的是（ ）
A. 物块在竖直方向上受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 撤去水平拉力后物块受到惯性的作用，继续运动一段距离
C. 在BC段物块受到水平向左的摩擦力，大小为15 N
D. 若在B点物块失去所有力的作用，物块将做匀速直线运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．物块在竖直方向上只受到的重力和支持力且没有竖直方向上的运动状态变化，两个力大小相
等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故A正确，不符合题意；
的
B．撤去水平拉力后物块由于具有惯性，继续运动一段距离。惯性不是力，不能说受到惯性 作用，故B
错误，符合题意；
C．在AB段物块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力相等，物体向右运动，受到水平
向左的摩擦力，大小为15N。在BC段物块做减速运动，到C处静止，BC段滑动摩擦力大小只与压力与接
触面粗糙程度有关，故滑动摩擦力不变，还是15N，故C正确，不符合题意；
D．在B点时物块处于运动状态，根据牛顿第一定律可知，若在B点物块失去所有力的作用，物块将做匀
速直线运动，故D正确，不符合题意。故选B。
7.下列有关热和能的说法中，正确的是（ ）
A. 一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
B. 热量一定从内能小的物体传递给内能大的物体
C. 夏天在室内洒水降温，利用了水蒸发吸热的原理
D. 内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能
【答案】AC
【解析】
【详解】A．一块0℃的冰熔化成0℃的水，内能增加。因为冰在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，故
A正确；
B．热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体，故B错误；
C．炎热的夏天往地上洒水降温，是利用了水蒸发吸热的原理，故C正确；
D．内燃机在压缩冲程中，活塞对气缸中的气体做功，将活塞的机械能转化为气体的内能，使气缸中的气
体内能增加，温度会升高，所以内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增加了汽缸内物质的内能，故D
错误。
故选AC。
8.如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮重均为30N，滑轮组下端挂有质量为
30kg的物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右
做匀速直线运动；用水平向左的力F拉动物体A，可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体B上
升的速度大小为6cm/s。若不计绳重及绳与滑轮的摩擦，g取10N/kg，则下列说法中正确的是（ ）
A. 物体A所受滑动摩擦力大小为100N
B. F的大小为220N
C. F做功的功率为42W
D. 提升物体B时滑轮组的机械效率约为90. 9%
【答案】BD
【解析】
【详解】A．物体B的重力由图可知， ，不计绳重及滑轮的摩擦，A右侧绳子对滑轮组的拉力
因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力
故A错误；
B．用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的
粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，又因为A右侧绳子对A的拉力和对滑轮组的拉力由同一根绳
子承担，所以两个拉力大小相等，由力的平衡条件可得，此时水平向左的拉力
故B正确；
C．拉力端移动速度
拉力做功的功率
故C错误；
D．匀速提升物体B时，A对滑轮组的拉力
因为滑轮组的机械效率
所以此时滑轮组的机械效率
。
故D正确
故选BD。9.如图所示，电源电压恒定不变，下列说法正确的是（ ）
A. 只闭合S，将P向右移动，电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值不变
1
B. 开关都闭合，将P向右移动，电压表的示数为零，电流表示数变小
C. 闭合S、S 断开S，将P向右移动，电压表的示数变大，灯L的亮度变暗
1 2 3
D. 闭合S、S 断开S，将P向右移动，电流表的示数不变，R 消耗的功率不变
1 3 2 1
【答案】ACD
【解析】
【分析】
【详解】A．只闭合S ，R 、R 串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压，P
1 1 2
向右移动时，R 连入阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律知电路中电流变小，即电流表示数变小，
2
由串联电路的分压原理知R 分得电压变大，R 分得电压变小，串联电路中总电压等于各部分电路两端电压
2 1
之和，所以有： ，R 为定值电阻，由欧姆定律知
1
即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值不变，故A项正确；
B．开关都闭合，滑动变阻器和电压表被短路，电压表示数为0，R、L并联，将P向右移动，对电路无影
1
响，所以电流表示数不变，故B项错误；
C．闭合S、S，断开S，此时灯泡与R 并联后再与滑动变阻器串联，将P向右移动，滑动变阻器接入电
1 2 3 1
路的电阻变大，其分担的电压变大，电压表示数变大，并联部分分担的电压减小，根据 可知，灯
泡的功率变小，灯泡变暗，故C项正确；
D．闭合S、S，断开S，此时只有R 接入电路中，电流表测量电路中的电流，移动滑片对电路无影响，
1 3 2 1
即将P向右移动，电流表的示数不变，R 消耗的功率不变，故D项正确。
1
故选ACD。二、填空及简答题
10.如图所示是小明家上个月末电能表上的显示情况，则小明家同时使用的用电器总功率不能超过____W。
本月应缴电费80元，且电价为0.5元/度，则本月末抄表的示数为_____kW·h，小明现将一电水壶单独接
入电路发现电能表的转盘在5 min内转了100 圈，则该电水壶的实际功率为_______W。
【答案】 (1). 4400 (2). 2179.3kW⋅h (3). 1200
【解析】
【详解】[1]“10(20A)”中，20A是指电能表平时工作时允许通过的最大电流I=20A，小明家同时使用的用
电器总功率不能超过
P=UI=220V×20A=4400W
小明家同时使用的用电器总功率不能超过4400W。
[2]由题意可得，他家本月份消耗的电能
W= =160度=160kW⋅h
由图知上个月末抄表的示数为2019.3kW⋅h，则本月末的示数
2019.3kW⋅h+160kW⋅h=2179.3kW⋅h
本月末的示数为2179.3kW⋅h。
[3]“1000r/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘1000圈，转盘转100r，电热水壶消耗的电能
W= kW⋅h=0.1kW⋅h
电热水壶的电功率
P= = =1.2kW=1200W
该电水壶的实际功率为1200W。
11.下列现象中属于光的直线传播的是_________；属于光的反射的是_______；①海市蜃楼②手影③平面镜
成像④池水看起来“浅” ⑤水中倒影⑥雨后彩虹⑦插在水中的铅笔“折断”了⑧树荫下的光斑。
画出图中S发出的光线经平面镜反射后过P点的光路。（ ）
【答案】 (1). ②⑧ (2). ③⑤ (3).
【解析】
【详解】[1][2]①海市蜃楼：光经过不均匀的大气层发生折射形成的；②手影中影子是由光的直线传播形
成的；③平面镜成像属于光的反射；④池水看起来“浅”，光从水中斜着射向空气中，发生折射，折射光
线远离法线，当人逆着折射光线看时，感到池水变“浅”；⑤水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形
成的；⑥彩虹：雨后，空中有大量的小水滴，太阳光照在这些小水滴上，被分解为绚丽的七色光，也就是
光的色散；⑦插在水中的铅笔“折断”了；我们看到水中的铅笔是由于折射而形成的虚像，所以插在水中
的铅笔“折断”是光的折射现象；⑧树荫下的光斑是由光的直线传播形成的。综上分析，属于光的直线传
播的是②⑧；属于光的反射的是③⑤。
[3]过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′P与镜面交于O点，即为入射点
（反射点），连接SO就得到入射光线，如图所示：
12.图所示的水壶的物理模型是_______；用钢笔吸墨水利用了_________；简易喷雾器利用了流速越大的地
方压强_________。
【答案】 (1). 连通器 (2). 大气压 (3). 越小
【解析】
【详解】[1]水壶的物理模型是连通器，壶嘴与壶身中水位相平。[2]钢笔吸墨水是利用墨水表面的大气压大于笔内气压，从而把墨水压入笔中的。
[3]流速越大的地方压强越小，水面上方的大气压将水压上去，形成喷雾。
13.核能是_______（选填“可再生”或“不可再生”） 能源，现在的核电站是利用___________获得核能的；家
庭电路中电流过大的原因一是过载，二是发生__________。
【答案】 (1). 不可再生 (2). 核裂变 (3). 电路短路
【解析】
【详解】[1]核能是用完之后不能再生的能源，所以核电站所用的核燃料属于不可再生能源。
[2]由于核裂变是可控的，故核电站中的核反应堆就是通过核裂变过程中释放核能带动发电机发电的。
[3]家庭电路中电流过大的原因有两种，一是电路短路，二是用电器总功率过大。
14.火箭携带的燃料是液态氢，是因为液态氢的________大；5kg的20°C的水吸收了2.1 105J的热量温度
升高到___________°C。 [c =4.2 103J/(kg ℃)]
水
【答案】 (1). 热值 (2). 30
【解析】
【详解】[1]运载火箭用液态氢作燃料，是因为液态氢的热值大，相同质量的液态氢和其他燃料相比较，液
态氢燃烧时能释放出更多的能量。
[2]由Q =cmΔt得水升高的温度
吸
t= = =10℃
水的末温
t=t+ t =20℃+10℃=30℃
0
温度升高到30℃。
三、实验探究题
15.小聪用易拉罐、冰块、盐做了以下实验：
(1)他将冰块放入空易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌，用温度计测得易拉罐中冰与盐水的混合物温度
低于0 ℃，说明盐使冰的熔点__________（选填“低于”或“高于”）0℃，请举出此现象在实际生活中
的一个应用___________；
(2)实验时还发现易拉罐的底部有白霜形成，白霜是水蒸气____形成的，此过程需要___________热量。
【答案】 (1). 低于 (2). 结冰的路面撒盐熔冰 (3). 凝华 (4). 放出
【解析】
【详解】(1)[1]冰的熔点温度和凝固点温度相同，而温度计测得易拉罐中冰与盐水的混合物温度低于 0 ℃，
即混合物的凝固点低于0℃，表示混合物的熔点也是低于0℃。[2]把盐撒在结冰的路面上，使冰的凝固点降低，使水难以凝固成冰，防止车辆打滑。
(2)[3][4]霜是小冰晶，是空气中的水蒸气遇到冷的易拉罐凝华形成的，凝华过程需要放热。
16.如图所示是小明和小聪利用刻度均匀的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置：
(1)实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图A所示，此时应将螺母向___________调节，使杠杆在水平位
置平衡；
(2)杠杆平衡后，小明在左右两侧分别挂上钩码，如图B所示，要使杠杆重新在水平位置平衡，在不改变钩
码悬挂点的位置和改变较少钩码的前提下，只需将__________即可；
(3)小明和小聪又分别设计了两种实验方案，小明的方案如图C所示，小聪的方案如图D所示。你认为____
的实验方案更好，请说明你的理由____________；
(4)小聪发现如图所示的轻质杠杆OA能绕O点转动，请你帮他在杠杆中的A端画出使轻质杠杆保持平衡的
最小的力F的示意图（要求保留作图痕迹）。
（ ）
[拓展]小聪想利用如图所示的装置测物块的密度，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，且OB∶AB=2∶1，
当A端所挂一重物时，B点的拉力为12 N，然后把重物全部浸没于水中时，B点的拉力变为10.5N，则重
物的密度为__________kg/m3（水的密度为 ）。
【答案】 (1). 右 (2). 左侧的钩码去掉一个 (3). 小明 (4). 图C的力臂在杠杆上便于测量(5). (6).
【解析】
【详解】(1)[1]调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在
水平位置平衡。
(2)[2]要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总个数和悬挂点位置，只需要将左侧的钩码去掉一个
即可平衡。
(3)[3][4]由图可知，弹簧测力计在图C的力与杠杆垂直，力臂在杠杆上便于测量，图D的力不与杠杆垂直，
力臂不方便测量，所以小明的方案好。
(4)[5]O为支点，所以力作用在杠杆的最右端A点，并且力臂是OA时，力臂最长，此时的力最小。确定出
力臂然后做力臂的垂线即为力F，如图所示
。
的
[6]如图所示 装置测物块的密度，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，且
OB∶AB= 2∶1
OB∶OA= OB∶(OB+ AB)= 2∶(2+ 1)=2∶3
根据杠杆平衡的条件F×OB= G×OA可得
物质的质量把重物全部浸没于水中时，B点的拉力变为10.5N，此时物体在水中重G'，根据杠杆平衡的条件F'×OB=
G'×OA可得
物体受的浮力
根据阿基米德原理，物体排开液体体积
重物的密度为
17.在“测量小灯泡的电功率”的实验中电源电压为6 V，小灯泡的额定电压为2.5 V，小灯泡电阻约为10
Ω：
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲图中的实验电路连接完整（要求：滑片向左移动时电流表示数变小）；
（ ）
(2)小天同学在连接好最后一导线时，小灯泡立即发光，请你分析产生这一现象的操作错误是_______；
(3)改正错误后继续实验，移动滑动变阻器滑片到某点，电压表示数为2V，要使小灯泡正常发光，滑动变
阻器滑片应向___________（选填“左”或“右”）移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙
图所示，则小灯泡的额定功率是___________W；
(4)记下多组对应电流表和电压表示数，绘制出如图丙图所示的I-U图像，由图像可知用此实验装置______
（选填“可以”或“不可以”）做“探究通过定值电阻的电流与电压的关系”的实验；
[拓展]小天和同学们完成上述探究活动后，又想测量一只额定电压为3.8 V小灯泡的额定功率，但发现电压
表被别的同学拿走了，于是他借助一个10Ω的电阻，设计了如图所示的电路，也测出了小灯泡的额定功率。
具体操作如下：①只闭合开关S、S，调节滑动变阻器，使电流表的示数为_________A 时，小灯泡恰好正常发光；
1 2
②只闭合开关S、S，保持滑动变阻器滑片的位置不变，读出电流表示数为I；
1 3
③P =___ （用已知量和测量值表示，数值要求带单位）。
额
【答案】 (1). (2). 连接电路时没有断开开关 (3). 右 (4). 0.65
(5). 不可以 (6). 0.38 (7). 3.8V×(I-0.38A)
【解析】
【详解】(1)[1]滑片向左移动时电流表示数变小，即电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
(2)[2]小天同学在连接好最后一根导线时，小灯泡立即发光，产生这一现象的操作错误是：连接电路时没有
断开开关。
(3)[3][4]灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电
压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，
直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表示数为
0.26A，则小灯泡的额定功率是
P =U I =2.5V×0.26A=0.65W
额 额 额
(4)[5]如图丙所示的I-U图象为曲线，说明灯的电阻是变化的，探究通过定值电阻的电流与电压的关系时要
控制电阻大小不变，故由图象可知用此实验装置不可以做“探究通过定值电阻的电流与电压的关系“的实
验。
[6][7]①只闭合开关S、S，调节滑动变阻器，使电流表的示数为0.38A时，小灯泡恰好正常发光。
1 2
②只闭合开关S、S，保持滑动变阻器滑片的位置不变，读出电流表示数为I。
1 3③在①中，定值电阻的电压为
U =IR=0.38A×10Ω=3.8V
R
在③中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，
灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流
I =I-0.38A
L
小灯泡的额定功率
P =U I =3.8V×(I-0.38A)
L L L
四、计算应用题
18.如图所示，R 是阻值为10 Ω的定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡上标有“6V 2.4W”字样，且小灯泡的
0
阻值始终保持不变。当断开S，闭合S、S 时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U；断开S，闭合S、
2 1 0 1
S，将滑动变阻器的滑片置于中点时，电压表数为U ，已知U 与U 相差1 V。求：
2 滑 滑 0
(1)灯泡的电阻和电源的电压；
(2)滑动变阻器最大阻值。
【答案】(1) 15Ω；10V ；(2) 30Ω
【解析】
【详解】(1)灯泡上标有“6V 2.4W”字样，灯泡正常发光时电压U =6V，且小灯泡的阻值始终保持不变，
额
所以灯泡电阻为
灯泡正常发光时的电流为
的
当断开S，闭合S、S 时，R 和灯泡串联，灯泡正常发光，根据欧姆定律可得，R 两端 电压
2 1 0 0
U=IR =0.4A×10Ω=4V
0 0
电源电压
U=U+U =4V+6V=10V
0 额(2)闭合S、S，R和灯泡串联，若U 比U 小1V，灯泡将被烧坏，所以U 应比U 大1V
2 滑 0 滑 0
U =U+1V=4V+1V=5V
滑 0
那么灯泡两端的电压
根据串联分压特点可知
即
解得
R =15Ω
滑
此时滑动变阻器的滑片P置于中点，所以滑动变阻器最大阻值
R =2R =2×15Ω=30Ω
滑大 滑
答：(1)灯泡的电阻为15Ω，电源的电压为10V。
(2)滑动变阻器最大阻值30Ω。
19.如图所示，盛有水的轻质柱形容器A和实心正方体B放在水平桌面上，已知水的深度h =10cm，B的质
A
量为320 g，B对桌面的压强为2000 Pa。求：（g取10 N/kg， ）
(1)水对容器底部的压强；
(2)B的密度；
(3)若将A叠放在B的上面，B对桌面的压强增加了4000 Pa；若在B的上方截取一段并将截去部分浸没在
A容器后，B剩余部分对水平桌面的压强等于此时水对容器底部的压强，求B截取的高度。
【答案】(1) 1000Pa；(2) 5.0×103kg/m3；(3) 0.019m
【解析】
【详解】(1)根据题意知道，A中水的深度是h =10cm，故水对容器底部的压强
Ap=ρgh=1.0×103 kg/m3 ×10N/kg×0.1m=1000Pa
(2)因为B的质量为320g，B对桌面的压强为2000Pa，又因为
所以，B的横截面积是
正方体的高度
又因为
所以，B的密度是
(3)由于将A叠放在B的上方时，B对地面增加的压力
则A的重力为
A中水的质量为
A中水的体积
A的底面积为
设B截取的高度为h，则截取的体积为S h，由于B的密度大于水的密度，将截取的部分放入A容器中沉
B底，水面上升的高度为
由题意知
整理得
答：（1）水对容器底部的压强是1000Pa；
的
（2）B 密度是5.0×103kg/m3；
（3）B截取的高度是0.019m。
